重慶市主城區(qū)2021屆高三上學期高考適應性試卷(一)物理試題Word版含答案

1、秘密啟用前重慶市主城區(qū)2021屆高考適應性試卷（一）物理注意事項：1 .答題前，考生務必用黑色簽字筆將自己的姓名、準考證號、座位號在答題卡上填寫清楚；2 .每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，在試卷上作答無效;3 .考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。滿分100分，考試用時75分鐘。第I卷（選擇題）一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）1. 一輛汽車從車站以初速度為零勻加速直線開去，開出一段時間之后，司機發(fā)現(xiàn)一乘客未上車，立即剎車做勻減速運動.從啟動到剛停止一共經(jīng)歷，前進了 12?，在此過程中，汽車的最大速度為A.B.C.D.無法確定2.3.如圖所示，電源電動

2、勢為區(qū)內(nèi)阻為電路中的、分別為總阻值一定的滑動變阻器, 為定值電阻，為光敏電阻其電阻隨光照強度增大而減小當開關S閉合時，電容器中 一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài).下列說法中正確的是A,只逐漸增大的光照強度，電阻消耗的電功率變大，電阻中有向上的電流B.只調(diào)行電阻的滑片向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻中有向上的電流C.只調(diào)節(jié)電阻的滑片向下端移動時，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運動D.若斷開開關S,電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運動一定質(zhì)量的理想氣體從A狀態(tài)開始，經(jīng)過、最后回到初始狀態(tài)A,各狀態(tài)參量如圖所0 -V2V3V y示，則下列說法正確的是A.過程氣體從外界吸熱B.過程氣體對外做功大于過程

3、外界對氣體做功C.過程氣體從外界吸熱D. A狀態(tài)氣體分子平均動能小于D狀態(tài)氣體分子平均動能4 .在雙縫干涉實驗中，光屏上某點P到雙縫、的路程差為，如果用頻率為的單色光照射雙縫，則A.單色光的波長是；P點出現(xiàn)暗條紋B.單色光的波長是：P點出現(xiàn)亮條紋C.單色光的波長是：P點出現(xiàn)暗條紋D.單色光的波長是；尸點出現(xiàn)亮條紋5 .以下關于近代物理內(nèi)容的敘述中，正確的是A.原子核發(fā)生一次衰變，原子核內(nèi)部就會少兩個質(zhì)子和兩個中子B.天然放射現(xiàn)象中發(fā)出的射線的本質(zhì)都是電磁波C.發(fā)生光電效應時，光電子的最大初動能與金屬有關，與入射光頻率無關D.根據(jù)玻爾原子理論，一個氫原子從第4能級向低能級躍遷過程會發(fā)出4種不同頻

4、率的光子6 .如圖所示，一個內(nèi)阻不可忽略的電源，為定值電阻，和是小燈泡，R為滑動變阻器，尸為滑片。若將滑片向下滑 動，則在滑動過程中，燈泡的亮度及消耗的電功率分別A.變亮，一直減小C.變暗，無法確定B.變暗，一直增大D.變暗，先增大后減小7.地面上物體在變力F作用下由靜止開始豎直向上運動，力/隨高度x的變化關系如圖 所示，物體能上升的最大高度為山，重力加速度為g。上升過程中物體加速度的最 大值為A.B.C.D.8 . “信使號”水星探測器按計劃將在今年隕落在水星表而。工程師通過向后釋放推進 系統(tǒng)中的高壓氮氣來提升軌道，使其壽命再延長一個月，如圖所示，釋放氮氣前， 探測器在貼近水星表面的圓形軌道

5、I上做勻速圓周運動，釋放氮氣后探測器進入橢 圓軌道n,忽略探測器在橢圓軌道上所受阻力，則下列說法正確的是A.探測器在軌道I上E點速率大于在軌道n上E點速率B.探測器在軌道口上任意位置的速率都大于在軌道I上速率c.探測器在軌道I和軌道n上的e點處加速度不相同D.探測器在軌道n上遠離水星過程中，動能減少但勢能增加二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）9 .地面附近，存在著一有界電場，邊界MN將某空間分成上下兩個區(qū)域I、H,在區(qū)域II中有豎直向上的勻強電 場，在區(qū)域I中離邊界某一高度由靜止釋放一質(zhì)量為/的帶電小球A，如圖甲所示，小球運動的圖象如圖乙所 示，己知重力加速度為g,不計空氣阻力，則A.

6、在時，小球經(jīng)過邊界B.小球受到的重力與電場力之比為3： 5C.在小球向下運動的整個過程中，重力做的功與電場力做的功大小相等D,在小球運動的整個過程中，小球的機械能與電勢能總和先變大再變小10.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過狀態(tài)尻C后再回到狀態(tài)A.關于該循環(huán)過程，下列說法中正確的是A.過程中，氣體溫度升高B.過程中，氣體分子的平均動能減小C.過程中，氣體密度變大D.過程中，單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多11.如圖所示，電源的電動勢匕內(nèi)阻，為電阻箱，調(diào)節(jié)范圍為，電容器，電容器的下極板接地，兩極板 正中間有一點未標出，初始時刻開關S斷開，則下列說法正確的是A.若將電容器的下極板

7、稍向下移動，則尸點的電勢增大B.閉合開關S后，流過的電荷量。C.將電阻箱調(diào)到后再閉合開關S,穩(wěn)定后電容器上的電量為0D.閉合開關S后，將電阻箱從0開始逐漸調(diào)到最大值，電源的輸出功率先增大后減小12.如圖所示，一玻璃球體的半徑為R。為球心，A8為直徑，在球的左側(cè)有一豎直接收屏 在A點與玻璃球相切。自8點發(fā)出的光線在M點射出，出射光線平行于月從照射 在接收屏上的。點。另一光線BN恰好在N點發(fā)生全反射.已知，下列說法正確的是A.玻璃的折射率為B.光由8傳到M點與再由M傳到。點所需時間比為C.球心。到8N的距離D.若該5點處光源為紅光，將共替換為綠光光源，則圓弧上恰好全反射的N點向左移動第n卷（非選擇

8、題）三、實驗題（本大題共3小題，共27.0分）13 .如圖所示,一個學生用廣口瓶和直尺測定水的折射率，填寫下述實驗步驟中的空白:用刻度尺測出廣口瓶瓶口內(nèi)徑4在瓶內(nèi)裝滿水；將直尺沿瓶口邊緣豎直插入水中；沿廣口瓶邊緣。點向水中直尺正面看去，若恰能看到直尺上0刻度，即圖中點，同時看到水面上點刻度的像恰與點的像相重合：若水而恰與直尺的點相平，讀出的長度和的長度：由題中所給條件，可以計算水的折射率，沿廣口瓶邊緣。點向水中直尺正面看去，可看到水下直尺的最高點距的距離為 o用題目中所給符號表示14 .某實驗小組為了測量當?shù)氐闹亓铀俣萭設計了如下實驗。將一根長為L的輕繩，一端固定在過。點的轉(zhuǎn)軸上， 另一端固

9、定一個質(zhì)量為小的小球，使整個裝置繞。點在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動。在小球轉(zhuǎn)動過程中的最高點處放置一 光電門，在繩上合適的位置安裝一個力的傳感器。裝置示意圖如左圖所示。在實驗中記錄小球通過光電門的時 間以確定小球在最高點的速度v,同時記錄傳感器上繩子的拉力大小F,即可做出小球在最高點處繩子對小球的 拉力與其速度平方的關系圖如右圖所示：根據(jù)實驗所給的信息，寫出小球在最高點處F與v的關系式o根據(jù)做出的圖像的信息可以求出當?shù)氐闹亓铀俣萶用和L表示如果在實驗中保持繩長不變,而減小小球的質(zhì)量?，則圖像乙中b的位置 變化,不變，圖像斜率 變大、變小、不變。15 .某同學為了將一量程為3V的電壓表改裝成可測量電阻的儀

10、表歐姆表；先用如圖所示電路測量該電壓表的內(nèi)阻，圖中電源內(nèi)阻可忽略不計，閉合開關，將電阻箱阻值調(diào)到時，電壓表 恰好滿偏；將電阻箱阻值調(diào)到時，電壓表指針指在如圖所示位置，則電壓表的讀數(shù)為 V,由以上數(shù)據(jù)可得 電壓表的內(nèi)阻;將圖的電路稍作改變，在電壓表兩端接上兩個表筆，就改裝成了一個可測量電阻的簡易歐姆表，如圖所示，為將表盤的電壓刻度轉(zhuǎn)換為電阻刻度，進行了如下操作：將兩表筆斷開，閉合開關，調(diào)節(jié).電阻箱，使指針指在處，此處刻度應標阻值為 填“0”或“”：再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻找出對應的電壓刻度，則"”處對應的電阻刻度為:若該歐姆表使用一段時間后，電池內(nèi)阻不能忽略

11、且變大，電動勢不變，但將兩筆斷開時調(diào)打電阻箱，指針仍能 滿偏，按正確使用方法再進行測量，其測量結(jié)果將.4偏大偏小不變無法確定四、計算題（本大題共3小題，共30.0分）16 .如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊可看成質(zhì)點沿某斜而頂端A由靜止滑下，已知滑塊與斜而間的動摩擦因數(shù)和滑塊 到斜而頂端的距離X的關系如圖所示.斜面傾角為，長為/，有一半徑為的光滑豎直半圓軌道剛好與斜而底端8 相接，且直徑BC與水平面垂直，假設滑塊經(jīng)過8點時沒有能量損失.重力加速度為g,求：滑塊剛釋放瞬間的加速度大小:滑塊滑至斜面底端時的速度大?。夯瑝K滑至半圓軌道的最高點。時，對軌道的壓力大小.17 .如圖所示，質(zhì)量為M的導體棒從垂直

12、放在相距為/的平行光滑金屬導軌上，導軌平面與水平面的夾角為，并 處于磁感應強度大小為8、方向垂直于導軌平而向上的勻強磁場中，左側(cè)是水平放置、間距為的平行金屬板, R和分別表示定值電阻和滑動變阻器的阻值，不計其他電阻.調(diào)在，釋放導體棒，當棒沿導軌勻速下滑時，求通過棒的電流/及棒的速率也改變，待棒沿導軌再次勻速下滑后，將質(zhì)量為，帶電荷量為的微粒水平射入金屬板間，若它能勻速通過，求此時的.一汽缸豎直放在水平地面上，缸體質(zhì)量，一輕質(zhì)活塞橫截面積為，活塞上面的汽缸內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的理想氣體, 下面有氣孔。與外界相通，大氣壓強，活塞下面與勁度系數(shù)的輕彈簧相連。當汽缸內(nèi)氣體溫度為時彈簧為自然長度, 此時缸內(nèi)

13、氣柱長度，4取，活塞不漏氣且與缸壁無摩擦。當缸內(nèi)氣柱長度時，缸內(nèi)氣體溫度為多少缸內(nèi)氣體溫度上升到7時，汽缸恰好離開地面，則7為多少秘密啟用前重慶市主城區(qū)2021屆高考適應性試卷（一）物理參考答案試題難度：0.451 .【答案】B【解析】【試題解析】【分析】汽車先做勻加速直線運動，后做勻減速直線運動，運用用勻變速直線運動的平均速度公式和位移時間公式即可求解最大速度。本題巧用勻變速直線運動的平均速度公式可以簡化解題過程。也可以作出圖象，根據(jù)“面積”等于位移求解?！窘獯稹吭O汽車的最大速度為，在勻加速階段初速度為0,末速度為，則勻加速階段的平均速度：，位移：；住勻減速階段初速度為，末速度為0,則勻減速

14、階段的平均速度：，位移：；在整個運動過程中，總位移為；所以汽車的最大速度：，故B正確，ACD錯誤。故選瓦2 .【答案】A【解析】【試題解析】解：A、只逐漸增大的光照強度，的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻消耗的電功率變大，滑動變阻器的電 壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻中有向上的電流，故A正確；8、電路穩(wěn)定時，電容相當于開關斷開，只調(diào)節(jié)電阻的滑動端向上端移動時，對電路沒有影響，故3錯誤：C、只調(diào)H.電阻的滑動端向下端移動時，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由可知，電場力 變大，帶點微粒向上運動，故C錯誤：若斷開開關S,則電容器在與、組成

15、的電路中放電，電荷量減少，電壓減小，電場力減小，帶電微粒向下運動, 故。錯誤.故選A電路穩(wěn)定時，電容相當于開關斷開，其電壓等于與之并聯(lián)的滑動變阻器部分的電壓.只逐漸增大的光照強度，的阻 值減小，總電阻減小，總電流增大，判斷消耗的電功率，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所 以電阻中有向上的電流，電路穩(wěn)定時，電容相當于開關斷開，只調(diào)節(jié)電阻的滑動端向上端移動時，對電路沒有影響， 只調(diào)H.電阻的滑動端向下端移動時，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由分析板間場強變 化和油滴所受電場力變化，判斷油滴的運動情況.若斷開電鍵S,電容器處于放電狀態(tài).本題中穩(wěn)定時電容器與電路部

16、分是相對獨立的.分析油滴是否運動，關鍵分析電場力是否變化.3 .【答案】A【解析】【試題解析】【分析】本題是熱學中的圖象問題，根據(jù)熱力學第一定律和理想氣體狀態(tài)方程綜合求解即可，基礎題目?！窘獯稹緼.根據(jù)圖象可知，A到8過程中氣體溫度升高，內(nèi)能增大，同時氣體對外做功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體一定 吸熱，故A正確：B.根據(jù)氣體做功公式可知，圖象與橫軸所圍成的面積代表做功的數(shù)值，故A到8過程氣體對外做功等于。到。過程 外界對氣體做功，故8錯誤；CC到。過程內(nèi)能減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體放熱，故。錯誤；。根據(jù)可知，A狀態(tài)溫度高于。狀態(tài)，所以A狀態(tài)氣體分子平均動能大于。狀態(tài)氣

17、體分子平均動能，故。錯誤。故選A。4 .【答案】C【解析】解：根據(jù)光波的速度公式：則有：m光的路程差跟光波長之比為：；即路程差為光的半個波長的奇數(shù)倍.因此，兩束光在該點振動減弱，出現(xiàn)光的暗條紋，故C正確，A3。錯誤.故選：Co先根據(jù)公式求出光的波長，然后判斷路程差是半波長的奇數(shù)倍還是偶數(shù)倍，若是偶數(shù)倍即波長的整數(shù)倍則出現(xiàn)亮條 紋.本題考查雙縫干涉實驗中出現(xiàn)明暗條紋的條件，掌握光的干涉中出現(xiàn)明亮條紋的條件并會應用，解決本題的關犍掌 握雙縫到光屏上尸點的距離之差是波長的整數(shù)倍，則出現(xiàn)明條紋，路程之差是半波長的奇數(shù)倍，則出現(xiàn)暗條紋.5 .【答案】A【解析】【試題解析】【分析】衰變電荷數(shù)減少2,質(zhì)量數(shù)

18、減少4,質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)的總和：天然放射現(xiàn)象中，只有射線是電磁波；根據(jù) 光電效應方程判斷光電子的最大初動能；根據(jù)能級躍遷原理分析氫原子的躍遷，注意是對大量的氫原子，不是一個 氫原子。本題考查了氫原子能級躍遷、衰變、光電效應方程的應用、核反應等基礎知識點，關鍵要熟悉教材，牢記這些基礎 知識點，注意光電效應發(fā)生的條件與光的強度無關。【解答】A.衰變電荷數(shù)減少2,質(zhì)量數(shù)減少4,電荷數(shù)對應質(zhì)子數(shù)，質(zhì)量數(shù)對應質(zhì)子數(shù)和中子數(shù)的總和，故原子核發(fā)生一次衰 變，原子核內(nèi)部就會少兩個質(zhì)子和兩個中子，故A正確；8.天然放射現(xiàn)象的射線中，只有射線是電磁波，射線是氮核，射線是高速的電子流，故8錯誤：C.根據(jù)愛因

19、斯坦光電效應方程，可知光電子的最大初動能與入射光頻率有關，故C錯誤；D大量的氫原子從第4能級向低能級躍遷時會發(fā)出種不同頻率的光子，故。錯誤。故選人6 .【答案】B【解析】【試題解析】【分析】將滑動片向下滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電 流和路端電壓的變化，再分析上消耗功率的變化以及燈泡。對于電路中動態(tài)變化分析問題，一般先確定局部電阻的變化，再確定總電阻的變化，到總電流、總電壓的變化，再 回到局部電路研究電壓、電流的變化?！窘獯稹咳魧⒒琍向下滑動，則總電阻減小，回路總電流增大，路端電壓減小，故燈泡變暗，通過的電流減小，根據(jù)，知 上電流增大，電壓增

20、大，功率增大，分的電壓為路端電壓減去分的電壓，故L的電壓減小，燈變暗：故B正確，ACD 錯誤：故選：民7 .【答案】B【解析】解：由圖示圖象可知，作用力，當時作用在物體上的力廠均勻地減小，物體的加速度逐漸減小到零然后反向增加，物體從靜止開始向上做加速運動然后做減速運動，到達最高點時說的為零，根據(jù)對稱性可知開始時和高度最大時，具有相同的加速度，且為最大，物體從靜止開始運動到最高點過程，力對物體做功：從物體開始運動到運動到人過程，對物體，由動能定理得：解得：物體開始運動時加速度最大，由牛頓第二定律可知，最大加速度：解得：，故8正確，ACQ錯誤。故選：Bo作用在物體上的力尸均勻地減小，所以加速度是先

21、減小至零時再反向增加，開始時與到達最高點時速度都為零，根 據(jù)對稱性可知開始時和高度最大時，具有相同的加速度；圖線與坐標軸所圍成圖形的面積等于力做的功，應用動能 定理求出物體的質(zhì)量，然后應用牛頓第二定律求出物體上升過程的最大加速度。本題考查了牛頓第二定律的應用，本題難道較大，根據(jù)題意分析清楚物體的運動過程與受力情況是解題的前提，應 用動能定理與牛頓第二定律即可解題。8 .【答案】D【解析】解：A、根據(jù)衛(wèi)星變軌原理可知，從軌道I變軌到軌道n要在E點加速，即在軌道I上E點速率小于在軌道 n上e點速率，故A錯誤：夙如圖所示，如果探測器在軌道口上的廠點加速后才能進入過尸點的圓軌道m(xù),對于圓軌道I和圓軌道

22、m上的物體， 由可知軌道in上速率小于軌道I上的物體的速率，所以探測器在軌道n上/點的速率小于在軌道I上速率，故3錯 誤：c、探測器不論是在軌道I還是在軌道u上的e點，受到的萬有引力相同，故加速度應相同，故。錯誤：。、探測器在軌道口上遠離水星過程中，萬有引力做負功，故動能減小，勢能增加，故。正確。故選：D.根據(jù)根據(jù)衛(wèi)星變軌原理分析。根據(jù)萬有引力提供向心力，得到線速度表達式分析。根據(jù)牛頓第二定律比較加速度的大小。根據(jù)萬有引力做功判斷動能的變化，根據(jù)高度比較勢能的變化.該題考查了萬有引力定律的相關知識，涉及到牛頓第二定律、動能定理的基本運用，知道探測器變軌的原理，當萬 有引力不夠提供向心力，做離心

23、運動。9 .【答案】BC【解析】【試題解析】解：A、小球進入電場前做自由落體運動，進入電場后受到電場力作用而做減速運動，由圖可以看出，小球經(jīng)過邊界MN的時刻是時.故A錯誤.8、由圖象的斜率等于加速度得小球進入電場前的加速度為、進入電場后的加速度大小為，由牛頓第二定律得：得電場力：由得重力犯？與電場力尸之比為3：故B正確.C、整個過程中，動能變化量為零，根據(jù)動能定理，整個過程中重力做的功與電場力做的功大小相等.故。正確.。、整個過程中，小球具有兩種形式的能：機械能與電勢能，根據(jù)能量守恒定律得知，它們的總和不變.故。錯誤. 故選BC小球進入電場前做自由落體運動，進入電場后受到電場力作用而做減速運動

24、，由圖可以看出，小球經(jīng)過邊界的 時刻.分別求出小球進入電場前、后加速度大小，由牛頓第二定律求出重力與電場力之比.根據(jù)動能定理研究整個 過程中重力做的功與電場力做的功大小關系.整個過程中，小球的機械能與電勢能總和不變.本題一要能正確分析小球的運動情況，抓住斜率等于加速度是關鍵：二要運用牛頓第二定律和動能定理分別研究小 球的受力情況和外力做功關系.10 .【答案】BD【解析】【試題解析】BD【解析】對于圖像，過原點的直線代表等溫線，故A、8兩點溫度相同，A錯誤；A到B過程氣體體積減小，故 單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多，O正確：8到C是等容變化，壓強變小，則溫度7降低，分子平均動 能降低，

25、B正確；C到A是等壓變化，體積變大，氣體平均密度變小，。錯誤11 .【答案】A3【解析】【試題解析】【分析】 本題考查的知識點主要有電容器的動態(tài)分析和閉合電路的動態(tài)分析，知道在直流電路中電容器處理為斷路、電容器 的電壓情況，能認清電流的構(gòu)造是解題的關鍵?！窘獯稹慨旈_關S斷開時，、和斷路，電容器的電壓等于所分的電壓；當開關S閉合時，斷路，、串聯(lián)，R4、R5串聯(lián)后再并 聯(lián)，電容器的電壓等于和所分的電壓差。A.開關S斷開時，電容器的電壓U不變，接地其電勢為零。設電容器間距離為乩P點與上極板的距離為x,則尸點 的電勢為，可知將電容器的下極板稍向下移動，/增大，小U不變，故尸點電勢增大，故A正確：B開關

26、S斷開時，電容器電壓，此時電容器的電荷量為，上極板為正，下極板為負，開關S閉合時，由于，此時電容器電壓依然為電壓，根據(jù)電路知識求得，此時電容器電荷量為，上極板為正，下極板為負，故流過的電荷量，故8正確；C將電阻箱調(diào)到后再閉合開關S時，由于，故電容器兩端的電壓不為零，故所帶的電荷量不為零，故C錯誤；。閉合開關S時，外阻，此時電源的輸出功率最大，在電阻箱從0開始逐漸調(diào)到最大值過程，外阻R一直增大，故 電源的輸出功率一直減小，故O錯誤。故選A及12 .【答案】ACD【解析】【試題解析】【分析】該題考查了折射定律得應用，要求要熟練的記住折射定律的內(nèi)容，求折射率時，一定要分清是從介質(zhì)射向空氣還是 由空氣

27、射入介質(zhì)再者就是會用來解決相關問題?！窘獯稹咳艘阎?，由幾何關系知入射角折射角則玻璃的折射率為，故A正確：B光在玻璃中傳播速度光由8傳到時的時間光由M傳到。的時間則，故3錯誤：C.由題意知臨界角，則，故C正確：D若該8點處光源為紅光，將其替換為綠光光源，波長變小，折射率不大，臨界角變小，則圓弧上恰好全反射的N 點向左移動，故。正確。故選BCD,13 .【答案】【解析】解：光路圖如圖所示，設從點發(fā)出的光線射到水面時入射角為i,折射角為，根據(jù)數(shù)學知識得知:則折射率為當從水下直尺發(fā)出的光線射到。點時入射角等于臨界角C時，人看到水下直尺的最高點，設可看到水下直尺的最高點距的距離為九根據(jù)臨界角公式有根據(jù)幾

28、何關系有解得 故答案為: 此題實驗的原理是光的反射定律折射定律，由圖讀出相關的長度，根據(jù)數(shù)學知識求出入射角和折射角的正弦，再由 折射率公式求折射率。沿廣口瓶邊緣。點向水中直尺正面看去，當入射角等于臨界角時，看到水下直尺的最高點， 根據(jù)臨界角公式和幾何知識相結(jié)合求解。本題是光的反射定律和折射定律在實際中的應用，關鍵要抓住反射的對稱性和幾何知識，再由折射定律求折射率。14 .【答案】：；不變；變小【解析】【分析】本題是通過豎直面內(nèi)的圓周運動測量當?shù)氐闹亓铀俣鹊膶嶒?，主要考查向心力的來源及對圖象的分析。在最高點，小球靠重力和拉力的合力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律求出拉力的表達式，結(jié)合圖線的橫軸截距

29、以及 斜率分析判斷?！窘獯稹啃∏蛟谧罡唿c，根據(jù)牛頓第二定律有：，解得小球在最高點處F與v的關系式為；當時，根據(jù)表達式有：，解得：根據(jù)知，圖線的斜率，繩長不變，用質(zhì)量較小的球做實驗，斜率變小：當時，可知，點的位置與小球的質(zhì)量無關， 故繩長不變，而減小小球的質(zhì)量，小則圖像乙中b的位置不變，圖像斜率變小。故答案為：不變：變小。15 .【答案】，6： , 4： 0【解析】【試題解析】【分析】由圖示表盤確定電壓表的分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)：根據(jù)電路圖應用閉合電路的歐姆定律求出電壓表 內(nèi)阻：根據(jù)閉合電路歐姆定律和串聯(lián)電路中電壓比等于電阻比的表達式，聯(lián)立求解即可：因電動勢不變，僅內(nèi)阻變化，可改變電阻箱的阻值使總的電阻不變，即可得出結(jié)果。本題考查了電壓表讀數(shù)、求電壓表內(nèi)阻，對電壓表讀數(shù)時要先確定其分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)：分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應用閉合電路的歐姆定律可以求出電