高中物理電磁感應時習題課楞次定律和法拉第電磁感應定律的應用學案新人教版選修3

1、第4課時習題課：楞次定律和法拉第電磁感應定律的應用一、楞次定律的應用方法1.“增反減同”法感應電流的磁場，總是阻礙引起感應電流的磁通量(原磁場磁通量)的變化。(1)當原磁場磁通量增加時，感應電流的磁場與原磁場方向相反。(2)當原磁場磁通量減少時，感應電流的磁場方向與原磁場方向相同?？谠E記為“增反減同”【例1】 如圖1所示，一根條形磁鐵自左向右穿過一個閉合螺線管，則電路中()圖1A.始終有感應電流自a向b流過電流表GB.始終有感應電流自b向a流過電流表GC.先有aGb方向的感應電流，后有bGa方向的感應電流D.將不會產(chǎn)生感應電流解析當條形磁鐵進入螺線管的時候，閉合線圈中的磁通量增加；當條形磁鐵穿

2、出螺線管時，閉合線圈中的磁通量減少，根據(jù)增反減同可知，感應電流的方向先為aGb，后為bGv，選項C正確。答案C【跟蹤訓練1】 如圖2所示，AOC是光滑的金屬軌道，AO沿豎直方向，OC沿水平方向，PQ是一根金屬直桿立在導軌上，直桿從圖示位置由靜止開始在重力作用下運動，運動過程中Q端始終在OC上，空間存在著垂直紙面向外的勻強磁場，則在PQ桿滑動的過程中，下列判斷正確的是()圖2A.感應電流的方向始終是由PQB.感應電流的方向先是由PQ，后是由QPC.PQ受磁場力的方向垂直于桿向左D.PQ受磁場力的方向先垂直于桿向右，后垂直于桿向左解析在PQ桿滑動的過程中，桿與導軌所圍成的三角形面積先增大后減小，三

3、角形POQ內的磁通量先增大后減小，由“增反減同”法可知，感應電流的磁場方向先向里后向外，感應電流的方向先由PQ，后由QP，B項正確，A項錯誤；再由PQ中電流方向及左手定則可判斷C、D項錯誤。答案B2.“來拒去留”法導體與磁場相對運動產(chǎn)生電磁感應現(xiàn)象時，產(chǎn)生的感應電流的導體受到磁場的安培力，這個安培力會“阻礙”相對運動，口訣記為“來拒去留”?！纠?】 如圖3所示，當磁鐵突然向銅環(huán)運動時，銅環(huán)的運動情況是()圖3A.向右擺動 B.向左擺動C.靜止 D.無法判定解析根據(jù)產(chǎn)生感應電流的導體所受安培力阻礙相對運動的“來拒去留”法判斷知，銅環(huán)的運動情況是向右擺動，故選項A正確。答案A【跟蹤訓練2】 如圖4

4、所示，閉合導體環(huán)固定，條形磁鐵S極向下以初速度v0沿過導體環(huán)圓心的豎直線下落并穿過導體環(huán)，不計空氣阻力，下列關于導體環(huán)中感應電流方向(俯視)和條形磁鐵加速度的說法正確的是()圖4A.感應電流方向先順時針再逆時針B.感應電流方向一直沿順時針方向C.靠近導體環(huán)時條形磁鐵加速度小于gD.遠離導體環(huán)時條形磁鐵加速度大于g解析從“阻礙磁通量變化”來看，原磁場方向向上，磁感應強度大小是先增后減，感應電流產(chǎn)生的磁場方向先向下后向上，感應電流方向先順時針后逆時針，選項A正確，B錯誤；從“阻礙相對運動”來看，先排斥后吸引，條形磁鐵加速度都小于g，選項C正確，D錯誤。答案AC3.“增縮減擴”法當閉合電路中有感應電

5、流產(chǎn)生時，閉合電路的各部分導線就會受到安培力作用，會使閉合電路的面積有變化(或有變化趨勢)。(1)若原磁通量增加，則通過減小有效面積起到阻礙的作用。(2)若原磁通量減小，則通過增大有效面積起到阻礙的作用?？谠E記為“增縮減擴”。溫馨提示本方法適用于磁感線單方向穿過閉合回路的情況?！纠?】 如圖5所示，在載流直導線近旁固定有兩平行光滑導軌A、B，導軌與直導線平行且在同一水平面內，在導軌上有兩可自由滑動的導體ab和cd。當載流直導線中的電流逐漸增強時，導體ab和cd的運動情況是()圖5A.一起向左運動B.一起向右運動C.ab和cd相向運動，相互靠近D.ab和cd相背運動，相互遠離解析當載流直導線中的

6、電流逐漸增強時，穿過閉合回路的磁通量增大，根據(jù)“增縮減擴”法可知，導體ab和cd所圍的面積減小，則兩者相向運動，故選項C正確。答案C【跟蹤訓練3】 (2017·寧波效實中學模擬考試)一種具有獨特屬性的新型合金能夠將熱能直接轉化為電能，具體而言，只要略微提高溫度，這種合金會從非磁性合金變成強磁性合金，從而在環(huán)繞它的線圈中產(chǎn)生電流，其簡化模型如圖6所示。M為圓柱形合金材料，N為線圈，套在圓柱形合金材料上，線圈的半徑大于合金材料的半徑?，F(xiàn)對M進行加熱，假設M變?yōu)閺姶判院辖饡r，磁感線在M內沿軸線方向，則()圖6A.N中將產(chǎn)生逆時針方向的電流B.N中將產(chǎn)生順時針方向的電流C.N線圈有收縮的趨勢

7、D.N線圈有擴張的趨勢解析當對M加熱使其溫度升高時，M從非磁性合金變?yōu)閺姶判院辖?，穿過N的磁通量增加，根據(jù)“增縮減擴”法可知，N有擴張的趨勢才能使穿過N的磁通量減少，選項C錯誤，選項D正確；由于不知M的磁場方向，故不能判斷N中感應電流的方向，選項A、B錯誤。答案D4.“增離減靠”法發(fā)生電磁感應現(xiàn)象時，通過什么方式來“阻礙”原磁通量的變化要根據(jù)具體情況而定?？赡苁亲璧K導體的相對運動，也可能是改變線圈的有效面積，還可能是通過遠離或靠近變化的磁場源來阻礙原磁通量的變化。(1)若原磁通量增加，則通過遠離磁場源起到阻礙的作用。(2)若原磁通量減小，則通過靠近磁場源起到阻礙的作用?？谠E記為“增離減靠”?！?/p>

8、例4】 一長直鐵芯上繞有一固定線圈M，鐵芯右端與一木質圓柱密接，木質圓柱上套有一閉合金屬環(huán)N，N可在木質圓柱上無摩擦移動，M連接在如圖7所示的電路中，其中R為滑動變阻器，E1和E2為直流電源，S為單刀雙擲開關，下列情況中，可觀測到N向左運動的是()圖7A.在S斷開的情況下，S向a閉合的瞬間B.在S斷開的情況下，S向b閉合的瞬間C.在S已向a閉合的情況下，將R的滑片向c端移動時D.在S已向a閉合的情況下，將R的滑片向d端移動時解析金屬環(huán)N向左運動，根據(jù)“增離減靠”法可知，穿過N的磁通量在減小，說明線圈M中的電流在減小，故選項C正確。答案C【跟蹤訓練4】 如圖8所示，導軌間的磁場方向垂直于紙面向里

9、，當導體棒MN在導軌上水平向右加速滑動時，正對電磁鐵A的圓形金屬環(huán)B中(導體棒切割磁感線速度越大，感應電流越大)()圖8A.有感應電流，且B被A吸引B.無感應電流C.可能有，也可能沒有感應電流D.有感應電流，且B被A排斥解析MN向右加速滑動，MN中的電流大小在逐漸變大，電磁鐵A的磁場逐漸增強，根據(jù)“增離減靠”法可知，B環(huán)中有感應電流，且B被A排斥，故D正確，A、B、C錯誤。答案D二、法拉第電磁感應定律的應用1.公式En與EBLv的比較(1)研究對象不同En研究整個閉合回路，適用于各種電磁感應現(xiàn)象；EBlv研究的是閉合回路的一部分，即做切割磁感線運動的導線。(2)實際應用不同En應用于磁感應強度

10、變化所產(chǎn)生的感應電動勢較方便；EBlv應用于導線切割磁感線所產(chǎn)生的感應電動勢較方便?！纠?】 如圖9所示，勻強磁場中有一由半圓弧及其直徑構成的導線框，半圓直徑與磁場邊緣重合；磁場方向垂直于半圓面(紙面)向里，磁感應強度大小為B0。使該線框從靜止開始繞過圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度勻速轉動半周，在線框中產(chǎn)生感應電流?，F(xiàn)使線框保持圖中所示位置，磁感應強度大小隨時間線性變化。為了產(chǎn)生與線框轉動半周過程中同樣大小的電流，磁感應強度隨時間的變化率的大小應為()圖9A. B. C. D.解析當線框繞過圓心O的轉動軸以角速度勻速轉動時，由于面積的變化產(chǎn)生感應電動勢，從而產(chǎn)生感應電流。設半圓的半徑為r，導

11、線框的電阻為R，即I1。當線框不動，磁感應強度變化時，I2，因I1I2，可得，選項C正確。答案C【跟蹤訓練5】 在范圍足夠大、方向豎直向下的勻強磁場中，B0.2 T，有一水平放置的光滑框架，寬度為l0.4 m，如圖10所示，框架上放置一質量為0.05 kg、電阻為1 的金屬桿cd，框架電阻不計。若cd桿以恒定加速度a2 m/s2，由靜止開始做勻變速直線運動，則：圖10(1)在5 s內平均感應電動勢是多少？(2)第5 s末，回路中的電流多大？(3)第5 s末，作用在cd桿上的水平外力多大？解析(1)5 s內的位移：xat225 m，5 s內的平均速度v5 m/s(也可用v m/s5 m/s求解)

12、故平均感應電動勢EBlv0.4 V。(2)第5 s末：vat10 m/s，此時感應電動勢：EBlv則回路電流為：I A0.8 A。(3)桿做勻加速運動，則FF安ma，即FBIlma0.164 N。答案(1)0.4 V(2)0.8 A(3)0.164 N2.電磁感應過程中通過導體截面的電荷量設感應電動勢的平均值為，則在t時間內：n，又qt，所以qn。其中對應某過程磁通量的變化，R為回路的總電阻，n為電路中線圈的匝數(shù)。注意：求解電路中通過的電荷量時，一定要用平均感應電動勢和平均感應電流計算。【例6】 在勻強磁場中，有一個接有電容器的導線回路，如圖11所示，已知電容C30 F，回路的長和寬分別為l1

13、5 cm，l28 cm，磁場變化率為5×102 T/s，則()圖11A.電容器帶電荷量為2×109 CB.電容器帶電荷量為4×109 CC.電容器帶電荷量為6×109 CD.電容器帶電荷量為8×109 C解析回路中感應電動勢等于電容器兩板間的電壓，UE·l1l25×102×5×102×8×102 V2×104 V。電容器的電荷量為qCUCE30×106×2×104 C6×109 C，C選項正確。答案C【跟蹤訓練6】 如圖12所示，將直徑

14、為d，電阻為R的閉合金屬環(huán)從勻強磁場B中拉出，求這一過程圖12(1)磁通量的改變量；(2)通過金屬環(huán)某一截面的電荷量。解析(1)由已知條件得金屬環(huán)的面積S，磁通量的改變量|21|0B·|。(2)由法拉第電磁感應定律，又因為，qt，所以q。答案(1)(2)3.電磁感應中的導體轉動切割磁感線問題如圖13所示，長為l的金屬棒ab，繞b端在垂直于勻強磁場的平面內以角速度勻速轉動，磁感應強度大小為B，ab棒所產(chǎn)生的感應電動勢大小可用下面兩種方法推出。圖13方法一：棒上各處速率不同，故不能直接用公式EBlv求，由vr可知，棒上各點的線速度跟半徑成正比，故可用棒的中點的速度作為平均切割速度代入公式

15、計算。所以，EBlBl2。方法二：設經(jīng)過t時間ab棒掃過的扇形面積為S，則Sltll2t。變化的磁通量為BSBl2t，所以EnBl2，其中n1?！纠?】 如圖14，直角三角形金屬框abc放置在勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向平行于ab邊向上。當金屬框繞ab邊以角速度逆時針轉動時，已知bc邊的長度為l，下列判斷正確的是()圖14A.金屬框中無電流B.金屬框中電流方向沿abcaC.UbcBl2D.UbcBl2解析bc邊、ac邊都在切割磁感線，通過右手定則判斷，c端電勢高，a、b端電勢低；兩邊的有效切割長度都為l，則UacUbcBl2，所以a、b端電勢相同，金屬框中無電流，選項A正確。答案A【跟

16、蹤訓練7】 一個電阻是R，半徑為r的單匝線圈放在磁感應強度為B的勻強磁場中，如圖15所示，若以線圈的直徑為軸旋轉180°，則在此過程中，導線橫截面上通過的電荷量為()圖15A.0 B.C. D.解析由法拉第電磁感應定律知，此過程中的平均感應電動勢，平均電流，故導線截面上通過的電荷量qt。答案 C1.如圖16所示，A、B為大小、形狀均相同且內壁光滑、用不同材料制成的圓筒，豎直固定在相同高度，兩個相同的條形磁鐵，同時從A、B上端管口同一高度無初速度同時釋放，穿過A管的條形磁鐵比穿過B管的條形磁鐵先落到地面。下面關于兩管的制作材料的描述可能的是()圖16A.A管是用塑料制成的，B管是用銅制

17、成的B.A管是用鋁制成的，B管是用膠木制成的C.A管是用膠木制成的，B管是用塑料制成的D.A管是銅制成的，B管是用塑料制成的解析如果圓筒是用金屬材料制成的，當條形磁鐵進入和離開筒口位置時都會產(chǎn)生感應電流。磁鐵和圓筒之間有力的作用，阻礙其產(chǎn)生相對運動，故落地較晚。如果筒由絕緣材料制成，則不會產(chǎn)生感應電流，兩者之間沒有力的作用。磁鐵做自由落體運動通過圓筒，用時較少，先落地。答案A2.如圖17所示，圓環(huán)形導體線圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一豎直螺線管b，二者軸線重合，螺線管與電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路。若將滑動變阻器的滑片P向下滑動，下列表述正確的是()圖17A.線圈a中將產(chǎn)生俯

18、視逆時針方向的感應電流B.穿過線圈a的磁通量變小C.線圈a有擴張的趨勢D.線圈a對水平桌面的壓力FN將增大解析若將滑動變阻器的滑片P向下滑動，螺線管b中電流增大，根據(jù)楞次定律和安培定則，線圈a中將產(chǎn)生俯視逆時針方向的感應電流，穿過線圈a的磁通量變大，線圈a有縮小和遠離線圈b的趨勢，線圈a對水平桌面的壓力FN將增大，選項B、C錯誤，A、D正確。答案AD3.如圖18所示，在空間存在著豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B。一水平放置的長度為L的金屬桿ab與圓弧形金屬導軌P、Q緊密接觸，P、Q之間接有電容為C的電容器。若ab桿繞a點以角速度沿逆時針方向勻速轉動，則下列說法正確的是()圖18A.電容器與a

19、相連的極板帶正電B.電容器與b相連的極板帶正電C.電容器的帶電荷量是D.電容器的帶電荷量是解析若ab桿繞a點以角速度沿逆時針方向勻速轉動，產(chǎn)生的感應電動勢為EBL2，由C解得電容器的帶電荷量是Q，選項C錯誤，D正確；根據(jù)右手定則可判斷出感應電動勢的方向由b指向a，電容器與a相連的極板帶正電，選項A正確，B錯誤。答案AD4.如圖19所示，將一半徑為r的金屬圓環(huán)在垂直于環(huán)面的磁感應強度為B的勻強磁場中用力握中間成“8”字型，并使上、下兩圓半徑相等。如果環(huán)的電阻為R，則此過程中流過環(huán)的電荷量為()圖19A. B. C.0 D.解析通過環(huán)橫截面的電荷量只與磁通量的變化量和環(huán)的電阻有關，與時間等其他量無

20、關，因此，Br22·B()2Br2，電荷量q，選項B正確。答案 B一、選擇題(在每小題給出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。)1.長直導線與矩形線框abcd處在同一平面中靜止不動，如圖1甲所示。長直導線中通以大小和方向都隨時間做周期性變化的電流，it圖象如圖乙所示。規(guī)定沿長直導線方向向上的電流為正方向。關于最初一個周期內矩形線框中感應電流的方向，下列說法正確的是()圖1A.由順時針方向變?yōu)槟鏁r針方向B.由逆時針方向變?yōu)轫槙r針方向C.由順時針方向變?yōu)槟鏁r針方向，再變?yōu)轫槙r針方向D.由逆時針方向變?yōu)轫槙r針方向，再變?yōu)槟鏁r針方向解析將一個周期分為四個階段，對全過程的分析列表如下：時

21、間段長直導線中電流線框中磁通量感應電流的磁場感應電流的方向0向上，逐漸變大向紙里、變大垂直紙面向外逆時針方向向上，逐漸變小向紙里、變小垂直紙面向里順時針方向向下，逐漸變大向紙外、變大垂直紙面向里順時針方向T向下，逐漸變小向紙外、變小垂直紙面向外逆時針方向綜上分析，可知選項D正確。答案D2.如圖2所示，甲是閉合銅線框，乙是有缺口的銅線框，丙是閉合的塑料線框，它們的正下方都放置一薄強磁鐵，現(xiàn)將甲、乙、丙移至相同高度H處同時由靜止釋放(各線框下落過程中不翻轉)，則以下說法正確的是()圖2A.三者同時落地B.甲、乙同時落地，丙后落地C.甲、丙同時落地，乙后落地D.乙、丙同時落地，甲后落地解析在下落過程

22、中，閉合銅線框中產(chǎn)生感應電流，由“來拒去留”可知，選項D正確。答案D3.如圖3所示，一質量為m的條形磁鐵用細線懸掛在天花板上，細線從一水平金屬圓環(huán)中穿過?，F(xiàn)將環(huán)從位置釋放，環(huán)經(jīng)過磁鐵到達位置。設環(huán)經(jīng)過磁鐵上端和下端附近時細線的張力分別為FT1和FT2，重力加速度大小為g，則()圖3A.FT1>mg，F(xiàn)T2>mgB.FT1<mg，F(xiàn)T2<mgC.FT1>mg，F(xiàn)T2<mgD.FT1<mg，F(xiàn)T2>mg解析當圓環(huán)經(jīng)過磁鐵上端時，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知磁鐵要把圓環(huán)向上推，根據(jù)牛頓第三定律可知圓環(huán)要給磁鐵一個向下的磁場力，因此有FT1>mg。

23、當圓環(huán)經(jīng)過磁鐵下端時，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知磁鐵要把圓環(huán)向上吸，根據(jù)牛頓第三定律可知圓環(huán)要給磁鐵一個向下的磁場力，因此有FT2>mg，所以只有A正確。答案A4.如圖4所示，兩輕質閉合金屬圓環(huán)，穿掛在一根光滑水平絕緣直桿上，原來處于靜止狀態(tài)。當條形磁鐵的N極自右向左插入圓環(huán)時，兩環(huán)的運動情況是()圖4A.同時向左運動，兩環(huán)間距變大B.同時向左運動，兩環(huán)間距變小C.同時向右運動，兩環(huán)間距變大D.同時向右運動，兩環(huán)間距變小解析磁鐵向左運動，穿過兩環(huán)的磁通量均增加。根據(jù)楞次定律，感應電流的磁場將阻礙原磁通量增加，所以兩者都向左運動。另外，兩環(huán)產(chǎn)生的感應電流方向相同，依據(jù)安培定則和左手定則可

24、以判斷兩個環(huán)之間是相互吸引的，所以選項A、C、D錯誤，B正確。答案B5.如圖5所示，在水平面上有一固定的U形金屬框架，框架上放置一金屬桿ab，不計摩擦，在豎直方向上有勻強磁場，則()圖5A.若磁場方向豎直向上并增大時，桿ab將向右移動B.若磁場方向豎直向上并減小時，桿ab將向右移動C.若磁場方向豎直向下并增大時，桿ab將向右移動D.若磁場方向豎直向下并減小時，桿ab將向右移動解析不論磁場方向豎直向上還是豎直向下，當磁感應強度增大時，回路中磁通量變大，由楞次定律知桿ab將向左移動，反之，桿ab將向右移動，選項B、D正確。答案BD6.如圖6是某電磁沖擊鉆的原理圖，若突然發(fā)現(xiàn)鉆頭M向右運動，則可能是

25、()圖6A.開關S閉合瞬間B.開關S由閉合到斷開的瞬間C.開關S已經(jīng)是閉合的，滑動變阻器滑片P向左迅速滑動D.開關S已經(jīng)是閉合的，滑動變阻器滑片P向右迅速滑動解析當開關突然閉合時，左線圈上有了電流，產(chǎn)生磁場，而對于右線圈來說，磁通量增加，產(chǎn)生感應電流，使鉆頭M向右運動，同理可知，開關由閉合到斷開瞬間，鉆頭M向左運動，故A項正確，B項錯誤；當開關S已經(jīng)是閉合的時，只有左側線圈電流增大才會導致鉆頭M向右運動，故C項正確，D項錯誤。答案AC7.如圖7所示，通有恒定電流的直導線MN與閉合金屬線框abcd共面，第一次將金屬線框由位置平移到位置，第二次將金屬線框由位置翻轉到位置，設兩次通過金屬線框截面的電

26、荷量分別為q1和q2，則()圖7A.q1<q2 B.q1q2 C.q1>q2 D.q10，q20解析由法拉第電磁感應定律n、和qt可得qn。設金屬線框在位置時，通過金屬線框的磁通量為正，且數(shù)值為1，在位置時通過金屬線框的磁通量數(shù)值為2，第一次將金屬線框由位置平移到位置，磁通量的變化量為12，第二次將金屬線框由位置翻轉到位置，磁通量的變化量為12，第二次磁通量變化大，通過的電荷量多，選項A正確。答案A8.如圖8所示，導體棒ab長為4L，勻強磁場的磁感應強度為B，導體棒繞過O點垂直紙面的軸以角速度勻速轉動，a與O的距離很近，可以忽略。則a端和b端的電勢差Uab等于()圖8A.2BL2

27、B.4BL2 C.6BL2 D.8BL2解析導體棒ab切割磁感線的總長度為4L，切割磁感線的平均速度vl2L，由EBlv知，EB·4L·2L8BL2，則UabE8BL2，選項D正確。答案D9.用均勻導線做成的正方形線框邊長為0.2 m，正方形的一半放在垂直紙面向里的勻強磁場中，如圖9甲所示。當磁場以10 T/s的變化率增強時，線框中點a、b兩點間的電勢差是()圖9A.Uab0.1 V B.Uab0.1 VC.Uab0.2 V D.Uab0.2 V解析題中正方形線框的左半部分磁通量變化而產(chǎn)生感應電動勢，從而在線框中有感應電流，把左半部分線框看成電源，設其電動勢為E，內電阻為，

28、畫出等效電路如圖乙所示。則ab兩點間的電勢差即為電源的路端電壓，設l是邊長，正方形線框的總電阻為r，且依題意知10 T/s。由E得E10× V0.2 V，所以UI·× V0.1 V，由于a點電勢低于b點電勢，故Uab0.1 V，選項B正確。答案B10.一矩形線框置于勻強磁場中，線框平面與磁場方向垂直。先保持線框的面積不變，將磁感應強度在1 s時間內均勻地增大到原來的兩倍。接著保持增大后的磁感應強度不變，在1 s時間內，再將線框的面積均勻地減小到原來的一半。先后兩個過程，線框中感應電動勢的比值為()A. B.1 C.2 D.4解析根據(jù)法拉第電磁感應定律E，設初始時刻

29、磁感應強度為B0，線框面積為S0，則第一種情況下的感應電動勢為E1B0S0；則第二種情況下的感應電動勢為E2B0S0，所以兩種情況下線框中的感應電動勢相等，比值為1。答案B二、非選擇題11.如圖10所示，邊長為50 cm的正方形導線框放置在B0.40 T的勻強磁場中。已知磁場方向與水平方向成37°角，導線框電阻為0.10 ，求導線框繞其一邊從水平方向轉至豎直方向(虛線位置)的過程中通過導線橫截面的電荷量。(sin 53°0.8，sin 37°0.6)圖10解析設導線框在水平位置時線框平面的法線方向向上，穿過導線框的磁通量1BScos 53°6×

30、102 Wb當導線框轉至豎直位置時，導線框平面的法線方向水平向右，與磁感線夾角143°，穿過導線框的磁通量2BScos 143°8×102 Wb通過導線橫截面的電荷量q1.4 C答案1.4 C12.如圖11甲所示，一個圓形線圈的匝數(shù)n1 000，線圈面積S300 cm2，線圈的電阻r1 ，線圈外接一個阻值R4 的電阻，一方向垂直線圈平面向里的圓形磁場的面積S0200 cm2，磁感應強度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。求：圖11(1)第4 s時線圈的磁通量及前4 s內磁通量的變化量；(2)前4 s內的感應電動勢和前4 s內通過R的電荷量。解析(1)第4 s時線圈的磁通量

31、BS08×103 Wb前4 s內磁通量的變化量為B·S04×103 Wb(2)由題圖乙可知前4 s內磁感應強度B的變化率恒定，大小為0.05 T/s故前4 s內的感應電動勢EnS01 V電路中的電流I0.2 A通過R的電荷量qIt0.8 C答案(1)8×103 Wb4×103 Wb(2)1 V0.8 C詩歌鑒賞（2）煉句及語言風格李仕才【考綱說明】 考綱要求：鑒賞文學作品的形象、語言和表達技巧。2語言的鑒賞，側重于領會語言的藝術特色?！緦W習目標】1體會古典詩歌的語句之妙和把握古典詩歌語言風格。2學習掌握古典詩歌煉句與語言風格答題技巧，提高解題能力。3激發(fā)閱讀古典詩歌的興趣， 提高審美情趣。自主學習【學法指導】1.熟讀詩歌，識記