甘肅省會寧縣第一中學2020屆高三物理上學期10月月考試題（含解析）.doc

甘肅省會寧縣第一中學2020屆高三物理上學期10月月考試題（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。每小題給出的四個選項中，第14-18題只有一個選項符合題目要求，第19-21題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分。1.2019年1月3日10時26分，嫦娥四號探測器經(jīng)過約38萬公里、26天的漫長飛行后，自主著陸在月球背面，實現(xiàn)人類探測器首次在月球背面軟著陸嫦娥四號著陸前距離月球表面l00米處有一次懸停，對障礙物和坡度進行識別，并自主避障；選定相對平坦的區(qū)域后，開始緩速垂直下降最終，在反推發(fā)動機和著陸緩沖機構(gòu)的“保駕護航”下，一噸多重的探測器成功著陸在月球背面東經(jīng)177.6度、南緯45.5度附近的預選著陸區(qū)下面有關(guān)嫦娥四號探測器的說法正確的是( )a. 嫦娥四號探測器從地球到月球的位移大小就是其運行軌跡的長度38萬公里b. “3日10時26分”指的是時間間隔c. 研究嫦娥四號探測器在月球著陸過程的姿態(tài)時，不可以將其看成質(zhì)點d. 嫦娥四號探測器在最后100米著陸過程中可以視作做自由落體運動【答案】c【解析】【詳解】a. 位移是指從起點指向終點的有向線段的長度，則嫦娥四號探測器從地球到月球的位移大小小于其運行軌跡的長度38萬公里，選項a錯誤；b. “3日10時26分”指的是時刻，選項b錯誤；c. 研究嫦娥四號探測器在月球著陸過程的姿態(tài)時，探測器的大小和形狀不能忽略不計，則不可以將其看成質(zhì)點，選項c正確；d. 嫦娥四號探測器在最后100米著陸過程中緩慢數(shù)值下降，加速度小于g，則不可以視作做自由落體運動，選項d錯誤2.在任意相等時間內(nèi)，物體的速度變化不相同的運動是a. 勻減速直線運動b. 勻速圓周運動c 平拋運動d. 自由落體運動【答案】b【解析】【分析】據(jù)知，加速度恒定的運動，在任意相等時間內(nèi)，速度變化相等；加速度變化的運動，在任意相等時間內(nèi)，速度變化不相等根據(jù)四個運動加速度的特點，可得在任意相等時間內(nèi)，物體的速度變化是否相等【詳解】a：勻減速直線運動的加速度不變，據(jù)知，勻減速直線運動，在任意相等時間內(nèi)，物體的速度變化相等b：勻速圓周運動的加速度變化(大小不變，方向不斷變化)，據(jù)知，勻速圓周運動，在任意相等時間內(nèi)，物體的速度變化不相等c：平拋運動的加速度不變，據(jù)知，平拋運動，在任意相等時間內(nèi)，物體的速度變化相等d：自由落體運動的加速度不變，據(jù)知，自由落體運動，在任意相等時間內(nèi)，物體的速度變化相等綜上，在任意相等時間內(nèi)，物體的速度變化不相同的運動是勻速圓周運動故b項正確3.甲、乙兩個小鐵球從不同高度做自由落運動，同時落地下列表示這一過程的位移時間圖象和速度時間圖象中正確的是a. b. c. d. 【答案】d【解析】【分析】甲、乙兩個小鐵球從不同高度做自由落運動，加速度相同，時間由高度決定，高度越高，時間越長，再結(jié)合位移時間圖象和速度時間圖象的特點分析即可【詳解】甲、乙兩個小鐵球從不同高度做自由落運動，則運動時間不同，高度高的，位移大，運動時間長，但同時落地，說明高度高的先釋放，故ab錯誤；都做自由落體運動，加速度相同，則圖象的斜率相同，運動時間不等，故c錯誤，d正確故選d4.如圖所示，兩個小球a、b質(zhì)量分別為m、2m，用細線相連并懸掛于o點，現(xiàn)用一輕質(zhì)弾簧給小球a施加一個拉力f，使整個裝置處于靜止狀態(tài)，且oa與豎直方向夾角為45，已知彈簧勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，則彈簧最短伸長量為( )a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】以小球a、b整體為研究對象，分析受力，作出f在幾個方向時整體的受力圖，根據(jù)平衡條件得知f與t的合力與整體重力3mg總是大小相等、方向相反，由力的合成圖可知，當f與繩子oa垂直時，f有最小值，即圖中2位置，f的最小值為，根據(jù)胡克定律，所以a與計算結(jié)果不相符,故a錯誤b與計算結(jié)果不相符,故b錯誤c與計算結(jié)果相符,故 c正確d與計算結(jié)果不相符,故d錯誤5.某同學在練習投籃時將籃球從同一位置斜向上拋出，其中有兩次籃球垂直撞在豎直放置的籃板上，運動軌跡如圖所示，不計空氣阻力，關(guān)于這兩次籃球從拋出到撞擊籃板的過程a. 兩次在空中運動的時間相等b. 兩次拋出時的速度相等c. 第1次拋出時速度的水平分量小d. 第2次拋出時速度的豎直分量大【答案】c【解析】【詳解】a將籃球的運動反向處理，即為平拋運動，由圖可知，第二次運動過程中的高度較小，所以運動時間較短，故a錯誤；bcd將籃球的運動反向視為平拋運動，在豎直方向上做自由落體運動，第二次運動過程中的高度較小，故第二次拋出時速度的豎直分量較小，所用時間減?。黄綊佭\動在水平方向做勻速直線運動，水平射程相等，由可知，第二次水平分速度較大；水平速度第二次大，豎直速度第一次大，根據(jù)速度的合成可知，拋出時的速度大小關(guān)系不能確定，故c正確，bd錯誤6.一質(zhì)點在水平面上沿直線自由滑行，其平均速度與時間的關(guān)系滿足10-2t(各物理量均選用國際單位制中單位)，則關(guān)于該質(zhì)點的運動，下列說法正確的是a. 質(zhì)點運動的加速度大小為2m/s2b. 質(zhì)點2s末的速度大小為2m/sc. 質(zhì)點4s末的速度大小為2m/sd. 4s內(nèi)質(zhì)點的位移為12.5m【答案】bd【解析】【詳解】a根據(jù)平均速度知，,根據(jù)知，質(zhì)點的初速度，加速度，加速度和速度方向相反，質(zhì)點做勻減速直線運動，故a錯誤bc質(zhì)點停下所需時間，質(zhì)點在2s末的速度，質(zhì)點在4s末的速度，故b正確,c錯誤d4s內(nèi)質(zhì)點的位移故d正確7.某人從樓頂由靜止釋放一顆石子如果忽略空氣對石子的阻力，利用下面的哪些已知量可以測量這棟樓的高度h(已知重力加速度為g)( )a. 石子落地時的速度b. 石子下落最初1 s內(nèi)的位移c. 石子下落的時間d. 石子下落最后1 s內(nèi)的位移【答案】acd【解析】解： a、知道石子的落地速度，根據(jù)v2=2gh可求出樓的高度，故a正確;b、石子下落最初1s內(nèi)的位移為h=5m，故最初1s內(nèi)的平均速度為5m/s，與運動總時間無關(guān)，故b錯誤;c、知道石子下落的時間，根據(jù)h=可求出樓的高度，故c正確;d、知道石子最后1s內(nèi)的位移，根據(jù)可以求出最后1s內(nèi)的初速度，根據(jù)速度時間公式求出落地速度，再根據(jù)v2=2gh，求出樓的高度，故d正確;故選acd.8.兩個物體m、m 用跨過光滑定滑輪的輕繩相連，如圖所示放置，oa、ob與水平面的夾角分別為30、60，物體m的重力大小為20 n，m、m均處于靜止狀態(tài)則a. 繩oa對m的拉力大小為10nb. 繩ob對m的拉力大小為10 nc. m受到水平面的靜摩擦力大小為10nd. m受到水平面的靜摩擦力的方向水平向左【答案】ad【解析】【詳解】先對節(jié)點o受力分析，節(jié)點o受oa，ob，om三根繩子得拉力，通過條件得知oa和ob的夾角為90度，因此利用力得平衡有，故a對；對物體m受力分析，受向左的拉力10n，向右的拉力，因此物體m收到的靜摩擦力水平向左，大小為()n三、非選擇題：共 174分。第2232為必考題，每個試題考生都必須作答。第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答。)（一）必考題：129分9.某實驗小組的同學在驗證力的平行四邊形定則時，操作過程如下：將一張白紙固定在水平放置木板上，橡皮筋的一端固定在a點，另一端拴上兩個細繩套，用兩個彈簧測力計互成角度地拉兩個細繩套，使細繩套和橡皮筋的結(jié)點位于圖中的o點；在白紙上記錄o點的位置和兩細繩套的方向，同時讀出兩彈簧測力計的讀數(shù)f1和f2；選取合適的標度在白紙上作出f1和f2的圖示，由平行四邊形定則作出f1和f2的合力f；用一個彈簧測力計拉細繩套，使細繩套和橡皮筋結(jié)點仍到達o點；在白紙上記錄細繩套的方向，同時讀出彈簧測力計的讀數(shù)f；按以上選取的標度在白紙上作出f的圖示，比較f和f的大小和方向；改變兩細繩套的方向和彈簧測力計的拉力的大小，重復以上操作，得出實驗結(jié)論（1）對本實驗的下列敘述中正確的是_；a兩次拉伸橡皮筋應(yīng)將橡皮筋沿相同方向拉到相同長度b兩細繩套必須等長c每次都應(yīng)將彈簧測力計拉伸到相同刻度d拉橡皮筋的細繩套要長一些，標記同一細繩套方向的兩點要遠一些（2）某次操作時兩彈簧測力計的指針指在圖中所示的位置，則兩彈簧測力計的讀數(shù)分別為fb_ n、fc_ n；（3）如果本實驗所用彈簧測力計的量程均為5 n某同學先用兩個彈簧秤互成一定角度拉橡皮條至o點，再用一個彈簧秤拉橡皮條至同一點o，其中圖甲中f13.00 n、f23.80 n，且兩力互相垂直；圖乙中，且兩力的夾角為30；圖丙中f1f24.00 n，且兩力的夾角為120其中明顯不符合操作的是圖_【答案】 (1). ad (2). 3.20 (3). 2.60 (4). 乙【解析】【分析】本實驗的目的是驗證力的平行四邊形定則，研究合力與分力的關(guān)系，而合力與分力是等效的，本實驗采用作合力與分力圖示的方法來驗證，根據(jù)實驗原理和方法來選擇，由彈簧測力計的讀數(shù)規(guī)則讀出彈簧秤的示數(shù)，抓住彈簧測力計的量程，通過平行四邊形定則求出合力的大小，從而判斷彈簧測力計能否測量合力的大??；【詳解】（1）a、在該實驗中要求每次拉橡皮筋的時要使橡皮筋形變的長度和方向都相同，即要到同一位置，這樣兩次的效果才等效，才符合“等效替代”法，故a正確；b、繩子的長短對分力大小和方向亦無影響，所以繩子不需要等長，故b錯誤；c、拉力的大小沒有限制，每次做實驗的時候，拉力大小不要求相等，所以不需要將彈簧測力計拉伸到相同的刻度，故c錯誤；d、為了減小誤差，拉橡皮條的細繩需長些，標記方向的兩點要遠些，故d正確；（2）由彈簧測力計的讀數(shù)規(guī)則可知、；（3）對于甲圖，合力，對于乙圖：，對于丙圖：，可見操作不合適的是乙圖，因為它的兩個力的合力超過了彈簧測力計的量程【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道“互成角度的兩個力的合成”實驗的原理，知道用兩根彈簧秤拉和用一根彈簧秤拉，都必須將繩子的結(jié)點拉到同一點，保證產(chǎn)生相同的作用效果10.用如圖甲所示的實驗裝置做探究加速度與力、質(zhì)量關(guān)系的實驗（1）某同學通過實驗得到如圖乙所示的a-f圖象，造成這一結(jié)果的原因是：在平衡摩擦力時木板與水平桌面間的傾角_（填“偏大”或“偏小”）（2）該同學在平衡摩擦力后進行實驗，實際小車在運動過程中所受的拉力_砝碼和盤的總重力（填“大于”、“小于”或“等于”），為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量m與砝碼和盤的總質(zhì)量m滿足_的條件（3）某同學得到如圖所示的紙帶已知打點計時器電源頻率為50 hza、b、c、d、e、f、g是紙帶上7個連續(xù)的點ssdgsad_ cm由此可算出小車的加速度a_ m/s2（保留兩位有效數(shù)字）【答案】 (1). 偏大 (2). 小于 (3). mm (4). 1.80 (5). 5.0【解析】【詳解】（1）1 當拉力f等于0時，小車已經(jīng)產(chǎn)生力加速度，故原因是平衡摩擦力時平衡摩擦力過大，在平衡摩擦力時木板與水平桌面間的傾角偏大（2）2 小車運動過程中，砝碼和盤向下做加速運動處于失重狀態(tài)，砝碼和盤對細線的拉力小于其重力，小車在運動過程中受到的拉力小于砝碼和盤的總重力；3 對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得解得則繩子的拉力當，即砝碼和盤的總質(zhì)量遠小于小車和小車上砝碼的總質(zhì)量時，砝碼和盤的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力，所以為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量m與砝碼和盤的總質(zhì)量m滿足的條件（3）4 刻度尺上讀出a、d、e三點的位置，算出5 計數(shù)點間時間間隔為t，由勻變速直線運動的推論x=at2可知，加速度：11.如圖所示,傾角的光滑斜面的下端有一水平傳送帶,傳送帶以的速度順時針轉(zhuǎn)動一個質(zhì)量為的物體(可視為質(zhì)點),從高處由靜止開始沿斜面下滑物體經(jīng)過點時,無論是從斜面到傳送帶還是從傳送帶到斜面,都不計其速率變化物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為,傳送帶左右兩端、間的距離,重力加速度問:（1）.物體由靜止沿斜面下滑到斜面末端需要多長時間?（2）.物體在傳送帶上向左最多能滑到距多遠處?（3）.物體隨傳送帶向右運動后,沿斜面上滑的最大高度為多少?【答案】（1）（2）（3）【解析】【詳解】(1)對物體在斜面上運動，有 解得：t=1.6s(2) 物體滑至斜面底端時的速度v=at=8m/s物體在傳送帶上速度為零時離a最遠，此時有： mg=ma解得l=6.4m(3)物體在傳送帶上返回到與傳送帶共速，有得x3.6 ml知物體在到達a點前速度與傳送帶相等又對物體從a點到斜面最高點，有 解得h=1.8m12.如圖所示，長l=8m，質(zhì)量m=3kg的薄木板靜止放在光滑水平面上，質(zhì)量m=1kg的小物體放在木板的右端，現(xiàn)對木板施加一水平向右的拉力f，取g=10m/s2，求：（1）若薄木板上表面光滑，欲使薄木板以2 m/s2的加速度向右運動，需對木板施加多大的水平拉力；（2）若木板上表面粗糙，小物體與薄木板間的動摩擦因數(shù)為0.3，當小物體與薄木板發(fā)生相對滑動時，求小物塊加速度的大小和方向；（3）若木板上表面粗糙，小物塊與薄木板間的動摩擦因數(shù)為0.3，若拉力f=15n，小物塊所能獲得的最大速度【答案】(1) 拉力大小為6n;(2) ,方向：水平向右;(3) 木塊獲得的最大速度為12m/s【解析】【詳解】（1）薄木板上表面光滑，木板受到的合外力為拉力，由牛頓第二定律得：，則拉力大小為6n； （2）當小物塊相對于木板滑動時，對木塊，由牛頓第二定律得：，解得：，方向水平向右；（3）小物塊相對于木板恰好滑動時，由牛頓第二定律得：拉力：， 拉力f=15nf0，小物塊相對于木塊滑動， 對木板，由牛頓第二定律得：，解得： 木塊位移：， 木板位移：，木塊從木板上滑下時有：， 此時木塊的速度：，解得：，則木塊獲得的最大速度為12m/s（二）選考題：45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，每科按所做的第一題計算。13.下列說法中正確的是_a. 空氣絕對濕度越大,空氣中水蒸氣壓強就越接近飽和汽壓,水蒸發(fā)得就越慢b. 布朗運動說明液體分子做永不停息的無規(guī)則運動,同時說明液體分子間有間隙c. 熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體d. 一定質(zhì)量的理想氣體,如果溫度升高,同時體積增大,其內(nèi)能可能減小e. 氣體的壓強是由于氣體分子頻繁地撞擊器壁產(chǎn)生的【答案】bce【解析】【詳解】空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近飽和氣壓，此時暴露在空氣中的水蒸發(fā)越慢，不是絕對濕度，故a錯誤；布朗運動說明液體分子做永不停息的無規(guī)則運動，同時說明液體分子間有間隙，故b正確；根據(jù)熱力學第二定律知，熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，故c正確；一定質(zhì)量的理想氣體，如果溫度升高，同時體積增大，內(nèi)能增大，理想氣體內(nèi)能與體積無關(guān)，故d錯誤；氣體的壓強是由于氣體分子頻繁地撞擊器壁產(chǎn)生的，故e正確；故選bce【點睛】解答本題需掌握：空氣的相對濕度越大，水蒸發(fā)越慢，人感到越潮濕；布朗運動說明液體分子做永不停息的無規(guī)則運動，同時說明液體分子間有間隙；熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物；理想氣體內(nèi)能與體積無關(guān)；氣體的壓強是由于氣體分子頻繁地撞擊器壁產(chǎn)生的14.如圖所示，水平放置的汽缸內(nèi)壁光滑，活塞厚度不計，在a、b兩處設(shè)有限制裝置，使活塞只能在a、b之間運動，b左面汽缸的容積為v0，a、b之間的容積為0.1v0開始時活塞在b處，缸內(nèi)氣體的壓強為0.9p0（p0為大氣壓強），溫度為297 k，現(xiàn)緩慢加熱汽缸內(nèi)氣體，直至399.3 k求：（1）活塞剛離開b處時的溫度tb；（2）缸內(nèi)氣體最后的壓強p；【答案】（1）333 k ；（2）1.1p0，【解析】【詳解】（1）活塞剛離開b處時氣體的壓強等于外界大氣壓強，則根據(jù)氣體的等容變化方程可得解得：tb333 k（2）緩慢加熱汽缸內(nèi)氣體時，氣體體積增大，活塞向右移動，當?shù)竭_a處時有解得：p1.1p0，15.如圖所示，自左向右依次固定放置半圓形玻璃磚、足夠長的豎立的長方體玻璃磚和光屏，bc、mn、pq三個表面相互平行一點光源可沿著圓弧移動，從點光源發(fā)出的一束白光始終正對圓心o射入半圓形玻璃磚，經(jīng)過長方體玻璃磚后，打在光屏上已知玻璃對紅光的折射率為n=1.513，若不考慮光在各個界面的反射，則下列說法正確的是 a. 點光源從b移動到c的過程中，光屏上總有彩色光斑b. 點光源從b移動到c的過程中，光屏上紅色光斑的移動速率比紫色光斑的小c. 點光源在a點時