2019年山東省泰安市高考物理一模試卷

./2019年省市高考物理一模試卷二、選擇題：本題共8小題,每小題6分,在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1～4題中只有一項(xiàng)符合題目要求,第5～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分．有選錯(cuò)的得0分．1．〔6分如圖,用光電管進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn),當(dāng)某一頻率的光入射時(shí),有光電流產(chǎn)生。則飽和光電流〔A．與照射時(shí)間成正比B．與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)C．與入射光的強(qiáng)度成正比D．與兩極間的電壓成正比2．〔6分如圖,在光滑的斜面上,輕彈簧的下端固定在擋板上,上端放有物塊Q,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)用一沿斜面向上的力F作用在Q上,使其沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),以x表示Q離開(kāi)靜止位置的位移,在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前,下列表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的是〔A．B．C．D．3．〔6分如圖,在水平光滑細(xì)桿上有一小環(huán),輕繩的一端系在小環(huán)上,另一端系著夾子夾緊一個(gè)質(zhì)量為M的小物塊兩個(gè)側(cè)面,小物塊到小環(huán)懸點(diǎn)的距離為L(zhǎng),夾子每一側(cè)面與小物塊的最大靜摩擦力均為F．小環(huán)和物塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng),小環(huán)碰到桿上的釘子P后立刻停止,物塊向上擺動(dòng)。整個(gè)過(guò)程中,物塊在夾子中沒(méi)有滑動(dòng),則小環(huán)和物塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng)的速度最大為〔不計(jì)小環(huán)和夾子的質(zhì)量,重力加速度為g〔A．B．C．D．4．〔6分某一行星表面附近有顆衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。其運(yùn)行周期為T(mén),假設(shè)宇航員在該行星表面上用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一質(zhì)量為m的物體重力。物體靜止時(shí),彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為N,則這顆行星的半徑為〔A．B．C．D．5．〔6分雨滴在空氣中下落時(shí)會(huì)受到空氣阻力的作用。假設(shè)阻力大小只與雨滴的速率成正比,所有雨滴均從相同高處由靜止開(kāi)始下落,到達(dá)地面前均達(dá)到最大速率。下列判斷正確的是〔A．達(dá)到最大速率前,所有雨滴均做勻加速運(yùn)動(dòng)B．所有雨滴的最大速率均相等C．較大的雨滴最大速率也較大D．較小的雨滴在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)6．〔6分如圖,在正點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中,A、B、C為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn),D為AC的中點(diǎn),∠A＝30°,A、B、C、D四點(diǎn)處的電勢(shì)滿足φA＝φC,φB＝φD,點(diǎn)電荷Q在A、B、C三點(diǎn)所在平面,則〔A．點(diǎn)電荷Q在AB的連線上B．點(diǎn)電荷Q在BD連線的中點(diǎn)處C．φD＞φCD．將負(fù)試探電荷從C點(diǎn)搬運(yùn)到B點(diǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功7．〔6分如圖,理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓相同的燈泡P和Q．當(dāng)輸入電壓U為燈泡額定電壓的8倍時(shí),兩燈泡均能正常發(fā)光。下列說(shuō)確的是〔A．原、副線圈匝數(shù)比為1：7B．原、副線圈匝數(shù)比為7：1C．此時(shí)P和Q的電功率之比為7：1D．此時(shí)P和Q的電功率之比為1：78．〔6分如圖,傾角為θ的光滑斜面上存在著兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng),其方向一個(gè)垂直于斜面向上,一個(gè)垂直于斜面向下,它們的寬度均為L(zhǎng)．一個(gè)質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形線框以速度υ進(jìn)入上部磁場(chǎng)恰好做勻速運(yùn)動(dòng),ab邊在下部磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中再次出現(xiàn)勻速運(yùn)動(dòng)。重力加速度為g,則〔A．在ab進(jìn)入上部磁場(chǎng)過(guò)程中的電流方向?yàn)閍dcbaB．當(dāng)ab邊剛越過(guò)邊界ff'時(shí),線框的加速度為gsinθC．當(dāng)ab邊進(jìn)入下部磁場(chǎng)再次做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),速度為D．從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊進(jìn)入下部磁場(chǎng)再次做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,減少的動(dòng)能等于線框中產(chǎn)生的焦耳熱二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第22題～32題為必考題．每個(gè)試題考生都必須作答．第33題～第38題為選考題．考生根據(jù)要求作答．〔一必考題：9．〔5分某同學(xué)用圖甲所示裝置測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ．圖中,置于實(shí)驗(yàn)臺(tái)上的長(zhǎng)木板水平放置,其左端固定一輕滑輪,輕繩跨過(guò)滑輪,一端與放在木板上的小木塊相連,另一端可懸掛鉤碼。實(shí)驗(yàn)中可用的鉤碼共有N個(gè),將n〔依次取n＝1,2,3,4,5個(gè)鉤碼掛在輕繩左端,其余N﹣n個(gè)鉤碼放在木塊的凹槽中,釋放小木塊,利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶測(cè)量木塊的加速度?！?正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作,得到一條紙帶,從某個(gè)清晰的打點(diǎn)開(kāi)始,依次標(biāo)注0、1、2、3、4、5、6,分別測(cè)出位置0到位置3、位置6間的距離,如圖乙所示。已知打點(diǎn)周期T＝0.02s,則木塊的加速度a＝m/s2?！?改變懸掛鉤碼的個(gè)數(shù)n,測(cè)得相應(yīng)的加速度a,將獲得數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙中描出〔僅給出了其中一部分如圖丙所示。取重力加速度g＝10m/s2,則木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝〔保留2位有效數(shù)字〔3實(shí)驗(yàn)中〔選填"需要"或"不需要"滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量。10．〔10分如圖為某同學(xué)組裝完成的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖。圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻,R6是最大阻值為20kΩ可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA,阻為600Ω．虛線方框?yàn)閾Q擋開(kāi)關(guān)。A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個(gè)擋位。5個(gè)擋位為：直流電壓1V擋和5V擋,直流電流1mA擋和2.5mA擋,歐姆×1kΩ擋。〔1圖中的A端與〔填"紅"或"黑"色表筆相連接?！?關(guān)于R6的使用,下列說(shuō)確的是〔填正確答案標(biāo)號(hào)。A．在使用多用電表之前,調(diào)整R6使電表指針指在表盤(pán)左端電流"0"位置B．使用歐姆擋時(shí),先將兩表筆短接,調(diào)整R6使電表指針指在表盤(pán)右端電阻"0"位置C．使用電流擋時(shí),調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤(pán)右端電流最大位置〔3要想使用直流電壓1V擋,選擇開(kāi)關(guān)B應(yīng)與相連〔填選擇開(kāi)關(guān)對(duì)應(yīng)的數(shù)字?！?根據(jù)題給條件可得R1+R2＝Ω?！?將選擇開(kāi)關(guān)與"3"相連,把表筆插入AB并短接,滑動(dòng)R6的滑片到最上端a處,表頭G的指針指在表盤(pán)電流125μA處；滑動(dòng)R6的滑片到最下端b處,表頭G的指針指在表盤(pán)電流250μA處。則電池的電動(dòng)勢(shì)E＝V。11．〔14分如圖,足夠長(zhǎng)的固定光滑水平軌道與固定的光滑豎直圓弧軌道平滑連接。質(zhì)量為m1的小球A以速度υ0撞上質(zhì)量為m2的靜止小球B,已知A和B的大小相同且碰撞為彈性正碰。重力加速度g的大小取10m/s2．〔1若m1＝2kg、m2＝3kg,υ0＝5m/s,求碰撞后小球B上升的最大高度；〔2若要求兩小球只發(fā)生了一次碰撞,則m1與m2的大小應(yīng)滿足怎樣的關(guān)系？12．〔18分如圖甲,位于M板處的粒子源可以不斷產(chǎn)生初速度為零的電子,電子在MN板間被加速,在MN板間所加電壓按圖乙所示規(guī)律變化。t＝0時(shí),UNM＝U0,電子射出后從坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入x軸上方一垂直紙面向外的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。發(fā)生270°偏轉(zhuǎn)后沿y軸負(fù)方向射出有界磁場(chǎng)打到x軸下方水平放置的熒光屏上。N板到y(tǒng)軸、熒光屏到x軸的距離均為L(zhǎng)．已知電子的質(zhì)量為m,電量為﹣e〔e＞0,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．忽略電子在板間被加速的時(shí)間,認(rèn)為電子在MN板間運(yùn)動(dòng)過(guò)程中板間電壓不變,不考慮電子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的相互作用。求：〔1t＝0時(shí)刻從N板射出的電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑大?。弧?電子在t＝0時(shí)刻從N板射出到打到熒光屏所經(jīng)歷的時(shí)間；〔3為使0﹣2t0時(shí)間從MN板間射出的電子均能發(fā)生270°偏轉(zhuǎn)垂直打在熒光屏上,試求所加磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積?！捕x考題〔共45分請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答．如果多做,則每科按所做的第一題計(jì)分．．[物理-選修3-3]〔15分13．〔5分一定質(zhì)量的理想氣體,由初始狀態(tài)A開(kāi)始,按圖中箭頭所示的方向進(jìn)行了一系列狀態(tài)變化,最后又回到初始狀態(tài)A,即A→B→C→A〔其中BC與縱軸平行,CA與橫軸平行,這一過(guò)程稱為一個(gè)循環(huán)。在這一循環(huán)中,對(duì)于該氣體,下列說(shuō)確的有〔A．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,分子的平均動(dòng)能增大B．從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C,氣體的能減小C．從狀態(tài)C變化到狀態(tài)A,氣體吸收熱量D．從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C,分子的平均動(dòng)能逐漸減小E．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,氣體放出熱量14．〔10分如圖所示,豎直放置開(kāi)口向上壁光滑的氣缸,有兩個(gè)質(zhì)量均為m的密閉活塞,將缸理想氣體分成I、Ⅱ兩部分,活塞A導(dǎo)熱,氣缸及活塞口均絕熱?；钊麢M截面積為S,且mg＝PoS．整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài),I、Ⅱ兩部分氣體的高度均為L(zhǎng)o,溫度為T(mén)o．外界大氣壓強(qiáng)為po并保持不變?，F(xiàn)在活塞A上逐漸添加細(xì)砂,當(dāng)細(xì)砂質(zhì)量等于2m,兩活塞在某位置重新平衡時(shí),Ⅱ中氣體的溫度升高到．求：活塞A下降的距離。[物理-選修3-4]〔15分15．〔5分有一個(gè)直角三角形的玻璃棱鏡ABC,截面如圖。∠A＝30°,D點(diǎn)是AC邊的中點(diǎn)。一束紅光從D點(diǎn)沿平行于AB方向射入棱鏡,光線到達(dá)AB面上的E點(diǎn)發(fā)生全反射,并垂直BC邊從F射出,則玻璃對(duì)紅光的折射率為。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射,則光線到達(dá)AB面上時(shí)比E點(diǎn)更靠近?！蔡?A點(diǎn)"或"B點(diǎn)"。16．〔10分如圖甲為某波源的振動(dòng)圖象,圖乙是該波源產(chǎn)生的橫波在某時(shí)刻的波動(dòng)圖象,波動(dòng)圖象中的O點(diǎn)表示波源,P、Q是介質(zhì)中的兩點(diǎn)。求：〔i這列波的波速多大？波源的起振方向向哪？〔ii當(dāng)波動(dòng)圖象中質(zhì)點(diǎn)Q第一次到達(dá)平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)時(shí),質(zhì)點(diǎn)P已經(jīng)經(jīng)過(guò)了多少路程？2019年省市高考物理一模試卷參考答案與試題解析二、選擇題：本題共8小題,每小題6分,在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1～4題中只有一項(xiàng)符合題目要求,第5～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分．有選錯(cuò)的得0分．1．〔6分如圖,用光電管進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn),當(dāng)某一頻率的光入射時(shí),有光電流產(chǎn)生。則飽和光電流〔A．與照射時(shí)間成正比B．與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)C．與入射光的強(qiáng)度成正比D．與兩極間的電壓成正比[考點(diǎn)]IE：愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程．[專題]31：定性思想；43：推理法；54I：光電效應(yīng)專題．[分析]光強(qiáng)度會(huì)影響單位時(shí)間逸出的光電子數(shù)目,從而影響飽和光電流的大小。[解答]解：根據(jù)光電效應(yīng)的特點(diǎn)可知,飽和光電流與入射光的光強(qiáng)度有關(guān),與入射光的其他因素?zé)o關(guān),與兩極間的電壓也無(wú)關(guān)。故C正確,ABD錯(cuò)誤故選：C。[點(diǎn)評(píng)]知道入射光的強(qiáng)度影響的是單位時(shí)間逸出的光電子數(shù)目。入射光越強(qiáng)飽和光電流越大是關(guān)鍵。2．〔6分如圖,在光滑的斜面上,輕彈簧的下端固定在擋板上,上端放有物塊Q,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一沿斜面向上的力F作用在Q上,使其沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),以x表示Q離開(kāi)靜止位置的位移,在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前,下列表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的是〔A．B．C．D．[考點(diǎn)]2G：力的合成與分解的運(yùn)用；2S：胡克定律；37：牛頓第二定律．[專題]34：比較思想；4C：方程法；522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題．[分析]以物塊Q為研究對(duì)象,分析受力情況,根據(jù)牛頓第二定律得出F與物塊Q的位移x的關(guān)系式,再選擇圖象。[解答]解：設(shè)物塊Q的質(zhì)量為m,加速度為a,靜止時(shí)彈簧的壓縮量為x0,彈簧的勁度系數(shù)為k,斜面傾角為θ。靜止時(shí),由平衡條件得,mgsinθ＝kx0,以沿斜面向上為正方向,物塊Q的位移為x時(shí)彈簧對(duì)P的彈力：F1＝k〔x0﹣x對(duì)物塊Q,由牛頓第二定律得,F+F1﹣mgsinθ＝ma,由以上式子聯(lián)立可得,F＝kx+ma?？梢?jiàn)F與x是線性關(guān)系,且F隨著x的增大而增大,當(dāng)x＝0時(shí),kx+ma＝ma＞0,故A正確,BCD錯(cuò)誤。故選：A。[點(diǎn)評(píng)]解答本題的關(guān)鍵是要根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得到F與x的解析式,再選擇圖象,這是常用的思路,要注意物塊Q的位移與彈簧形變量并不相等。3．〔6分如圖,在水平光滑細(xì)桿上有一小環(huán),輕繩的一端系在小環(huán)上,另一端系著夾子夾緊一個(gè)質(zhì)量為M的小物塊兩個(gè)側(cè)面,小物塊到小環(huán)懸點(diǎn)的距離為L(zhǎng),夾子每一側(cè)面與小物塊的最大靜摩擦力均為F．小環(huán)和物塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng),小環(huán)碰到桿上的釘子P后立刻停止,物塊向上擺動(dòng)。整個(gè)過(guò)程中,物塊在夾子中沒(méi)有滑動(dòng),則小環(huán)和物塊一起向右勻速運(yùn)動(dòng)的速度最大為〔不計(jì)小環(huán)和夾子的質(zhì)量,重力加速度為g〔A．B．C．D．[考點(diǎn)]37：牛頓第二定律；3C：共點(diǎn)力的平衡；4A：向心力．[專題]32：定量思想；4C：方程法；519：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題．[分析]物塊速度最大時(shí),夾子對(duì)物體M的最大靜摩擦力與重力的合力提供向心力,根據(jù)向心力公式求出最大速度。[解答]解：因?yàn)閵A子對(duì)物體M的最大靜摩擦力為2F,根據(jù)據(jù)牛頓第二定律,結(jié)合向心力表達(dá)式,對(duì)物體M,則有：2F﹣Mg＝M,解得：vm＝,故D正確、ABC錯(cuò)誤；故選：D。[點(diǎn)評(píng)]本題主要是考查了向心力的概念；知道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的合力提供向心力,且向心力的方向一定指向圓心,始終與速度方向垂直,不會(huì)改變速度大小,只會(huì)改變速度方向,4．〔6分某一行星表面附近有顆衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。其運(yùn)行周期為T(mén),假設(shè)宇航員在該行星表面上用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一質(zhì)量為m的物體重力。物體靜止時(shí),彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為N,則這顆行星的半徑為〔A．B．C．D．[考點(diǎn)]4A：向心力；4F：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．[專題]31：定性思想；4C：方程法；528：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題．[分析]根據(jù)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)求出行星表面的重力加速度,根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力求出行星的質(zhì)量。[解答]解：宇航員在該行星表面上用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一質(zhì)量為m的物體重力,物體靜止時(shí),彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為N,行星表面的重力加速度g＝①一衛(wèi)星繞某一行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng),其周期為T(mén),根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力得：mg＝m②可得：R＝．故A正確,BCD錯(cuò)誤故選：A。[點(diǎn)評(píng)]解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力和萬(wàn)有引力等于重力這兩個(gè)理論,并能靈活運(yùn)用。5．〔6分雨滴在空氣中下落時(shí)會(huì)受到空氣阻力的作用。假設(shè)阻力大小只與雨滴的速率成正比,所有雨滴均從相同高處由靜止開(kāi)始下落,到達(dá)地面前均達(dá)到最大速率。下列判斷正確的是〔A．達(dá)到最大速率前,所有雨滴均做勻加速運(yùn)動(dòng)B．所有雨滴的最大速率均相等C．較大的雨滴最大速率也較大D．較小的雨滴在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)[考點(diǎn)]1D：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系；37：牛頓第二定律．[專題]31：定性思想；43：推理法；522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題．[分析]對(duì)雨滴受力分析可知：雨滴在下落的時(shí)候受到豎直向下的重力和豎直向上的空氣阻力,根據(jù)牛頓第二定律得：mg﹣f＝ma,由此分析運(yùn)動(dòng)情況；根據(jù)速度圖象分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間。[解答]解：A、對(duì)雨滴受力分析可知：雨滴在下落的時(shí)候受到豎直向下的重力和豎直向上的空氣阻力,根據(jù)牛頓第二定律得：mg﹣f＝ma,開(kāi)始時(shí)mg＞f,合力向下,所以雨滴向下加速運(yùn)動(dòng),速度在增加,加速度再減小,所以雨滴做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤；BC、當(dāng)mg＝f時(shí),加速度為0,速度達(dá)到最大值,以后雨滴勻速下降。當(dāng)達(dá)到收尾速度時(shí),mg＝f＝kv,可知v＝,v與雨滴質(zhì)量有關(guān),較大的雨滴最大速率也較大,故B錯(cuò)誤、C正確；D、在速度圖象中作出質(zhì)量較大的雨滴和質(zhì)量較小的雨滴的速度圖象如圖A和B所示,由于雨滴運(yùn)動(dòng)的位移相同,所以雨滴小的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng),故D正確。故選：CD。[點(diǎn)評(píng)]通過(guò)對(duì)雨滴受力分析可知,雨滴所受的空氣阻力隨著速度增加而增加,根據(jù)牛頓第二定律mg﹣f＝ma可知速度在增加,a在減小；當(dāng)阻力等于重力時(shí),雨滴將勻速下降。,要清楚雨滴的速度和加速度如何變化。6．〔6分如圖,在正點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中,A、B、C為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn),D為AC的中點(diǎn),∠A＝30°,A、B、C、D四點(diǎn)處的電勢(shì)滿足φA＝φC,φB＝φD,點(diǎn)電荷Q在A、B、C三點(diǎn)所在平面,則〔A．點(diǎn)電荷Q在AB的連線上B．點(diǎn)電荷Q在BD連線的中點(diǎn)處C．φD＞φCD．將負(fù)試探電荷從C點(diǎn)搬運(yùn)到B點(diǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功[考點(diǎn)]AE：電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功；AG：電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系．[專題]31：定性思想；4B：圖析法；532：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．[分析]點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一系列同心圓,對(duì)于圓、圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定過(guò)圓心,確定出點(diǎn)電荷的位置,然后根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低判斷電勢(shì)高低；根據(jù)負(fù)電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能小判斷電勢(shì)能變化,從而判斷電場(chǎng)力做功情況。[解答]解：AB、做BD、AC中垂線,中垂線的交點(diǎn)即為點(diǎn)電荷的位置,如圖所示：,結(jié)合幾何關(guān)系可知,點(diǎn)電荷Q在AB的連線上,故A正確,B錯(cuò)誤；C、由于QC＞QD,且沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知φD＞φC,故C正確；D、由于φB＝φD,φD＞φC,則φB＞φC,負(fù)電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能小可知,將負(fù)試探電荷從C點(diǎn)搬運(yùn)到B點(diǎn),電勢(shì)能減小,電場(chǎng)力做正功,故D錯(cuò)誤；故選：AC。[點(diǎn)評(píng)]本題考查點(diǎn)電荷的電場(chǎng),關(guān)鍵是要抓住點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一系列同心圓,對(duì)于圓、圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定過(guò)圓心,確定出點(diǎn)電荷的位置。7．〔6分如圖,理想變壓器原、副線圈分別接有額定電壓相同的燈泡P和Q．當(dāng)輸入電壓U為燈泡額定電壓的8倍時(shí),兩燈泡均能正常發(fā)光。下列說(shuō)確的是〔A．原、副線圈匝數(shù)比為1：7B．原、副線圈匝數(shù)比為7：1C．此時(shí)P和Q的電功率之比為7：1D．此時(shí)P和Q的電功率之比為1：7[考點(diǎn)]E8：變壓器的構(gòu)造和原理．[專題]4C：方程法；53A：交流電專題．[分析]根據(jù)燈泡電壓與輸入電壓的關(guān)系可確定接在線圈的輸入端和輸出端的電壓關(guān)系,則可求得匝數(shù)之比；根據(jù)變壓器電流之間的關(guān)系和功率公式可確定功率之比。[解答]解：AB、燈泡正常發(fā)光,則其電壓均為額定電壓,因?yàn)檩斎腚妷篣為燈泡額定電壓的8倍,所以原線圈輸入電壓為燈泡額定電壓的7倍,輸出電壓等于燈泡的額定電壓,可知,原副線圈匝數(shù)之比為＝,故A錯(cuò)誤,B正確；C、根據(jù)公式＝得a和b的電流之比為＝。由于小燈泡兩端的電壓相等,所以根據(jù)公式P＝UI可得,兩者的電功率之比為1：7；故C錯(cuò)誤,D正確；故選：BD。[點(diǎn)評(píng)]本題考查變壓器原理,要注意明確輸入電壓為燈泡兩端電壓與輸入端電壓之和,從而可以確定輸入端電壓。本題既要考慮電壓之比,又要考慮電流之比。8．〔6分如圖,傾角為θ的光滑斜面上存在著兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng),其方向一個(gè)垂直于斜面向上,一個(gè)垂直于斜面向下,它們的寬度均為L(zhǎng)．一個(gè)質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)的正方形線框以速度υ進(jìn)入上部磁場(chǎng)恰好做勻速運(yùn)動(dòng),ab邊在下部磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中再次出現(xiàn)勻速運(yùn)動(dòng)。重力加速度為g,則〔A．在ab進(jìn)入上部磁場(chǎng)過(guò)程中的電流方向?yàn)閍dcbaB．當(dāng)ab邊剛越過(guò)邊界ff'時(shí),線框的加速度為gsinθC．當(dāng)ab邊進(jìn)入下部磁場(chǎng)再次做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),速度為D．從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊進(jìn)入下部磁場(chǎng)再次做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,減少的動(dòng)能等于線框中產(chǎn)生的焦耳熱[考點(diǎn)]37：牛頓第二定律；BB：閉合電路的歐姆定律；D9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；DD：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．[專題]11：計(jì)算題；22：學(xué)科綜合題；35：整體思想；43：推理法；538：電磁感應(yīng)——功能問(wèn)題．[分析]根據(jù)右手定則或楞次定律判斷ab邊進(jìn)入上部分磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生感應(yīng)電流方向。當(dāng)ab邊剛越過(guò)邊界ff'時(shí),ab邊和cd邊都要產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),且感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)串聯(lián),寫(xiě)出電路中總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小,從而求出感應(yīng)電流,再根據(jù)牛頓第二定律和安培力公式列式,即可求得線框的加速度。線框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),根據(jù)平衡條件列式,得出兩次勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度關(guān)系,再通過(guò)能量守恒定律求解線框中產(chǎn)生的焦耳熱。[解答]解：A、在ab進(jìn)入上部磁場(chǎng)過(guò)程中,磁通量增加,磁場(chǎng)方向垂直于斜面向上,由楞次定律知線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba,故A正確。B、當(dāng)ab邊進(jìn)入上部磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng),則有：mgsinθ＝BIL＝當(dāng)ab邊剛越過(guò)邊界ff'時(shí),回路中總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E＝2BLv感應(yīng)電流為：I＝＝根據(jù)牛頓第二定律得：2BIL﹣mgsinθ＝ma得：﹣mgsinθ＝ma解得：a＝3gsinθ,故B錯(cuò)誤。C、當(dāng)ab邊進(jìn)入下部磁場(chǎng)再次做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),設(shè)速度為v′,則有：＝mgsinθ與mgsinθ＝對(duì)比可得：v′＝,故C正確。D、從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊進(jìn)入下部磁場(chǎng)再次做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,減少的動(dòng)能和減少的重力勢(shì)能之和等于線框中產(chǎn)生的焦耳熱,故D錯(cuò)誤。故選：AC。[點(diǎn)評(píng)]應(yīng)明確：①遇到電磁感應(yīng)類問(wèn)題,首先要找出電源,標(biāo)出電動(dòng)勢(shì)方向并寫(xiě)出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小,然后進(jìn)行求解；②涉及到勻速、加速度問(wèn)題,應(yīng)進(jìn)行受力分析〔一般需要畫(huà)出側(cè)視圖,再根據(jù)需要的物理規(guī)律列式即可；③涉及到求電磁感應(yīng)焦耳熱問(wèn)題,應(yīng)用能量守恒定律進(jìn)行研究。二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第22題～32題為必考題．每個(gè)試題考生都必須作答．第33題～第38題為選考題．考生根據(jù)要求作答．〔一必考題：9．〔5分某同學(xué)用圖甲所示裝置測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ．圖中,置于實(shí)驗(yàn)臺(tái)上的長(zhǎng)木板水平放置,其左端固定一輕滑輪,輕繩跨過(guò)滑輪,一端與放在木板上的小木塊相連,另一端可懸掛鉤碼。實(shí)驗(yàn)中可用的鉤碼共有N個(gè),將n〔依次取n＝1,2,3,4,5個(gè)鉤碼掛在輕繩左端,其余N﹣n個(gè)鉤碼放在木塊的凹槽中,釋放小木塊,利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶測(cè)量木塊的加速度。〔1正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作,得到一條紙帶,從某個(gè)清晰的打點(diǎn)開(kāi)始,依次標(biāo)注0、1、2、3、4、5、6,分別測(cè)出位置0到位置3、位置6間的距離,如圖乙所示。已知打點(diǎn)周期T＝0.02s,則木塊的加速度a＝2.0m/s2?！?改變懸掛鉤碼的個(gè)數(shù)n,測(cè)得相應(yīng)的加速度a,將獲得數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙中描出〔僅給出了其中一部分如圖丙所示。取重力加速度g＝10m/s2,則木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.15〔保留2位有效數(shù)字〔3實(shí)驗(yàn)中不需要〔選填"需要"或"不需要"滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量。[考點(diǎn)]M9：探究影響摩擦力的大小的因素．[專題]23：實(shí)驗(yàn)探究題；34：比較思想；46：實(shí)驗(yàn)分析法；522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題．[分析]〔1根據(jù)△x＝aT2求木塊的加速度a?！?對(duì)懸掛的鉤碼和木塊分別運(yùn)用牛頓第二定律列式,得到a與n的關(guān)系,結(jié)合圖象的信息求木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ?！?實(shí)驗(yàn)不是用懸掛的鉤碼重力來(lái)代替細(xì)線的拉力,因此不需要滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量。[解答]解：〔1由圖知x03＝3.30×10﹣2m,x36＝〔7.32﹣3.30×10﹣2m＝4.02×10﹣2m根據(jù)△x＝aT2得x36﹣x03＝a〔3T2,又T＝0.02s解得a＝2.0m/s2?！?設(shè)每個(gè)鉤碼為m。根據(jù)牛頓第二定律得對(duì)懸掛的鉤碼有nmg﹣T＝nma對(duì)木塊有T﹣μ〔N﹣nmg＝〔N﹣nma解得a＝﹣μg作出圖象,由圖知﹣μg＝﹣1.5,得μ＝0.15〔3實(shí)驗(yàn)不是用懸掛的鉤碼重力來(lái)代替細(xì)線的拉力,因此不需要滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量。故答案為：〔12.0．〔20.15．〔0.14﹣0.16均可?！?不需要。[點(diǎn)評(píng)]本題考查驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn),要求能明確實(shí)驗(yàn)原理,認(rèn)真分析各步驟,從而明確實(shí)驗(yàn)方法；同時(shí)注意掌握?qǐng)D象的性質(zhì),能根據(jù)圖象進(jìn)行分析,明確對(duì)應(yīng)規(guī)律的正確應(yīng)用。10．〔10分如圖為某同學(xué)組裝完成的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖。圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻,R6是最大阻值為20kΩ可變電阻；表頭G的滿偏電流為250μA,阻為600Ω．虛線方框?yàn)閾Q擋開(kāi)關(guān)。A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個(gè)擋位。5個(gè)擋位為：直流電壓1V擋和5V擋,直流電流1mA擋和2.5mA擋,歐姆×1kΩ擋?！?圖中的A端與紅〔填"紅"或"黑"色表筆相連接?！?關(guān)于R6的使用,下列說(shuō)確的是B〔填正確答案標(biāo)號(hào)。A．在使用多用電表之前,調(diào)整R6使電表指針指在表盤(pán)左端電流"0"位置B．使用歐姆擋時(shí),先將兩表筆短接,調(diào)整R6使電表指針指在表盤(pán)右端電阻"0"位置C．使用電流擋時(shí),調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤(pán)右端電流最大位置〔3要想使用直流電壓1V擋,選擇開(kāi)關(guān)B應(yīng)與4相連〔填選擇開(kāi)關(guān)對(duì)應(yīng)的數(shù)字。〔4根據(jù)題給條件可得R1+R2＝200Ω?！?將選擇開(kāi)關(guān)與"3"相連,把表筆插入AB并短接,滑動(dòng)R6的滑片到最上端a處,表頭G的指針指在表盤(pán)電流125μA處；滑動(dòng)R6的滑片到最下端b處,表頭G的指針指在表盤(pán)電流250μA處。則電池的電動(dòng)勢(shì)E＝5V。[考點(diǎn)]N4：用多用電表測(cè)電阻．[專題]13：實(shí)驗(yàn)題；23：實(shí)驗(yàn)探究題；32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專題．[分析]〔1明確歐姆表原理,知道部電源的正極接黑表筆,負(fù)極接紅表筆；〔2明確電路結(jié)構(gòu),知道歐姆檔中所接滑動(dòng)變阻器只能進(jìn)行歐姆調(diào)零；〔3表頭與分壓電阻串聯(lián)可以改裝成電壓表,串聯(lián)電阻阻值越小電壓表量程越小；〔4根據(jù)題意確定多用電表測(cè)量的量與量程,應(yīng)用歐姆定律求出電阻阻值；〔5根據(jù)題意應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出電源電動(dòng)勢(shì)。[解答]解：〔1歐姆表置電源正極與黑表筆相連,負(fù)極與紅表筆相連,由圖示電路圖可知,A端與紅色表筆相連。〔2由電路圖可知,R6只在測(cè)量電阻時(shí)才接入電路,故其作用只能進(jìn)行歐姆調(diào)零,不能進(jìn)行機(jī)械調(diào)零,同時(shí)在使用電流檔時(shí)也不需要時(shí)行調(diào)節(jié),故B正確,AC錯(cuò)誤；故選：B?！?由圖示電路圖可知,開(kāi)關(guān)B與4相連時(shí)表頭與分壓電阻串且串聯(lián)電阻阻值較小,此時(shí)多用電表測(cè)電壓,電壓表量程較小為1V?！?直流電流檔分為1mA和2.5mA,由圖可知,當(dāng)接1時(shí)應(yīng)為2.5mA；當(dāng)接2時(shí)應(yīng)為1mA,根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知：R1+R2＝＝＝200Ω?！?電流表量程為1mA時(shí)電流表阻：RA＝＝＝150Ω,滑動(dòng)R6的滑片到最上端a處,表頭G的指針指在表盤(pán)電流125μA處；滑動(dòng)R6的滑片到最下端b處,表頭G的指針指在表盤(pán)電流250μA處；根據(jù)題意由圖示電路圖可知,電源電動(dòng)勢(shì)：E＝125×10﹣6〔r+RA+R3+R6,E＝250×10﹣6〔r+RA+R3,代入數(shù)據(jù)解得：E＝5V；故答案為：〔1紅；〔2B；〔34；〔4200；〔55。[點(diǎn)評(píng)]本題考查了多用電表讀數(shù)以及部原理,要注意明確串并聯(lián)電路的規(guī)律應(yīng)用,知道多用電表的改裝原理是解題的前提,分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題。11．〔14分如圖,足夠長(zhǎng)的固定光滑水平軌道與固定的光滑豎直圓弧軌道平滑連接。質(zhì)量為m1的小球A以速度υ0撞上質(zhì)量為m2的靜止小球B,已知A和B的大小相同且碰撞為彈性正碰。重力加速度g的大小取10m/s2．〔1若m1＝2kg、m2＝3kg,υ0＝5m/s,求碰撞后小球B上升的最大高度；〔2若要求兩小球只發(fā)生了一次碰撞,則m1與m2的大小應(yīng)滿足怎樣的關(guān)系？[考點(diǎn)]53：動(dòng)量守恒定律；6C：機(jī)械能守恒定律．[專題]12：應(yīng)用題；22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；4C：方程法；52F：動(dòng)量定理應(yīng)用專題．[分析]〔1小球A和小球B發(fā)生彈性碰撞,由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律列式,可求得碰撞后B的速度,小球B碰后沿光滑軌道上升的過(guò)程中機(jī)械能守恒。由機(jī)械能守恒定律求碰撞后小球B上升的最大高度?！?結(jié)合〔1得到的A與B碰撞后速度的公式,由二者只發(fā)生了一次碰撞的條件即可求出。[解答]解：〔1A、B兩球發(fā)生彈性碰撞。設(shè)碰撞后A球的速度為vA,B球的速度為vB,取向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有：m1v0＝m1vA+m2vB聯(lián)立得：①②代入數(shù)據(jù)可得：vA＝﹣1m/s,vB＝4m/s小球B碰后沿光滑軌道上升的過(guò)程中機(jī)械能守恒,由于是四分之一圓軌道,所以小球B在最高點(diǎn)的速度一定為0。由機(jī)械能守恒定律：可得：h＝0.8m〔2若要求兩小球只發(fā)生了一次碰撞,則碰撞后A反向運(yùn)動(dòng),且A速度的大小要大于等于B的速度大小,即：|vA|≥|vB|聯(lián)立①②,代入條件可得：m1與m2的大小應(yīng)滿足答：〔1若m1＝2kg、m2＝3kg,υ0＝5m/s,碰撞后小球B上升的最大高度是0.8m；〔2若要求兩小球只發(fā)生了一次碰撞,則m1與m2的大小應(yīng)滿足。[點(diǎn)評(píng)]本題考查動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用,要注意在分析問(wèn)題時(shí),正確選擇研究對(duì)象,明確動(dòng)量守恒的條件及應(yīng)用,注意要規(guī)定正方向。12．〔18分如圖甲,位于M板處的粒子源可以不斷產(chǎn)生初速度為零的電子,電子在MN板間被加速,在MN板間所加電壓按圖乙所示規(guī)律變化。t＝0時(shí),UNM＝U0,電子射出后從坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入x軸上方一垂直紙面向外的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。發(fā)生270°偏轉(zhuǎn)后沿y軸負(fù)方向射出有界磁場(chǎng)打到x軸下方水平放置的熒光屏上。N板到y(tǒng)軸、熒光屏到x軸的距離均為L(zhǎng)．已知電子的質(zhì)量為m,電量為﹣e〔e＞0,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．忽略電子在板間被加速的時(shí)間,認(rèn)為電子在MN板間運(yùn)動(dòng)過(guò)程中板間電壓不變,不考慮電子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的相互作用。求：〔1t＝0時(shí)刻從N板射出的電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑大??；〔2電子在t＝0時(shí)刻從N板射出到打到熒光屏所經(jīng)歷的時(shí)間；〔3為使0﹣2t0時(shí)間從MN板間射出的電子均能發(fā)生270°偏轉(zhuǎn)垂直打在熒光屏上,試求所加磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積。[考點(diǎn)]37：牛頓第二定律；4A：向心力；65：動(dòng)能定理；AK：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．[專題]32：定量思想；43：推理法；536：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．[分析]〔1根據(jù)動(dòng)能定理結(jié)合洛倫茲力提供向心力求得半徑；〔2電子到達(dá)原點(diǎn)做勻速運(yùn)動(dòng),在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng),離開(kāi)磁場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng),按照運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合幾何關(guān)系求解時(shí)間即可；〔3根據(jù)磁場(chǎng)半徑結(jié)合幾何知識(shí)求解磁場(chǎng)區(qū)域面積即可；[解答]解；〔1在t＝0時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的電子被加速,由動(dòng)能定理得：進(jìn)入磁場(chǎng)后,洛倫茲力提供向心力,有：聯(lián)立以上兩式得：；〔2t＝0時(shí)刻從N板射出的電子,到達(dá)原點(diǎn)O經(jīng)歷的時(shí)間為：在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：從離開(kāi)磁場(chǎng)到到達(dá)熒光屏經(jīng)歷的時(shí)間為：該電子從N板到熒光屏經(jīng)歷的時(shí)間為：t＝t1+t2+t3＝；〔3任一時(shí)刻從N板射出的電子,經(jīng)磁場(chǎng)后均發(fā)生270°偏轉(zhuǎn)垂直打在熒光屏上,電子的運(yùn)動(dòng)軌跡：在t＝t0時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的電子被加速后,在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為：如果兩圓弧之間的陰影部分即為所加磁場(chǎng)的最小區(qū)域,由幾何關(guān)系知：s＝＝；答：〔1t＝0時(shí)刻從N板射出的電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑大小為；〔2電子在t＝0時(shí)刻從N板射出到打到熒光屏所經(jīng)歷的時(shí)間為；〔3為使0﹣2t0時(shí)間從MN板間射出的電子均能發(fā)生270°偏轉(zhuǎn)垂直打在熒光屏上,所加磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積為。[點(diǎn)評(píng)]本題考查帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng),重點(diǎn)應(yīng)用幾何知識(shí)結(jié)合洛倫茲力提供向心力解題〔二選考題〔共45分請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答．如果多做,則每科按所做的第一題計(jì)分．．[物理-選修3-3]〔15分13．〔5分一定質(zhì)量的理想氣體,由初始狀態(tài)A開(kāi)始,按圖中箭頭所示的方向進(jìn)行了一系列狀態(tài)變化,最后又回到初始狀態(tài)A,即A→B→C→A〔其中BC與縱軸平行,CA與橫軸平行,這一過(guò)程稱為一個(gè)循環(huán)。在這一循環(huán)中,對(duì)于該氣體,下列說(shuō)確的有〔A．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,分子的平均動(dòng)能增大B．從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C,氣體的能減小C．從狀態(tài)C變化到狀態(tài)A,氣體吸收熱量D．從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C,分子的平均動(dòng)能逐漸減小E．從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,氣體放出熱量[考點(diǎn)]89：溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；8F：熱力學(xué)第一定律；99：理想氣體的狀態(tài)方程．[專題]31：定性思想；43：推理法；548：熱力學(xué)定理專題；54B：理想氣體狀態(tài)方程專題．[分析]A到B,氣體的壓強(qiáng)體積都變大,B到C,氣體做的是等容變化,C到A,氣體做的是等壓變化,根據(jù)氣體的不同的變化過(guò)程,結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律逐項(xiàng)分析。[解答]解：A、由圖象可知A到B,氣體的壓強(qiáng)體積都變大,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度升高,分子平均動(dòng)能增大,故A正確；B、B到C,氣體做的是等容變化,不做功,又壓強(qiáng)減小,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度降低,其能減小,故B正確；C、C到A,氣體做的是等壓變化,體積減小,外界對(duì)氣體做功,即W＞0,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度降低,則能減小,即△U＜0,由熱力學(xué)第一定律可知,氣體應(yīng)放熱,故C錯(cuò)誤；D、B到C,氣體做的是等容變化,又壓強(qiáng)減小,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度降低,則分子平均動(dòng)能減小,故D正確；E、由圖象可知A到B,氣體的壓強(qiáng)體積都變大,氣體對(duì)外界做功,即W＜0；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度升高,則氣體能增加,即△U＞0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知,氣體應(yīng)吸熱,故E錯(cuò)誤；故選：ABD。[點(diǎn)評(píng)]利用熱力學(xué)第一定律判斷氣體的能變化的時(shí)候要注意做功W和熱量Q的符號(hào),對(duì)外做功和放熱為負(fù)的,對(duì)氣體做功和吸熱為正的。14．〔10分如圖所示,豎直放置開(kāi)口向上壁光滑的氣缸,有兩個(gè)質(zhì)量均為m的密閉活塞,將缸理想氣體分成I、Ⅱ兩部分,活塞A導(dǎo)熱,氣缸及活塞口均絕熱?；钊麢M截面積為S,且mg＝PoS．整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài),I、Ⅱ兩部分氣體的高度均為L(zhǎng)o,溫度為T(mén)o．外界大氣壓強(qiáng)為po并保持不變?，F(xiàn)在活塞A上逐漸添加細(xì)砂,當(dāng)細(xì)砂質(zhì)量等于2m,兩活塞在某位置重新平衡時(shí),Ⅱ中氣體的溫度升高到．求：活塞A下降的距離。[考點(diǎn)]99：理想氣體的狀態(tài)方程；9D：氣體的等溫變化；9K：封閉氣體壓強(qiáng)．[專題]11：計(jì)算題