高考理綜物理——四川卷

1、2011年高考理綜物理（四川卷）14氣體能夠充滿密閉容器，說明氣體分子除相互碰撞的短暫時間外a氣體分子可以做布朗運(yùn)動b氣體分子的動能都一樣大c相互作用力十分微弱，氣體分子可以自由運(yùn)動d相互作用力十分微弱，氣體分子間的距離都一樣大14、 c 【解析】布朗運(yùn)動是固體小顆粒的運(yùn)動，a錯誤；氣體分子的運(yùn)動是雜亂無章的，表示氣體分子的速度大小和方向具有不確定性，與溫度的關(guān)系是統(tǒng)計規(guī)律，b錯誤；氣體分子的相互作用力十分微弱，但是由于頻繁撞擊使得氣體分子間的距離不是一樣大，d錯誤；氣體分子的相互作用力十分微弱，氣體分子可以自由運(yùn)動造成氣體沒有形狀。答案c。15下列說法正確的是a甲乙在同一明亮空間，甲從平面鏡

2、中看見乙的眼睛時，乙一定能從鏡中看見甲的眼睛b我們能從某位置通過固定的任意透明的介質(zhì)看見另一側(cè)的所有景物c可見光的傳播速度總是大于電磁波的傳播速度d在介質(zhì)中光總是沿直線傳播15、a 【解析】根據(jù)光路的可逆性甲從平面鏡中看見乙的眼睛時，乙一定能從鏡中看見甲的眼睛；由于光的折射，通過透明的介質(zhì)觀察景物時總是存在一定的視角，其邊緣光學(xué)是全反射的臨界光學(xué)；可見光和電磁波在真空中的傳播速度相等；在單一均勻介質(zhì)中光才能沿直線傳播。所以只有a正確。y/cmx/cmopq1352-216如圖為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波在t=0時的波形圖，當(dāng)q點(diǎn)在t=0時的振動狀態(tài)傳到p點(diǎn)時，則a1cmx3cm范圍內(nèi)的質(zhì)點(diǎn)

3、正在向y軸的負(fù)方向運(yùn)動bq處的質(zhì)點(diǎn)此時的加速度沿y軸的正方向cq處的質(zhì)點(diǎn)此時正在波峰位置dq處的質(zhì)點(diǎn)此時運(yùn)動到p處16、b【解析】當(dāng)q點(diǎn)在t0時的振動狀態(tài)傳到p點(diǎn)時，q點(diǎn)在t0時的波沿也向左傳到p點(diǎn)，所以x0cm處質(zhì)元在波谷，x2cm處質(zhì)元在波峰，則1cmx2cm向y軸的正方向運(yùn)動，2cmx3cm向y軸的負(fù)方向運(yùn)動，a錯誤；q點(diǎn)振動四分之三周期后到達(dá)波谷加速度沿y軸的正方向最大，不能平移，b正確，c d錯誤。17據(jù)報道，天文學(xué)家近日發(fā)現(xiàn)了一顆距地球40光年的“超級地球”，名為“55cancri e”，該行星繞母星（中心天體）運(yùn)行的周期約為地球繞太陽運(yùn)行周期的1/480，母星的體積約為太陽的60

4、倍。假設(shè)母星與太陽密度相同，“55 cancri e”與地球均做勻速圓周運(yùn)動，則“55 cancri e”與地球的a軌道半徑之比約為 b軌道半徑之比約為c向心加速度之比約為 d向心加速度之比約為17、 b【解析】根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得，變形得軌道半徑之比為，正確向心加速度 所以向心加速度之比約為，c d錯誤。18氫原子從能級m躍遷到能級n時輻射紅光的頻率為1，從能級n躍遷到能級k時吸收紫光的頻率為2。已知普朗克常量為h，若氫原子從能級k躍遷到能級m，則a吸收光子的能量為h1+h2 b輻射光子的能量為h1+h2 c吸收光子的能量為h2-h1 d輻射光子的能量為h2-h1 18、d【解析

5、】氫原子從能級m躍遷到能級n時輻射紅光，從能級n躍遷到能級k時吸收紫光，則從能級k躍遷到能級m，能量降低輻射光子，答案d。降落傘返回艙緩沖火箭19如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過程可簡化為：打開降落傘一段時間后，整個裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點(diǎn)燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運(yùn)動，則a火箭開始噴氣瞬間傘繩對返回艙的拉力變小b返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是空氣阻力c返回艙在噴氣過程中所受合外力可能做正功d返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài)19、a【解析】在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運(yùn)動，加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)，動能減小，返回艙所

6、受合外力做負(fù)功，返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是緩沖火箭向下噴氣而獲得向上的反沖力?；鸺_始噴氣前勻速下降拉力等于重力減去返回艙受到的空氣阻力，火箭開始噴氣瞬間反沖力直接對返回艙作用因而傘繩對返回艙的拉力變小。20如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動的矩形線圈的周期為t，轉(zhuǎn)軸o1o2垂直于磁場方向，線圈電阻為2。從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉(zhuǎn)過60時的感應(yīng)電流為1a。那么a線圈消耗的電功率為4wb線圈中感應(yīng)電流的有效值為2ac任意時刻線圈中的感應(yīng)電動勢為e=4cosd任意時刻穿過線圈的磁通量為=sin20、a c 【解析】繞垂直于磁場方向的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動的矩形線圈中產(chǎn)生正弦或

7、余弦式交流電，由于從垂直中性面開始其瞬時表達(dá)式為，得 a，則感應(yīng)電動勢的最大值為v，c正確，b錯誤；電功率為w，a正確；任意時刻穿過線圈的磁通量為=sin中當(dāng)時間為時，單位不正確；所以正確答案是a c。21質(zhì)量為m的帶正電小球由空中a點(diǎn)無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，再經(jīng)過t秒小球又回到a點(diǎn)，不計空氣阻力且小球從末落地。則a整個過程中小球電勢能變化了b整個過程中小球動量增量的大小為2mgtc從加電場開始到小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時小球冬耕變化了mg2t2d從a點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢能變化了21、b d【解析】整個過程中小球的位移為0，得a3g，根據(jù)牛頓第二定律電場力是重力的

8、4倍為4mg，根據(jù)動量定理pmgt3mgt2mgt，b正確；電勢能變化量為4mggt22mg2t2,a錯誤；小球減速到最低點(diǎn)和最初加速時的動能變化量大小相等為，c錯誤；從a點(diǎn)到最低點(diǎn)重力勢能變化了，d正確。答案為b d。動時經(jīng)歷時間是半個周期的奇數(shù)倍。在這段時間坐標(biāo)為x=0.4m處質(zhì)元運(yùn)動到對稱點(diǎn)即位移為，運(yùn)動方向與原來相反，c正確。22（17分）ox/cmy/cmrv0（7分）某研究性學(xué)習(xí)小組進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：如圖所示，在一端封閉的光滑細(xì)玻璃管中注滿清水，水中放一個紅蠟做成的小圓柱體r。將玻璃管的開口端用膠塞塞緊后豎直倒置且與y軸重合，在r從坐標(biāo)原點(diǎn)以速度v0=3cm/s勻速上浮的同時，玻璃管

9、沿x軸正方向做初速為零的勻加速直線運(yùn)動。同學(xué)們測出某時刻r的坐標(biāo)為（4，6），此時r的速度大小為 cm/s，r在上升過程中運(yùn)動軌跡的示意圖是 。（r視為質(zhì)點(diǎn)）yxoyxoyxoyxoa b c d（10分）為測量一電源的電動勢及內(nèi)阻在下列三個電壓表中選一個改裝成量程為9v的電壓表a量程為1v、內(nèi)阻大約為1k的電壓表v1b量程為2v、內(nèi)阻大約為2k的電壓表v2c量程為3v、內(nèi)阻為3k的電壓表v3選擇電壓表_串聯(lián)_k的電阻可以改裝成量程為9v的電壓表。 利用一個電阻箱、一只開關(guān)、若干導(dǎo)線和改裝好的電壓表（此表用符號v1、v2或v3與一個電阻串聯(lián)來表示，且可視為理想電壓表），在虛線框內(nèi)畫出電源電動勢

10、及內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)原理電路圖。根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)原理電路圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，讀出電壓表示數(shù)為1.50v時、電阻箱的阻值為15.0，電壓表示數(shù)為2.00v時，電阻箱的阻值為40.0，則電源的電動勢e=_v、內(nèi)阻r=_。 22、【解析】“研究運(yùn)動的合成與分解”實(shí)驗(yàn)中：小圓柱體r在豎直方向勻速運(yùn)動有，在水平方向做初速為0的勻加速直線運(yùn)動xat2，得a2cm/s2，r的速度大小為，軌跡示意圖是d。選擇量程為3v、內(nèi)阻大約為3k的電壓表盤刻度改裝容易，讀數(shù)容易，改裝后量程和內(nèi)阻都擴(kuò)大3倍，所以改裝時需要串聯(lián)6 k的電阻。實(shí)驗(yàn)原理電路圖。電壓表示數(shù)為1.50v時，改裝電壓表的示數(shù)為4.50v，即加在電阻箱上的電壓是4.50v

11、，根據(jù)閉合電路的歐姆定律e4.5r，同理有e6.0r。連立二式解得e7.5v，r10。23（6分）隨著機(jī)動車數(shù)量的增加，交通安全問題日益凸顯。分析交通違法事例，將警示我們遵守交通法規(guī)，珍惜生命。一貨車嚴(yán)重超載后的總質(zhì)量為49t，以54km/h的速率勻速行駛。發(fā)現(xiàn)紅燈時司機(jī)剎車，貨車即做勻減速直線運(yùn)動，加速度的大小為2.5m/s2（不超載時則為5m/s2）。若前方無阻擋，問從剎車到停下來此貨車在超載及不超載時分別前進(jìn)多遠(yuǎn)？若超載貨車剎車時正前方25m處停著總質(zhì)量為1t的轎車，兩車將發(fā)生碰撞，設(shè)相互作用0.1s后獲得相同速度，問貨車對轎車的平均沖力多大？23、【解析】（1）貨車剎車時的初速是v0=

12、15vm/s ，末速是0，加速度分別是2.5m/s2和5m/s2，根據(jù)位移推論式得 代入數(shù)據(jù)解得： 超載 m 不超載 m（2）貨車與轎車相撞時的速度為 m/s相撞時動量守恒，有 得 m/s對轎車根據(jù)動量定理有 解得 na1b1c1a2b2c2ksqfb1b224（19分）如圖所示，間距l(xiāng)=0.3m的平行金屬導(dǎo)軌a1b1c1和a2b2c2分別固定在兩個豎直面內(nèi)，在水平面a1b1b2a2區(qū)域內(nèi)和傾角=37的斜面c1b1b2c2區(qū)域內(nèi)分別有磁感應(yīng)強(qiáng)度b1=0.4t、方向豎直向上和b2=1t、方向垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場。電阻r=0.3、質(zhì)量m1=0.1kg、長為l 的相同導(dǎo)體桿k、s、q分別放置在導(dǎo)

13、軌上，s桿的兩端固定在b1、b2點(diǎn)，k、q桿可沿導(dǎo)軌無摩擦滑動且始終接觸良好。一端系于k桿中點(diǎn)的輕繩平行于導(dǎo)軌繞過輕質(zhì)滑輪自然下垂，繩上穿有質(zhì)量m2=0.05kg的小環(huán)。已知小環(huán)以a=6m/s2的加速度沿繩下滑，k桿保持靜止，q桿在垂直于桿且沿斜面向下的拉力f作用下勻速運(yùn)動。不計導(dǎo)軌電阻和滑輪摩擦，繩不可伸長。取g=10 m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求小環(huán)所受摩擦力的大小；q桿所受拉力的瞬時功率。24、【解析】（1）設(shè)小環(huán)受到摩擦力大小為f,則由牛頓第二定律得到.代入數(shù)據(jù)得到.說明：式3分，式1分（2）設(shè)經(jīng)過k桿的電流為i1，由k桿受力平衡得到.設(shè)回路總電流為i,總電阻為

14、r總，有.設(shè)q桿下滑速度大小為v，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為e，有.拉力的瞬時功率為pfv.聯(lián)立以上方程得到p2w.cdwzyxlhba25（20分）如圖所示，正方形絕緣光滑水平臺面wxyz邊長l=1.8m，距地面h=0.8m。平行板電容器的極板cd間距d=0.1m且垂直放置于臺面。c板位于邊界wx上，d板與邊界wz相交處有一小孔。電容器外的臺面區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度b=1t，方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場。電荷量q=510-13c的微粒靜止于w處，在cd間加上恒定電壓u=2.5v，板間微粒經(jīng)電場加速后由d板所開小孔進(jìn)入磁場（微粒始終不與極板接觸），然后由xy邊界離開臺面。在微粒離開臺面瞬時，靜止于x正下方水平地

15、面上a點(diǎn)的滑塊獲得一水平速度，在微粒落地時恰好與之相遇。假定微粒在真空中運(yùn)動、極板間電場視為勻強(qiáng)電場，滑塊視為質(zhì)點(diǎn)。滑塊與地面間的動摩擦因數(shù)=0.2，取g=10m/s2。求微粒在極板間所受電場力的大小并說明兩板的極性；求由xy邊界離開臺面的微粒的質(zhì)量范圍；若微粒質(zhì)量m0=110-13kg，求滑塊開始運(yùn)動所獲得的速度。 25、【解析】（1）微粒在極板間所受電場力大小為f，代入數(shù)據(jù)：f1.251011n由微粒在磁場中的運(yùn)動可判斷微粒帶正電荷，微粒由極板間電場加速，故c板為正極，d板為負(fù)極。（2）若微粒的質(zhì)量為m，剛進(jìn)入磁場時的速度大小為v，由動能定理：uqmv2o1o2r1r2ds微粒在磁場中做勻

16、速圓周運(yùn)動，洛侖茲力充當(dāng)向心力，若圓周運(yùn)動半徑為r，有：qvbm微粒要從xy邊界離開臺面，則圓周運(yùn)動的邊緣軌跡如圖所示，半徑的極小值與極大值分別為r1，r2ld，聯(lián)立代入數(shù)據(jù)有 8.11014kgm2.891013kg（3）如圖，微粒在臺面以速度v做以o點(diǎn)為圓心，r為半徑的圓周運(yùn)動，從臺面邊緣p點(diǎn)沿與xy邊界成角飛出做平拋運(yùn)動，落地點(diǎn)q，水平位移s，下落時間t。設(shè)滑塊質(zhì)量為m，滑塊獲得速度v0后在t內(nèi)沿與平臺前側(cè)面成角方向，以就愛上的a做勻減速直線運(yùn)動到q，經(jīng)過位移為k。由幾何關(guān)系，可得cos，根據(jù)平拋運(yùn)動，t，svt對于滑塊，由牛頓定律及運(yùn)動學(xué)方程，有mgma，kv0tat2再由余弦定理：k2s2(drsin)22s(drsin)cos及正弦定理：聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：v04.15m/s，arcsin0.8（或53）參考答案o3dr3amxnkvv0qo1o2r1r2ds14c 15a 16b 17b 18d 19a 20ac 21bd225；d c；6 圖略 7.5；102345m，22.5m 9.8104n240.