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湖南省衡陽市第一中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期第一次月考物理試題二、選擇題(本題共8題,每題6分,共48分,在每小題給出的四個選項(xiàng)中,第1418題中,只有一項(xiàng)符合題目要求,第1921題有多項(xiàng)符合題目要求,全部選對的得6分,選對但不全的得3分,選錯的得0分)1.如圖所示,質(zhì)量為m的長木板放在水平地面上,站在木板上的人用斜向右下方的力F推箱子,三者都保持靜止。人和箱子的質(zhì)量也均為m,重力加速度為g。下列說法正確的是A. 長木板對地面的壓力大于3mgB. 人對長木板的壓力大小為mgC. 地面對長木板的摩擦力的方向水平向左D. 箱子受到的摩擦力的方向水平向左【答案】D【解析】【詳解】若人用斜向下的力推箱子,三個物體的整體受力分析,受重力和支持力,故長木板對地面的壓力等于3mg,故A錯誤;人用力F向右下方推箱子,根據(jù)牛頓第三定律可知,箱子對人施加向左上方的作用力,根據(jù)平衡條件,人對長木板的壓力大小小于mg,故B錯誤;對三個物體的整體受力分析,受重力和支持力,不是靜摩擦力,否則不平衡,故地面對木板沒有靜摩擦力,故C錯誤;箱子在人的推力作用下,有向右運(yùn)動的趨勢,因此箱子受到的摩擦力的方向水平向左;故D正確;故選D。2.如圖所示,在勻速轉(zhuǎn)動的水平圓盤上有兩個質(zhì)量相同的物塊P和Q兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn),它們隨圓盤一起做勻速圓周運(yùn)動,線速度大小分別為和,摩擦力大小分別為和,下列說法中正確的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】同軸傳動角速度相等,故p=q,由于rprQ,根據(jù)v=r,有vpvQ,故CD錯誤;由于rprQ,根據(jù)F=mr2可知FpFQ,故A正確,B錯誤;故選A。3.如圖所示,理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為3:1,RT為阻值隨溫度升高而減小的熱敏電阻,R1為定值電阻,電壓表和電流表均為理想交流電表。原線圈所接電壓(V)。下列說法正確的是A. 變壓器輸入與輸出功率之比為1:3B. 變壓器副線圈中電流的頻率為100HzC. 變壓器原、副線圈中的電流強(qiáng)度之比為3:1D. 若熱敏電阻RT的溫度升高,電壓表的示數(shù)不變,電流表的示數(shù)變大【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)理想變壓器的特點(diǎn)可知,原副線圈輸入功率和輸出功率相等,故A錯誤。變壓器副線圈中電流的頻率等于原線圈的電流頻率,f=50Hz,故B錯誤;根據(jù)得,原副線圈的電流之比為1:3,故C錯誤。若熱敏電阻RT的溫度升高,則熱敏電阻的阻值減小,由于原線圈的電壓不變,則副線圈的電壓不變,副線圈中的電流變大,故D正確。故選D。4.甲、乙兩名滑冰運(yùn)動員沿同一直線相向運(yùn)動,速度大小分別為4 m/s和1 m/s,迎面碰撞后(正碰)甲、乙兩人反向運(yùn)動,速度大小均為2 m/s。則甲、乙兩人質(zhì)量之比為A. 21B. 12C. 23D. 32【答案】B【解析】【詳解】兩人碰撞過程系統(tǒng)動量守恒,以甲的初速度方向?yàn)檎较?,由動量守恒定律得:m甲v甲+m乙v乙=m甲v甲+m乙v乙,即:m甲4+m乙(-1)=m甲(-2)+m乙2,解得:m甲:m乙=1:2,故B正確;故選B。5.如圖,一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)在半徑為R的半球形容器中(容器固定),由靜止開始自邊緣上的A點(diǎn)滑下,到達(dá)最低點(diǎn)B時,它對容器的正壓力為FN。重力加速度為g,則質(zhì)點(diǎn)自A滑到B的過程中,摩擦力對其所做的功為A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】在B點(diǎn)有:FNmgm得EKBmv2(FNmg)R。A滑到B的過程中運(yùn)用動能定理得,mgR+Wfmv20,得WfR(FN3mg)故D正確,ABC錯誤。故選D。6.如圖所示,在光滑的水平面上,在水平拉力F的作用下小車向右加速運(yùn)動時,物塊M靜止于豎直車廂壁上,當(dāng)作用在小車上的水平拉力F增大時,則 ( )A. 物塊不能相對于車靜止B. 車廂壁對物塊的作用力的方向不變C. M受的最大靜摩擦力增大D. M受的靜摩擦力不變【答案】DC【解析】【詳解】以物塊為研究對象,分析受力,作出力圖如圖。當(dāng)作用在小車上的水平拉力F增大時,小車的加速度增加。對物體在豎直方向,摩擦力f=Mg,保持不變。故D正確。小車的加速度增大時,彈力N=ma增大,物塊受到的最大靜摩擦力增大,物塊不可能沿壁下滑,而支持力和靜摩擦力的合力方向一定改變。故C正確,AB錯誤;故選DC。7.如圖所示,矩形線圈abcd與理想變壓器原線圖組成閉合電路,線圈在有界勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉(zhuǎn)動,磁場只分布在bc邊的左側(cè),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,線圈面積為S,轉(zhuǎn)動角速度為,匝數(shù)為N,線圈電阻不計(jì),下列說法正確的是A. 圖示位置時,矩形線圈中產(chǎn)生的電動勢最小B. 線圈abcd轉(zhuǎn)動過程中,線圈最大磁通量為NBSC. 將原線抽頭P向上滑動時,燈泡變亮D. 若線abcd轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)?,則變壓器原線圈電壓的有效值為NBS【答案】AD【解析】【詳解】線圈處于圖示位置時,是中性面位置,感應(yīng)電動勢的瞬時值為零,故A正確;線圈處于中性面時磁通量最大,線圈最大磁通量為BS,故B錯誤;將原線圈抽頭P向上滑動時,原線圈匝數(shù)變大,根據(jù)變壓比公式可知輸出電壓減小,故燈泡會變暗,故C錯誤;若線圈轉(zhuǎn)動角速度變?yōu)?,最大值NBS2;根據(jù)電流的熱效應(yīng)可知:,解得:E=NBS,故D正確。故選AD。8.如圖甲所示,光滑絕緣水平面上有一沿水平方向的電場,MN是其中的一條直線,線上有A、B、C三點(diǎn)一帶電量為+210-3C、質(zhì)量為110-3kg的小物塊從A點(diǎn)靜止釋放,沿MN作直線運(yùn)動,其運(yùn)動的v-t圖象如圖乙所示,其中B點(diǎn)處的切線斜率最大(圖中標(biāo)出了該切線),C點(diǎn)處的切線平行于t軸,運(yùn)動過程中小物塊電量保持不變,則下列說法中正確的是A. AB兩點(diǎn)電勢差UAB4VB. B點(diǎn)為AC間電場強(qiáng)度最大的點(diǎn),場強(qiáng)大小E1V/mC. 由A到C的過程中小物塊的電勢能先減小后變大D. 小物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場力做的功W=10-2J【答案】BD【解析】【詳解】物塊在A到B過程,根據(jù)動能定理得:,得:,故A錯誤。據(jù)v-t圖的斜率等于加速度,可得物塊在B點(diǎn)的加速度最大為a=2m/s2,所受的電場力最大為 F=ma=110-32N=210-3N,則電場強(qiáng)度的最大值為,故B正確。由v-t圖可知由A到C的過程中小物塊的動能一直增大,則電勢能一直減小,故C錯誤。物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場力做的功W=,故D正確。故選BD。三、非選擇題(共174分)(一)必考題9.用如圖所示裝置進(jìn)行以下實(shí)驗(yàn):先測出可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊A、B的質(zhì)量M、m及滑塊A與桌面的動摩擦因數(shù);使A、B間彈簧壓縮,用細(xì)線將A、B連接,滑塊B緊靠桌邊;剪斷細(xì)線,B做平拋運(yùn)動,測出水平位移S1、A在桌面滑行距離S2,為驗(yàn)證動量守恒,寫出還需測量的物理量及表示它的字母_,如果動量守恒,需滿足的關(guān)系式是_。【答案】 (1). B到地面的豎直高度h; (2). 【解析】【詳解】設(shè)向右為正方向B離開桌面后,做平拋運(yùn)動,在豎睦方向: 水平方向: 對A由動能定理得: 驗(yàn)證動量守恒定律,需要驗(yàn)證 聯(lián)立解得:由此可見,實(shí)驗(yàn)還要測出:B到地面的豎直高度h。10.如圖所示是使用光電管的原理圖,當(dāng)頻率為v的可見光照射到陰極K上時,電流表中有電流通過。(1)當(dāng)變阻器的滑動端P向_滑動時(填“左”或“右”),通過電流表的電流將會增大。 (2)當(dāng)電流表電流剛減小到零時,電壓表的讀數(shù)為U,則陰極K的逸出功為_(已知電子電荷量為e,普朗克常量h)。(3)如果不改變?nèi)肷涔獾膹?qiáng)度,而增大入射光的頻率,則光電子的最大初動能將_ (填“變大”、“變小”或“不變”)。(4)用不同頻率的光照射某金屬產(chǎn)生光電效應(yīng),測量金屬的遏止電壓Uc與入射光頻率,得到Uc圖象如圖所示,根據(jù)圖象求出該金屬的截止頻率c_Hz,普朗克常量h_Js.(已知電子電荷量e1.61019C)【答案】 (1). 左; (2). ; (3). 變大; (4). ; (5). ;【解析】【詳解】(1)當(dāng)變阻器的滑動端P向左滑動時,光電管兩端的反向電壓減小,光電流增大,通過電流表的電流將會增大。(2)當(dāng)電流表電流剛減小到零時,電壓表的讀數(shù)為U,則光電子的最大初動能,據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可得,逸出功。(3)如果不改變?nèi)肷涔獾膹?qiáng)度,而增大入射光的頻率,據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可得,光電子的最大初動能變大。(4) 據(jù)、,可得,則。據(jù)圖象求出該金屬的截止頻率;據(jù)圖象斜率可得,則普朗克常量?!军c(diǎn)睛】在光電效應(yīng)中,電子吸收能量變成光電子在沒有電壓的情況下會在光電管中自由擴(kuò)散從而形成光電流。當(dāng)加速電壓U增加到一定值時,陰極K射出的光電子全部到達(dá)陽極,光電流達(dá)到飽和值;隨著反向電壓越來越大,單位時間內(nèi)到達(dá)陽極A的光電子數(shù)就越來越少,光電流也就越來越小,加到光電流為零時的電壓就叫遏制電壓,它使具有最大初速度的光電子也不能到達(dá)陽極。11.如圖所示,MN是半徑為R=0.2m的豎直四分之一光滑圓弧軌道,豎直固定在水平桌面上,軌道末端處于桌子邊緣并與水平桌面相切于N點(diǎn)。把一質(zhì)量為m=1kg的小球B靜止放于N點(diǎn),另一完全相同的小球A由M點(diǎn)靜止釋放,經(jīng)過N點(diǎn)時與B球發(fā)生正碰,碰后粘在一起水平飛出,落在地面上的P點(diǎn)。若桌面高度為h=0.8m,取重力加速度g=10m/s。不計(jì)阻力,小球可視為質(zhì)點(diǎn)。求:(1)小球A運(yùn)動到N點(diǎn)與小球B碰前的速度v0的大小(2)小球A與小球B碰后瞬間的共同速度v的大?。?)P點(diǎn)與N點(diǎn)之間的水平距離x【答案】(1)v0=4m/s (2)v=2m/s (3)x=0.8m【解析】【詳解】(1)由機(jī)械能守恒定律:mgR=mv02/2 解得:v0=4m/s (2)小球A與小球B碰撞過程動量守恒,則:mv0=2mv解得:v=2m/s(3)小球做平拋運(yùn)動:h=gt2/2 x=vt 解得:x=0.8m12.如圖所示,水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距為d,a、b間加有電壓,b板下方空間存在著方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子(不計(jì)重力),從貼近a板的左端以v0的初速度水平射入勻強(qiáng)電場,剛好從狹縫P處穿過b板進(jìn)入勻強(qiáng)磁場,最后粒子打到b板的Q處(圖中未畫出)被吸收.已知P到b板左端的距離為d,求: (1)進(jìn)入磁場時速度的大小和方向;(2)P、Q之間的距離;(3)粒子從進(jìn)入板間到打到b板Q處的時間.【答案】(1),30 (2) (3)【解析】【詳解】(1)粒子在兩板間做類平拋運(yùn)動,水平方向:2d=v0t,豎直方向:d=vyt,解得:vy=v0,粒子進(jìn)入磁場時的速度大?。簐p= ,tan解得:=30;(2)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,運(yùn)動軌跡如圖所示:粒子在磁場中做圓周運(yùn)動,洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得:,解得: ,則: ;(3)在電場中的時間: ,磁場中的周期: ,則tt1+t2【點(diǎn)睛】本題考查了粒子在電場中做類平拋運(yùn)動,在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,掌握粒子在磁場中的半徑公式和周期公式以及類平拋運(yùn)動的處理方法。此題關(guān)鍵是搞清粒子的運(yùn)動特點(diǎn):在電場中做類平拋運(yùn)動,在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,畫出粒子的運(yùn)動軌跡圖即可解答。(二)選考題13.下列說法正確的是( )A. 用光照射某種金屬,有光電子從金屬表面逸出,如果光的頻率不變,而減弱光的強(qiáng)度,則逸出的光電子數(shù)減少,光電子的最大初動能不變B. 波粒二象性是光的屬性,有時它的波動性顯著,有時它的粒子性顯著C. 物體在某一溫度下只能輻射某一固定波長的電磁波D. 光電效應(yīng)現(xiàn)象中存在極限頻率是因?yàn)楦鞣N金屬都有一定的逸出功E. 大量光子的行為往往顯示出粒子性【答案】ABD【解析】【詳解】根據(jù)光電效應(yīng)方程可知,用光照射某種金屬,有光電子從金屬表面逸出,如果光的頻率不變,而減弱光的強(qiáng)度,則逸出的光電子數(shù)減少,光電子的最大初動能不變,選項(xiàng)A正確;波粒二象性是光的屬性,有時它的波動性顯著,有時它的粒子性顯著;大量光子的效果往往表現(xiàn)出波動性,個別光子的行為往往表現(xiàn)出粒子性;光在傳播時表現(xiàn)出波動性,而與物質(zhì)相互作用時表現(xiàn)為粒子性;高頻光波長短光的粒子性顯著,低頻光波長長光的波動性顯著。故B正確,E錯誤;物體在某一溫度下能輻射不同波長的電磁波。故C錯誤;根據(jù)W0=hv0知,光電效應(yīng)現(xiàn)象中存在極限頻率是因?yàn)楦鞣N金屬都有一定的逸出功,選項(xiàng)D正確;故選ABD.14.如圖所示,在非常高的光滑、絕緣水平高臺邊緣,靜置一個不帶電的小金屬塊B,另有一與B完全相同的帶電量為+q的小金屬塊A以初速度v0向B運(yùn)動,A、B的質(zhì)量均為m。A與B相碰撞后,兩物塊立即粘在一起,并從臺上飛出。已知在高臺邊緣的右面空間中存在水平向左的勻強(qiáng)電場,場強(qiáng)大小E=2mg/q。求:(1)A、B一起運(yùn)動過程中距高臺邊緣的最大水平距離(2)從開始到A、B運(yùn)動到距高臺邊緣最大水平距離的過程 A損失的機(jī)械能為多大?【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由動量守恒定律求出碰撞后的速度,離開平臺后,AB在水平方向做勻減速直線運(yùn)動,應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動學(xué)公式求出最大距離;(2)求出碰撞過程損失的機(jī)械能,求出離
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