

下載本文檔
版權(quán)說(shuō)明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請(qǐng)進(jìn)行舉報(bào)或認(rèn)領(lǐng)
文檔簡(jiǎn)介
1、【點(diǎn)睛】第 1 頁(yè)共 21 頁(yè)2020 屆廣東省高三 1 月大聯(lián)考數(shù)學(xué)(理)試題一、單選題1.乞丄在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于()2-iA .第一象限B.第二象限C .第三象限D(zhuǎn) .第四象限【答案】A【解析】根據(jù)復(fù)數(shù)代數(shù)形式的乘除運(yùn)算計(jì)算化簡(jiǎn),再根據(jù)復(fù)數(shù)的幾何意義判斷【詳解】6 +i (6+i )2+i ) 11 +8i 11 8.解:因?yàn)閕,在復(fù)平面里所對(duì)應(yīng)的點(diǎn)的坐標(biāo)為2-i (2 -i )(2+i )55511 8,,位于第一象限,5 5所以 口在復(fù)平面內(nèi)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于第一象限.2 -i故選:A【點(diǎn)睛】本題考查復(fù)數(shù)的四則運(yùn)算及復(fù)平面,考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題2.已知集合M - x|x2-x -
2、12 Of,N - x| -4:x:5,則M門N =()A.RB.-3,4C.4,5D.-4,-3U4,5【答案】D【解析】 求出集合M,再根據(jù)交集的定義運(yùn)算可得 【詳解】解:由X2x -12 0,得X:-3或x 4,M一| x2x -12 0| x:-3或x 4;N =、x| -4:x 5:M PN=切45或4xc3=(4,3)U(4,5).【點(diǎn)睛】第 1 頁(yè)共 21 頁(yè)故選:D第3頁(yè)共 21 頁(yè)本題考查集合的交集,考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題【答案】【詳解】2 2的方程為匕=1.109故選:B【點(diǎn)睛】本題考查橢圓的方程與性質(zhì),考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題4. 2019 年慶祝中華人民共和國(guó)
3、成立 70 周年閱兵式彰顯了中華民族從站起來(lái)、富起來(lái)邁向強(qiáng)起來(lái)的雄心壯志.閱兵式規(guī)模之大、類型之全均創(chuàng)歷史之最,編組之新、要素之全彰顯強(qiáng)軍成就.裝備方陣堪稱 強(qiáng)軍利刃”強(qiáng)國(guó)之盾”,見(jiàn)證著人民軍隊(duì)邁向世界一流軍隊(duì)的堅(jiān)定步伐.此次大閱兵不僅得到了全中國(guó)人的關(guān)注,還得到了無(wú)數(shù)外國(guó)人的關(guān)注某單位有 10 位外國(guó)人,其中關(guān)注此次大閱兵的有8 位,若從這 10 位外國(guó)人中任意選取【解析】至少有-位關(guān)注此次大閱兵的對(duì)立事件為恰有-位不關(guān)注此次大閱兵,根據(jù)對(duì)立事件的概率公式計(jì)算概率 【詳解】33 .已知橢圓C:a b 0的焦距為 2,且短軸長(zhǎng)為6,則C的方程為2x yA .82B.102y-.i92 2C.
4、136352 2x x “D.【解依題意可得2c =2,2b =6,根據(jù)ab2c2即可求出橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程解:依題意可得2c =2,2b =6,貝U c =1,b=3,所以a2二b2 c20,所以 C3 位做一次采訪,則被采訪者中至少有2 位關(guān)注此次大閱兵的概率為()7A.15【答案】CB.1514C.152930第4頁(yè)共 21 頁(yè)解:從這 10 位外國(guó)人中任意選取 3 位做一次采訪,其結(jié)果為Cw =120個(gè),第5頁(yè)共 21 頁(yè)2 1恰有2位不關(guān)注此次大閱兵有C2C8 =8個(gè),故選:C【點(diǎn)睛】本題考查排列組合的應(yīng)用與古典概型,考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題5.在四棱錐P -ABCD中,PB =PD
5、 =2,AB =AD =1,PC二3PA=3,則AC二【答案】C【解析】由勾股定理的逆定理可得PA _ AB,PA _ AD,即可得PA _平面ABCD,再由勾股定理計(jì)算可得【詳解】解:依題意可得,PA2AB2=PB2,則PA_ AB,同理可得PA_ AD因?yàn)锳B * AD = A, 所以PA_平面ABCD,則PA_ AC因?yàn)镻C h;?3PA =3 所以AC = 32-、3= . 6.故選:C【點(diǎn)睛】本題考查線面垂直,考查空間想象能力,屬于基礎(chǔ)題角差的正切公式計(jì)算可得【詳解】二 二二 二3二二3 10則至少有 2 位關(guān)注大閱兵的概率P亠算Co1415B.2/2D.23口5 兀A0=6 .已知
6、0 e |-,且sin 1日 +1=-,貝 U tan B =(2丿14丿104A . 2B.C. 33【答案】A125【解析】 由同角三角函數(shù)的基本關(guān)系計(jì)算可得cos一 一、tan -,再根據(jù)兩I 4丿I 4丿第6頁(yè)共 21 頁(yè)解:因?yàn)椋?,所以,一,又sin:,14 2丿4124丿I 4丿10第7頁(yè)共 21 頁(yè)所以心4晉,貝y tan一l 4丿IH H所以tan v - tan II 4故選:A【點(diǎn)睛】tantanI 4丿41 ta ntanI 4丿4-3-12.1-3本題考查三角恒等變換,考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題7 在平行四邊形ABCD中,AB=4,AD=1, - BAD =60 ,
7、DDC,2AE DB=9,1B.-4【答案】B【解析】 根據(jù)向量的線性運(yùn)算及向量的數(shù)量積計(jì)算可得【詳解】解:Q AB =4,AD =1, - BAD =60 ,DE = DC,2AE DB=9tTTT TITT.AE二AD DE二AD AB, DB 二 AB ADAE DB二AD DE AB - ADPAD AB AB -AD=-AD _ (AB? 1 - AB AD9=16 -11 -1 4 cos60 =141,所以故選:B【點(diǎn)睛】本題考查平面向量的數(shù)量積,考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題8 我國(guó)古代數(shù)學(xué)名著九章算術(shù)里有一個(gè)這樣的問(wèn)題:今有共買金,人出四百,盈三千四百;人出三百,盈一百 問(wèn)人數(shù)
8、、金價(jià)幾何? ”為了解決這個(gè)問(wèn)題,某人設(shè)計(jì)了如圖所示的程序框圖,運(yùn)行該程序框圖,則輸出的x,y分別為()第8頁(yè)共 21 頁(yè)X,y是方程組y _ 3O00 x_30的解,解方y(tǒng) = 400 x -3400y是方程組y = 300 x一100,的解,解此方程y= 400 x 3400可得X=33,y =9800.故選:D【點(diǎn)睛】 本題考查程序框圖,考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題9 .已知函數(shù)f x - -2cosx,若將曲線y = f 2x向左平移衫個(gè)單位長(zhǎng)度后,得到【答案】根據(jù)三角函數(shù)的變換規(guī)則求得g x的解析式,再根據(jù)余弦函數(shù)的性質(zhì)解不等式即可.【詳解】結(jié)如A. 30,8900B. 31, 92
9、00C. 32, 9500D. 33, 9800【答案】程即可.【詳解】【解根據(jù)算法的功能,可知輸出的解:根據(jù)算法的功能,可知輸出的x,曲線y=g x,則不等式g(x), 1的解集是(12,kB.k,k二一128,k:D._2-t,2 2k Z【解第9頁(yè)共 21 頁(yè)g x二-2cos由g x , 1,得-2cos 2x ,V6丿2k一亍贓x石W , k Z,得f剟k二匸k Z故選:A【點(diǎn)睛】 本題考查三角函數(shù)的圖象及其性質(zhì),考查推理論證能力與運(yùn)算求解能力10 .現(xiàn)有三條曲線: 曲線y =2ex-2;曲線y二2sin x;曲線y = x3- x - 2.直線y二2x與其相切的共有()A . 0
10、條B. 1 條C . 2 條D . 3 條【答案】D【解析】分別求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù),根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義一一判斷【詳解】 解:若f x =2ex-2,則由f x =2ex=2,得x=0,點(diǎn)0,0在直線y =2x上,則直線y =2x與曲線y =2ex-2相切;若f x i=2s inx,則由f x i=2cosx = 2,得x=2k二k Z,當(dāng)k=0時(shí)x = 0, 點(diǎn)0,0在直線y =2x上,則直線y = 2x與曲線y = 2sin x相切;32若f x二x -x-2,則由f x =3x -1=2,得X二1,其中-1, -2在直線y =2x上,所以直線y=2x與曲線y=x3_x_2相切.故選:D【點(diǎn)睛
11、】本題考查導(dǎo)數(shù)的幾何意義,考查邏輯推理與數(shù)學(xué)運(yùn)算的核心素養(yǎng),屬于基礎(chǔ)題2 211.已知P為雙曲線C:卑%=1(a 0,b 0)左支上一點(diǎn),F(xiàn)1,F2分別為Ca2b2的左、右焦點(diǎn),M為虛軸的一個(gè)端點(diǎn),若|MP |+ PF?的最小值為F1F2,則C的離解:將曲線y = f 2x向左平移2個(gè)單位長(zhǎng)度后,得到曲線y = 2cos i 2xJT1,得cos i 2x + I1- 則62,則第10頁(yè)共 21 頁(yè)心率為()A LB.2、6C 纟6D .4.62 2【答案】C【解析】 根據(jù)雙曲線的定義可得|MP|+PF2MPI+lPR +2a,又|MP | PF.一MFi即可得到關(guān)于 e 的方程,解得.【詳解
12、】解:|MP|+|PF2=|MP| + PFi|+2aMF.+2a = Jb2+c2+ 2a = 2c,即,2c2- a22a = 2c,化簡(jiǎn)得2c2- 8ac亠5a2= 0,即2e2- 8e亠5 = 0,解得46或46,所以46.2 2 2故選:C【點(diǎn)睛】本題考查雙曲線的離心率,考查化歸與轉(zhuǎn)化的數(shù)學(xué)思想212已知函數(shù)f x為偶函數(shù),當(dāng)X 0時(shí),f X二電x_,則()f4X2XA.f -2f 9.12f 3“B.f 3皿f 9.1.2f-2C.f -2f 33f 9.143.2D.f 9.r.2f 3皿f-2【答案】DX 121【解析】令g歹-?x-0,則f x=g x4,對(duì)g x求導(dǎo),分析其
13、單調(diào)性,再根據(jù)指數(shù)函數(shù)的性質(zhì)比較9.1亠2,3“.3的大小關(guān)系,根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性判斷大小/.【詳解】解:1入x 11,令gx丁?XT,1-xl n22Xx2xr22第11頁(yè)共 21 頁(yè)當(dāng)0,x log2e時(shí),g x 0,g x單調(diào)遞增;第12頁(yè)共 21 頁(yè)當(dāng)x log2e時(shí),g x : 0,g x單調(diào)遞減因?yàn)間 1 =g 2 =0,所以當(dāng)0, x : 1時(shí),g x:0,且g x單調(diào)遞增又0:9.12:9“-34:3皿:1,所以g 9.1皿:::g 3.2::: g 1 0,21c1* f X二g X在-::,0上單調(diào)遞減,且f xmin:故f 9.1 2f 3.2f -2.故選:D【點(diǎn)睛】本題
14、考查函數(shù)的綜合應(yīng)用,考查數(shù)學(xué)抽象與邏輯推理的核心素養(yǎng),屬于難題二、填空題13 上海地鐵 11 號(hào)線是世界最長(zhǎng)的地鐵截至2019 年 9 月 28 日,中國(guó)已開(kāi)通地鐵的城市有 41 個(gè),按照地鐵的全長(zhǎng)排名,排在前四名的依次為上海705km、北京637km、廣州(478km卜南京(378km ),則這四個(gè)城市的地鐵全長(zhǎng)的平均值為 _km.【答案】549.5【解析】根據(jù)平均數(shù)的定義計(jì)算可得【詳解】705 637 478 3782198解:這四個(gè)城市的地鐵全長(zhǎng)的平均值為549.5.44故答案為:549.5【點(diǎn)睛】本題考查統(tǒng)計(jì)中的平均數(shù),考查運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題14 .已知3a=12,b =2log
15、32,現(xiàn)有下列四個(gè)結(jié)論:a =2b,a - b =1:a : 2b:a 3.其中所有正確結(jié)論的編號(hào)是 _.【答案】【解析】將指數(shù)式轉(zhuǎn)化為對(duì)數(shù)式,再根據(jù)對(duì)數(shù)的運(yùn)算性質(zhì)驗(yàn)證【詳解】第13頁(yè)共 21 頁(yè)解:3a= 12,b = 2log32,得a = log312,b = log34,2b = log316,貝U第14頁(yè)共 21 頁(yè)a-b=log33=1,a:2b,a b = log?48 Iog327 = 3.故所有正確結(jié)論的編號(hào)是.故答案為:【點(diǎn)睛】本題考查指數(shù)、對(duì)數(shù)運(yùn)算,考查運(yùn)算求解能力與推理論證能力,屬于基礎(chǔ)題.15 設(shè)a,b,c分別為ABC內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊已知空3 =c,則cos Bc
16、osCa2c2b的取值范圍為ac【答案】才-5oU 0,2【解析】根據(jù)正弦定理將邊化角,結(jié)合兩角和的正弦公式可求角C,由余弦定理知a2c2-b2=2cos B,根據(jù)余弦函數(shù)的性質(zhì)求出范圍ac【詳解:因?yàn)檗{=,所以2a -、一3b cosC = - 3c cosB cosBcosC = 0,cosB cosC所以2sin A -;3sin B cosC二. 3 sin C cos B,即2sin AcosC = ,3sin C B二 一3sin A,又si nA 0,所以cosC二32則 r,因?yàn)槭?所以B 0于汽,c2ac2 + 2 _&2= 2cosB,故a一-“ 3,0J 0,2.
17、ac故答案為:6 ; 一忌九2;本題考查正弦與余弦定理的應(yīng)用,考查運(yùn)算求解能力本題是一個(gè)易錯(cuò)題,學(xué)生容易忽略cosB不能等于 0,屬于中檔題.16 設(shè)三棱錐P-ABC的每個(gè)頂點(diǎn)都在球O的球面上,PAB是面積為.3的等邊三角形,ZACB=45 ,則當(dāng)三棱錐P-ABC勺體積最大時(shí),球O的表面積為 _.【答案】28-3第15頁(yè)共 21 頁(yè)【解析】由題意可求AB =2,故當(dāng)CA=CB且平面PAB_底面ABC時(shí),三棱錐P-ABC的體積最大分別求出.:PAB和.ABC外接圓的半徑,即可求得外接球的半徑 與表面積【詳解】解:如圖,由題意得 上3 AB1 2= 3,解得AB =2.4當(dāng)CA = CB且平面PA
18、B_底面ABC時(shí),三棱錐P - ABC的體積最大.分別過(guò).PAB和ABC的外心作對(duì)應(yīng)三角形所在平面的垂線,垂線的交點(diǎn)即球心0,設(shè)PAB和ABC的外接圓半徑分別為ri,D,球0的半徑為R,1證明:MN/平面CDE.2求直線AM與平面CDE所成角的正弦值.【答案】(1)證明見(jiàn)解析2則,r2二2.2 sin 45第16頁(yè)共 21 頁(yè)=2 -=-,球0的表面積為4二R2二一二3333【點(diǎn)睛】本題考查三棱錐的體積與球體的表面積,考查空間想象能力與運(yùn)算求解能力,屬于難題三、解答題17如圖,在直三棱柱ABC -DEF中,BAC =90,ACB =30,BE = BC = 2,M,N分別是BE,AC的中點(diǎn).第
19、17頁(yè)共 21 頁(yè)(2)竺14【解析】(1)取CD的中點(diǎn)0,連接NO,EO,可證四邊形MEON是平行四邊形, 即得MN二EO,即可證明線面平行(2)建立空間直角坐標(biāo)系,利用向量法求出線面角的正弦值【詳解】解:(1 )證明:取CD的中點(diǎn)0,連接NO,E0. N是AC的中點(diǎn),二NO AD二ME.M是BE的中點(diǎn), NO =ME,二四邊形MEON是平行四邊形,-MN二EO. EO二平面CDE,MN二平面CDE,- MN/ 平面CDE.(2)解:以D為原點(diǎn)建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系D-xyz. BAC = 90,ACB二30, DE = AB =1,DF=AC =3, 則D 0,0,0,E 1,0,0
20、,C0,、3,2,A 0,0,2,M 1,0,1, 則DE =1,0,0,DC N0, .3,2.設(shè)平面CDE的法向量為n = x, y, z,則n -DE = nDC = 0,即x - 3y 2z = 0,令y =2,則z =-、一3,得n二0,2,-、一3. 設(shè)直線AM與平面CDE所成角為二, AM二1,0,-1,LAM叩 _ _ _ -|AM |n| -2714,.342sin日=cos( AM , n故AM與平面CDE所成角的正弦值為4214第18頁(yè)共 21 頁(yè)【點(diǎn)睛】本題考查線面平行的證明,線面角的計(jì)算,考查空間想象能力, 計(jì)算能力,屬于中檔題._ 2 2a1=1 2,ana* 11
21、 = 2a“ 1a,bn(1)求數(shù)列;bn?的通項(xiàng)公式;r211(2)求數(shù)列an2的前n項(xiàng)和Sn.IanJ【答案】(1)bn=2n-bn 12bn.又 bi =2 ,CbnI是首項(xiàng)為 2,公比為 2 的等比數(shù)列,從而bn= 2n.(2)4n 16n -43【解析】(1)根據(jù)遞推公式可得n項(xiàng)和Sn.- an 11an 1=2anan18 .在數(shù)列 0 中,an第19頁(yè)共 21 頁(yè)丄=4n2,an123n=42 42 42 |l| 42N41424HI 4n2n4 1 -4n2n1-44n 16n _4-3【點(diǎn)睛】本題考查等比數(shù)列的通項(xiàng)公式以及求和公式,屬于中檔題2佃.已知直線x = 2p與拋物線
22、C:y =2px p 0交于p,Q兩點(diǎn),且POQ的 面積為 16 (O為坐標(biāo)原點(diǎn)).(1) 求C的方程.(2) 直線|經(jīng)過(guò)C的焦點(diǎn)F且I不與x軸垂直,|與C交于A,B兩點(diǎn),若線段AB的AB垂直平分線與x軸交于點(diǎn)D,試冋在x軸上是否存在點(diǎn)E,使- 為定值?若存在,DE求該定值及E的坐標(biāo);若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由 .【答案】(1)y2=4x(2)存在,1,0【解析】(1)將X =2p代入y2=2px,得y=2p,即可表示出POQ的面積,計(jì)算可得p.(2) bn二an -an an-丄=2n,an1an -an=4n, Sn-42n第20頁(yè)共 21 頁(yè)(2)設(shè)直線|的方程為 y 二 k x -1 k =
23、0 ,聯(lián)立直線與曲線方程, 根據(jù)焦點(diǎn)弦長(zhǎng)公式計(jì) 算出| AB|,求出線段AB的垂直平分線與x軸交于點(diǎn)D的坐標(biāo),設(shè)E(t,0),貝卩DE可用第21頁(yè)共 21 頁(yè)【詳解】解:(1)將X = 2 P代入y2=2 px,得y因?yàn)閜 0,所以p = 2, 故C的方程為y2=4x.(2)由題意設(shè)直線I的方程為 y 二kx11y二ki. X-1,2 222由2得k x -12 k4 x k = 0.y =4x,2設(shè)A x1,y1,B X2, y2,則x1x2=2k 42所以| AB | = % x2p =4k24k22令y=o,得x=32,所以D的橫坐標(biāo)為3 ,kkAB4k2+4DE2(3-1 )k +2坐
24、標(biāo)為1,0.所以當(dāng)且僅當(dāng)3-t =2,即t =1時(shí),ABDE為定值,且定值為 2,故存在點(diǎn)E,且E的含t,k的式子表示,即可分析當(dāng)t為何值是ABDE為定值.12所以=POQ的面積為2p 4p=4p-16.k2因?yàn)榫€段AB的中點(diǎn)的橫坐標(biāo)為為x22k2p,縱坐標(biāo)為所以線段AB的垂直平分線的方程為k2+2設(shè)E (t,0,則DE(3-1 )k2+2k2第22頁(yè)共 21 頁(yè)【點(diǎn)睛】本題考查求拋物線的標(biāo)準(zhǔn)方程,直線與拋物線的綜合應(yīng)用問(wèn)題,屬于中檔題20 某城市有東、西、南、北四個(gè)進(jìn)入城區(qū)主干道的入口,在早高峰時(shí)間段,時(shí)常發(fā)生第23頁(yè)共 21 頁(yè)交通擁堵,交警部門記錄了 11 月份 30 天內(nèi)的擁堵情況(如
25、下表所示,其中表示擁堵,O表示通暢).假設(shè)每個(gè)人口是否發(fā)生擁堵相互獨(dú)立,將各入口在這30 天內(nèi)擁堵的頻率代替各入口每天擁堵的概率 .111.11.11.11.11.11.11.11.11.11.11.11.11.111.1.23456789101112134151東入OOOOOOO口西入OOOOOOOO口南入OOOOOOOOOOOO口北入OOOOOOOOOOO口111.111.11.11.11.11.11.11.11.11.11.11.11.11.1.61718192021222324252627282930東入OOOOOOOO口西入OOOOOOO口第24頁(yè)共 21 頁(yè)南入口OOOOOOOOO
26、OOO北入口OOOOOOOOOOOOO(1)分別求該城市一天中早高峰時(shí)間段這四個(gè)主干道的入口發(fā)生擁堵的概率(2)各人口一旦出現(xiàn)擁堵就需要交通協(xié)管員來(lái)疏通,聘請(qǐng)交通協(xié)管員有以下兩種方案可供選擇方案一:四個(gè)主干道入口在早高峰時(shí)間段每天各聘請(qǐng)一位交通協(xié)管員,聘請(qǐng)每位交通協(xié)管員的日費(fèi)用為m(135:m:175,且m = 140)元.方案二:在早高峰時(shí)間段若某主干道入口發(fā)生擁堵,交警部門則需臨時(shí)調(diào)派兩位交通協(xié)管員協(xié)助疏通交通,調(diào)派后當(dāng)日需給每位交通協(xié)管員的費(fèi)用為200 元.以四個(gè)主干道入口聘請(qǐng)交通協(xié)管員的日總費(fèi)用的數(shù)學(xué)期望為依據(jù),你認(rèn)為在這兩個(gè)方案中應(yīng)該如何選擇?請(qǐng)說(shuō)明理由.1【答案】(1)-5(2)當(dāng)
27、135:m 140時(shí),應(yīng)該選擇方案一;當(dāng)140:m:175時(shí),應(yīng)該選擇方案二【解析】(1)根據(jù)所給數(shù)據(jù)利用古典概型的概率公式計(jì)算可得(2)計(jì)算出方案二聘請(qǐng)交通協(xié)管員的日總費(fèi)的期望值,結(jié)合方案一比較分析【詳解】解:(1)將東、西、南、北四個(gè)主干道入口發(fā)生擁堵的情況分別記為事件(2)對(duì)于方案二,設(shè)四個(gè)主干道聘請(qǐng)交通協(xié)管員的日總費(fèi)用為則X的可能取值為 0,400,800,1200,1600.151P A=PBP C;= P D630第25頁(yè)共 21 頁(yè)P(yáng) X -0 =(1、2(工1 _!_P 112y15161001、L L ( (1、2(1、21 ( 11R(X X 1 -121525 152用,
28、100第26頁(yè)共 21 頁(yè)21 1 P X =1600 =12丿(5丿100164033101故E X U040080012001600560元.100100100100100對(duì)于方案一,四個(gè)主干道聘請(qǐng)交通協(xié)管員的日總費(fèi)用為4m元,當(dāng)135:m ::: 140時(shí),4m:560,應(yīng)該選擇方案一;當(dāng)140:m : 175時(shí),4m 560,應(yīng)該選擇方案二【點(diǎn)睛】本題考查古典概型的概率計(jì)算問(wèn)題,以及離散型隨機(jī)變量的分布列、期望的計(jì)算,屬于 中檔題tIn x21 .已知函數(shù)f X :X(1)若對(duì)任意0,f x2: kx恒成立,求k的取值范圍;1(2)若函數(shù)g x;= f xm有兩個(gè)不同的零點(diǎn)X1,X2,
29、證明:x(2)證明見(jiàn)解析【解析】(1)參變分離,由f x2: kx對(duì)任意x0,二:恒成立,得意0:恒成立.令h x二2器,利用導(dǎo)數(shù)求出h x的最大值,即可求出k的x取值范圍.(2)若函數(shù)g(x)的兩個(gè)零點(diǎn)為,X2,不妨設(shè)設(shè) 劉:X2,根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性可得1x1: 1X2,要證X1X22,即證X2 2 - x只需證明gX2g 2 - N由eg X1=g X2,只需證明g為g2-為.令mx = g x g2 x,1丄,1,求導(dǎo)分析函數(shù)的單調(diào)性,進(jìn)而可得:X1X22.e【詳解】P X =800|1 -2 2f 1 1 L 4 )+ 2丿 2 丿122( (+2X+2X - -遼丿2c 匚4)4x 2
30、漢1卜:-510033-?P X =1200 =-遼丿I 5丿511 2 JI 2丿2 15丿2c 102 =-100X|x22.第27頁(yè)共 21 頁(yè):kx對(duì)任意0,=恒成立,得k2lnrx對(duì)任意x 0, :恒遞減2則k3e,即k的取值范圍為ln x +1ln x(2)證明:設(shè)捲次2,g x二-m,則gx;=呼xx在0,1上,g x 0,g x單調(diào)遞增;在 1,亠j上,g x : 0,g x單調(diào)遞減=-m,當(dāng)x時(shí),g x -m,且g x廠m,1 二0 . m:1,Xi: 1:X2,e要證x1x2 2,即證X2 2 - X1Tx21,2 1,g x在 1,=上單調(diào)遞減,只需證明g X2: g 2
31、-X1由g X1=g X2,只需證明gN: g2-為令m(x)=g(x)g(2x ),廠,1 :Ve丿In x ln (2x)m x2廠x(2-x)2(1)解:由f x成立人2ln x令h x -x則h x/3lnxx令h x =0,則ix =e30,h x單調(diào)遞增;在ie2,:上,h x -.0,h x單調(diào)/ 1、h(xhax=he323e,(1) g 1 =1 -m , g -.ej第28頁(yè)共 21 頁(yè)Tx-,1,-lnx 0,宀2,第29頁(yè)共 21 頁(yè)mx在1, 1上單調(diào)遞增, m x : m 1 =0,即m x : 0, x1x22.【點(diǎn)睛】本題考查的知識(shí)點(diǎn)是函數(shù)恒成立問(wèn)題,利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性,最值,函數(shù)零點(diǎn)的 存在性及個(gè)數(shù)判斷,難度中檔.x = 1 3t,l的參數(shù)方程為(t為參數(shù)).=a +4t4(1) 若a,求C與I的普通方程;3(2)若|與C有兩個(gè)不同的公共點(diǎn),求a的取值范圍.【答案】(1)C的普通
溫馨提示
- 1. 本站所有資源如無(wú)特殊說(shuō)明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請(qǐng)下載最新的WinRAR軟件解壓。
- 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請(qǐng)聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
- 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁(yè)內(nèi)容里面會(huì)有圖紙預(yù)覽,若沒(méi)有圖紙預(yù)覽就沒(méi)有圖紙。
- 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
- 5. 人人文庫(kù)網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對(duì)任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
- 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請(qǐng)與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
- 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對(duì)自己和他人造成任何形式的傷害或損失。
最新文檔
- 代駕司機(jī)崗位面試問(wèn)題及答案
- 2025屆湖北省示范初中高一下化學(xué)期末檢測(cè)模擬試題含解析
- 太原市重點(diǎn)中學(xué)2025年高一化學(xué)第二學(xué)期期末綜合測(cè)試模擬試題含解析
- 河北省衡水滁州分校2025屆化學(xué)高一下期末考試試題含解析
- 河南文物鉆探管理辦法
- 機(jī)構(gòu)合作管理暫行辦法
- 北京藥品直供管理辦法
- 智慧治理視角下基層指揮中心數(shù)字化管理效能提升研究
- 關(guān)鍵績(jī)效指標(biāo)體系構(gòu)建與應(yīng)用研究
- 民族院校師生管理辦法
- 陜西省專業(yè)技術(shù)人員繼續(xù)教育2025公需課《黨的二十屆三中全會(huì)精神解讀與高質(zhì)量發(fā)展》20學(xué)時(shí)題庫(kù)及答案
- 2024-2025學(xué)年人教版數(shù)學(xué)五年級(jí)下學(xué)期期末試卷(含答案)
- 教師專業(yè)發(fā)展與職業(yè)生涯規(guī)劃
- 會(huì)計(jì)師事務(wù)所員工績(jī)效考評(píng)新版制度
- 氣釘槍安全培訓(xùn)教材PPT學(xué)習(xí)教案
- 小學(xué)數(shù)學(xué)圖形與幾何知識(shí)點(diǎn)歸納匯總
- APQP培訓(xùn)教材PPT課件
- JC∕T 1083-2008 水泥與減水劑相容性試驗(yàn)方法
- 食品工程原理(李云飛)第二章ppt 傳熱
- 二氧化碳?xì)怏w保護(hù)焊.ppt
- 儀表工程質(zhì)量控制點(diǎn)等級(jí)劃分表
評(píng)論
0/150
提交評(píng)論