湖北省黃石二中2025屆高三下學(xué)期5月高考模擬物理試卷

頁(yè)，1510075 電量（庫(kù)侖）電流（安培）頻率（法拉電勢(shì)（伏特）（韋伯）轉(zhuǎn)速（弧度每秒電壓（伏特）（庫(kù)侖）電流（安培電感（亨利）（韋伯）（特斯拉深空探測(cè)等技術(shù)具有重要意義。某原子鐘工作的四能級(jí)體系如圖所示，原子吸收頻率為ν0的21，實(shí)現(xiàn)受激輻射，發(fā)出鐘激光，最后輻v3的光子回到基態(tài)。已知該原子鐘在時(shí)間tn，光ch，則（）vv vv US閉合時(shí)，兩理想交流電壓表的讀數(shù)均為U0。則下列說(shuō)法正確的是（）UABCD與水平面間的夾角30m的物體受到與g，則（）物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為恒力F的大小為2 D．恒力F的大小為1 B連線與A的軌道相切，B與地心的連線與AB夾角為30°，A做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)，則從圖示時(shí)刻至A、B間的距離最小所用的最短時(shí)間為（ (4

(4

(4

(4

fkvk為常數(shù)，不計(jì)飛機(jī)輪胎與地面間的滾動(dòng)摩擦，下列說(shuō)法正確的是（）tx 若tPk

t0時(shí)間內(nèi)飛機(jī)克服阻力所做的功Wf00 2k 6 C5mLc。下列說(shuō)法正確的是（）n1n1cn2cn2sin2不考慮溫度對(duì)燈泡電阻的影響。在閉合開(kāi)關(guān)S的同時(shí)開(kāi)始采集數(shù)據(jù)，當(dāng)電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)圖乙是由傳感器得到的電壓u隨時(shí)間t變化的圖像不計(jì)電源內(nèi)阻及電感線圈L的 S閉合瞬間，流經(jīng)燈D1和D2S閉合瞬間至斷開(kāi)前，流經(jīng)燈D2S斷開(kāi)瞬間，燈D2LAB兩點(diǎn)，現(xiàn)有一個(gè)重力不計(jì)的質(zhì)量為mqA點(diǎn)以初速度v0AB30°，可加一勻強(qiáng)電場(chǎng)或垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（不同時(shí)存在（）AB的過(guò)程AB的過(guò)程中，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比在 y、z三個(gè)方向的加速度值（1，將自行車架起，手機(jī)固定在自行車后輪輪轂上（如圖（2 A．x、y方向的加速度值B．x、z方向的加速度值C．y、z關(guān)系，應(yīng)讓軟件作出an? “ω2） ，質(zhì)量為m當(dāng)后輪角速度為ω0時(shí)則手機(jī)的加速度傳感器做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力Fn= 電壓表、不同規(guī)格的LED燈兩組、電鍵、導(dǎo)線。圖 圖 片發(fā)現(xiàn)電壓表有示數(shù)而電流表始終無(wú)示數(shù)且燈L1不亮則一定斷路的導(dǎo)線是（選重做實(shí)驗(yàn)，得到圖線L2；從該圖像可得，兩燈并聯(lián)時(shí)，燈 方向轉(zhuǎn)動(dòng)，t2A地的地磁場(chǎng)分布情況如下（x軸指向南方，y軸指向東方A處，氣體的溫度為T(mén)1=300K。給汽缸內(nèi)的電阻絲加熱，活塞緩慢移動(dòng)到距離汽缸上底面h2=0.26mB100Jp0=1.0×105Pa。B處，求放出氣體的質(zhì)量與原來(lái)汽缸內(nèi)氣體質(zhì)量的比值。如圖（amH高度處由靜止下落，與地面發(fā)生一次非彈性碰撞后反h的最高處。設(shè)籃球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力的大小是籃球所受重力的倍（為常數(shù)且0HhHhF，使得籃球與地面碰撞一次H（拍擊時(shí)間極短，INH高度處，求I的大小。得該原子鐘產(chǎn)生的鐘激光光子的波長(zhǎng)為phh01

Ehh 【詳解】BR

RRS

U0

n1I22B錯(cuò)誤；A．原線圈兩端電壓

n1U

0

有效值UUU3UADSRRI1n2

I I故D正確；C．R、R2消耗的電功率之比1

I

2mgCD

2mg，可得

6B正確，AB60°BTtA、Btt1 A

，則

22T，解得t

(4T(4

T 【詳解】ADFkv，解得vF0Ftft 0 fkvFtkxmvxF0t0F0mFxW10F 3mF

k

解得Wf00 0，故A錯(cuò)誤，D正確；B．飛機(jī)受力不斷變化，則加速度改變，由PF0vF0at，可知 FB錯(cuò)誤；C．若t0P0PFv0 解得k0CD【詳解】A．由圖可知波的周期為0.4s，QyAsin2t4sin5tcmA

tcm，解得t1s，當(dāng)t0.3s，QP4sin5 6

Q點(diǎn)，有ΔxvnT

2t11m（n0,123，則波速為v

m/s（n0,1,2,3）12n30msC錯(cuò)誤；D正確；B．該波的波長(zhǎng)為vT

mn0,1237.2m12n7.2mBD。角為θr，根據(jù)折射定律有nsin，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知cosr sin

n2sin2

知，光的傳播距離為x ，由n知傳播速度為v，則傳播的時(shí)間為t ，故C正確，cos

cn2sin2DAC。和DRIE，穩(wěn)定后燈D和D并聯(lián)再與D串聯(lián)，流過(guò)DI1E

23

續(xù)為燈D2和D3提供電流，又因?yàn)殡娐贩€(wěn)定的時(shí)候，流經(jīng)燈D2和D3的電流相等，所以燈D2C誤；DS閉合瞬間，燈D和DD2兩端電壓，由歐姆定律uE D3

I1

E3 3RS斷開(kāi)瞬間，電感線圈能夠?yàn)镈2和D3兩端電壓為uI2R2Eu13D

【詳解】A．若粒子僅受電場(chǎng)力作用，從AB速度大小不變，由動(dòng)能定理知電場(chǎng)力做功為零，這表明AB兩ABAB向下，則粒子做類斜拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)B點(diǎn)的速度大小為v0AB夾角為30，根據(jù)平行四邊形定則可知粒子從AB的過(guò)程中速度變化量vv0（AB向下，由動(dòng)量定理得電場(chǎng)力沖量IEmvmv0AB向下；若粒子僅受磁場(chǎng)力作用，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，通過(guò)幾何關(guān)系知粒子從AAB夾角30的速度v0射入，B點(diǎn)且速度大小仍為v0AB的中垂線對(duì)稱，圓心角為60BAB夾角為30，故粒子從AB的過(guò)程中速度變化量vv0，磁場(chǎng)力沖量IBmv0（AB向下）由此可知從AAB方向以vcos30做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有vcos30·tL，解得t2L 周運(yùn)動(dòng)，圓心角為60，由幾何關(guān)系可得其運(yùn)動(dòng)半徑rL，則有vtL，解得tLtE20

C正確；DAB方向以v0sin30C qE

v0sin30aE ·E，解得E 0，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由qvBm0，解得B m

B

11．(1)A(2)ω2(3) mω（1）x、y方向的加速度值不為零，zA。（3）[1]若由（2）k等于手機(jī)到后輪圓心的距離，故手機(jī)的加速度傳感器到輪胎邊緣的距R?k；[2]若由（2）k等于手機(jī)到后輪圓心的距離，即手機(jī)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，則手機(jī)Fn=mω02k。

（1）6斷路。I?UI1I2P=UIL112L1UIEUI

1U

E3Vr1.25ΩI

U1A（2.85V10.0mAP0UI2.850.01W0.0285W，電源的輸P出12P0120.0285W (2)1.19106

B2B B2B

B

磁通量的最大值為ΦBL222.11050.22Wb1.19106 ΦΦ2Φ1BL2BL22.1100.2Wb2.1100.2Wb0

E012

IE14（1）（2）28J（3）（1）依題意，活塞緩慢移動(dòng)過(guò)程，受力平衡，可知封閉氣體為等壓過(guò)程，可得V1V2h1解得T2

AB處的過(guò)程中，對(duì)活塞受力分析，可得mgpSp0S，氣體對(duì)外界做功WpSh2h1聯(lián)立，解得W72J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，可得UWQ，其中W72JQ100J，解得UBpp6104Pa，VhSm'后mgpSpSp3104 若不打開(kāi)閥門(mén)，氣體體積設(shè)為V3h3Sp2h2Sp3h3S，解得h30.52m，放出氣體的質(zhì)量與原來(lái)汽缸內(nèi)氣體質(zhì)量的比值mh3h21 (1(12g(1)(H(1(12g(1)(Hh)(HN1hN1h(HNhN15（1）

（2）

h

（3）程中有v22aHmgmgma 上升的過(guò)程中有v22ah mghhh0Fmgh1mv2，籃球反彈后上升過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理有mghmgh01m(kv F=2mg(1)(HhImvv1次下降過(guò)程有v2v221gh，上升過(guò)程有kv221ghk后，下降過(guò)程有v2v221 h h 上升過(guò)程有hv121gHh1，聯(lián)立有h1 (h0 ) )h0 ) k后，下降過(guò)程有v2v221gh，上升過(guò)程有hv221

h h

h

h1h2有h2H

h0(H

) v3v21gh2，上升過(guò)程有hv321gHh3，聯(lián)立有h3 (h2 h h

h

h h3(H

h0(H

) v2

，上升過(guò)程有hv221gHh，聯(lián)立有h

(hN

hN-1hNN hN

hN

h

hN(H

h0(H

2g(1…H)2g(1，其中hNHh02g(1)(Hh)(HN12g(1)(Hh)(HN1hNh(HNhN 則有H

h

Imv方法二：由（1）問(wèn)可知籃球上升和下降過(guò)程中的加速度分別為a下1g（方向向下a上1g（方Imvv’。設(shè)籃球H下落時(shí)，速度為v0，反彈高度為hIv’，落地時(shí)速度為v1，則(kv v2v 2(1)gh(kv)2，2(1)ghv2v'2，聯(lián)立可得h =1 ，代入k可得，v'2=v2 v2

Hkvh1v2，同理可得2(1)ghkv)2 2(1)ghv2v'2，同理化簡(jiǎn)可得v'2v2hv2……kv H h2v3，同理可得2(1)ghkv)22(1)ghv2v'2 Hv'=v3Hv2……③……N次反彈可得v'=vNHv