選擇題4（6單選+4多選解析版）-2025年高考物理二輪復(fù)習(xí)熱點(diǎn)題型專項(xiàng)訓(xùn)練（新高考）

選擇必刷?6單選+4多選

選擇題04

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有

一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.，，物理，，二字最早出現(xiàn)在中文中，是取“格物致理”四字的簡(jiǎn)稱，即考察事物的形態(tài)和變化，總結(jié)研究它們

的規(guī)律的意思。同學(xué)們要在學(xué)習(xí)物理知識(shí)之外，還要了解物理學(xué)家是如何發(fā)現(xiàn)物理規(guī)律的，領(lǐng)悟并掌握處

理物理問題的思想與方法，下列敘述正確的是（）

A.電學(xué)中引入點(diǎn)電荷的概念，突出帶電體的電荷量，采用了等效替代法

UF

B.用比值法定義的概念在物理學(xué)中占相當(dāng)大的比例，如場(chǎng)強(qiáng)E=1，加速度。=二都是采用比值法定義

clm

的

C.庫(kù)侖首先提出了電場(chǎng)的概念，并引用電場(chǎng)線形象地表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向

D.伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)是物體在傾角為90。的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律總結(jié)

出自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法

【答案】D

【詳解】A.電學(xué)中引入點(diǎn)電荷的概念，突出帶電體的電荷量，忽略帶電體的體積大小和形狀，采用了理想

模型法，故A錯(cuò)誤；

B.公式是牛頓第二定律的表達(dá)式，加速度的比值定義是半，故B錯(cuò)誤；

mAz

C.法拉第提出電場(chǎng)的概念，并引入電場(chǎng)線形象地描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱和方向，故C錯(cuò)誤；

D.伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)是物體在傾角為90。的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律總結(jié)出

自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法，故D正確。

故選D。

2.某飛機(jī)著陸后先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)至停下，若飛機(jī)勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v,減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)

間為勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間的4倍，運(yùn)動(dòng)的總路程為s,則飛機(jī)著陸后勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（）

SSSS

A.—B.—C.—D.—

2v3V4v5v

【答案】B

【詳解】設(shè)飛機(jī)著陸后勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為方,則減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為今，根據(jù)題意有

v

s=vt+—?AAt

2

求得

s

故選B。

3.如圖所示，一輕彈簧與質(zhì)量為m的物體組成彈簧振子，物體在同一豎直線上的/、3間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，。

為平衡位置，C為/O的中點(diǎn)。已知C、。的高度差為人彈簧的勁度系數(shù)為上某時(shí)刻物體恰好以大小為v

的速度經(jīng)過。點(diǎn)并向上運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g。則從此刻開始的半個(gè)周期時(shí)間內(nèi)，物體（）

A.動(dòng)量的變化量為0B.回復(fù)力的沖量大小為2加v

C.重力做功為0D.重力做功為

【答案】B

【詳解】A.根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，經(jīng)過半個(gè)周期時(shí)，物體恰好運(yùn)動(dòng)到的中間位置，即到達(dá)O點(diǎn)下方

處，且速度方向向下，速度大小仍為v,取向上為正方向，則動(dòng)量的變化量為

\p=-mv—mv=-2mv

故A錯(cuò)誤；

B.由動(dòng)量定理可知回復(fù)力的沖量為

I=Ap=—2mv

所以回復(fù)力的沖量大小為2加匕故B正確；

CD.經(jīng)過半個(gè)周期時(shí)，物體恰好運(yùn)動(dòng)到的中間位置，即到達(dá)O點(diǎn)下方〃處，重力做功為

W=mg-2h=2mgh

故CD錯(cuò)誤。

故選Bo

4.如圖甲所示質(zhì)量為％的同學(xué)在一次體育課上練習(xí)從高〃的箱子上跳到地面，最終直立靜止于地面。該同

學(xué)所受地面支持力大小歹隨時(shí)間:變化的關(guān)系如圖乙所示，此過程中最大速度為v,不計(jì)該同學(xué)離開箱子的

初速度和空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.在。時(shí)刻該同學(xué)的速度最大

B.在右?4過程中，該同學(xué)的重心位置在上升

C.在t$?tf過程中，該同學(xué)先超重再失重

D.在0~%過程中，地面對(duì)該同學(xué)所做的功為切

【答案】C

【詳解】A.由圖可知，時(shí)刻，支持力與重力平衡，加速度為0,速度最大，A錯(cuò)誤；

B.在。?4過程中，支持力一直大于重力，處于超重狀態(tài)，說明該同學(xué)處于減速下降階段，B錯(cuò)誤；

C.在?t6過程中，支持力先大于重力，后支持力小于重力，故該同學(xué)先超重，后失重，C正確；

D.整個(gè)過程中，該同學(xué)觸地面后一直是重心的升降，地面對(duì)人的彈力的作用點(diǎn)沒有位移，則地面對(duì)人所做

的功0,D錯(cuò)誤。

故選Co

5.如圖所示，電路中電源電動(dòng)勢(shì)為￡,內(nèi)阻為r,C為電容器，L為小燈泡，尺為定值電阻，閉合開關(guān)，

小燈泡能正常發(fā)光?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)一段距離，滑動(dòng)前后理想電壓表V、V?、V?示數(shù)變化

量的絕對(duì)值分別為AJ、迅、A4,理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為AZ,則（）

A.電源的輸出功率一定增大

B.當(dāng)保持不變，崢比半小，且他們都保持不變

A/MA/

C.燈泡逐漸變亮

D.當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，小燈泡立刻熄滅

【答案】B

【詳解】A.設(shè)外電路總電阻與卜，由題意得電源的輸出功率

上式整理可得

由上式可知，當(dāng)（卜=，時(shí)，電源輸出功率最大。因?yàn)槎ㄖ惦娮杓芭c電源內(nèi)阻廠的阻值大小不確定，所以將滑

動(dòng)變阻器的滑片向左滑動(dòng)一段距離時(shí)，電源的輸出功率可能減小可能增大。故A錯(cuò)誤；

B.由圖可知，電壓表V、V2,V3分別測(cè)定值電阻五兩端電壓、電源路端電壓、滑動(dòng)變阻器及小燈泡總電

壓。電流表測(cè)的電流為流經(jīng)電源內(nèi)阻、定值電阻、滑動(dòng)變阻器、燈泡的電流。

由歐姆定律可得

空』

AZ

由圖及題意可得

U2^E-Ir

U3=E-I（R+r）

由以上兩式可得

也一

NI

—Z=R+r

AZ

故B正確；

C.滑動(dòng)變阻器向左滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路電阻變大，閉合電路中的總電阻也變大，由閉合電路歐姆

定律可得，電路的電流減小，即通過燈泡的電流減小，燈泡逐漸變暗。故c錯(cuò)誤；

D.當(dāng)電路穩(wěn)定后，由于電容器的兩極板儲(chǔ)存有電荷，所以在開關(guān)斷開時(shí)，電容器、滑動(dòng)變阻器、燈泡會(huì)形

成回路使電容器兩極板電荷中和，從而形成電流，所以小燈泡不會(huì)立刻熄滅。故D錯(cuò)誤。

故選Bo

6.如圖所示，質(zhì)量為"的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）用長(zhǎng)為上的不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線懸掛在。點(diǎn)?，F(xiàn)把小球移

動(dòng)到N點(diǎn)，此時(shí)細(xì)線伸直，與水平方向的夾角為30。，使小球從/點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，

細(xì)線再次伸直，然后沿圓弧CA運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)。點(diǎn)，己知重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.小球在C點(diǎn)的速度大小為《華

B.小球在。點(diǎn)處因細(xì)線再次伸直受到細(xì)線的拉力的沖量大小為小

C.小球在。點(diǎn)的速度大小為斯瓦

D.小球在。點(diǎn)受到細(xì)線的拉力大小為7加g

【答案】A

【詳解】A.由4點(diǎn)到C點(diǎn)做自由落體運(yùn)動(dòng)，由對(duì)稱性和幾何關(guān)系可知。C與水平方向夾角也為30。，/點(diǎn)

到C點(diǎn)的高度差為

hAC=2Lsin30°

設(shè)小球剛到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為v，則由運(yùn)動(dòng)公式得

V2=2ghc

聯(lián)立解得

v^yf2gL

但小球到C點(diǎn)時(shí)細(xì)線瞬間繃緊，小球沿細(xì)線方向的分速度瞬間變?yōu)?,只有垂直O(jiān)C方向分速度

vc=vcos30°

解得

3

故A正確;

B.由A選項(xiàng)的分析可知，小球沿細(xì)線方向的分速度為

%=vsin30°

拉力的沖量為

I=mvx

解得

/=唔

故B錯(cuò)誤；

C.因小球在。點(diǎn)速度突變，故從C點(diǎn)到。點(diǎn)圓周運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理有

mgZ(l-sin30°)二;加《一fv%

解得

故C錯(cuò)誤；

D.在。點(diǎn)時(shí)有

F-mg=m-^~

解得

F=g

2

故D錯(cuò)誤。

故選Ao

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多

項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7.如圖所示，邊長(zhǎng)為工的正方形跖VP。區(qū)域有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2,一帶正

電的粒子從N點(diǎn)沿NP方向射入磁場(chǎng)，當(dāng)粒子速度為％時(shí)，粒子正好從〃點(diǎn)射出，粒子重力忽略不計(jì)，則

A.粒子的比荷為三

B.當(dāng)粒子速度為（%時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為合

1?jrf

C.當(dāng)粒子速度為時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為亞

D.若粒子從。”的中點(diǎn)射出，則粒子的速度大小為1%

【答案】CD

【詳解】A.當(dāng)粒子速度為％時(shí)，粒子從N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，正好從M點(diǎn)射出，軌跡如圖所示

D加說

qv?B=L

2

代入數(shù)據(jù)可得

”二2%

mBL

A錯(cuò)誤；

BC.當(dāng)粒子速度為3%時(shí)，洛倫磁力提供向心力可知軌跡半徑為《，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半圓，軌跡如圖所

示

從2W的中點(diǎn)離開磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為

27ml

聯(lián)立解得粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

7lL

B錯(cuò)誤，C正確；

D.粒子軌跡如圖所示

尸I-----------1。

????

由幾何關(guān)系有

A'.+（lM

由洛倫茲力提供向心力有

2

mV

qvBn=--

R

聯(lián)立解得

4

D正確。

故選CD。

8.等量異種電荷+。、-。的等勢(shì)面分布如圖所示，相鄰的等勢(shì)面間電勢(shì)差均相等，點(diǎn).、b、c三點(diǎn)連線與

兩電荷的連線平行，且。6=左。一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷M僅在靜電力的作用下經(jīng)過。點(diǎn)時(shí)速度方向如圖，經(jīng)過

6所在等勢(shì)面到達(dá)c所在等勢(shì)面。取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說法正確的是（）

A.a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不同

B.a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相等

C.點(diǎn)電荷M在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡關(guān)于6所在等勢(shì)面對(duì)稱

D.點(diǎn)電荷M穿越a、b、c等勢(shì)面時(shí)電勢(shì)能滿足丸.＜丸〃＜丸。

【答案】AD

【詳解】A.a、c兩點(diǎn)關(guān)于中軸對(duì)稱，由等量異種電荷電場(chǎng)分布可知，兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相同，方向不同，故A

正確；

B.a、c兩點(diǎn)分別位于正、負(fù)電荷附近，則有［＞c，故B錯(cuò)誤；

C.在M到達(dá)等勢(shì)線6時(shí)，豎直方向速度不為0,在b右側(cè)仍有一段向下運(yùn)動(dòng)的過程，所以不可能對(duì)稱，故

C錯(cuò)誤；

D.M穿越a、b、c,且M帶負(fù)電，所以電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能變大，故D正確。

故選AD。

9.2024年10月30日，“神舟十九號(hào)”載人飛船將乘組三名航天員送入空間站組合體，圖中軌道①為低空軌

道，軌道②為載人飛船變軌過程中的一條橢圓軌道，軌道③為空間站運(yùn)行的高空?qǐng)A軌道。P為橢圓軌道的

近地點(diǎn)，。為遠(yuǎn)地點(diǎn)，載人飛船在圓軌道①的尸處點(diǎn)火加速，沿橢圓轉(zhuǎn)移軌道②運(yùn)動(dòng)到遠(yuǎn)地點(diǎn)。，再次點(diǎn)火

加速，進(jìn)入圓軌道③，恰好與圓軌道③上的空間站對(duì)接。已知地球半徑為R,地球表面重力加速度為g,引

力常量為G,圓軌道①離地高度為〃，圓軌道③的半徑為「，忽略地球自轉(zhuǎn)的影響。則下列判斷正確的是（）

A.地球的平均密度。=谷

B.地球的平均密度。=券

c.載人飛船從尸處第一次運(yùn)動(dòng)到。處所用的時(shí)間，=葭了）

D.載人飛船從尸處第一次運(yùn)動(dòng)到。處所用的時(shí)間小梟2-

【答案】AC

【詳解】AB.忽略地球自轉(zhuǎn)，對(duì)于地球表面的物體，根據(jù)萬(wàn)有引力定律及牛頓第二定律有

地球的體積為

4

V=~7lR

3

聯(lián)立可得，地球的密度為

〃二3g

V~4兀GR

故A正確，B錯(cuò)誤;

CD.對(duì)于低空軌道上運(yùn)行的衛(wèi)星，根據(jù)萬(wàn)有引力定律有

對(duì)于在軌道①和軌道②上運(yùn)行的衛(wèi)星，根據(jù)開普勒第三定律得

R+h+r

(尺+〃)3

因此載人飛船從尸處第一次運(yùn)動(dòng)到。處所用的時(shí)間為

2(7?+/?+r)3

-^

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選ACo

10.如圖所示，水平面上固定有形狀為“二的足夠長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌MON,PO'Q,OO,左右導(dǎo)軌的寬

度分別為2￡,L,兩側(cè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向均豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為綜和2緯，導(dǎo)體棒a,b垂直于

導(dǎo)軌放在。O'兩側(cè)，長(zhǎng)度分別為2乙L.已知導(dǎo)體棒的材料相同、橫截面積相同，導(dǎo)體棒b的質(zhì)量為加，

電阻為凡兩導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌電阻。使導(dǎo)體棒°,6同時(shí)獲得沿導(dǎo)軌的初速度，。的初速

度向左、大小為%,6的初速度方向向右、大小為2%,直到導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)的過程中，下列說法正確

的是（）

b~Q

P。'

A.通過導(dǎo)體棒的最大電流為華普B.a,6導(dǎo)體棒減速的加速度大小之比為1:2

3R

C.。導(dǎo)體棒產(chǎn)生的熱量為苧D.導(dǎo)體棒a,b間的距離增加市學(xué)

【答案】BD

【詳解】A.已知導(dǎo)體棒的材料相同、橫截面積相同，導(dǎo)體棒a,6長(zhǎng)度分別為2乙L,導(dǎo)體棒6的質(zhì)量為

m,電阻為R,則導(dǎo)體棒。的質(zhì)量為2根，電阻為2尺，導(dǎo)體棒a,6剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，

通過導(dǎo)體棒的電流最大。最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

Em=2B°L-2v0+Bo-2Lv0—6B0Lv0

通過導(dǎo)體棒的最大電流為

]_%=2B°LVO

m~R