江西省九江市2025屆高三下學(xué)期二模試題 物理 含解析

九江市2025年第二次高考模擬統(tǒng)一考試物理本試卷共6頁，共100分，考試時長75分鐘?？忌⒁猓?.答題前，考生務(wù)必將自己的準考證號、姓名填寫在答題卡上。考生要認真核對答題卡上粘貼的條形碼的“準考證號、姓名、考試科目”與考生本人準考證號、姓名是否一致。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束，監(jiān)考員將試題卷、答題卡一并收回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項行符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.某人造地球衛(wèi)星沿圓軌道運行，軌道半徑是周期是，引力常量G=試從這些數(shù)據(jù)估算地球的質(zhì)量（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)地球的質(zhì)量為M，人造地球衛(wèi)星的質(zhì)量為m，根據(jù)萬有引力提供向心力可得得代入數(shù)據(jù)解得M≈6×1024kg故選C。2.圖為氫原子的能級圖。大量氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，在向低能級躍遷時放出光子，用這些光子照射逸出功為2.29eV的金屬鈉，則（）A.用0.80eV的光子照射n=4能級的氫原子，可使氫原子電離B.n=4躍遷到n=1放出的光子波長最長C.有4種頻率的光子能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)D.逸出光電子的最大初動能為12.75eV【答案】C【解析】【詳解】A．由能級圖可知，n=4能級的氫原子電離需要的能量至少為0.85eV，故用0.80eV的光子照射n=4能級的氫原子，不可使氫原子電離，故A錯誤；B．n=4躍遷到n=1放出的光子能量最大，根據(jù)可知放出的光子波長最短，故B錯誤；C．由能級圖可知，可知有4種頻率的光子能使金屬鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)，故C正確；D．n=4躍遷到n=1放出的光子能量最大，則有根據(jù)光電效應(yīng)方程可得逸出光電子的最大初動能為故D錯誤。故選C。3.如圖所示，某同學(xué)在同一位置先后水平拋出一物體，第一次落在甲點，第二次落在乙點，不計空氣阻力，則（）A拋出時速度關(guān)系B.拋出后加速度關(guān)系C.拋出后位移關(guān)系D.拋出后時間關(guān)系【答案】D【解析】【詳解】AD．物體做平拋運動，豎直方向有由于，可得水平方向有由于，則有故A錯誤，D正確；B．拋出后加速度為重力加速度，則有，故B錯誤；C．拋出后的位移大小為由于，，則無法確定拋出后的位移大小關(guān)系，故C錯誤。故選D。4.一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面中a、b、c三點的位置如圖所示，a、b、c三點的電勢分別為8V、10V、12V，則（）A.O點的電勢為10VB.電場強度大小為C.電子從a到b電場力做的功為-2eVD.電子在O點的電勢能比b點的大【答案】B【解析】【詳解】A．由題意可得且可得，故A錯誤；B．設(shè)軸上電勢為的位置為點，則由幾何關(guān)系可知其橫坐標為，即為勻強電場中的一條等勢線，如圖所示過作的垂線，垂足為，電場方向沿方向，由幾何關(guān)系可得得，則，則有又則電場強度，故B正確；C．因為電子從到電場力做的功為，故C錯誤；D．因為，電子帶負電，在電勢低的電勢能大，電子在O點的電勢能比b點的小，故D錯誤。故選B。5.如圖所示，ab是固定在豎直平面內(nèi)的光滑絕緣細桿，a、b兩點恰好位于以O(shè)為圓心的圓周上，桿上套有質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球（可看成點電荷）。第一次在O點放一點電荷+Q，讓小球從a點靜止釋放，通過b時的速度為v1，加速度為a?；第二次在圓內(nèi)加上磁感應(yīng)強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，讓小球仍從a點靜止釋放，通過b點時速度為v2，加速度為a?、則（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】AB．A點和B點在同一個等勢面上，第一次小球從A點由靜止運動到B點的過程中，庫侖力對小球做功的代數(shù)和為零。根據(jù)動能定理有第二次小球從A點由靜止運動到B點的過程中，洛倫茲力不做功，根據(jù)動能定理有所以A正確，B錯誤；CD．小球第一次經(jīng)過B點時，庫侖力有豎直向下的分量，小球受的豎直方向的合力由牛頓第二定律可知，小球經(jīng)過B點時的加速度小球第二次經(jīng)過B點時，由左手定則可知，洛倫茲力始終與桿垂直向右，同時桿對小球產(chǎn)生水平向左的彈力，水平方向受力平衡。豎直方向只受重力作用，由牛頓第二定律可知，小球經(jīng)過B點時的加速度a2=g所以CD錯誤。故選A。6.如圖所示，單匝正方形線圈A和B在外力作用下均以速度v向右勻速進入勻強磁場，B線圈的邊長是A的2倍，線圈粗細相同，材料相同。在兩個線圈完全進入磁場的過程中（）A.A、B線圈產(chǎn)生的電流之比是1：4B.外力對A、B線圈做功的功率之比是1：4C.A、B線圈產(chǎn)生的熱量之比是1：4D.通過A、B線圈橫截面的電荷量之比是1：4【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)線圈邊長為L，電阻為R，線圈橫截面積為S，則線圈中的電流線圈電阻聯(lián)立解得可知電流與邊長無關(guān)，則A、B線圈產(chǎn)生的電流之比是1：1，故A錯誤；B．對線圈，由平衡條件有則外力功率可知功率與L成正比，因為B線圈的邊長是A的2倍，則外力對A、B線圈做功的功率之比是1：2，故B錯誤；C．線圈產(chǎn)生熱量聯(lián)立解得可知熱量Q與成正比，故A、B線圈產(chǎn)生的熱量之比是1：4，故C正確；D．電荷量代入R，聯(lián)立解得可知q與L正比，通過A、B線圈橫截面的電荷量之比是1：2，故D錯誤。故選C。7.如圖，空間中存在豎直向下的勻強電場和垂直于紙面向里的勻強磁場，電場強度大小為E。磁感應(yīng)強度大小為B。一質(zhì)量為m的帶電油滴a，在紙面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運動。當u運動到最低點P時，瞬間分成兩個小油滴Ⅰ、Ⅱ，二者帶電量、質(zhì)量均相同。小油滴Ⅰ在P點時與a的速度方向相同，并做半徑為3R的勻速圓周運動，小油滴Ⅱ的軌跡未畫出。已知重力加速度大小為g，不計空氣浮力與阻力以及Ⅰ、Ⅱ分開后的相互作用，則（）A.油滴a帶電量的大小為B.油滴a做圓周運動的速度大小為C.小油滴Ⅰ做圓周運動的周期為D.小油滴Ⅱ做圓周運動的半徑為R【答案】D【解析】詳解】A．油滴a做圓周運動，故重力與電場力平衡，有解得油滴a帶電量的大小故A錯誤；B．根據(jù)聯(lián)立解得油滴a做圓周運動的速度大小故B錯誤；C．設(shè)小油滴Ⅰ的速度大小為，得小油滴Ⅰ做圓周運動的周期聯(lián)立解得故C錯誤；D．帶電油滴a分離前后動量守恒，設(shè)分離后小油滴Ⅱ的速度為，取油滴a分離前瞬間的速度方向為正方向，得聯(lián)立解得小油滴Ⅱ的速度由于分離后的小液滴受到的電場力和重力仍然平衡，則小油滴Ⅱ做圓周運動的半徑聯(lián)立解得故D正確。故選D。8.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律，注射器中密封了一定質(zhì)量的氣體。經(jīng)過多次實驗，作出圖像如圖乙所示（）A.若增大氣體體積時拉活塞速度過快，對應(yīng)的圖線是bB.若推拉活塞時手握住注射器含有氣體的部分，對應(yīng)的圖線是aC.若實驗中有漏氣，對應(yīng)的圖線是bD.若沒有考慮注射器和傳感器連接細管中的氣體，對應(yīng)的圖線是c【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得若增大氣體體積時拉活塞速度過快，由于氣體對外做功，氣體溫度將降低，圖線的斜率將增大，則對應(yīng)的圖線是b，故A正確；B．若推拉活塞時手握住注射器含有氣體的部分，則氣體溫度升高，圖線的斜率將減小，則對應(yīng)的圖線是c，故B錯誤；C．若實驗中有漏氣，根據(jù)，可知圖線的斜率將增大，則對應(yīng)的圖線是b，故C正確；D．若沒有考慮注射器和傳感器連接細管中的氣體，設(shè)注射器和傳感器連接細管中的氣體體積為，則有可得則對應(yīng)的圖線是a，故D錯誤。故選AC。9.某同學(xué)參觀了哈爾濱冬季最具盛名的冰燈節(jié)，他發(fā)現(xiàn)在透明均勻冰層內(nèi)有一球狀空氣泡，如圖所示，一束包含a、b兩種單色光的細光束從冰射入氣泡，A為入射點，之后a、b光分別從C點、D點射回冰中。已知光束在A點的入射角；，a光經(jīng)過氣泡的偏向角（偏向角為射出氣泡光線與射入氣泡光線的夾角），CD弧所對圓心角為3°，則（）A.b光的頻率比a光大B.b光在冰中的速度比光大C.b光經(jīng)過氣泡的偏向角為39°D.b光的折射率【答案】BD【解析】【詳解】光線在A點的入射角為i，折射角分別為、，作出光路圖，如圖A．由題意可知，而偏向角解得得由幾何知識AC弧所對的圓心角為CD弧所對的圓心角為3°，則AD弧所對的圓心角為78°故則b色光的偏向角為介質(zhì)對a色光的折射率介質(zhì)對b色光的折射率可以判斷出則a光的頻率大于b光的頻率，A錯誤；B．根據(jù)兩者折射率由可得b光在冰中的速度比光大B正確；C．根據(jù)b光的折射角則b色光的偏向角為C錯誤；D．介質(zhì)對b色光的折射率D正確故選BD。10.如圖，半徑為R的光滑圓軌道固定在豎直平面內(nèi)，質(zhì)量為m的A球和質(zhì)量為3m的B球用長為R的輕桿相連，桿從豎直位置開始靜止釋放，則（）A.桿第一次水平時，A的速度大小是B.桿從釋放到第一次水平過程中，A的機械能增加C.桿從釋放到第一次水平過程中，桿對B做正功D.整個運動過程中，A的最大速度為【答案】ACD【解析】【詳解】A．選取桿水平的位置為零勢能面，桿水平時，桿到圓心的高度從釋放到桿水平，系統(tǒng)的機械能守恒，則有解得桿第一次水平時，A的速度大小A正確；B．選取桿水平的位置為零勢能面，剛釋放時A的機械能為水平時A具有的機械能為顯然，A的機械能減小，B錯誤；C．對B而言，根據(jù)動能定理可得解得即桿對B做正功，C正確；D．AB整體而言，其質(zhì)心位置距B的距離為此時質(zhì)心與圓心的距離為質(zhì)心以為半徑，繞圓心做圓周運動，當質(zhì)心運動到最低點時，下降的高度系統(tǒng)機械能守恒則有聯(lián)立解得D正確。故選ACD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.為測量電源的電動勢E（約5V）和內(nèi)阻r（約3），只有如下器材：A.相同電壓表V?、V?（量程3V，內(nèi)阻很大）；B.滑動變阻器R（最大阻值未知，可滿足實驗要求）；C.電阻箱R'（調(diào)節(jié)范圍0~999.9）；D.開關(guān)和導(dǎo)線若干。實驗電路如圖。（1）按電路圖完成實物連線_________；（2）將電阻箱R'的阻值調(diào)至10，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，電壓表V1和V2有合適的示數(shù)。實驗過程的兩組數(shù)據(jù)如下：電阻箱R'阻值電壓表V1示數(shù)電壓表V2示數(shù)102.0V2.3V2.5V1.9V電源電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=_________（均保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）（2）①.4.9②.2.5【解析】【小問1詳解】【小問2詳解】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定理，則有可解得12.在“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律”的實驗中，某小組進行實驗的主要步驟是：①如圖甲所示，輕質(zhì)小圓環(huán)掛在橡皮條的一端，橡皮條的另一端固定，橡皮條長度為GE；②通過兩個彈簧測力計共同拉動小圓環(huán)，小圓環(huán)受到拉力F1、F2的共同作用，靜止于O點，橡皮條伸長的長度為EO，如圖乙所示。記錄O點位置以及F1、F2的大小和方向；③撤去F1、F2，改用一個彈簧測力計拉小圓環(huán)，仍使它靜止于O點，此時測力計的示數(shù)為F、如圖丙所示。記錄F的大小和方向；④圖丁是在白紙上根據(jù)實驗記錄進行猜想后畫出的力的合成圖示。（1）關(guān)于此實驗，下列敘述正確的有（）A.進行圖乙的實驗操作時，F(xiàn)1、F2的夾角越大越好B.通過描點確定拉力方向時，所描的點到O點的距離應(yīng)適當大一些C.進行圖丙的實驗操作時，也可以用一個彈簧測力計將小圓環(huán)拉到O點之外的其它合適點D.重復(fù)實驗再次進行驗證時，小圓環(huán)到達的平衡位置O可以與前一次不同（2）圖丁中F'是以為鄰邊構(gòu)成的平行四邊形的對角線，實驗中一定沿GO方向的是_________（選填“F”“F'”）；（3）若在圖乙中，F(xiàn)1、F2的夾角為鈍角，現(xiàn)保持O點位置不變，同時使圖中夾角、增大，則彈簧測力計a的示數(shù)_________（選填“增大”“減小”“不變”）。（4）你認為F1、F2的夾角多大合適?_________?！敬鸢浮浚?）BD（2）F（3）減?。?）【解析】【小問1詳解】A.進行圖乙實驗操作時，夾角應(yīng)適當，并非越大越好。夾角過大，會使合力過小，實驗誤差增大，故A錯誤；B．通過描點確定拉力方向時，所描的點到O點距離適當大些，這樣連線時誤差更小，能更準確確定力的方向，故B正確；C．進行圖丙實驗操作時，必須將小圓環(huán)拉到O點，才能保證一個彈簧測力計的拉力與共同作用效果相同，故C錯誤；D．重復(fù)實驗再次進行驗證時，結(jié)點O的位置可以與前一次不同，但是每一次完整的實驗必須保證結(jié)點位置相同，故D正確。故選BD?！拘?詳解】F'是通過平行四邊形定則做出的合力理論值，而合力的實驗值F由一個彈簧測力計直接測得，故F一定沿GO方向。【小問3詳解】現(xiàn)保持O點位置不變，即合力不變，同時使圖中夾角、增大，根據(jù)平行四邊形定則作圖如下可知都減小，即彈簧測力計a的示數(shù)減小。【小問4詳解】若夾角太小，會使合力過大，可能超出彈簧測力計的量程；若夾角太大，會使合力過小，實驗誤差較大。這個范圍能在保證彈簧測力計示數(shù)合適的同時，減小實驗誤差。13.如圖所示，在同一水平面內(nèi)有相互平行的兩條導(dǎo)軌MN和PQ相距1m，垂直于導(dǎo)軌平面豎直向上的勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=1T，垂直于導(dǎo)軌放置的金屬棒ab和cd的質(zhì)量分別為1kg和2kg，每根金屬棒的電阻均為1，其它電阻不計，ab、cd與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為=0.5，作用在cd棒上的水平向右的拉力F使其做加的勻加速直線運動，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動速度摩擦力，兩金屬棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，取。求：（1）當ab棒固定時，通過ab棒的電流隨時間變化的關(guān)系式；（2）當ab棒不固定時，經(jīng)多長時間ab棒開始運動?此時拉力F的功率多大?【答案】（1）（2）；【解析】【小問1詳解】ab棒的速度v=at電動勢E=BLv電流代入數(shù)據(jù)可得【小問2詳解】ab棒開始運動，有所以即由于cd棒做勻加速運動，因此有對cd棒，根據(jù)牛頓第二定律，則有所以F=23N作用在cd上的拉力F的功率為14.如圖甲所示，底座放在水平臺面的壓力傳感器上，其上固定光滑豎直桿，輕彈簧套在豎直桿上，下端固定在底座上，上端連接質(zhì)量的小球，底座與桿的總質(zhì)量0.2kg。將小球向上拉起一段距離，t=0時，釋放小球，使小球在豎直方向振動起來，不計空氣阻力。通過壓力傳感器描繪出壓力隨時間變化的圖像如圖乙所示，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。已知彈簧振子的周期公式重力加速度。（1）求t=0時彈簧的伸長量；（2）以平衡位置為坐標原點，取