中考數(shù)學(xué)試題分項版解析匯編（第02期）專題10 四邊形（含解析）

1、專題10：四邊形一、選擇題1.(2017北京第6題)若正多邊形的一個內(nèi)角是150°，則該正多邊形的邊數(shù)是（ ）A 6 B 12 C. 16 D18【答案】B.【解析】試題分析：設(shè)多邊形的邊數(shù)為n,則有（n-2）×180°=n×150°,解得：n=12.故選B.考點：多邊形的內(nèi)角與外角2. (2017河南第7題)如圖，在中，對角線，相交于點，添加下列條件不能判定是菱形的只有（ ）A B C. D【答案】C.考點：菱形的判定.3. （2017湖南長沙第10題）如圖，菱形的對角線的長分別為，則這個菱形的周長為（ ）A B C D【答案】D【解析】試題

2、分析：根據(jù)菱形的對角線互相垂直，可知OA=3，OB=4，根據(jù)勾股定理可知AB=5，所以菱形的周長為4×5=20.故選：D考點：菱形的性質(zhì)4. （2017湖南長沙第12題）如圖，將正方形折疊，使頂點與邊上的一點重合（不與端點重合），折痕交于點，交于點，邊折疊后與邊交于點，設(shè)正方形的周長為，的周長為，則的值為（ ）A B C D隨點位置的變化而變化【答案】B【解析】試題分析：設(shè)正方形ABCD的邊長為2a，正方形的周長為m=8a，設(shè)CM=x，DE=y，則DM=2a-x，EM=2a-y，EMG=90°，DME+CMG=90°DME+DEM=90°，DEM=CMG

3、，又D=C=90°DEMCMG，,即CG= CMG的周長為CM+CG+MG= 在RtDEM中，DM2+DE2=EM2即（2a-x）2+y2=（2a-y）2整理得4ax-x2=4ayCM+MG+CG=n所以故選：B考點：1、正方形，2、相似三角形的判定與性質(zhì)，3、勾股定理5. （2017山東臨沂第7題）一個多邊形的內(nèi)角和是外角和的2倍，這個多邊形是（ ）A四邊形 B五邊形 C六邊形 D八邊形【答案】C【解析】試題分析：根據(jù)多邊形的外角和為360°，可知其內(nèi)角和為720°，因此可根據(jù)多邊形的內(nèi)角和公式（n-2）·180°=720°，解得n

4、=6，故是六邊形.故選：C考點：多邊形的內(nèi)外角和6. （2017山東臨沂第12題）在中，點是邊上的點（與、兩點不重合），過點作，分別交，于、兩點，下列說法正確的是（ ）A若，則四邊形是矩形B若垂直平分，則四邊形是矩形C若，則四邊形是菱形D若平分，則四邊形是菱形【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)題意可知：，可得四邊形AEDF是平行四邊形.若ADBC，則四邊形AEDF是平行四邊形，不一定是矩形；選項A錯誤；若AD垂直平分BC，則四邊形AEDF是菱形，不一定是矩形；選項B錯誤；若BD=CD，則四邊形AEDF是平行四邊形，不一定是菱形；選項C錯誤；若AD平分BAC，則四邊形AEDF是菱形；正確故選：D考

5、點：特殊平行四邊形的判定7. （2017山東青島第7題）如圖，平行四邊形ABCD的對角線AC與BD相交于點O，AEBC，垂足為E，AC2，BD4，則AE的長為（ ）A B C D【答案】D考點：1、平行四邊形的性質(zhì)，2、勾股定理，3、面積法求線段長度8. (2017四川瀘州第11題)如圖，在矩形中，點是邊的中點，,垂足為，則的值是 （ ）A B C D【答案】A.【解析】試題分析：由ADBC可得ADFEBF，根據(jù)相似三角形的性質(zhì)可得 ，因點是邊的中點且AD=BC,所以=2，設(shè)EF=x，可得AF=2x，在RtABE中，由射影定理可得BF= ，再由=2可得DF=2，在RtDEF中，= ，故選A.9

6、. （2017江蘇蘇州第10題）如圖，在菱形中，是的中點過點作，垂足為將沿點到點的方向平移，得到設(shè)、分別是、的中點，當點與點重合時，四邊形的面積為A B C. D【答案】A.【解析】試題分析：作 在菱形中，,是的中點 是的中點， 故答案選A.考點：平行四邊形的面積，三角函數(shù).10.（2017江蘇蘇州第7題）如圖，在正五邊形中，連接，則的度數(shù)為A B C. D【答案】B.【解析】試題分析：= 故答案選B.考點：多邊形的外角，等腰三角形的兩底角相等11.（2017浙江臺州第10題） 如圖，矩形的四個頂點分別在菱形的四條邊上，將分別沿折疊，當重疊部分為菱形且面積是菱形面積的時，則為 （ ）A B2

7、C. D4【答案】A考點：1、菱形的性質(zhì)，2、翻折變換（折疊問題）二、填空題1.(2017天津第17題)如圖，正方形和正方形的邊長分別為3和1，點分別在邊上，為的中點，連接，則的長為 .【答案】.【解析】試題分析：連結(jié)AC,根據(jù)正方形的性質(zhì)可得A、E、C三點共線，連結(jié)FG交AC于點M，因正方形和正方形的邊長分別為3和1，根據(jù)勾股定理可求得EC=FG=,AC=3,即可得AE=2,因為的中點，可得PE=AP=,再由正方形的性質(zhì)可得GM=EM= ,FG垂直于AC，在RtPGM中，PM= ,由勾股定理即可求得PG=.2.(2017福建第15題)兩個完全相同的正五邊形都有一邊在直線上，且有一個公共頂點，

8、其擺放方式如圖所示，則等于 度【答案】108【解析】五邊形是正五邊形，每一個內(nèi)角都是108°，OCD=ODC=180°-108°=72°，COD=36°，AOB=360°-108°-108°-36°=108°.3.（2017廣東廣州第16題）如圖9，平面直角坐標系中是原點，的頂點的坐標分別是，點把線段三等分，延長分別交于點，連接，則下列結(jié)論：是的中點；與相似；四邊形的面積是；其中正確的結(jié)論是 （填寫所有正確結(jié)論的序號）【答案】【解析】試題分析：如圖，分別過點A、B作 于點N， 軸于點M在 中，

9、是線段AB的三等分點， 是OA的中點，故正確. 不是菱形. 故 和 不相似.則錯誤；由得，點G是AB的中點， 是 的中位線 是OB的三等分點， 解得： 四邊形 是梯形 則正確 ,故錯誤.綜上：正確.考點： 平行四邊形和相似三角形的綜合運用4.（2017廣東廣州第11題）如圖6，四邊形中，則_.【答案】70°【解析】試題分析：兩直線平行，同旁內(nèi)角互補，可得：180°-110°70°考點：平行線的性質(zhì)5.（2017山東臨沂第18題）在中，對角線，相交于點.若，則的面積是 【答案】24【解析】試題分析：作OECD于E，由平行四邊形的性質(zhì)得出OA=OC，OB=O

10、D=BD=5，CD=AB=4，由sinBDC=，證出ACCD，OC=3，AC=2OC=6，得出ABCD的面積=CDAC=24故答案為：24.考點：1、平行四邊形的性質(zhì)，2、三角函數(shù)，3、勾股定理6.（2017山東青島第13題）如圖，在四邊形 ABCD 中，ABCADC90°，E為對角線AC的中點，連接BE、ED、BD，若BAD58°，則EBD的度數(shù)為_度【答案】32【解析】試題分析：如下圖由ABCADC90°，E為對角線AC的中點，可知A，B，C，D四點共圓，圓心是E，直徑AC然后根據(jù)圓周角定理由BAD58°，得到BED116°，然后根據(jù)等腰三

11、角形的性質(zhì)可求得EBD=32°.故答案為：32.考點:1、圓周角性質(zhì)定理，2、等腰三角形性質(zhì)7.(2017山東濱州第16題)如圖，將矩形ABCD沿GH對折，點C落在Q處，點D落在AB邊上的E處，EQ與BC相交于點F若AD8，AB6，AE4，則EBF周長的大小為_【答案】8.【解析】由折疊的性質(zhì)可得DH=EH，設(shè)AH=x，則DH=EH=8-x，在RtAEH中，根據(jù)勾股定理可得 ，解得x=3，即可得AH=3，EH=5；根據(jù)已知條件易證AEHBFE，根據(jù)相似三角形的性質(zhì)可得 ,即，解得BF= ,EF= ,所以EBF的周長為2+=8. 8.(2017江蘇宿遷第15題)如圖，正方形的邊長為，點

12、在邊上，且若點在對角線上移動，則的最小值是 【答案】.9.(2017遼寧沈陽第16題)如圖，在矩形中，,將矩形繞點按順時針方向旋轉(zhuǎn)得到矩形，點落在矩形的邊上，連接，則的長是 .【答案】.【解析】試題分析：如圖，過點C作MNBG，分別交BG、EF于點M、N，根據(jù)旋轉(zhuǎn)的旋轉(zhuǎn)可得AB=BG=EF=CD=5，AD=GF=3，在RtBCG中，根據(jù)勾股定理求得CG=4，再由,即可求得CM= ,在RtBCM中，根據(jù)勾股定理求得BM=，根據(jù)已知條件和輔助線作法易知四邊形BENMW為矩形，根據(jù)矩形的旋轉(zhuǎn)可得BE=MN=3,BM=EN=,所以CN=MN-CM=3-=,在RtECN中，根據(jù)勾股定理求得EC=.考點：

13、四邊形與旋轉(zhuǎn)的綜合題.10（2017江蘇蘇州第18題）如圖，在矩形中，將繞點按逆時針方向旋轉(zhuǎn)一定角度后，的對應(yīng)邊交邊于點連接、，若，則 （結(jié)果保留根號）【答案】.【解析】試題分析：連接AG,設(shè)DG=x,則 在 中， ，則 考點：旋轉(zhuǎn)的性質(zhì) ，勾股定理 .11. (2017山東菏澤第11題)菱形中，其周長為，則菱形的面積為_.【答案】18.【解析】試題分析：如圖，連接BD，作DEAB,已知菱形的周長為，根據(jù)菱形的性質(zhì)可得AB=6;再由，即可判定ABD是等邊三角形；求得DE=,所以菱形的面積為：6×=18.12. （2017浙江湖州第13題）已知一個多邊形的每一個外角都等于，則這個多邊形

14、的邊數(shù)是 【答案】5考點：多邊形的外角和三、解答題1. (2017北京第20題) 數(shù)學(xué)家吳文俊院士非常重視古代數(shù)學(xué)家賈憲提出的“從長方形對角線上任一點作兩條分別平行于兩鄰邊的直線，則所容兩長方形面積相等（如圖所示）”這一推論，他從這一推論出發(fā)，利用“出入相補”原理復(fù)原了海島算經(jīng)九題古證.,（以上材料來源于古證復(fù)原的原理、吳文俊與中國數(shù)學(xué)和古代世界數(shù)學(xué)泰斗劉徽）請根據(jù)上圖完成這個推論的證明過程證明：，（_+_）易知，_=_，_=_可得 【答案】 .【解析】試題分析：由矩形的對角線的性質(zhì)，對角線把矩形分成兩個面積相等的三角形計算即可.本題解析：由矩形對角線把矩形分成兩個面積相等的兩部分可得： ,

15、, .考點：矩形的性質(zhì)，三角形面積計算.2. (2017北京第22題)如圖，在四邊形中，為一條對角線，為的中點，連接.（1）求證：四邊形為菱形；（2）連接，若平分，求的長.【答案】（1）證明見解析.（2）.【解析】試題分析：（1）先證四邊形是平行四邊形，再證其為菱形；（2）利用等腰三角形的性質(zhì)，銳角三角函數(shù)，即可求解.本題解析：(1)證明：E為AD中點，AD=2BC,BC=ED, ADBC, 四邊形ABCD是平行四邊形，AD=2BE, ABD=90°,AE=DEBE=ED, 四邊形ABCD是菱形.(2)ADBC,AC平分BAD BAC=DAC=BCA,BA=BC=1, AD=2BC=

16、2，sinADB=,ADB=30°, DAC=30°, ADC=60°.在RTACD中，AD=2，CD=1，AC= .考點：平行線性質(zhì)，菱形判定，直角三角形斜邊中線定理.3. (2017天津第24題)將一個直角三角形紙片放置在平面直角坐標系中，點，點，點.是邊上的一點（點不與點重合），沿著折疊該紙片，得點的對應(yīng)點.（1）如圖，當點在第一象限，且滿足時，求點的坐標；（2）如圖，當為中點時，求的長；（3）當時，求點的坐標（直接寫出結(jié)果即可）.【答案】（1）點A的坐標為（，1）；（2）1；（3）或 .【解析】試題分析：（1）因點，點，可得OA= ,OB=1，根據(jù)折疊的性

17、質(zhì)可得AOPAOP，由全等三角形的性質(zhì)可得OA=OA=,在RtAOB中，根據(jù)勾股定理求得的長，即可求得點A的坐標；（2）在RtAOB中，根據(jù)勾股定理求得AB=2，再證BOP是等邊三角形，從而得OPA =120°.在判定四邊形OPAB是平行四邊形，根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)即可得的長；試題解析：（1）因點，點，OA= ,OB=1.根據(jù)題意，由折疊的性質(zhì)可得AOPAOP.OA=OA=,由，得ABO=90°.在RtAOB中，,點A的坐標為（，1）.(2) 在RtAOB中，OA= ,OB=1,當為中點，AP=BP=1,OP=AB=1.OP=OB=BP,BOP是等邊三角形BOP=BPO=6

18、0°，OPA=180°-BPO=120°.由（1）知，AOPAOP，OPA=OPA=120°，PA=PA=1，又OB=PA=1，四邊形OPAB是平行四邊形.AB=OP=1.(3)或 .4. (2017福建第24題)如圖，矩形中，分別是線段AC、BC上的點，且四邊形為矩形（）若是等腰三角形時，求的長；（）若，求的長【答案】（）AP的長為4或5或；（）CF=【解析】試題分析：（）分情況CP=CD、PD=PC、DP=DC討論即可得；（）連結(jié)PF、DE，記PF與DE的交點為O，連結(jié)OC，通過證明ADPCDF，從而得 ，由AP= ，從而可得CF= .試題解析：（）

19、在矩形ABCD中，AB=6，AD=8，ADC=90°，DC=AB=6， AC= =10；要使PCD是等腰三角形，有如下三種情況：（1）當CP=CD時，CP=6，AP=AC-CP=4 ；（2）當PD=PC時，PDC=PCD，PCD+PAD=PDC+PDA=90°，PAD=PDA，PD=PA，PA=PC，AP= ，即AP=5；（3）當DP=DC時，過D作DQAC于Q，則PQ=CQ，SADC= AD·DC= AC·DQ，DQ= ，CQ= ，PC=2CQ = ,AP=AC-PC= .綜上所述，若PCD是等腰三角形，AP的長為4或5或；（）連結(jié)PF、DE，記PF與

20、DE的交點為O，連結(jié)OC，四邊形ABCD和PEFD都是矩形，ADC=PDF=90°，即ADP+PDC=PDC+CDF，ADP=CDF，BCD=90°，OE=OD，OC= ED，在矩形PEFD中，PF=DE，OC=PF，OP=OF= PF，OC=OP=OF，OCF=OFC，OCP=OPC，又OPC+OFC+PCF=180°，2OCP+2OCF=180°，PCF=90°，即PCD+FCD=90°，在RtADC中，PCD+PAD=90°，PAD=FCD，ADPCDF， ，AP= ，CF= .5. （2017廣東廣州第24題）如圖1

21、3，矩形的對角線，相交于點，關(guān)于的對稱圖形為（1）求證：四邊形是菱形；（2）連接，若，求的值；若點為線段上一動點（不與點重合），連接，一動點從點出發(fā)，以的速度沿線段勻速運動到點，再以的速度沿線段勻速運動到點，到達點后停止運動當點沿上述路線運動到點所需要的時間最短時，求的長和點走完全程所需的時間【答案】（1）詳見解析；（2） 和 走完全程所需時間為 【解析】（2）連接 ,直線 分別交 于點 ,交 于點 關(guān)于 的對稱圖形為 在矩形 中， 為 的中點，且O為AC的中點 為 的中位線 同理可得： 為 的中點， 過點P作 交 于點 由 運動到 所需的時間為3s 由可得， 點O以 的速度從P到A所需的時間

22、等于以 從M運動到A即： 由O運動到P所需的時間就是OP+MA和最小. 如下圖，當P運動到 ,即 時，所用時間最短. 在 中，設(shè) 解得： 和 走完全程所需時間為 考點：菱形的判定方法；構(gòu)造直角三角形求三角函數(shù)值；確定極值時動點的特殊位置6. （2017山東青島第24題）（本小題滿分12分） 已知：RtEFP和矩形ABCD如圖擺放（點P與點B重合），點F，B（P），C在同一條直線上，ABEF6cm，BCFP8cm，EFP90°。如圖，EFP從圖的位置出發(fā)，沿BC方向勻速運動，速度為1cm/s；EP與AB交于點G同時，點Q從點C出發(fā)，沿CD方向勻速運動，速度為1cm/s。過Q作QMBD，

23、垂足為H，交AD于M，連接AF，PQ，當點Q停止運動時，EFP也停止運動設(shè)運動時間為t（s）（0t6），解答下列問題：（1）當 t 為何值時，PQBD？（2）設(shè)五邊形 AFPQM 的面積為 y（cm2），求 y 與 t 之間的函數(shù)關(guān)系式；（3）在運動過程中，是否存在某一時刻 t，使？若存在，求出 t 的值；若不存在，請說明理由；（4） 在運動過程中，是否存在某一時刻 t，使點M在PG的垂直平分線上？若存在，求出 t 的值；若不存在，請說明理由【答案】（1）t= ；（2） （3）t=2，9:8（4）t= 【解析】試題分析：（1）利用CPQCBD，列比例式求出t的值；（2）利用MDQCBD，得MD

24、=（6-t），再利用，可求得函數(shù)的解析式；（3）利用=9:8得方程求解；（4）利用PBGPEF，得AG、AM，作MNBC，構(gòu)造矩形MNCD，則MN=6，PN=（8-t）-（6-t）=，然后根據(jù)AG2+AN2=PN2+MN2可列方程求解.試題解析：（1）若PQBD，則CPQCBD，可得，即，解得t=；（2）由MQD+CDB=CBD+CDB=90°，可得MQD=CBD，又MDQ=C=90°，MDQCBD ， 即 解得MD=（6-t），所以= = 即（3）假使存在t，使則，即整理得，解得答：當t=2， （4）易證PBGPEF，即，則作MNBC于N點，則四邊形MNCD為矩形所以MN

25、=CD=6，CN=，故：PN=若M在PG的垂直平分線上，則GM=PM，所以，所以即：整理得：，解得?？键c：1、矩形，2、相似三角形，3、二次函數(shù)，4、運動型7. （2017山東青島第21題）（本小題滿分8分）已知：如圖，在菱形ABCD 中，點E，O，F(xiàn) 分別是邊AB，AC，AD的中點，連接CE、CF、OF（1）求證： BCEDCF；（2）當AB與BC滿足什么條件時，四邊形AEOF正方形？請說明理由【答案】（1）證明見解析（2）四邊形AEOF是正方形【解析】試題分析：（1）利用SAS證明 BCEDCF；（2）先證明AEOF為菱形，當BCAB，得BAD90°，再利用知識點：有一個角是90

26、°的菱形是正方形。試題解析：（1）四邊形ABCD為菱形AB=BC=CD=DA，B=D又E、F分別是AB、AD中點，BE=DFABECDF（SAS）考點：1、菱形，2、全等三角形，3、正方形8. (2017山東濱州第22題)（本小題滿分10分）如圖，在ABCD中，以點A為圓心，AB長為半徑畫弧交AD于點F；再分別以點B、F為圓心，大于BF的相同長為半徑畫弧，兩弧交于點P；連接AP并延長交BC于點E，連接EF，則所得四邊形ABEF是菱形 （1）根據(jù)以上尺規(guī)作圖的過程，求證四邊形ABEF是菱形；（2）若菱形ABEF的周長為16，AE4，求C的大小【答案】（1）詳見解析；（2）60°

27、;.【解析】試題分析：（1）由作圖過程可知，ABAF，AE平分BAD，即可得BAEEAF再由四邊形ABCD為平行四邊形，可得BCAD，根據(jù)平行線的性質(zhì)可得AEBEAF，所以BAEAEB，根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)可得ABBE，即可得BEAF，所以四邊形ABEF為平行四邊形，根據(jù)一組鄰邊相等的平行四邊形是菱形即可判定四邊形ABEF為菱形；（2）連接BF，已知四邊形ABEF為菱形，根據(jù)菱形的性質(zhì)可得BF與AE互相垂直平分，BAEFAE，OAAE再由菱形ABEF的周長為16，可得AF4所以cosOAF即可得OAF30°，所以BAF60°再由平行線的性質(zhì)即可得CBAD60°試題

28、解析：（1）由作圖過程可知，ABAF，AE平分BADBAEEAF四邊形ABCD為平行四邊形，BCADAEBEAFBAEAEB，ABBEBEAF四邊形ABEF為平行四邊形四邊形ABEF為菱形（2）連接BF，四邊形ABEF為菱形，BF與AE互相垂直平分，BAEFAEOAAE菱形ABEF的周長為16，AF4cosOAFOAF30°，BAF60°四邊形ABCD為平行四邊形，CBAD60°9. (2017山東日照第18題)如圖，已知BA=AE=DC，AD=EC，CEAE，垂足為E（1）求證：DCAEAC；（2）只需添加一個條件，即 ，可使四邊形ABCD為矩形請加以證明【答案

29、】(1)詳見解析；(2)AD=BC（答案不唯一）試題分析：（1）由SSS證明DCAEAC即可；（2）先證明四邊形ABCD是平行四邊形，再由全等三角形的性質(zhì)得出D=90°，即可得出結(jié)論試題解析：（1）證明：在DCA和EAC中，DCAEAC（SSS）；（2）添加AD=BC，可使四邊形ABCD為矩形；理由如下：AB=DC，AD=BC，四邊形ABCD是平行四邊形，CEAE，E=90°，由（1）得：DCAEAC，D=E=90°，四邊形ABCD為矩形；考點：矩形的判定；全等三角形的判定與性質(zhì)10. (2017遼寧沈陽第18題)如圖，在菱形中，過點做于點，做于點，連接，求證：（

30、1）;（2）【答案】詳見解析.【解析】試題分析：（1）根據(jù)菱形的性質(zhì)可得AD=CD，再由，可得，根據(jù)AAS即可判定；（2）已知菱形，根據(jù)菱形的性質(zhì)可得AB=CB，再由，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)可得AE=CF，所以BE=BF，根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)即可得.試題解析：(1) 菱形，AD=CD，(2) 菱形，AB=CBAE=CFBE=BF考點：全等三角形的判定及性質(zhì)；菱形的性質(zhì).11. (2017遼寧沈陽第24題)四邊形是邊長為4的正方形，點在邊所在的直線上，連接，以為邊，作正方形（點，點在直線的同側(cè)），連接（1）如圖1，當點與點重合時，請直接寫出的長；（2）如圖2，當點在線段上時，求點到的距離求的長（3

31、）若，請直接寫出此時的長. 【答案】(1)BF=4;(2)點到的距離為3；BF=；(3)AE=2+或AE=1.【解析】試題分析：（1）過點F作FMBA, 交BA的延長線于點M，根據(jù)勾股定理求得AC=,又因點與點重合，可得AFM為等腰直角三角形且AF=,再由勾股定理求得AM=FM=4,在RtBFM中，由勾股定理即可求得BF=4;（2）過點F作FHAD交AD的延長線于點H，根據(jù)已知條件易證，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)可得FH=ED，又因AD=4,AE=1,所以ED=AD-AE=4-1=3,即可求得FH=3，即點到的距離為3；延長FH交BC的延長線于點K，求得FK和BK的長，在RtBFK中，根據(jù)勾股定理即

32、可求得BF的長；（3）分點E在線段AD的延長線上和點E在線段DA的延長線上兩種情況求解即可.試題解析：(1)BF=4;(2) 如圖，過點F作FHAD交AD的延長線于點H，四邊形CEFG是正方形EC=EF,FEC=90°DEC+FEH=90°，又因四邊形是正方形ADC=90°DEC+ECD=90°，ECD=FEH又EDC=FHE=90°，F(xiàn)H=EDAD=4,AE=1,ED=AD-AE=4-1=3,FH=3，即點到的距離為3.延長FH交BC的延長線于點K，DHK=HDC=DCK =90°，四邊形CDHK為矩形，HK=CD=4,FK=FH+

33、HK=3+4=7EH=CD=AD=4AE=DH=CK=1BK=BC+CK=4+1=5,在RtBFK中，BF=(3)AE=2+或AE=1.考點：四邊形綜合題.12. (2017江蘇宿遷第26題)（本題滿分10分）如圖，在矩形紙片中，已知，點在邊上移動，連接，將多邊形沿直線折疊，得到多邊形，點、的對應(yīng)點分別為點、（1）當恰好經(jīng)過點時（如圖1），求線段的長；（2）若分別交邊、于點、，且（如圖2），求的面積；（3）在點從點移動到點的過程中，求點運動的路徑長【答案】(1) ；（2）；（3）.【解析】試題解析：(1)如圖1，由折疊得，,由勾股定理得，,所以，因為,所以 ,又因,所以又，所以所以,即，所以

34、(2)如圖2-1，連接AC，因為BAC=，所以BAC=60°，故DAC=30°，又，所以,由折疊得，,所以,所以,即,因為,所以;(3) 如圖2-2，連接A，則,所以點的運動路徑是以點A為圓心，以AC為半徑的圓??；當點E運動到點D時，點恰好在CD的延長線上，此時,所以點的運動路徑長是.13. (2017山東菏澤第23題)正方形的邊長為，點分別是線段上的動點，連接并延長，交邊于，過作，垂足為，交邊于點.（1）如圖1，若點與點重合，求證：；（2）如圖2，若點從點出發(fā)，以的速度沿向點運動，同時點從點出發(fā)，以的速度沿向點運動，運動時間為.設(shè),求關(guān)于t的函數(shù)表達式；當時，連接，求的長

35、.【答案】（1）詳見解析；（2）；5.【解析】試題分析：（1）根據(jù)已知條件易證ABFNAD，由全等三角形的性質(zhì)即可得；（2）先證ABFNAD，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)求得；（3）利用ABFNAD，求得t=2，根據(jù)（2）的函數(shù)解析式求得BF的長，再由勾股定理即可得FN的長.試題解析：【解】（1）正方形AD=AB,DAN=FBA=90°NAH+ANH=90°NDA+ANH=90°NAH=NDAABFNAD（2）正方形ADBFADE=FBEAED=BEFEBFEAD正方形AD=DC=CB=6BD=點從點出發(fā)，以的速度沿向點運動，運動時間為.BE=，DE=當時，連接，求的長.

36、正方形MAN=FBA=90°NAH+ANH=90°NMA+ANH=90°NAH=NMAABFNAD，AB=6AN=2,BN=4t=2把t=2代入，得y=3，即BF=3,在RTBFN中，BF=3,BN=4,根據(jù)勾股定理即可得FN=5.14. (2017山東菏澤第17題)如圖，是的邊的中點，連接并延長交的延長線于，若，求的長.【答案】12.【解析】試題分析：試題解析：先證明AEFDEC,根據(jù)全等三角形的性質(zhì)可得AF=，再利用平行四邊形的性質(zhì)證得AB=CD=6，根據(jù)=AF+AB即可求得BF的長.【解】AFDCF=DCF是的邊的中點AE=DEAEF=DECAEFDECAF

37、=AB=CD=6即=AF+AB=12.15. (2017浙江舟山第23題)如圖是的中線，是線段上一點（不與點重合），交于點，連結(jié).（1）如圖1，當點與重合時，求證：四邊形是平行四邊形；（2）如圖2，當點不與重合時，（1）中的結(jié)論還成立嗎？請說明理由.（3）如圖3，延長交于點，若，且.當，時，求的長.【答案】（1）詳見解析；（2）結(jié)論成立，理由詳見解析；（3）DH=1+.【解析】試題分析：（1）由DE/AB，可得同位角相等：EDC=ABM，由CE/AM，可得同位角相等ECD=ADB，又由BD=DC，則ABDEDC，得到AB=ED，根據(jù)有一組對邊平行且相等，可得四邊形ABDE為平行四邊形.（2）過點M作MG/DE交EC于點G，則可得四邊形DMGE為平行四邊形，且ED=GM且ED/GM，由（1）可得AB=GM且AB/GM，即可證得；（3）在已知條件中沒有已知角的度數(shù)時，則在求角度時往特殊角30°，60°，45°的方向考慮，則要求這樣的特殊角，就