2019屆高三物理一模試卷

1、2019屆高三物理一模試卷豐臺(tái)區(qū)2019年高三年級(jí)第二學(xué)期綜合練習(xí)（一）理科 綜合物理1.以下事實(shí)可作為“原子核可再分”的依據(jù)是A.天然放射現(xiàn)象B.粒子散射實(shí)驗(yàn). 電子的發(fā)現(xiàn)D.氫原子發(fā)光【答案】A【解析】【詳解】A.天然放射現(xiàn)象是原子發(fā)生衰變之后會(huì)放由三種射線，這說明原子核可再分。故 A正確。B.粒子散射實(shí)驗(yàn)說明了原子的核式結(jié)構(gòu)模型。故B錯(cuò)誤.電子位于原子核外的，不能說明原子核可再分。故錯(cuò) 誤。D.氫原子發(fā)光說明核外電子的躍遷，不能說明原子核可 再分。故D錯(cuò)誤。2. 下列說法正確的是A.氣體的溫度升高，每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率都會(huì)增大B.從微觀角度講，氣體壓強(qiáng)只與氣體分子的密集程度有 關(guān).當(dāng)分

2、子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的增 大而增大D.若一定質(zhì)量的氣體膨脹對(duì)外做功50,則內(nèi)能一定減少50【答案】【解析】【詳解】A.氣體的溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以氣 體的溫度升高，從統(tǒng)計(jì)規(guī)律看分子的平均運(yùn)動(dòng)速率增大，但 是仍會(huì)有分子的速率減小。故 A錯(cuò)誤。B.從微觀角度講，氣體壓強(qiáng)只氣體分子的密集程度和氣 體的溫度有關(guān)。故B錯(cuò)誤。.在時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，分子的間距增大時(shí)分子力做負(fù)功，故越大，分子勢(shì)能越大。故 B正確。D. 一定質(zhì)量的氣體膨脹對(duì)外做功 50,同時(shí)氣體還可能吸 收熱量，所以內(nèi)能減少量不一定是。故 D錯(cuò)誤。3.甲、乙兩單色光分別通過同一雙縫干涉裝置得到各自 的干涉圖樣，設(shè)

3、相鄰兩個(gè)亮條紋的中心距離為，若，比較甲、乙兩種單色光，則下列說法正確的是A.真空中甲光的波長較短B.甲光的光子能量較小.甲光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角較小D.甲光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而乙光不能【答案】B【解析】【詳解】A.根據(jù)雙縫干涉的條紋間距可知對(duì)于同一個(gè)實(shí) 驗(yàn)裝置，波長越長，條紋間距越大，由可知甲光的波長一定 大于乙光的波長。故 A錯(cuò)誤。B.根據(jù)可知甲光的頻率小于乙光的頻率，而光子的能量，故甲光的光子能量一定小于乙光子的能量。故B正確。.由可知甲光的波長一定大于乙光的波長，則對(duì)同一均 勻介質(zhì)，甲光的折射率小于乙光的折射率，由臨界角公式甲 光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角大于乙光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角。 故錯(cuò)誤。

4、D.偏振現(xiàn)象是橫波特有的現(xiàn)象，由于光是橫波，故甲乙都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象。故 D錯(cuò)誤。4. 一簡諧機(jī)械橫波沿x軸正方向傳播，波長為 入，周期 為To t=T時(shí)刻的波形如圖1所示，a、b是波上兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)， 圖2是波上奧質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像。下列說法中正確的是A.t=T 時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的振幅比質(zhì)點(diǎn)b的大B.t=T 時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的速度比質(zhì)點(diǎn)b的大.質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖像是圖2D.質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)圖像是圖2【答案】D【解析】【詳解】A.在一列波中所有質(zhì)點(diǎn)的振幅都一樣。故A錯(cuò)誤。B.t=T 時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的速度等于零，質(zhì)點(diǎn) b的速度最大。故 B錯(cuò)誤。D.在t=T時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的位移最大，質(zhì)點(diǎn) b的位移為零， 在結(jié)合圖2,可知圖2是質(zhì)點(diǎn)b的震動(dòng)圖

5、象。故D正確。5.如圖所示，海王星繞太陽沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，P為近日點(diǎn)，Q為遠(yuǎn)日點(diǎn)，、N為軌道短軸的兩個(gè)端點(diǎn)，運(yùn)行的周期為 T0,若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從P經(jīng)過N、Q回到P的運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是A. 從P到N階段，動(dòng)能逐漸增大B.從N到Q階段，速度逐漸增大.從Q到階段，所用時(shí)間大于D.從到P階段，加速度逐漸減小【答案】【解析】【詳解】A.從P到N階段，海王星離太陽越越遠(yuǎn)，海王 星做離心運(yùn)動(dòng)，所以速度越越小，動(dòng)能越越小。故 A錯(cuò)誤。B.從N到Q階段海王星離太陽越越遠(yuǎn)，海王星做離心運(yùn) 動(dòng)，所以速度越越小。故 B錯(cuò)誤。.從Q到階段，海王星的平均速度小于從到P階段的平均速度

6、，所以從 Q到階段，所用時(shí)間大于。故正確。D.從到P階段，海王星離太陽越越近，所以加速度逐漸 增大。故D錯(cuò)誤。6.如圖所示,地面附近奧真空環(huán)境中存在著水平方向的 勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，已知磁場方向垂直紙面向里，一個(gè)帶 正電的油滴，沿著一條與豎直方向成a角的直線N運(yùn)動(dòng)，由此可以判斷A. 勻強(qiáng)電場方向一定是水平向左B.油滴沿直線一定做勻加速運(yùn)動(dòng).油滴可能是從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)D.油滴一定是從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)【答案】A【解析】【詳解】A.粒子的受力如圖所以的情況，即電場力只能 水平向左，粒子才能沿直線運(yùn)動(dòng)。故 A正確。B.油滴做直線運(yùn)動(dòng)，受重力、電場力和洛倫茲力作用， 因?yàn)橹亓碗妶隽鶠楹懔?，根?jù)物體做直線運(yùn)

7、動(dòng)條件可知， 粒子所受洛倫茲力亦為恒力據(jù)可知，粒子必定做勻速直運(yùn)動(dòng)。 故B錯(cuò)誤。D.粒子受到的洛侖磁力的方向?yàn)榇怪盢向上，又因?yàn)榱Ｗ訋д姡俳Y(jié)合左手定則，可知油滴一定是從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)一定。故D都錯(cuò)誤。7 .為了研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)，用兩個(gè)相同小球 A、B做 下面的實(shí)驗(yàn)：如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片，A球立即水平飛由，同時(shí)B球被松開，做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩球同時(shí)落到地面。A、B兩小球開始下落到落地前瞬間的過程中，下列對(duì)A、B球描述正確的是A.A 球與B球的速率變化量相同8 .A 球與B球的動(dòng)量變化量相同.A 球與B球的速度變化率不同D.A 球與B球的動(dòng)能變化量不同【答案】B【解析】【詳解】A.因?yàn)?/p>

8、A球立即水平飛由，以一定的速度做平 拋運(yùn)動(dòng)，B球被松開，做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以兩球落地的速 率不同，速率的變化量也不同。故A錯(cuò)誤。BD.兩球落地的時(shí)間相同，受到的重力也相同，落地的 過程中，重力的沖量相同，由動(dòng)量定理可知，兩球的動(dòng)量的 變化量也是相同的。故 B正確，D錯(cuò)誤。.A 球與B球的速度變化率等于重力加速度，故A球與B球的速度變化率相同。故錯(cuò)誤。8 .地球上莫處海水的周期性漲落稱為潮汐。潮汐主要是 月球?qū)Ｋ囊υ斐傻?，太陽的引力也起一定的作用，?要弱得多。引起潮汐的力稱為引潮力，引潮力沿垂直海水表 面向上（背離地心）最大處，海水形成高峰；反之，引潮力 沿垂直海水表面向下（指向地心）最

9、大處，海水由現(xiàn)低谷。 為簡化研究，只在地-月系統(tǒng)分析問題，此時(shí)引潮力可稱為月潮力。假設(shè)地球表面全部被海水覆蓋，如圖所示，月地距離為r,地球半徑為R,月球質(zhì)量為月，地球質(zhì)量為地；A為近月點(diǎn)，B為遠(yuǎn)月點(diǎn)。如取直角坐標(biāo)系的x軸沿月地聯(lián)線，e為地表莫處的半徑與 x軸正方向的夾角。該處質(zhì)量為 a的 海水的月潮力在x軸、y軸上的分力值Fx、Fy分別是；依 據(jù)已學(xué)的知識(shí)，結(jié)合上述公式，判斷下列說法正確的是A.月潮力就是地球?qū)Ｋ囊.月潮力就是月球?qū)Ｋ囊?近月點(diǎn)處的海水月潮力向下最大D.遠(yuǎn)月點(diǎn)處的海水月潮力向上最大【答案】D【解析】【詳解】AB.月潮力是月球的吸引與地球的自轉(zhuǎn)共同對(duì) 海水產(chǎn)生的等效

10、力。故 AB都錯(cuò)誤。.在近月點(diǎn)A,方向沿x軸負(fù)方向，背離地心向上，海 水月潮力向上最大。故錯(cuò)誤。D.在遠(yuǎn)月點(diǎn)B,向沿x軸正方向，背離地心向上，海水 月潮力向上最大。故 D正確。第二部分(非選擇題)9 . 莫同學(xué)要把一個(gè)量程為 300以A,內(nèi)阻約為100Q的直 流電流計(jì)G,改裝成量程范圍是 03V的直流電壓表。(1)按如圖1所示電路，用半偏法測(cè)定電流計(jì)G的內(nèi) 電阻Rgjo電電動(dòng)勢(shì)為 6V,內(nèi)阻不計(jì)。在以下器材中，可變電阻R1應(yīng)選用;可變電阻 R2應(yīng)選用 o （選填器材前的字母）A .電阻箱（0999.9 Q ）B .滑動(dòng)變阻器（0200Q ）.電位器（一種可變電阻，與滑動(dòng)變阻器相當(dāng)，047kQ

11、）（2）該同學(xué)在開關(guān)斷開情況下，檢查電路連接無誤。a .后續(xù)的實(shí)驗(yàn)操作步驟依次是 ,最后記錄R2 的阻值并整理好器材。（請(qǐng)按合理的實(shí)驗(yàn)順序，選填下列步 驟前的字母）A .將R1的阻值調(diào)至最大B .閉合k2調(diào)節(jié)R2的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻 度的一半.閉合k1調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度b .若實(shí)驗(yàn)記錄 R2的阻值為112.0 Q ,則可測(cè)得電流計(jì) G的內(nèi)阻Rg=Q。（3）測(cè)得電流計(jì) G的內(nèi)阻后，要將其改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)將其 聯(lián)（選填“串”或“并”）一個(gè)電阻 R3, R3=Q。（4）按照上述方法將電流計(jì) G與電阻R3改裝成一電壓 表后，用比改裝電壓表分度值更小的標(biāo)準(zhǔn)電壓

12、表V0進(jìn)行校a .請(qǐng)你完成方框圖2中的校準(zhǔn)電路圖 ;b .利用校準(zhǔn)電路，該同學(xué)將量程中的各個(gè)刻度都校準(zhǔn) 一遍，可得到30組Ux (改裝電壓表讀數(shù))、AUx (改裝電壓 表讀數(shù)Ux與標(biāo)準(zhǔn)表讀數(shù) U的差值，即AUx=Ux-U)。以Ux為 橫坐標(biāo)，A Ux為縱坐標(biāo)，將相鄰兩點(diǎn)用直線連接，做由呈折 線狀的曲線，如圖3所示，這條曲線我們稱為校準(zhǔn)曲線。當(dāng) 使用這塊表測(cè)量時(shí)，就可以根據(jù)校準(zhǔn)曲線對(duì)各數(shù)據(jù)點(diǎn)進(jìn)行校準(zhǔn)，從而獲得更高的精度。若改裝電壓表測(cè)量結(jié)果為2.50V時(shí)，電壓更精確的值應(yīng)為 Vo(5)在校準(zhǔn)電壓表時(shí)，該同學(xué)利用了 “并聯(lián)電路各支 路兩端電壓總相等”的電路特點(diǎn)。實(shí)際上，在恒定電流電路 內(nèi)，各處的電

13、荷分布是穩(wěn)定的，穩(wěn)定分布的電荷產(chǎn)生了一種 恒定電場，這種恒定電場與靜電場的性質(zhì)基本相同，這成為 我們認(rèn)識(shí)電路問題的基礎(chǔ)。請(qǐng)判斷“并聯(lián)電路各支路兩端電 壓總相等”這一電路特點(diǎn)，是下列選項(xiàng)中哪一個(gè)說法的對(duì)應(yīng) 表現(xiàn)。(填寫選項(xiàng)前的字母)A .電荷在電場中受到力的作用B.勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度處處相等.電場力做功與路徑無關(guān)D.沿電場線方向電勢(shì)逐漸降低【答案】(1). (1)(2).A(3).(2) a.AB(4).b.112.0(5).(3)串(6).9888.0(7).(4) a.如圖；(8) .b.2.480 或 2.48(9).(5)【解析】【詳解】(1)閉合電建k1電路中的電流不能大于，由可 知，故

14、應(yīng)該選。實(shí)驗(yàn)中要讀生的具體的數(shù)值，故應(yīng)該選A。(2)半偏法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)步驟為：第一步，按原理圖連接好實(shí)物圖；第二步，閉合電建k1,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使表頭指針滿偏；第三步閉合電建k2,改變電阻箱的阻值，當(dāng)表頭指針半偏時(shí)記下電阻箱的讀數(shù)，此時(shí)電阻箱的阻值等于 表頭的內(nèi)阻。故正確的步驟是AB。由(2)的分析可知指針半偏時(shí)電阻箱的讀數(shù)等于表頭的內(nèi)阻，所以表頭的內(nèi)阻為。(3)改裝成電壓表，應(yīng)該把表頭和電阻串聯(lián)。由電表的改裝原理可得，化簡可得：。(4)改裝的電壓表應(yīng)該與標(biāo)準(zhǔn)電壓表并聯(lián)，滑動(dòng)變阻 器采用分壓式接法，電路如圖所示：由圖象可知 2.50V對(duì)應(yīng)的為0.020V,再由可得(5)因?yàn)殡妶隽ψ龉εc路徑無

15、關(guān)，所以并聯(lián)電路中，電荷從并聯(lián)的一端運(yùn)動(dòng)到另一端時(shí)，也就是電荷運(yùn)動(dòng)的初末 位置相同，所以靜電力做功相同，電勢(shì)差也相同，所以并聯(lián) 電路各支路兩端電壓總相等”這一電路特點(diǎn)，與“電場力做 功與路徑無關(guān)”這一說法是對(duì)應(yīng)的。10.如圖所示，足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，寬度L=0.4, 一端連接 R=1Q的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎 直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5T。導(dǎo)體棒N放在導(dǎo)軌上， 其長度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好。導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒 的電阻均可忽略不計(jì)。在平行于導(dǎo)軌的拉力作用下，導(dǎo)體棒 沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)，速度 v=0.6/s。求：(1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E和感應(yīng)電流I;(2)在0.2s時(shí)間內(nèi)，

16、拉力的沖量 IF的大小；(3)若將N換為電阻r=0.5 Q的導(dǎo)體棒，其它條件不變， 求導(dǎo)體棒兩端的電壓 U?！敬鸢浮?1) 1.2A; (2) 0.48N?s (3) 0.8V【解析】【詳解】(1)有法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：；感應(yīng)電流：由閉合電路的歐姆定律可得：。(2)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，拉力等于安培力得：所以拉力的沖量(3)由閉合電路的歐姆定律可得：11.如圖1所示，一小車放于平直木板上(木板一端固 定一個(gè)定滑輪)，木板被墊高一定角度 e，該角度下，小車 恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)(假設(shè)小車所受摩擦力與小車對(duì)木板的 正壓力成正比，比例系數(shù)為 以)，小車總質(zhì)量為。(1)請(qǐng)推導(dǎo)e與以應(yīng)滿足的定量關(guān)

17、系；并分析說明若 增大小車質(zhì)量，仍使小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，角度 e是否需要 重新調(diào)整。（2）如圖2所示，將小車上栓一根質(zhì)量不計(jì)，且不可 伸長的細(xì)繩，細(xì)繩通過滑輪（滑輪與細(xì)繩之間摩擦不計(jì)）下 桂一個(gè)祛碼盤（內(nèi)放祛碼），在木板上更位置靜止釋放小車 后，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。 已知祛碼盤及祛碼的總質(zhì)量為， 求：a.如果=，小車所受細(xì)繩拉力與祛碼盤及祛碼總重 力的比值；b .用F表示小車所受細(xì)繩的拉力，如果要求，此時(shí)應(yīng) 該滿足的條件；小車沿木板運(yùn)動(dòng)距離為 x的過程中，其機(jī)械能的變化 量A E。【答案】（1） =tan 9 ;增大小車的質(zhì)量，角度 9無須 改變。（2）a.b.【解析】【詳解】（1）受力分析

18、如圖：重力的下滑分力為，小車 受到的摩擦力為：小車勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡條件可得：解得論證：當(dāng)小車的質(zhì)量由變成 +?時(shí)，若使小車勻速運(yùn)動(dòng)， 仍有成立，仍然滿足：，即若增大小車的質(zhì)量，角度 9無須 改變。(2)根據(jù)牛頓第二定律：a.對(duì)小車由牛頓第二定律 可得；對(duì)祛碼和祛碼盤由牛頓第二定律可得：由于則的到： b.利用a中得到的結(jié)論：解得可得小車沿木板運(yùn)動(dòng)距離為 x的過程中，機(jī)械能的變化量 等于小車所受的拉力和摩擦力做功的總和，則：12.構(gòu)建理想化模型，是處理物理問題常見的方法。(1)在研究平行板電容器的相關(guān)問題時(shí)，我們是從研 究理想化模型一一無限大帶電平面開始的。真空中無限大帶 電平面的電場是勻強(qiáng)電場，

19、電場強(qiáng)度為E0=,其中k是靜電力常量，°為電荷分布在平面上的面密度，單位為 /2。如圖 1所示，無限大平面帶正電，電場指向兩側(cè)。若帶負(fù)電則電 場指向中央(圖中未畫由)。在實(shí)際問題中，當(dāng)兩塊相同的 帶等量異種電荷的較大金屬板相距很近時(shí)，其中間區(qū)域，可 以看作是兩個(gè)無限大帶電平面所產(chǎn)生的勻強(qiáng)電場疊加；如果 再忽略邊緣效應(yīng)，平行板電容器兩板間的電場就可以看作是 勻強(qiáng)電場，如圖2所示。已知平行板電容器所帶電量為Q,極板面積為S,板間距為d,求：a.兩極板間電場強(qiáng)度的大小 E;b.請(qǐng)根據(jù)電容的定義式，求由在真空中，該平行板電容 器的電容；.求解圖2中左極板所受電場力的大小F。(提示：因?yàn)閹щ娮髽O板的存在已經(jīng)影響到帶電右極板單獨(dú)存在時(shí)空間場強(qiáng)的分布，所以不能使用a問中計(jì)算由的場強(qiáng)，而是應(yīng)該