2022新高考衡水名師原創(chuàng)物理專(zhuān)題卷：專(zhuān)題16 動(dòng)量

1、2022新高考衡水名師原創(chuàng)物理專(zhuān)題卷 專(zhuān)題十六 動(dòng)量1.下面的說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)力與物體的位移垂直時(shí)，該力的沖量為零B.如果物體（質(zhì)量不變）的速度發(fā)生變化，則可以肯定它受到的合外力的沖量不為零C.物體所受合外力沖量越大，它的動(dòng)量也越大D.做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的物體，在t時(shí)間內(nèi)所受重力的沖量可能為零2.位蹦床運(yùn)動(dòng)員僅在豎直方向上運(yùn)動(dòng)，彈簧床對(duì)該運(yùn)動(dòng)員的彈力隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示。不計(jì)阻力，取重力加速度。根據(jù)信息可求( )A.該運(yùn)動(dòng)員跳起的最大高度為B.該運(yùn)動(dòng)員最大加速度為C.每次接觸過(guò)程中，蹦床對(duì)該運(yùn)動(dòng)員的最大沖量為D.人體內(nèi)力做功至少要消耗的能量3.今年9號(hào)臺(tái)風(fēng)“利奇馬”登陸浙江，對(duì)浙江多地

2、造成了不同程度的破壞。臺(tái)風(fēng)登陸某地時(shí)風(fēng)速為v，該地公園內(nèi)有一棵大樹(shù)，臺(tái)風(fēng)過(guò)境時(shí)這棵大樹(shù)與臺(tái)風(fēng)正對(duì)接觸面積為S，假設(shè)臺(tái)風(fēng)與這棵大樹(shù)接觸后風(fēng)速變?yōu)?，已知空氣密度為，則臺(tái)風(fēng)對(duì)這棵大樹(shù)的作用力大小為( )A.B.C.D.4.水平面上有質(zhì)量相等的兩個(gè)物體，水平推力分別作用在。一段時(shí)間后撤去推力，物體繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段距離后停下。兩物體的圖線如圖所示，圖中。則整個(gè)過(guò)程中（ ）A.水平推力大小可能相等B.的平均速度大于的平均速度C.合外力對(duì)物體的沖量大于合外力對(duì)物體的沖量D.摩擦力對(duì)物體做的功小于摩擦力對(duì)物體做的功5.在光滑水平面上有三個(gè)小鋼球處于靜止?fàn)顟B(tài)，質(zhì)量分別為。其中兩球間夾一被壓縮的彈簧，兩球通過(guò)左右兩

3、邊的光滑擋板束縛著。若某時(shí)刻將擋板撤掉，彈簧便把兩球彈出，兩球脫離彈簧后，球獲得的速度大小為，若兩球相距足夠遠(yuǎn)，則兩球發(fā)生彈性碰撞后（ ）A.球的速度大小為，運(yùn)動(dòng)方向與原來(lái)相反B.球的速度大小為，運(yùn)動(dòng)方向與原來(lái)相反C.球的速度大小為D.球的速度大小為6.小車(chē)置于光滑水平面上，上表面粗糙且足夠長(zhǎng)，木塊以初速度滑上車(chē)上表面，則( )A.因車(chē)上表面粗糙故系統(tǒng)動(dòng)量不守恒B.車(chē)上表面越粗糙，小車(chē)獲得動(dòng)量越大C.車(chē)上表面越粗糙，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能越多D.的最終速度為7.如圖所示光滑水平面上靜置一質(zhì)量為的木塊，由一輕彈簧連在墻上，有一質(zhì)量為的子彈以速度水平射入木塊并留在其中，當(dāng)木塊第一次回到原來(lái)位置的過(guò)程中，墻

4、對(duì)彈簧的沖量大小為( ) A.0B.C.D.8.如圖所示,在光滑的水平面上,質(zhì)量為的小球A以速率向右運(yùn)動(dòng)。在小球的前方O點(diǎn)處有一質(zhì)量為的小球B處于靜止?fàn)顟B(tài),Q點(diǎn)處為一豎直的墻壁。小球A與小球B發(fā)生彈性碰撞后兩小球均向右運(yùn)動(dòng),小球B與墻壁碰撞后原速率返回,并與小球A在P點(diǎn)相遇,則兩小球的質(zhì)量之比為( )A.5:7B.4:3C.2:1D.5:39.質(zhì)量相同的三個(gè)小球在光滑水平面上以相同的速率運(yùn)動(dòng)，它們分別與原來(lái)靜止的三個(gè)小球發(fā)生彈性碰撞(與相碰，與相碰，與相碰)。碰后，球繼續(xù)沿原來(lái)方向運(yùn)動(dòng)；球靜止不動(dòng)；球被彈回而反方向運(yùn)動(dòng)。碰后，三球比較( )A.球的動(dòng)能最大，球的動(dòng)量最大B.球的動(dòng)能最大，球的動(dòng)

5、量最大C.球的動(dòng)能和動(dòng)量均最大D.球的動(dòng)能和動(dòng)量均最大10.如圖所示，小球A、B均靜止在光滑水平面上?，F(xiàn)給A球一個(gè)向右的初速度，之后與B球發(fā)生對(duì)心碰撞。下列關(guān)于碰后情況，說(shuō)法正確的是（ ）A.碰后小球A、B一定共速B.若A、B球發(fā)生完全非彈性碰撞，A球質(zhì)量等于B球質(zhì)量， A球?qū)㈧o止C.若A、B球發(fā)生彈性碰撞，A球質(zhì)量小于B球質(zhì)量，無(wú)論A球初速度大小是多少，A球都將反彈D.若A、B球發(fā)生彈性碰撞，A球質(zhì)量足夠大，B球質(zhì)量足夠小，則碰后B球的速度可以是A球的3倍11.如圖所示，物塊1、2、3均放在光滑水平面上，物塊1、2的質(zhì)量均為m；物塊3的質(zhì)量為2m，甲、乙兩圖中的輕彈簧完全相同，壓縮量也完全相

6、同，分別與豎直墻及物塊1、2、3接觸但不連接。對(duì)兩彈簧釋放后三個(gè)物塊被彈開(kāi)的過(guò)程，以下說(shuō)法正確的是（ ）A.兩彈簧對(duì)物塊1、2的沖量大小相同 B.乙圖中的彈簧對(duì)物塊2、3的沖量大小相同C.物塊1、3的最大動(dòng)能之比為2:1D.物塊2、3的最大動(dòng)能之比為2:112.如圖所示,一顆鋼珠從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始自由下落,然后陷入泥潭中,不計(jì)空氣阻力若把在空中下落的過(guò)程稱(chēng)為過(guò)程I,進(jìn)入泥潭直到停止的過(guò)程稱(chēng)為過(guò)程,則( )A.過(guò)程中鋼珠的動(dòng)量的改變量等于零B.過(guò)程中阻力的沖量的大小等于過(guò)程I中重力的沖量的大小C.I、兩個(gè)過(guò)程中合外力的總沖量等于零D.過(guò)程I中鋼珠的動(dòng)量的改變量等于重力的沖量A.方盒最終的速度為B.方

7、盒最終的速度為C.滑塊相對(duì)方盒運(yùn)動(dòng)的路程為D.滑塊相對(duì)方盒運(yùn)動(dòng)的路程為14.如圖所示，質(zhì)量為M、帶有半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道的滑塊靜置于光滑水平地面上，且圓弧軌道底端與水平面平滑連接，O為圓心。質(zhì)量為m的小滑塊以水平向右的初速度沖上圓弧軌道，恰好能滑到最高點(diǎn)，已知M=2m。，則下列判斷正確的是( )A小滑塊沖上軌道的過(guò)程，小滑塊機(jī)械能不守恒B小滑塊沖上軌道的過(guò)程，小滑塊與帶有圓弧軌道的滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒C小滑塊沖上軌道的最高點(diǎn)時(shí)，帶有圓弧軌道的滑塊速度最大且大小為D小滑塊脫離圓弧軌道時(shí)，速度大小為15.如圖所示，三小球的質(zhì)量都是，都放于光滑的水平面上，小球與輕彈簧相連且靜止，小球以速

8、度沖向小球，碰后與小球粘在一起運(yùn)動(dòng)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是( ) A三球與彈簧組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，總機(jī)械能不守恒B三球與彈簧組成的系統(tǒng)總動(dòng)量守恒，總機(jī)械能也守恒C當(dāng)小球速度相等時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能最大D當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，小球的動(dòng)能一定最大，小球的動(dòng)能一定不為零16.A、B兩球沿一直線運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前、后的位移隨時(shí)間變化的圖象，分別為兩球碰前的位移隨時(shí)間變化的圖象，為碰撞后兩球共同運(yùn)動(dòng)的位移隨時(shí)間變化的圖象，若球質(zhì)量是，則由圖判斷下列結(jié)論正確的是( ) A.碰撞前、后球的動(dòng)量變化量為B.碰撞時(shí)球?qū)η蛩┑臎_量為C.兩球碰撞前的總動(dòng)量為D.碰撞中兩球組成的系統(tǒng)損失的動(dòng)

9、能為17.在一光滑水平面上，一動(dòng)能為、質(zhì)量為m的小球甲與質(zhì)量為的靜止小球乙發(fā)生彈性碰撞，下列說(shuō)法正確的是( )A.碰撞前小球甲的速度大小為B.碰撞過(guò)程中小球甲損失的動(dòng)能為C.碰撞過(guò)程中小球甲受到的合力沖量大小為D.碰撞過(guò)程中小球乙動(dòng)量的變化量大小為18.如圖為驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置，實(shí)驗(yàn)中選取兩個(gè)半徑相同、質(zhì)量不等的小球，按下面步驟進(jìn)行實(shí)驗(yàn)：用天平測(cè)出兩個(gè)小球的質(zhì)量分別為和安裝實(shí)驗(yàn)裝置，將斜槽固定在桌邊，使槽的末端切線水平，再將一斜面連接在斜槽末端；先不放小球，讓小球從斜槽頂端A處由靜止釋放，標(biāo)記小球在斜面上的落點(diǎn)位置P;將小球放在斜槽末端B處，仍讓小球從斜槽頂端A處由靜止釋放，兩球發(fā)生碰

10、撞，分別標(biāo)記小球，在斜面上的落點(diǎn)位置；用毫米刻度尺測(cè)出各落點(diǎn)位置到斜槽末端B的距離。圖中從點(diǎn)是實(shí)驗(yàn)過(guò)程中記下的小球在斜面上的三個(gè)落點(diǎn)位置，從到B點(diǎn)的距離分別為。依據(jù)上述實(shí)驗(yàn)步驟，請(qǐng)回答下面問(wèn)題：（1）兩小球的質(zhì)量應(yīng)滿足_ （2）若進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，以下所提供的測(cè)量工具中必需的是_。A.直尺B.游標(biāo)卡尺C.天平D.彈簧秤E.秒表（3）用實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的數(shù)據(jù)來(lái)表示，只要滿足關(guān)系式_，就能說(shuō)明兩球碰撞前后動(dòng)量是守恒的。19.原長(zhǎng)為的輕質(zhì)彈簧豎直放置在地面上，將一質(zhì)量為的物體置于彈簧上端由靜止釋放，彈簧被壓縮到最短時(shí)長(zhǎng)度為。如圖所示，現(xiàn)將該彈簧水平放置在距地面高度的固定平臺(tái)上，左端固定在固定于平臺(tái)上的豎直擋板上，

11、右端與質(zhì)量為的物塊接觸但不連接，物塊與平臺(tái)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，與平臺(tái)等高的質(zhì)量為的小車(chē)緊貼平臺(tái)靜止在光滑水平地面上，小車(chē)左端放有質(zhì)量為的物塊，現(xiàn)用力向左緩慢推動(dòng)物塊，壓縮彈簧至彈簧長(zhǎng)度為時(shí)物塊與平臺(tái)右端距離為，此時(shí)撤去推力，物塊被彈簧彈開(kāi)后，與物塊發(fā)生完全非彈性碰撞粘為一體，小車(chē)上表面與之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，物塊與地面相碰后水平速度不變，豎直速度變?yōu)?，物塊可看成質(zhì)點(diǎn)，。求：(1)物塊與物塊碰撞后的速度大小。(2)若小車(chē)的長(zhǎng)度，物塊能否離開(kāi)小車(chē)？若能，求出離開(kāi)小車(chē)時(shí)的速度大??；若不能，說(shuō)明理由。(3)若小車(chē)的長(zhǎng)度，物塊落地后與小車(chē)水平方向相距最近時(shí)的距離。20.如圖所示，質(zhì)量為的物塊靜止在光滑

12、的水平地面上，一根輕彈簧的一端固定在物塊正上方的點(diǎn)，另一端連接在物塊上，彈簧剛好處于原長(zhǎng)狀態(tài)，彈簧的原長(zhǎng)為，一顆質(zhì)量為的子彈以大小為的水平速度射入物塊并留在物塊中，當(dāng)物塊的速度為零時(shí)，物塊對(duì)水平地面的壓力剛好為零，輕彈簧的勁度系數(shù)為，重力加速度為，求：(1)輕彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能；(2)當(dāng)物塊的速度為零時(shí)，物塊的加速度大?。?3)若將輕彈簧換成長(zhǎng)為的細(xì)線(能承受的拉力足夠大)，子彈打入物塊后，物塊向右運(yùn)動(dòng)并最終離開(kāi)地面向上做圓周運(yùn)動(dòng)，要使物塊能上升到圓周的最高點(diǎn)，子彈打入的初速度至少多大？參考答案1.答案：B解析：A、物體所受合外力沖量越大,它的動(dòng)量變化就越大,不是動(dòng)量越大,故A錯(cuò)誤;B、合

13、外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化量,物體所受合外力沖量不為零,它的動(dòng)量一定要改變,故B正確;C、合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化量,所以物體動(dòng)量增量的方向,就是它所受沖量的方向,而動(dòng)量的方向與所受沖量的方向沒(méi)有直接關(guān)系,故C錯(cuò)誤;D、物體所受合外力越大,加速度就越大,物體速度變化就越快,所以它的動(dòng)量變化就越快,但不一定越大,故D錯(cuò)誤.2.答案：D解析：本題考查運(yùn)動(dòng)與動(dòng)量、能量的綜合。該運(yùn)動(dòng)員每次騰空的時(shí)間相等，均為，故其跳起的最大高度為，最大速度，A項(xiàng)錯(cuò)誤；最大加速度，B項(xiàng)錯(cuò)誤；合力對(duì)該運(yùn)動(dòng)員的最大沖量等于，C項(xiàng)錯(cuò)誤；人獲得的最大動(dòng)能等于，故D項(xiàng)正確。3.答案：A解析：根據(jù)動(dòng)量定理知風(fēng)的動(dòng)量變化量等

14、于樹(shù)對(duì)風(fēng)的沖量，設(shè)風(fēng)與樹(shù)作用時(shí)間為t，則時(shí)間t內(nèi)，風(fēng)運(yùn)動(dòng)的距離為，與樹(shù)相互作用的風(fēng)的體積，質(zhì)量，則風(fēng)對(duì)該大樹(shù)沖量大小為，由動(dòng)量定理有，因此，故選A。4.答案：D解析：由圖，與平行，說(shuō)明推力撤去后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩物體受到的摩擦力大小相等。加力時(shí)，由圖像可知的加速度大于的加速度，根據(jù)F-f=ma可知水平推力的大小大于大小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；設(shè)兩物體的最大速度為v,加F時(shí)兩物體的平均速度均為v/2，撤去后兩物體的平均速度仍為v/2，可知的平均速度等于的平均速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理可知，合外力的沖量的關(guān)于動(dòng)量的變化量，由于兩物體的動(dòng)量變化量

15、均為零，可知合外力對(duì)物體的沖量等于合外力對(duì)物體的沖量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由圖像可知，的位移小于的位移，因兩物體的摩擦力相等，可知摩擦力對(duì)物體做的功小于摩擦力對(duì)物體做的功，選項(xiàng)D正確；故選D.5.答案：B解析：設(shè)球脫離彈簧時(shí)的速度為,兩球相碰后的速度分別為和。取向右為正方向,彈簧將兩球彈出過(guò)程,由動(dòng)量守恒定律有.可得,兩球相碰過(guò)程，由動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能守恒得：聯(lián)立解得(負(fù)號(hào)表示方向向左,與原來(lái)相反),6.答案：D解析：以小車(chē)和木塊組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)所受合外力為零，因此系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由得，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，D正確；相對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中系統(tǒng)的一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律得與車(chē)上表面的粗糙程度無(wú)關(guān)，

16、選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)A選項(xiàng)分析，小車(chē)M獲得的動(dòng)量M與車(chē)上表面粗糙程度無(wú)關(guān)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤7.答案：D解析：由于子彈射入木塊的時(shí)間極短，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，取向右為正方向根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，解得從彈簧被壓縮到木塊第一次回到原來(lái)的位置過(guò)程中，系統(tǒng)速度大小不變，方向改變，對(duì)木塊（含子彈），根據(jù)動(dòng)量定理得，由于彈簧的質(zhì)量不計(jì)，則墻對(duì)彈簧的彈力等于彈簧對(duì)木塊的彈力，所以墻對(duì)彈簧的沖量大小等于彈簧對(duì)木塊的沖量大小，為，故D正確8.答案：D解析：設(shè)小球碰撞后的速度分別為,由于兩球發(fā)生彈性碰撞,則球組成的系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒,以向右為正方向,則根據(jù)動(dòng)量守恒定律有,由機(jī)械能守恒定律有,又水平面光滑,則兩球運(yùn)動(dòng)過(guò)程不

17、受摩擦力,設(shè)兩球兩次碰撞的時(shí)間間隔為t,根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和幾何關(guān)系有,聯(lián)立解得,D正確。9.答案：B解析：三個(gè)碰撞過(guò)程系統(tǒng)碰前總能量相同，由于發(fā)生彈性碰撞，碰撞過(guò)程無(wú)能量損失，球碰后動(dòng)能為零，最小，故碰后的動(dòng)能最大；由動(dòng)量守恒可知，碰后被彈回而反方向運(yùn)動(dòng)，動(dòng)量為負(fù)，由此可知碰后球動(dòng)量最大，故正確。10.答案：C解析：A. 碰后小球A. B可能共速，發(fā)生完全非彈性碰撞，也可能不共速，故A錯(cuò)誤；B. 若A. B球發(fā)生完全非彈性碰撞，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：共可知：，A球一定運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C. 若A. B球發(fā)生彈性碰撞，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：根據(jù)動(dòng)能守恒得：聯(lián)立解得：, ,若,

18、則，A球?qū)⒎磸?，故C正確；D. 若A. B球發(fā)生彈性碰撞,若,由得：，則碰后B球的速度最大是A球的2倍，故D錯(cuò)誤。11.答案：BD解析：A. 圖甲中，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為物塊1的動(dòng)能，圖乙中，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為物塊2、3的動(dòng)能，故物塊1的末速度大于物塊2的末速度，根據(jù)動(dòng)量定理可知，兩彈簧對(duì)物塊1、2的沖量大小不等，故A錯(cuò)誤；B. 圖乙中，物塊2、3水平方向上不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量定理可知，彈簧對(duì)物塊2、3的沖量大小相同，故B正確；CD、圖乙中,物塊2的動(dòng)能為,物塊3的動(dòng)能為，故物塊2、3的最大動(dòng)能之比為2:1，物塊1的末速度大于物塊2的末速度，故物塊1、3的最大動(dòng)能之比不等于2

19、:1，故C錯(cuò)誤，D正確。12.答案：CD解析：過(guò)程I中鋼珠所受的外力只有重力，由動(dòng)量定理可知，鋼珠的動(dòng)量的改變量等于重力的沖量，故D正確；在整個(gè)過(guò)程中，鋼珠的動(dòng)量的變化量為零，由動(dòng)量定理可知，I、兩個(gè)過(guò)程中合外力的總沖量等于零，故C正確；過(guò)程中，鋼珠所受的外力有重力和阻力，所以過(guò)程中阻力的沖量的大小等于過(guò)程I中重力的沖量的大小與過(guò)程中重力的沖量的大小之和，故B錯(cuò)誤；過(guò)程中鋼珠所受合外力的沖量不為零，由動(dòng)量定理可知，過(guò)程中鋼珠的動(dòng)量的改變量不等于零，故A錯(cuò)誤13.答案：AD解析：AB、設(shè)滑塊和盒的質(zhì)量為。對(duì)整個(gè)過(guò)程，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得：解得：,即最終盒的速度大小為，故A正確，B錯(cuò)

20、誤。CD、設(shè)滑塊相對(duì)于盒運(yùn)動(dòng)的路程為。由能量關(guān)系可知：共解得：故C錯(cuò)誤，D正確。14.答案：AD解析：A.小滑塊沖上軌道的過(guò)程，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小滑塊機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)A正確；B.小滑塊沖上軌道的過(guò)程，系統(tǒng)豎直方向受力不為零，動(dòng)量不守恒，但系統(tǒng)在水平方向合力為零，動(dòng)量守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD.有水平方向動(dòng)量守恒和系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得，小滑塊沖到軌道的最高點(diǎn)時(shí)，圓弧軌道速度大小為；當(dāng)m從圓弧軌道返回脫離圓弧軌道時(shí)，圓弧軌道速度最大，設(shè)脫離時(shí)小滑塊和圓弧軌道的速度分別為，則有;解得，故C錯(cuò)誤， D正確。15.答案：ACD解析：在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，三球與彈簧組成的系統(tǒng)的合外力為零，系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒，與碰撞

21、過(guò)程中機(jī)械能減少，故A正確， B錯(cuò)誤。當(dāng)小球速度相等時(shí)，彈簧的壓縮量或伸長(zhǎng)量最大，彈簧彈性勢(shì)能最大，故C正確當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，小球的動(dòng)能一定最大，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律可知，小球的動(dòng)能不為零，故D正確16.答案：ABD解析：根據(jù)題圖可知，碰前A球的速度，碰前B球的速度，碰后A、B兩球共同的速度，故碰撞前、后A球的動(dòng)量變化量為；A球的動(dòng)量變化量為4，碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，B球的動(dòng)量變化為4，根據(jù)動(dòng)量定理，碰撞過(guò)程中A球?qū)球所施的沖量為4 ；由于碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，有，解得，故碰撞過(guò)程中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動(dòng)能為；A、B兩球碰撞前的總動(dòng)量為 kgm/s17.答案：ABC解析：由動(dòng)能公式可知，碰撞前小球甲的速度大小，A項(xiàng)正確；設(shè)小球甲碰撞前的動(dòng)量為，由動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系，有，碰撞前小球甲的動(dòng)量，碰撞后小球甲的動(dòng)量為p，小球乙的動(dòng)量為，由彈性碰撞遵循動(dòng)量守恒定律和碰撞前后動(dòng)能不變，可得，小球甲損失的動(dòng)能，聯(lián)立解得，故B項(xiàng)正確；碰撞過(guò)程中小球乙動(dòng)量變化，D項(xiàng)錯(cuò)誤；由，可知碰撞過(guò)程中小球甲動(dòng)量變化量的大小等于小球乙動(dòng)量變化量的大小，即，由動(dòng)量定理可得，碰撞過(guò)程中小球甲受到的合力沖量大小為，C項(xiàng)正確。18.答案：（1）；（2）；（3）解析：(1)為了防止入射球碰后反彈，一定 要保證入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，即。（2）要驗(yàn)證動(dòng)量