高一物理上學期12月月質(zhì)量檢測考試試題

1、高一物理上學期12月月質(zhì)量檢測考試試題一、選擇題1.小明回老家過年時恰逢親成家建房，工人正在給房屋上梁只見工人用鐵錘豎直向上連續(xù) 敲擊木楔，木楔緩慢地將橫梁抬起，如圖所示開始時繩子與墻壁的夾角a小于木楔的尖角 B，若不考慮橫梁與木楔之間的摩擦，在a還未超過B的過程中（ ）A.繩子拉力變大，墻壁與木楔的摩擦力變大B.繩子拉力變大，墻壁與木楔的摩擦力不變 C.繩子拉力變小，墻壁與木楔的摩擦力變小D.繩子拉力變小，墻壁與木楔的摩擦力變大 2.汽車沿平直公路做勻加速直線運動時，其加速度大小為2m/s2,則該汽車在任意Is內(nèi)（）A.位移一定為2mB.速度一定變化2m/sc.末速度一定是初速度的2倍D.末

2、速度比下1s的初速度小2m/s3.把一個小球放在玻璃漏斗中，晃動漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平而內(nèi)做 勻速圓周運動.小球的向心力是由什么力提供的（）A.重力B.支持力C,重力和支持力的合力D.地轉(zhuǎn)偏向力4.在某次交通事故中一輛載有30噸"工”字形鋼材的載重汽車由于避讓橫穿馬路的電動車 而緊急制動，結(jié)果車廂上的鋼材向前沖出，壓扁駕駛室.關(guān)于這起事故原因的物理分析正 確的是（）A.由于車廂上的鋼材有慣性，在汽車制動時，繼續(xù)向前運動，壓扁駕駛室B.由于汽車緊急制動，使其慣性減小，而鋼材慣性較大，所以繼續(xù)向前運動C.由于車廂上的鋼材所受阻力太小，不足以克服其慣性，所以繼續(xù)向前運動D

3、.由于汽車制動前的速度太大，汽車的慣性比鋼材的慣性大，在汽車制動后，鋼材繼續(xù) 向前運動5 .如圖，滑塊以初速度如沿表而粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為 零.對于該運動過程，若用人、s、八a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的 大小，t表示時間，則下列圖象最能正確描述這一運動規(guī)律的是（）6 .在滑冰場上，甲、乙兩小孩分別坐在滑冰板上，原來靜止不動，在相互猛推一下后分別 向相反方向運動，甲在冰上滑行的距離比乙遠。假定兩板與冰而間的動摩擦因數(shù)相同，下 列判斷正確的是A.在推的過程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B.在推的過程中，甲推乙的時間小于乙推甲的時間C.在分開時，甲的運動速度

4、大于乙的運動速度D.在分開后，甲運動的加速度大小小于乙運動的加速度大小7 .如圖所示，物塊a靜止在水平地而上，物塊b疊放在物體a上?，F(xiàn)對物體。施加一個 水平向左的恒定拉力F，a、b仍然都處于靜止狀態(tài)。以下說法正確的是A.。受b向右的摩擦力8 . b受a向左的摩擦力C.。、b接觸面間的動摩擦因數(shù)一定為零D.地面對。的摩擦力大小等于F8.圖是某質(zhì)點運動的速度圖像，由圖像得到的正確結(jié)果是A. 01 s內(nèi)的平均速度是2m/sB.。Is內(nèi)的位移大小是3 mC.。Is內(nèi)的加速度大于24s內(nèi)的加速度D. Ols內(nèi)的運動方向與24s內(nèi)的運動方向相反9.我國“80后”女航天員王亞平在“天宮一號”里給全國的中小學

5、生們上一堂實實在在的“太 空物理課”。在火箭發(fā)射、飛船運行和回收過程中，王亞平要承受超重或失重的考驗，下列 說法正確是（）A.飛船在降落時需要打開降落傘進行減速，王亞平處于超重狀態(tài)B.飛船在降落時需要打開降落傘進行減速，王亞平處于失重狀態(tài)C,飛船在繞地球勻速運行時，王亞平處于超重狀態(tài)D.火箭加速上升時，王亞平處于失重狀態(tài)10.如圖所示，質(zhì)量均為m的4 8兩球之間系著一根不計質(zhì)量的彈簧，放在光滑的水平 而上，入球緊靠豎直墻壁，今用水平力將8球向左推壓彈簧，平衡后，突然將撤去， 在這瞬間，以下說法正確的是;AB xpFA. 8球的速度為零，加速度大小為一mB. 8球的速度為零，加速度為零C. 4立

6、即離開墻壁D.在4離開墻壁后，4 8兩球均向右做勻速運動11 .下列物理量中，屬于矢量的有（）A.路程B.時間C.加速度D.質(zhì)量12 .國際單位制中與力學有關(guān)的三個基本單位是A. kg、m、sB. g、m、NC. kg、km、N D. kg、m、N13 .如圖所示，質(zhì)量為10kg的物體，在水平地面上向左運動，物體與水平地面間的動摩擦 因數(shù)為0.2,與此同時，物體受到一個水平向右的拉力F=20N的作用，則物體的加速度為A. 0C. 4m/s2,水平向右B. 2m/s2,水平向右D. 2m/s2,水平向左x14 . 一質(zhì)點沿x軸正方向做直線運動，通過坐標原點時開始計時，其一一，圖象如圖所示, t則

7、下列說法正確的是（）A.質(zhì)點做勻加速直線運動B.質(zhì)點的初速度大小為4，sC.質(zhì)點的加速度大小為2?/D.質(zhì)點在第1 $內(nèi)的平均速度大小為6S15 .如圖所示，為某物體運動的u-t圖像，以下說法正確的是（）A. 45s的力口速度大小為0.8m/s2B. 04s的平均速度大小為2m/sC. 05s物體的位移大小為14mD. 45s的平均速度大小為lm/s16 .某質(zhì)點做直線運動的v-t圖象如圖所示，以下說法正確的是（）A.質(zhì)點始終向同一方向運動B.質(zhì)點的加速度保持不變C.前2s內(nèi)質(zhì)點的位移為2mD.前2s內(nèi)質(zhì)點的路程為4m17 .下列說法正確的是（）A.游泳運動員仰臥在水面靜止不動時處于失重狀態(tài)B

8、.舉重運動員在舉起杠鈴后靜止不動的那段時間內(nèi)處于超重狀態(tài)C.跳高運動員到達空中最高點時處于平衡狀態(tài)D.蹦床運動員跳離跪床在空中上升與下降時均處于失重狀態(tài)18 .下列各組物理量中，全部是矢量的是（）A.位移、時間、速度、加速度B.質(zhì)量、路程、速度、平均速度C,速度、平均速度、位移、加速度D.位移、路程、時間、加速度19 .下列各種形變的物體中，發(fā)生彈性形變的是（）A.橡皮泥捏成的泥人B.細鋼絲繞制成的彈簧C.駱駝在沙漠中行走留下的腳印D.撐桿跳高運動員起跳過程中彎曲的撐桿20 .下列關(guān)于摩擦力的說法中，錯誤的是（）A.兩物體間有摩擦力，一定有彈力，且摩擦力的方向和它們間的彈力方向垂直B.兩物體間

9、的摩擦力大小和它們間的壓力一定成正比C.在兩個運動的物體之間可以存在靜摩擦力，且靜摩擦力的方向可以與運動方向成任意角 度D.滑動摩擦力的方向可以與物體的運動方向相同，也可以相反二、多選題21 .如圖所示，傾角為a的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物體a放在斜而上，輕質(zhì)細線一 端固定在物體a上，另一端繞過光滑的滑輪固定在c點，滑輪2下懸掛物體b,系統(tǒng)處于 靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將固定點。向左緩慢移動少許，發(fā)現(xiàn)。與斜劈始終靜止，則在此過程中B.細線對物體。的拉力增大C.細線對滑輪2的作用力不變D.地面對斜劈的摩擦力增大22.如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平而上，上端疊放兩個質(zhì)量均為M的物體4 8 （8物體與

10、彈簧連接），彈簧的勁度系數(shù)為匕初始時物體處于靜止狀態(tài)現(xiàn)用豎直向 上的拉力F作用在物體A上，使物體A開始向上做加速度為。的勻加速運動，測得兩個物 體的UT圖象如圖乙所示（重力加速度為g）,則（）A.施加外力前，彈簧的形變量為也&kB.外力施加的瞬間，4 8間的彈力大小為“（g-4）C. 4 8在乙時刻分離，此時彈簧彈力恰好為零D.彈簧恢復到原長時，物體8的速度達到最大值23.在平直公路上有甲、乙兩輛汽車同時從同一位置沿著同一方向做勻加速直線運動，它 們速度的平方隨位移變化的圖象如圖所示，則A.甲車的加速度比乙車的加速度大B.在X = 0.5加處甲乙兩車的速度相等C.在x = 0.5/&q

11、uot;處甲乙兩車相遇D.在，=2s末甲乙兩車相遇24.如圖所示，質(zhì)量均為1kg的木塊A和8,由一個勁度系數(shù)為100N/m的輕質(zhì)彈簧連接，最初系統(tǒng)靜止，現(xiàn)用力豎直向上緩慢拉A直到8剛好離開地面，下列說法正確的是（整個過程彈簧都在彈性限度內(nèi)，g取10m/s2）（）A.最初系統(tǒng)靜止時，彈簧處于原長狀態(tài)B. B木塊剛離開地面時，受到的彈簧彈力和重力恰好大小相等C. 8木塊剛離開地面時，彈簧相對于原長伸長了 10cmD.初始狀態(tài)和末狀態(tài)，彈簧的彈力大小不相等25.水平力F方向確定，大小隨時間的變化如圖a所示：用力拉靜止在水平桌而上的小 物塊，在從。開始逐漸增大的過程中，物塊的加速度隨時間變化的圖象如圖

12、b所示，若 重力加速度大小為lOm/sZ,則可求出（）A.物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力為6NB.物塊與水平桌而間的動摩擦因數(shù)為0.1C,物塊的質(zhì)量為3kgD.物塊在第4s末的速度為4.5m/s三、實驗題26.某次"探究加速度a跟物體所受的合外力F和質(zhì)量m的關(guān)系”時，實驗如下.下列做法正確的是（填字母代號）A.調(diào)門滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行 8.在調(diào)行木板傾斜角度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有硅碼的祛碼桶通過定滑輪拴在木塊上C.實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源。.通過增減木塊上的祛碼改變質(zhì)量時，不需重新調(diào)節(jié)木板傾角圖甲為實驗裝置圖。圖乙為某次實驗得到的一

13、段紙帶，計數(shù)點4、8、c、D、E間的時間 間隔為0.1 s,根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為 m/s?（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）保持小車質(zhì)量不變，改變砂和砂桶質(zhì)量，進行多次測量。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了加速度。 隨拉力F的變化圖線如圖所示。圖中直線沒有通過原點，其主要原因是保持砂和砂桶質(zhì)量不變，改變小車中硅碼質(zhì)量，進行多次測量，得到小車加速度叫質(zhì)量m及其對應(yīng)的L的數(shù)據(jù)如表中所示: m實驗次效12345678車加速度1.901.721.491.251.000.750.500.30車和硅碼質(zhì)量nrlg0250 ?。0 口0400.500711 001 67/葭4.003.153.032川2.001.411

14、.000.60.在圖示的坐標紙中畫出物體的。一，圖線m根據(jù)作出的。一，圖象可以得到的結(jié)論是： m27 .某同學做“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”實驗，他在豎直懸掛的彈簧下端加掛鉤碼，如 圖是他根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在給定的坐標系中作出彈簧總長度/與鉤碼質(zhì)量m的關(guān)系圖線。實驗 時彈簧始終未超過彈性限度，彈簧自身質(zhì)量不計。根據(jù)圖象可以計算出這只彈簧的（取 g = 10/h/s2 ）l/cm(1)原長二 cm ；(2)勁度系數(shù)k=N/m028 .下面是關(guān)于“驗證力的平行四邊形定則”的實驗.如圖為利用實驗記錄的結(jié)果作出的圖，則圖中的 是力&和的合力理論值，是力/和F2的等效合力的實際測量值.(2)如果某同學

15、實驗中測出勺片的同時,用量角器測量出和金的夾角為75。,然后做出 如下的幾個推論，其中正確的是.A.將人轉(zhuǎn)動一定的角度，可以使合力F的方向不變B.將轉(zhuǎn)動一定的角度，可以使合力F的方向不變C.保持月的大小和方向不變，將E逆時針轉(zhuǎn)動30。，可以使合力的大小和方向都不變D.只有保持&和七的大小不變，同時轉(zhuǎn)動一定的角度，才可能使合力F的大小和方向都 不變29 .實驗小組利用圖1來探究：”探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”。(1)實驗中使用的電火花計時器，應(yīng)接 電源A.交流4 - 6V B.交流220V(2)消除小車與水平木板之間摩擦力的影響后，可用小吊盤的總重力代替小車所受的拉 力，貝必小吊盤的m與

16、小車總質(zhì)量M之間應(yīng)滿足的關(guān)系為。(3)在實驗中，甲、乙兩位同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出如圖2所示的小車的加速度。和小車所 受拉力F的圖象分別為圖中的直線和直線II,下面給出了關(guān)于形成這種情況原因的四種 解釋，其中可能正確的是B.甲同學在平衡摩擦力時，把長木板的末端抬得過高了C.實驗前乙同學沒有平衡摩擦力D.乙同學在平衡摩擦力時，把長木板的末端抬得過高了四、解答題30 .如圖所示，在游樂場中，有一種大型游戲機械叫“跳樓機”。參加游戲的游客被安全 帶固定在座椅上，由電動機將座椅沿光滑的豎直軌道提升到離地而124m的高處，然后由 靜止釋放。為研究方便，可以認為座椅沿軌道做自由落體運動3s后，開始受到恒力制動

17、， 做勻減速運動，且下落到離地面4m高處時速度剛好減小到零。然后再讓座椅以相當緩慢 的速度穩(wěn)穩(wěn)落下，將游客送回地面，取g = 10m/s2.求：(1)座椅在勻減速階段的時間是多少？(2)在勻減速階段，座椅對游客的作用力大小是游客自身重力的多少倍？31 .列車以 =54km/h的速度勻速行駛，因故需在中途臨時停車=列車制動過程中加速度大小為=O.3m/s2,重新啟動過程中加速度大小為出=O.5m/s?.求列車：(1)從開始制動到停止的時間乙；(2)啟動后達到原來速度的位移的大??；(3)由于臨時停車所延誤的時間32 .如圖所示，一根長0.1m的細線，一端系著一個質(zhì)量為0.18 kg的小球，拉住線的

18、另一 端，使球在光滑的水平桌面上做勻速圓周運動。當小球的轉(zhuǎn)速增加到原來的3倍時，細線 斷裂，這時測得線的拉力比原來大40 N。求此時線的拉力為多大？求此時小球運動的線速度為多大？若桌而高出地而0.8 m,則線斷后小球垂直桌而邊緣飛出，落地點離桌面邊緣的水平距 離為多少？ (g取lOm/s?)33 .如圖所示，斜而的傾角為30。，輕繩通過兩個滑輪與A相連，輕繩的另一端固定于天 花板上，不計輕繩與滑輪的摩擦。物塊A的質(zhì)量為m,物塊8的質(zhì)量為點m,不計滑輪 的質(zhì)量，掛上物塊8后，使動滑輪兩邊輕繩的夾角為90。，此時4 8保持靜止，求此時繩 子對4的拉力及4與斜面之間摩擦大小?！緟⒖即鸢浮?"

19、;試卷處理標記，請不要刪除一、選擇題1. D解析：D【解析】【分析】【詳解】以橫梁為研究對象，橫梁受到重力、斜劈的支持力N和繩子的拉力F,如圖所示:mg木楔緩慢地將橫梁抬起的過程中，支持力方向不變，根據(jù)圖示情況可知，繩子拉力逐慚減 小、支持力逐漸增大：再以斜劈為研究對象，受力分析如圖所示：由于N逐漸增大，則N在豎直方向向下的分力增大，根據(jù)豎直方向受力平衡可知，f逐漸 增大.故D正確，ABC錯誤.故選D.2. B解析：B【解析】【詳解】A.不知道初末速度的信息，無法求解任意1s內(nèi)位移，故A錯誤。BC,加速度大小為2m/s2,根據(jù)公式口 =岫可知任意1s內(nèi)的速度變化量為2m/s,即任意1s內(nèi)末速度

20、比這1s的初速度大2m/s,故B 正確，C錯誤。D.任意1s內(nèi)末與下1s初是同一時刻，速度相等，故D錯誤。3. C解析：C【解析】【分析】【詳解】小球在漏斗壁上做水平面內(nèi)的勻速圓周運動，由于漏斗壁光滑，所以壁對小球沒有摩擦 力，只有支持力，所以小球只受重力、支持力的作用，其受力如圖：小球在一水平面內(nèi)做勻速圓周運動，向心力即合外力等于支持力在水平方向的分量：或者 說是重力與支持力的合力：故選C.4. A解析：A【解析】【分析】【詳解】汽車由于制動而減速，鋼材由于慣性，繼續(xù)向前運動，壓扁駕駛室，A正確,D錯誤：慣性 大小的唯一量度是質(zhì)量，B錯誤：慣性不是力，C錯誤：5. B解析：B【解析】【分析】

21、【詳解】CD、由題意知，在下滑的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：-mg sin + / mg cos 0 = ma ,故加速度保持不變，物塊做勻減速運動，所以C、D錯 誤：B、根據(jù)勻變速運動的規(guī)律$ =咿一;可得B正確：A、下降的高度 = ssin，所以A錯誤.6. C解析：C【解析】【詳解】A.作用力和反作用力一定是兩個物體之間的相互作用力，并且大小相等，在推的過程 中，甲的推力等于乙的推力，故A錯誤；B.作用力和反作用力同時產(chǎn)生同時消失，甲推的乙的時間等于乙推甲的時間，故B錯 誤：D.由于兩板與冰而間的摩擦因數(shù)相同，由牛頓第二定律可以知道，mg=mcr, 所以cr=ag, 即他們的加速度的大

22、小是相同的，所以D錯誤； C.由于甲在冰上滑行的距離比乙遠，根據(jù)0 - vj = - 2ax可知在剛分開時，甲的初速度大于乙的初速度，故C正確。故選C。7. D解析：D【解析】【分析】【詳解】ABC. a、b相對靜止且相對地而也靜止，以b為研究對象，由平衡條件知，。對b的摩擦 力為0,則。與b之間摩擦力為0,因ab間無相對運動趨勢，則ab接觸而間可能光滑或 粗糙，故ABC錯誤； D.對。受力分析：由平衡條件知F=/,即a與地面之間的摩擦力大小為F,故D正確。故選D。8. C解析：C【解析】【分析】【詳解】A、由v-t圖像的面積可求得01s的位移s=lm,時間t=ls,由平均速度定義得：v =

23、- = lnVs,故A選項錯誤； tB、由v-t圖像的面積可求得02s的位移s=3m,故B選項正確；C、利用圖像斜率求出0-ls的加速度：tz1=2m/s 2-4s的加速度的=lm/s2、因而：3 > a2,故C選項正確；D、由圖像可見0-ls、2-4s兩個時間段內(nèi)速度均為正，表明速度都為正向，運動方向相同， 故D選項錯誤.9. A解析：A【解析】飛船在降落時需要打開降落傘進行減速時，加速度方向向上，王亞平處于超重狀 態(tài).故A正確，B錯誤.飛船在繞地球勻速運行時，萬有引力定律提供向心力，加速度方 向向下，王亞平處于失重狀態(tài)，故C錯誤.火箭加速上升時，加速度方向向上，王亞平處 于超重狀態(tài)，

24、故D錯誤.故選A.【點睛】超重時，物體對懸掛物的拉力或?qū)χ味膲毫Υ笥谥亓?，根?jù)牛頓第二定律， 物體受到向上的合力，加速度方向向上；失重時，物體對懸掛物的拉力或?qū)χ蚊娴膲毫?小于重力，根據(jù)牛頓第二定律，物體受到向下的合力，加速度方向向下.10. A解析：A【解析】【分析】速度不能發(fā)生突變，力可以突變，突然將F撤去，彈簧的壓縮量沒有來得及發(fā)生改變，故 彈力不變，對8球運用牛頓第二定律，即可求得加速度。在彈簧第一次恢復原長時，8球 的速度大于八球的速度，彈簧將被拉長，4受到彈簧的彈力4離開墻壁：在人離開墻壁 后，8球的速度大于A球的速度，彈簧將被拉長，八將做加速運動，而8做減速運動【詳解】撤去

25、F前，8球處于靜止狀態(tài)，速度為零，彈簧彈力等于F,將F撤去的瞬間，速度不能發(fā) 生突變，所以速度仍然為零，彈簧的壓縮量沒有來得及發(fā)生改變，故彈力不變，所以8球F只受彈簧彈力，根據(jù)牛頓第二定律可知：一不等于零，所以8球的速度為零，加速度不為 m零，故A正確，B錯誤：在彈簧第一次恢復原長時，8球的速度大于4球的速度，彈簧將 被拉長，人受到彈簧的彈力A離開墻壁，故C錯誤；在A離開墻壁后，8球的速度大于A 球的速度，彈簧將被拉長，A將做加速運動，而8做減速運動，故D錯誤。所以A正確， BCD錯誤。11. C解析：c【解析】【分析】【詳解】既有大小又有方向的物理量是矢量，矢量運算遵守的是矢量法則，即平行四

26、邊形定則；只 有大小沒有方向的物理量是標量，標量運算遵守的代數(shù)加減法則。加速度有大小又有方 向，是矢量：而路程、時間、質(zhì)量是只有大小沒有方向的物理量，是標量。故選312. A解析：A【解析】【詳解】國際單位由基本單位和導出單位兩部分組成，基本量的單位稱為基本單位，國際單位制中 力學的三個基本單位分別是kg、m、s,分別對應(yīng)的物理量為質(zhì)量、長度、時間，故選項A 正確，BCD錯誤。13. C解析：C【解析】【分析】【詳解】滑動摩擦力的方向與物體相對運動方向相反，物體相對地而向左運動，滑動摩擦力向右， 根據(jù)牛頓第二定律F += ma解得F + Lung 20 + 0.2x10x10 . ).,a =

27、 =ni/s- = 4m/s-m10方向水平向右，ABD錯誤，C正確。故選C。14. A解析：A【解析】【詳解】ABC.假設(shè)質(zhì)點勻加速直線運動，位移公式為% = (1)由圖象可求得- = 2t + 2(2)變形可得x = 27 + 2產(chǎn)(3)比較(1)、(3)可知質(zhì)點做勻加速直線運動，根據(jù)系數(shù)相等可得 質(zhì)點的初速度 =2m/s求得 a = 4m/s2故A正確，BC錯誤：D.質(zhì)點在第1s內(nèi)的平均速度大小為一 %+%+82 + 2 + 4xl ,.,v = -=m/s=4m/s22故D錯誤，故選擇A選項。15. C解析：C【解析】【詳解】A.速度時間圖線的斜率表示加速度，在45s的加速度大小為:=

28、竺=上1m/毋力AZ 5-4故A錯誤；B.圖線與時間軸闈成的而積表示位移，可得04s的位移為:2 + 4 4 x =x 4m=l 2m2則0-4s的平均速度大小為:故B錯誤:c.圖線與時間軸圍成的面積表示位移，可得o5s物體的位移大小為:，2+5 4"x =x4m=14m2故C正確：D.根據(jù)勻變速直線運動推論可得4-5s的平均速度大小為：； = ft2nVs=2nVs 2故D錯誤。故選C。16. B解析：B【解析】由圖可以看出質(zhì)點的速度先為負后為正，故不是始終向同一方向運動，而是運動過程中運 動方向發(fā)生了變化，A錯誤：圖像的斜率等于加速度，故質(zhì)點的加速度保持不變，B正 確：圖像與坐標

29、軸圍成的面積等于位移，可知前2s內(nèi)質(zhì)點的位移為0,路程為12 x - x 1 x 2m = 2 Hi2,選項CD錯誤；故選B.17. . D解析：D【解析】游泳運動員仰臥在水而靜止不動時處于平衡狀態(tài)，不是失重狀態(tài)，選項A錯誤； 舉重運動員在舉起杠鈴后靜止不動的那段時間內(nèi)處于平衡狀態(tài)，選項B錯誤：跳高運動員 到達空中最高點時，加速度為g，處于完全失重狀態(tài)，選項C錯誤；蹦床運動員跳離蹦床 在空中上升與下降時，加速度均為向下的g，故均處于失重狀態(tài)，選項D正確；故選D.18. . C解析：C【解析】【分析】【詳解】時間只有大小，沒有方向，是標量.位移、速度、加速度是矢量，既有大小，又有方向， 故A錯誤

30、；質(zhì)量、路程是沒有方向的標量，速度、平均速度是矢量，既有大小，又有方 向，故B錯誤；速度、平均速度、位移、加速度都是既有大小，又有方向的矢量，故C正 確：路程、時間是標量，位移、加速度都是矢量，故D錯誤.所以C正確，ABD錯誤.19. D解析：D【解析】【詳解】A.把橡皮泥捏成各種不同的形狀，橡皮泥不能恢復，不屬于彈性形變，故A錯誤；B.細鋼絲被繞制成彈簧時，鋼絲不能恢復原狀，不屬于彈性形變，故B錯誤；C.駱駝在沙漠中行走時，沙漠表而發(fā)生的形變，不能恢復原狀，不是彈性形變，故C錯誤：D.撐桿跳高運動員起跳中，撐桿的形變可以恢復原狀，故是彈性形變，故D正確。故選D。20. B解析：B【解析】【分

31、析】摩擦力和彈力都是接觸力，摩擦力發(fā)生在兩個物體的接觸而上，且沿接觸面的切線方 向.滑動摩擦力與正壓力成正比，而靜摩擦力不存在這個關(guān)系.有摩擦力產(chǎn)生則接觸面上 必會有彈力.【詳解】A.兩物體間有摩擦力，彈力是產(chǎn)生摩擦力的條件之一，一定有彈力，摩擦力方向沿接觸 而，彈力方向垂直于接觸而，故摩擦力的方向和它們間的彈力方向垂直，故A正確，不符 合題意：B.滑動摩擦力的大小與正壓力成正比，靜摩擦力的大小與正壓力無關(guān)，故B錯誤，符合 題意：C.在兩個運動的物體之間可以存在靜摩擦力，且靜摩擦力的方向可以與運動方向成任意角 度，故C正確，不符合題意；D.滑動摩擦力方向與相對運動的方向相反.可能與運動方向相同

32、，也可能與運動方向相 反，故D正確，不符合題意。故選B。二、多選題21. AC【解析】【分析】【詳解】BC.對滑輪和物體b受力分析，受重力和兩個拉力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：解得：將固定點c向左移動少許，則減小，故拉力T減??；細線對滑輪2的作用力等 解析：AC【解析】【分析】【詳解】BC.對滑輪和物體b受力分析，受重力和兩個拉力，如圖所示:./ 、 / c根據(jù)平衡條件，有:mhg = 2T cos。解得:將固定點c向左移動少許，則夕減小，故拉力7減??；細線對滑輪2的作用力等于b的重 力，保持不變，故B錯誤，C正確：AD.對斜而體、物體Q、物體b整體受力分析，受重力、支持力、細線的拉力和地而

33、的靜 摩擦力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：N=G 總一TCOS0=G 總一蟹N與角度8無關(guān)，恒定不變：根據(jù)牛頓第三定律，壓力也不變;將固定點c向左移動少許，則8減小，故摩擦力減?。汗蔄正確，D錯誤。故選AC.22. AB【解析】 【分析】 【詳解】A.施加外力前，物體AB整體平衡，根據(jù)平衡條件，有:解得:A正確；B.施加外力F的瞬間，對B物體，根據(jù)牛頓第二定律，有：其中：F 彈二2Mg解得：解析：AB【解析】【分析】【詳解】A.施加外力前，物體48整體平衡，根據(jù)平衡條件，有：2Mg = kx解得：kA正確：B.施加外力尸的瞬間，對8物體，根據(jù)牛頓第二定律，有：Fab = Ma其中：F 22Mg

34、解得：%=M(g-a)B正確：C.物體4 8在乙時刻分離，此時4、8具有共同的速度與加速度，且：F.h = 0Ati對8：七一 Mg = Ma解得：七=M(g+4)C錯誤：D. 8受重力、彈力及壓力的作用，當合力為零時，速度最大，而彈簧恢復到原長時，8受到的合力為重力，已經(jīng)減速一段時間，速度不是最大值。D錯誤。故選AB。23. ABD【解析】【分析】【詳解】試題分析：由公式v2-v02=2ax,可知甲的加速度大于乙的加速度，故A正確； 由圖可知在x=0. 5 1n處甲乙兩車的速度相等，故B正確；由圖知在x=0. 5 m 之前解析:ABD【解析】【分析】【詳解】試題分析：由公式v2-v02=2a

35、x,可知甲的加速度大于乙的加速度，故A正確；由圖可知在 x=0. 5 m處甲乙兩車的速度相等，故B正確：由圖知在x=0. 5 m之前，甲的平均速度小 于乙的平均速度，故當甲到達x=0. 5 m處時，乙已經(jīng)在甲之前了，故不再此點相遇.故C 錯誤：由圖知甲的初速度為0，由v2-vj=2ax,得加速度為a1=2m/s2,乙的初速度為lm/s,由vz-vfx,得乙的加速度為：az=lm/s2,當位移相等時兩車相遇：alt2 = vot+a2t2,解得：t=2s,故D正確；考點：運動圖像；勻變速直線運動的規(guī)律24. BC【解析】【分析】【詳解】A.最初系統(tǒng)靜止時，彈簧受到A的壓力，根據(jù)平衡條件有解得處于

36、壓縮狀態(tài)，故A錯誤；BC. B木塊剛離開地面時，對B受力分析知，彈簧的彈力等于B的重力，根據(jù) 平解析：BC【解析】【分析】【詳解】A.最初系統(tǒng)靜止時，彈簧受到八的壓力，根據(jù)平衡條件有K=5= 吆解得$ =O.lm = 1 Ocm處于壓縮狀態(tài)，故A錯誤：BC. 8木塊剛離開地面時，對8受力分析知，彈簧的彈力等于8的重力，根據(jù)平衡條件有F、=kx、= mg解得x2 =0.1m = 10cm故BC正確；D.由上分析可知，初狀態(tài)和末狀態(tài)的形變量相等，所以彈簧的彈力大小相等，故D錯 誤。故選BC。25. BCD【解析】【分析】【詳解】A.由圖b可知，Lis時刻物體剛開始運動，靜摩擦力最大，最大靜摩擦力等

37、 于此時的拉力，由圖a讀出廿1s時拉力為3,所以最大靜摩擦力為3N,故A 正確；BC.解析：BCD【解析】【分析】【詳解】A.由圖b可知，t=ls時刻物體剛開始運動，靜摩擦力最大，最大靜摩擦力等于此時的拉 力，由圖a讀出f=ls時拉力為3N,所以最大靜摩擦力為3N,故A正確：BC.由圖知:當t=2s時，a=lm/s2, Fi=6N,根據(jù)牛頓第二定律得Fi-mg=ma當t=4s時，a=3m/s Fz=12N,根據(jù)牛頓第二定律得F2-mg=ma聯(lián)立解得二0.1m=3kg故BC正確；D.a-t圖象與時間軸所闈的面積表示速度的變化量，則物塊在第4s末的速度為 匕=g x 3 x (4 -1) ni/s

38、 =4.5ni/s故D正確。故選BCD三、實驗題26 .AD 0.43m/s2實驗前未平衡摩擦力(或平衡摩擦力不充分)圖線為一條過原點的直線，表明在合外力一定時，加速度跟質(zhì)量成反比【解析】 【分析】根據(jù)實驗的原理以及操作中的注意事項確定正確的操作步驟：據(jù)尸。尸計算加速度的大 小?！驹斀狻渴範恳緣K的細繩與長木板保持平行可以保證拉力穩(wěn)定，否則對小車的拉力只是繩子拉 力的分力，故A正確；平衡摩擦力時，不能將裝有硅碼的硅碼桶通過定滑輪拴在木塊上， 故B錯誤：實驗時應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故C錯誤；通過增減木塊上的硅碼改變質(zhì) 量時，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。由逐差法

39、x=Q，可求小車的加速度：，=江=(6.50-2.40)-(2.40-0)/?/52 =。43。4r 24x0.12圖線沒有過原點，與F軸有交點，說明實驗前沒有平衡小車的摩擦力(或平衡摩擦力不充 分).根據(jù)數(shù)據(jù)在坐標紙上畫出。-圖線如圖所示：m由圖可知，圖線為一條過原點的直線，表明在合外力一定時，加速度跟質(zhì)量成反比。27 . 5cm 30N/？【解析】【分析】該題考查了對于實驗探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系中.對彈力與彈簧長度變化關(guān)系的分 析。圖線跟坐標軸交點，表示彈力為零時彈簧的長度，即為彈簧的原長。根據(jù)胡克定律可 知，圖象的斜率大小等于勁度系數(shù)大小?！驹斀狻?1)對彈力與彈簧長度變化關(guān)系的分析，

40、圖線跟坐標軸交點，表示彈力為零時彈簧的長 度，即為彈簧的原長。所以圖象中傾斜直線縱截距的物理意義：彈簧的原長故/o=5cm,(2)圖線的物理意義是表明彈簧的彈力大小和彈簧伸長量大小成正比，即k與/0.150x10-00.10-0.05N/m = 30N/m.【點睛】 本題關(guān)鍵是熟悉描點法畫圖的應(yīng)用以及正確理解圖象斜率、截距等物理量的含義，圖象的 斜率表示勁度系數(shù)的大小。28 . F F AB【解析】【分析】該實驗采用了 “等效法”，由于實驗誤差的存在，導致R與F2合成的實際值與與理論值 存在差別.【詳解】本實驗采用了“等效法"凡與人的合力的實際值測量值為一個彈簧拉繩套時的彈簧的彈 力大小和方向，而理論值是通過平行四邊形定則得到的值.所以F是凡和G的合力的理論 值，產(chǎn)是凡和12的合力的實際測量值.由平行四邊形定則得：A.根據(jù)圖象可得：將占轉(zhuǎn)動一定的角度，可以使合力F的方向不變，故A正確；B.根據(jù)圖象可得：將人轉(zhuǎn)動一定的角度，可以使合力F的方向不變，故B正確C、保持人的大小和方向，將逆時針轉(zhuǎn)動30。，合力F