2025年甘肅省高考物理全真模擬試卷VIP

第1頁（共1頁）2025年甘肅省高考物理全真模擬試卷一、選擇題：本題共10題，共43分。在每題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每題5分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．（4分）我國正在建設(shè)的大科學(xué)裝置——“強流重離子加速器”，其科學(xué)目標(biāo)之一是探尋神秘的“119號”元素?？茖W(xué)家嘗試使用核反應(yīng)Y+A．Y為2658Fe，A＝299 B．Y為C．Y為2454Cr，A＝295 D．Y為2．（4分）一小車沿直線運動，從t＝0開始由靜止勻加速至t＝t1時刻，此后做勻減速運動，到t＝t2時刻速度降為零。在下列小車位移x與時間t的關(guān)系曲線中，可能正確的是（）A． B． C． D．3．（4分）太空碎片會對航天器帶來危害。設(shè)空間站在地球附近沿逆時針方向做勻速圓周運動，如圖中實線所示。為了避開碎片，空間站在P點向圖中箭頭所指徑向方向極短時間噴射氣體，使空間站獲得一定的反沖速度，從而實現(xiàn)變軌。變軌后的軌道如圖中虛線所示，其半長軸大于原軌道半徑。則（）A．空間站變軌前、后在P點的加速度相同 B．空間站變軌后的運動周期比變軌前的小 C．空間站變軌后在P點的速度比變軌前的小 D．空間站變軌前的速度比變軌后在近地點的大4．（4分）如圖所示，兩根固定的通電長直導(dǎo)線a、b相互垂直，a平行于紙面，電流方向向右，b垂直于紙面，電流方向向里，則導(dǎo)線a所受安培力方向（）A．平行于紙面向上 B．平行于紙面向下 C．左半部分垂直紙面向外，右半部分垂直紙面向里 D．左半部分垂直紙面向里，右半部分垂直紙面向外5．（4分）如圖，健身者在公園以每分鐘60次的頻率上下抖動長繩的一端，長繩自右向左呈現(xiàn)波浪狀起伏，可近似為單向傳播的簡諧橫波。長繩上A、B兩點平衡位置相距6m，t0時刻A點位于波谷，B點位于波峰，兩者之間還有一個波谷。下列說法正確的是（）A．波長為3m B．波速為12m/s C．t0+0.25s時刻，B點速度為0 D．t0+0.50s時刻，A點速度為06．（4分）如圖所示，線圈M和線圈P繞在同一個鐵芯上，下列說法正確的是（）A．閉合開關(guān)瞬間，線圈M和線圈P相互吸引 B．閉合開關(guān)，達到穩(wěn)定后，電流表的示數(shù)為0 C．?dāng)嚅_開關(guān)瞬間，流過電流表的電流方向由a到b D．?dāng)嚅_開關(guān)瞬間，線圈P中感應(yīng)電流的磁場方向向左7．（4分）如圖所示電路，已知電源電動勢為E，內(nèi)阻不計，電容器電容為C，閉合開關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（）A．CE B．12CE C．25CE D．（多選）8．（5分）如圖，在光滑平臺上有兩個相同的彈性小球M和N。M水平向右運動，速度大小為v。M與靜置于平臺邊緣的N發(fā)生正碰，碰撞過程中總機械能守恒。若不計空氣阻力，則碰撞后，N在（）A．豎直墻面上的垂直投影的運動是勻速運動 B．豎直墻面上的垂直投影的運動是勻加速運動 C．水平地面上的垂直投影的運動速度大小等于v D．水平地面上的垂直投影的運動速度大小大于v（多選）9．（5分）某靜電場在x軸正半軸的電勢φ隨x變化的圖像如圖所示，a、b、c、d為x軸上四個點。一負電荷僅在靜電力作用下，以一定初速度從d點開始沿x軸負方向運動到a點，則該電荷（）A．在b點電勢能最小 B．在c點時速度最小 C．所受靜電力始終做負功 D．在a點受靜電力沿x軸負方向（多選）10．（5分）如圖，S為單色光圖，S發(fā)出的光一部分直接照在光屏上，一部分通過平面鏡反射到光屏上，從平面鏡反射的光相當(dāng)于S在平面鏡中的虛像發(fā)出的，由此形成了兩個相干光源，設(shè)光源S到平面鏡和到光屏的距離分別為a和l，a?l，鏡面與光屏垂直，單色光波長為λ，下列說法正確的是（）A．光屏上相鄰兩條亮條紋的中心間距為l2aB．光屏上相鄰兩條暗條紋的中心間距為laC．若將整套裝置完全浸入折射率為n的蔗糖溶液中，此時單色光的波長變?yōu)閚λ D．若將整套裝置完全浸入某種透明溶液中，光屏上相鄰兩條亮條紋的中心間距為Δx，則該液體的折射率為l二、非選擇題：本題共5小題，共57分。11．（8分）如圖甲所示，讓兩個小球在斜槽末端碰撞來驗證動量守恒定律。（1）關(guān)于本實驗，下列做法正確的是（填選項前的字母）。A.實驗前，調(diào)節(jié)裝置，使斜槽末端水平B.選用兩個半徑不同的小球進行實驗C.用質(zhì)量大的小球碰撞質(zhì)量小的小球（2）圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影，首先，將質(zhì)量為m1的小球從斜槽上的S位置由靜止釋放，小球落到復(fù)寫紙上，重復(fù)多次。然后，把質(zhì)量為m2的被碰小球置于斜槽末端，再將質(zhì)量為m1的小球從S位置由靜止釋放，兩球相碰，重復(fù)多次。分別確定平均落點，記為M、N和P（P為m1單獨滑落時的平均落點）。a.圖乙為實驗的落點記錄，簡要說明如何確定平均落點；b.分別測出O點到平均落點的距離，記為OP、OM和ON。在誤差允許范圍內(nèi)，若關(guān)系式成立，即可驗證碰撞前后動量守恒。（3）受上述實驗的啟發(fā)，某同學(xué)設(shè)計了另一種驗證動量守恒定律的實驗方案。如圖丙所示，用兩根不可伸長的等長輕繩將兩個半徑相同、質(zhì)量不等的勻質(zhì)小球懸掛于等高的O點和O′點，兩點間距等于小球的直徑，將質(zhì)量較小的小球1向左拉起至A點由靜止釋放，在最低點B與靜止于C點的小球2發(fā)生正碰，碰后小球1向左反彈至最高點A′，小球2向右擺動至最高點D。測得小球1，2的質(zhì)量分別為m和M，弦長AB＝l1、A′B＝l2、CD＝l3。推導(dǎo)說明，m、M、l1、l2、l3滿足什么關(guān)系即可驗證碰撞前后動量守恒。12．（9分）某學(xué)習(xí)小組對兩種型號鉛筆芯的電阻率進行測量。實驗器材如下：學(xué)生電源（輸出電壓0～16V）；滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流2A）；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻未知）；電流表A（量程3A，內(nèi)阻未知）；待測鉛筆芯R（X型號、Y型號）；游標(biāo)卡尺、螺旋測微器，開關(guān)S、單刀雙擲開關(guān)K，導(dǎo)線若干。回答以下問題：（1）使用螺旋測微器測量鉛筆芯直徑，某次測量結(jié)果如圖甲所示，該讀數(shù)為mm；（2）把待測鉛筆芯接入圖乙所示電路，閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器滑片由最右端向左調(diào)節(jié)到合適位置，將單刀雙擲開關(guān)K分別擲到1、2端，觀察到電壓表示數(shù)變化比電流表示數(shù)變化更明顯，則測量鉛筆芯電阻時應(yīng)將K擲到（填“1”或“2”）端；（3）正確連接電路，得到Y(jié)型號鉛筆芯I﹣U圖像如圖丙所示，求得電阻RY＝Ω（保留3位有效數(shù)字）；采用同樣方法得到X型號鉛筆芯的電阻為1.70Ω；（4）使用游標(biāo)卡尺測得X、Y型號鉛筆芯的長度分別為40.68mm、60.78mm。使用螺旋測微器測得X、Y型號鉛筆芯直徑近似相等，則X型號鉛筆芯的電阻率（填“大于”或“小于”）Y型號鉛筆芯的電阻率。13．（10分）如圖所示，在豎直放置、開口向上的圓柱形容器內(nèi)用質(zhì)量為m的活塞密封一部分理想氣體，活塞橫截面積為S，能無摩擦地滑動。初始時容器內(nèi)氣體的溫度為T0，氣柱的高度為h。當(dāng)容器內(nèi)氣體從外界吸收一定熱量后，活塞緩慢上升15h再次平衡。已知容器內(nèi)氣體內(nèi)能變化量ΔU與溫度變化量ΔT的關(guān)系式為ΔU＝CΔT，C為已知常數(shù)，大氣壓強恒為p0（1）再次平衡時容器內(nèi)氣體的溫度。（2）此過程中容器內(nèi)氣體吸收的熱量。14．（14分）一游戲裝置的豎直截面如圖所示。傾斜直軌道AB、半徑為R的豎直螺旋軌道、水平軌道BC和C′E、傾角為37°的傾斜直軌道EF平滑連接成一個拋體裝置。該裝置除EF段軌道粗糙外，其余各段均光滑，F(xiàn)點與水平高臺GHI等高。游戲開始，一質(zhì)量為m的滑塊1從軌道AB上的高度h處靜止滑下，與靜止在C點、質(zhì)量也為m的滑塊2發(fā)生完全非彈性碰撞后組合成滑塊3，滑上滑軌。若滑塊3落在GH段，反彈后水平分速度保持不變，豎直分速度減半；若滑塊落在H點右側(cè)，立即停止運動，已知R＝0.2m，m＝0.1kg，EF段長度L=516m，F(xiàn)G間距LFG＝0.4m，GH間距LGH＝0.22m，HI間距LHI（1）若h＝0.8m，求碰撞后瞬間滑塊3的速度大小vC；（2）若滑塊3恰好能通過圓軌道CDC′，求高度h；（3）若滑塊3最終落入I點的洞中，則游戲成功。討論游戲成功的高度h。15．（16分）如圖所示，兩個半圓環(huán)區(qū)abcd、a′b′c′d′中有垂直紙面向里的勻強磁場，區(qū)域內(nèi)、外邊界的半徑分別為R1、R2。ab與a′b′間有一個勻強電場，電勢差為U，cd與c′d′間有一個插入體，電子每次經(jīng)過插入體速度減小為原來的k倍。現(xiàn)有一個質(zhì)量為m、電荷量為e的電子，從cd面射入插入體，經(jīng)過磁場、電場后再次到達cd面，速度增加，多次循環(huán)運動后，電子的速度大小達到一個穩(wěn)定值，忽略相對論效應(yīng)，不計電子經(jīng)過插入體和電場的時間。求：（1）電子進入插入體前后在磁場中運動的半徑r1、r2之比；（2）電子多次循環(huán)后到達cd的穩(wěn)定速度v；（3）若電子到達cd中點P時速度穩(wěn)定，并最終到達邊界d，求電子從P到d的時間t。

2025年甘肅省高考物理全真模擬試卷參考答案與試題解析一．選擇題（共7小題）題號1234567答案CDACDBC二．多選題（共3小題）題號8910答案BCBDAD一、選擇題：本題共10題，共43分。在每題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每題5分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．（4分）我國正在建設(shè)的大科學(xué)裝置——“強流重離子加速器”，其科學(xué)目標(biāo)之一是探尋神秘的“119號”元素?？茖W(xué)家嘗試使用核反應(yīng)Y+A．Y為2658Fe，A＝299 B．Y為C．Y為2454Cr，A＝295 D．Y為【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒得出Y的類型，再結(jié)合質(zhì)量數(shù)守恒得出A的數(shù)值。【解答】解：核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，設(shè)Y原子核的電荷數(shù)為y，質(zhì)量數(shù)為A，則根據(jù)電荷數(shù)守恒可得：y+95＝119解得：y＝24即Y為2454+243＝A+2解得：A＝295，故C正確，ABD錯誤；故選：C。【點評】本題主要考查了人工核轉(zhuǎn)變的相關(guān)應(yīng)用，掌握核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒的特點即可完成分析。2．（4分）一小車沿直線運動，從t＝0開始由靜止勻加速至t＝t1時刻，此后做勻減速運動，到t＝t2時刻速度降為零。在下列小車位移x與時間t的關(guān)系曲線中，可能正確的是（）A． B． C． D．【分析】小車沿直線運動，先勻加速后勻減速，從0～t2位移一直增加，在x﹣t圖像上斜率代表速度，t2時刻速度為零，斜率為零，結(jié)合這些內(nèi)容進行判斷選擇出正確答案?！窘獯稹拷猓篈C、小車沿直線運動，先勻加速后勻減速，從0～t2位移一直增加，速度一直沿正方向，在x﹣t圖像上斜率不等于負值，故AC錯誤；BD、小車在t2時刻速度為零，x﹣t圖像上斜率為零，故B錯誤，D正確。故選：D。【點評】本題考查學(xué)生對基本概念的理解以及對x﹣t圖像的掌握情況，解題的關(guān)鍵是知道小車位移隨時間一直增加，速度為零時，圖像斜率為零。3．（4分）太空碎片會對航天器帶來危害。設(shè)空間站在地球附近沿逆時針方向做勻速圓周運動，如圖中實線所示。為了避開碎片，空間站在P點向圖中箭頭所指徑向方向極短時間噴射氣體，使空間站獲得一定的反沖速度，從而實現(xiàn)變軌。變軌后的軌道如圖中虛線所示，其半長軸大于原軌道半徑。則（）A．空間站變軌前、后在P點的加速度相同 B．空間站變軌后的運動周期比變軌前的小 C．空間站變軌后在P點的速度比變軌前的小 D．空間站變軌前的速度比變軌后在近地點的大【分析】A.根據(jù)萬有引力定律求加速度；B.根據(jù)開普勒第三定律求解作答；C.曲線運動的速度方向沿切線方向，根據(jù)運動的合成與分解求解作答；D.空間站從2軌道進入3軌道做向心運動，據(jù)此分析Q點變軌前后的速度大小；空間站在1、3軌道做勻速圓周運動，根據(jù)線速度與軌道半徑的關(guān)系v=GM【解答】解：A.根據(jù)萬有引力定律G得a=由于空間站變軌前、后在P點到地球中心的距離相等，因此空間站變軌前、后在P點的加速度相同，故A正確；B.根據(jù)開普勒第三定律r變軌后的半長軸r2＞r1聯(lián)立得T空間站變軌后的運動周期比變軌前的大，故B錯誤；C.空間站變軌前后的運動情況如圖所示：根據(jù)運動的合成與分解，空間站在P點變軌前的速度小于變軌后的速度，即v1p＜v2p，故C錯誤；D.空間站從2軌道進入3軌道做向心運動，因此v2Q＞v3Q空間站在1、3軌道做勻速圓周運動，根據(jù)線速度與軌道半徑的關(guān)系v=由于r1＞r3，因此v3＞v1，即v3Q＞v1P綜合分析得v2Q＞v3Q＞v1P空間站變軌前的速度比變軌后在近地點的小，故D錯誤。故選：A?！军c評】本題主要考查了空間站的勻速圓周運動和變軌，掌握萬有引力定律、開普勒第三定律、空間站做勻速圓周運動上線速度與軌道半徑的關(guān)系是解題的關(guān)鍵。4．（4分）如圖所示，兩根固定的通電長直導(dǎo)線a、b相互垂直，a平行于紙面，電流方向向右，b垂直于紙面，電流方向向里，則導(dǎo)線a所受安培力方向（）A．平行于紙面向上 B．平行于紙面向下 C．左半部分垂直紙面向外，右半部分垂直紙面向里 D．左半部分垂直紙面向里，右半部分垂直紙面向外【分析】根據(jù)安培定則分析b導(dǎo)線周圍磁場的環(huán)繞方向，再根據(jù)安培定則判斷a導(dǎo)線受到的安培力的方向。【解答】解：根據(jù)安培定則可知：通電電流b在其周圍產(chǎn)生的磁場為順時針方向，如圖所示；將導(dǎo)線a處的磁場分解為豎直方向和水平方向，根據(jù)左手定則可知a導(dǎo)線受到的安培力方向為：左半部分垂直紙面向外，右半部分垂直紙面向里，故C正確、ABD錯誤。故選：C。【點評】本題主要是考查安培定則和左手定則，關(guān)鍵是能夠分析a導(dǎo)線所在位置處磁場的方向，由此確定安培力的方向。5．（4分）如圖，健身者在公園以每分鐘60次的頻率上下抖動長繩的一端，長繩自右向左呈現(xiàn)波浪狀起伏，可近似為單向傳播的簡諧橫波。長繩上A、B兩點平衡位置相距6m，t0時刻A點位于波谷，B點位于波峰，兩者之間還有一個波谷。下列說法正確的是（）A．波長為3m B．波速為12m/s C．t0+0.25s時刻，B點速度為0 D．t0+0.50s時刻，A點速度為0【分析】根據(jù)題意判斷出AB的位置關(guān)系；再根據(jù)位置關(guān)系判斷出波長，根據(jù)振動求出頻率進而求出周期，根據(jù)時間與周期的關(guān)系判斷出質(zhì)點的振動情況?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意可得AB如圖所示A、由題意可得A、B的平衡位置之間的距離為x=3解得λ＝4m故A錯誤；B、波源的振動頻率為f=60則波速為v＝λf＝4×1m/s＝4m/s故B錯誤；C、振動周期為T=1則t＝0.25s=1則t0+0.25s時刻，B運動到平衡位置，此時B點速度最大，故C錯誤；D、由于t＝0.5s=1則t0+0.5s時刻，A運動到波峰，此時A點速度為0，故D正確。故選：D?！军c評】解答本題時，要理解波的形成過程，明確介質(zhì)中各個質(zhì)點的起振方向都與波源的起振方向相同，且熟練掌握各質(zhì)點隨時間的速度大小變化。6．（4分）如圖所示，線圈M和線圈P繞在同一個鐵芯上，下列說法正確的是（）A．閉合開關(guān)瞬間，線圈M和線圈P相互吸引 B．閉合開關(guān)，達到穩(wěn)定后，電流表的示數(shù)為0 C．?dāng)嚅_開關(guān)瞬間，流過電流表的電流方向由a到b D．?dāng)嚅_開關(guān)瞬間，線圈P中感應(yīng)電流的磁場方向向左【分析】A.分析線圈M在右端產(chǎn)生的磁場，根據(jù)楞次定律分析線圈P中產(chǎn)生的磁場，再判斷兩線圈的作用力關(guān)系；B.根據(jù)電路穩(wěn)定后磁通量不發(fā)生變化判斷感應(yīng)電流的情況；CD.開關(guān)斷開瞬間，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流和感應(yīng)電流的磁場的方向?！窘獯稹拷猓篈.閉合開關(guān)瞬間，線圈M在右端產(chǎn)生的磁場方向向右，由楞次定律可知，線圈P中感應(yīng)電流的磁場方向向左與線圈M中電流的磁場方向相反，故二者相互排斥，故A錯誤；B.閉合開關(guān)，達到穩(wěn)定后，通過線圈P的磁通量保持不變，感應(yīng)電流為零，電流表的示數(shù)為零，故B正確；CD.斷開開關(guān)瞬間，通過線圈P的磁場方向向右，磁通量減小，由楞次定律可知感應(yīng)電流的磁場方向向右，因此流過電流表的感應(yīng)電流方向由b到a，故CD錯誤。故選：B?！军c評】考查電磁感應(yīng)、楞次定律的應(yīng)用問題，會根據(jù)題意進行準確分析和解答。7．（4分）如圖所示電路，已知電源電動勢為E，內(nèi)阻不計，電容器電容為C，閉合開關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（）A．CE B．12CE C．25CE D．【分析】若取電源負極為零電勢點，根據(jù)歐姆定律求解電容器上、下極板的電勢，由此得到兩極板間的電壓，再根據(jù)Q＝CU進行解答?！窘獯稹拷猓弘娐贩€(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計，若取電源負極為零電勢點，則電容器上極板的電勢為：φ上電容器下極板的電勢為：φ則電容兩端的電壓為：U＝φ下﹣φ上解得：U=則電容器上的電荷量為：Q＝CU解得：Q=2故選：C?！军c評】本題主要是考查含容電路的分析，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況，根據(jù)歐姆定律求解電容器兩極板間的電壓。（多選）8．（5分）如圖，在光滑平臺上有兩個相同的彈性小球M和N。M水平向右運動，速度大小為v。M與靜置于平臺邊緣的N發(fā)生正碰，碰撞過程中總機械能守恒。若不計空氣阻力，則碰撞后，N在（）A．豎直墻面上的垂直投影的運動是勻速運動 B．豎直墻面上的垂直投影的運動是勻加速運動 C．水平地面上的垂直投影的運動速度大小等于v D．水平地面上的垂直投影的運動速度大小大于v【分析】AB.小球N離開平臺后做平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律分析作答；CD.兩小球發(fā)生彈性碰撞滿足動量守恒和機械能守恒，據(jù)此求解碰撞后小球N的速度，再根據(jù)平拋運動的規(guī)律分析作答?！窘獯稹拷猓篈B.兩小球發(fā)生彈性碰撞，小球N離開平臺后做平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律，豎直分運動為自由落體運動，因此小球N豎直墻面上的垂直投影的運動是初速度為零的勻加速運動，故A錯誤，B正確；CD.設(shè)M和N小球碰撞后的速度分別為v1、v2，取水平向右為正方向兩小球發(fā)生彈性碰撞時，動量守恒mv＝mv1+mv2機械能守恒1聯(lián)立解得v1＝0，v2＝v小球N離開平臺后做平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律，水平分運動為勻速直線運動，因此水平地面上的垂直投影的運動速度大小等于v，故C正確，D錯誤。故選：BC?！军c評】本題考查了彈性碰撞和平拋運動的規(guī)律，知道質(zhì)量相等的兩小球發(fā)生彈性碰撞后，速度要發(fā)生交換。（多選）9．（5分）某靜電場在x軸正半軸的電勢φ隨x變化的圖像如圖所示，a、b、c、d為x軸上四個點。一負電荷僅在靜電力作用下，以一定初速度從d點開始沿x軸負方向運動到a點，則該電荷（）A．在b點電勢能最小 B．在c點時速度最小 C．所受靜電力始終做負功 D．在a點受靜電力沿x軸負方向【分析】A、根據(jù)：Ep＝qφ，結(jié)合x軸上a、b、c、d四個點的電勢高低情況，確定電勢能最小的位置；B、電荷的動能與電勢能的總和不變，依據(jù)電荷在x軸上a、b、c、d四個點的電勢能的大小關(guān)系，分析其動能的大小關(guān)系；C、根據(jù)電場力做正功電勢能減小，判斷所受靜電力做功情況；D、根據(jù)沿電場方向電勢逐漸降低，得到a點的電場方向，負電荷所受靜電力與電場方向相反。【解答】解：A、根據(jù)電勢能Ep＝qφ，可知負電荷所處電勢越高電勢能越小，x軸上a、b、c、d四個點中a點的電勢最高，故在a點電勢能最小，故A錯誤；B、因電荷僅受靜電力作用，故動能與電勢能的總和不變，x軸上a、b、c、d四個點中c點的電勢最低，故在c點電勢能最大，則其動能最小，速度最小，故B正確；C、從d點到a點電勢先降低后升高，此電荷從d點開始沿x軸負方向運動到a點的過程，其電勢能先增大后減小，由功能關(guān)系可知，所受靜電力先做負功后做正功，故C錯誤；D、根據(jù)沿電場方向電勢逐漸降低，可知在a點電場方向沿+x方向，故此負電荷在a點受靜電力沿x軸負方向，故D正確。故選：BD?！军c評】本題考查了電場中φ﹣x圖像的物理意義，掌握φ﹣x圖像的斜率的絕對值等于電場強度的大小，根據(jù)沿電場方向電勢逐漸降低確定電場強度的方向。（多選）10．（5分）如圖，S為單色光圖，S發(fā)出的光一部分直接照在光屏上，一部分通過平面鏡反射到光屏上，從平面鏡反射的光相當(dāng)于S在平面鏡中的虛像發(fā)出的，由此形成了兩個相干光源，設(shè)光源S到平面鏡和到光屏的距離分別為a和l，a?l，鏡面與光屏垂直，單色光波長為λ，下列說法正確的是（）A．光屏上相鄰兩條亮條紋的中心間距為l2aB．光屏上相鄰兩條暗條紋的中心間距為laC．若將整套裝置完全浸入折射率為n的蔗糖溶液中，此時單色光的波長變?yōu)閚λ D．若將整套裝置完全浸入某種透明溶液中，光屏上相鄰兩條亮條紋的中心間距為Δx，則該液體的折射率為l【分析】AB.本實驗的原理相當(dāng)于雙縫干涉，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式求解作答；C.根據(jù)折射率公式求解光進入蔗糖溶液的傳播速度，光從空氣中進入蔗糖溶液，光的頻率不變，根據(jù)波長、頻率和波速的關(guān)系求波長；D.根據(jù)折射率公式求解光進入某種透明溶液的傳播速度，根據(jù)波長、頻率和波速的關(guān)系求波長；根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式求折射率?！窘獯稹拷猓篈B.光源直接發(fā)出的光和被平面鏡反射的光實際上是同一列光，故是相干光，該干涉現(xiàn)象可以看作雙縫干涉，雙縫SS'之間的距離為d，則d＝2a，而光源S到光屏的距離看以看作雙孔屏到像屏距離l；根據(jù)雙縫干涉的相鄰條紋之間的距離公式Δx=lC.光從空氣進入蔗糖溶液，根據(jù)折射率公式，光的傳播速度v=光從空氣中進入蔗糖溶液，光的頻率不變，根據(jù)波長、頻率和波速的關(guān)系光在蔗糖溶液中的波長λ′=vD.單色光的頻率ν=單色光在某種透明介質(zhì)中的傳播速度v′=光在某種透明介質(zhì)中的波長λ″=根據(jù)雙縫公式條紋間距公式Δx=解得該透明溶液的折射率n′=l故選：AD?！军c評】考查干涉條紋的間距公式應(yīng)用，要理解該實驗的原理，掌握波長、波速和頻率的關(guān)系，知道光從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)，光的頻率不變。二、非選擇題：本題共5小題，共57分。11．（8分）如圖甲所示，讓兩個小球在斜槽末端碰撞來驗證動量守恒定律。（1）關(guān)于本實驗，下列做法正確的是AC（填選項前的字母）。A.實驗前，調(diào)節(jié)裝置，使斜槽末端水平B.選用兩個半徑不同的小球進行實驗C.用質(zhì)量大的小球碰撞質(zhì)量小的小球（2）圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影，首先，將質(zhì)量為m1的小球從斜槽上的S位置由靜止釋放，小球落到復(fù)寫紙上，重復(fù)多次。然后，把質(zhì)量為m2的被碰小球置于斜槽末端，再將質(zhì)量為m1的小球從S位置由靜止釋放，兩球相碰，重復(fù)多次。分別確定平均落點，記為M、N和P（P為m1單獨滑落時的平均落點）。a.圖乙為實驗的落點記錄，簡要說明如何確定平均落點；b.分別測出O點到平均落點的距離，記為OP、OM和ON。在誤差允許范圍內(nèi)，若關(guān)系式m1?OP＝m1?OM+m2?ON成立，即可驗證碰撞前后動量守恒。（3）受上述實驗的啟發(fā)，某同學(xué)設(shè)計了另一種驗證動量守恒定律的實驗方案。如圖丙所示，用兩根不可伸長的等長輕繩將兩個半徑相同、質(zhì)量不等的勻質(zhì)小球懸掛于等高的O點和O′點，兩點間距等于小球的直徑，將質(zhì)量較小的小球1向左拉起至A點由靜止釋放，在最低點B與靜止于C點的小球2發(fā)生正碰，碰后小球1向左反彈至最高點A′，小球2向右擺動至最高點D。測得小球1，2的質(zhì)量分別為m和M，弦長AB＝l1、A′B＝l2、CD＝l3。推導(dǎo)說明，m、M、l1、l2、l3滿足什么關(guān)系即可驗證碰撞前后動量守恒?！痉治觥浚?）根據(jù)實驗原理和實驗注意事項分析；（2）a、根據(jù)最小圓法確定平均落點；b、由動量守恒定律倒推出需要驗證的表達式；（3）根據(jù)動能定理結(jié)合動量守恒定律求解需要滿足的表達式。【解答】解：（1）A、實驗要保證小球到達斜槽末端時以相等的速度做平拋運動，要求小球從斜槽的同一位置由靜止釋放且斜槽軌道末端水平即可，故A正確；B、為了保證兩球發(fā)生對心碰撞，兩球的半徑要相等，故B錯誤；C、為防止反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，故C正確。故選：AC。（2）a、用圓規(guī)畫圓，盡可能用最小的圓把各個落點圈住，這個圓的圓心位置代表平均落點；b.若碰撞過程動量守恒，設(shè)小球m1的初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律應(yīng)滿足m1v0＝m1v1+m2v2，小球做平拋運動豎直位移相同，故運動時間相同，由x＝vt可知，平拋初速度與水平位移成正比故應(yīng)滿足的表達式為m1?OP＝m1?OM+m2?ON；（3）設(shè)輕繩長為L，小球從偏角θ處靜止擺下，擺到最低點時的速度為v，小球經(jīng)過圓弧對應(yīng)的弦長為l則由動能定理得：mgL（1﹣cosθ）=由數(shù)學(xué)知識可知：sin聯(lián)立解得：v=l若兩小球碰撞過程中動量守恒，選水平向右為正方向，則有mv1＝﹣mv2+Mv3其中v1=l1整理可得：ml1＝﹣ml2+Ml3故答案為：（1）AC；（2）a、用圓規(guī)畫圓，盡可能用最小的圓把各個落點圈住，這個圓的圓心位置代表平均落點；b、m1?OP＝m1?OM+m2?ON；（3）m、M、l1、l2、l3需要滿足：ml1＝﹣ml2+Ml3，即可驗證碰撞前后動量守恒；推導(dǎo)過程見解答?！军c評】此題全面考查了驗證動量守恒定律實驗的原理、操作過程、數(shù)據(jù)處理等內(nèi)容，只要從基本原理出發(fā)可以解答屬，其中第三問需要利用數(shù)學(xué)知識分析。12．（9分）某學(xué)習(xí)小組對兩種型號鉛筆芯的電阻率進行測量。實驗器材如下：學(xué)生電源（輸出電壓0～16V）；滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流2A）；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻未知）；電流表A（量程3A，內(nèi)阻未知）；待測鉛筆芯R（X型號、Y型號）；游標(biāo)卡尺、螺旋測微器，開關(guān)S、單刀雙擲開關(guān)K，導(dǎo)線若干?；卮鹨韵聠栴}：（1）使用螺旋測微器測量鉛筆芯直徑，某次測量結(jié)果如圖甲所示，該讀數(shù)為2.450mm；（2）把待測鉛筆芯接入圖乙所示電路，閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器滑片由最右端向左調(diào)節(jié)到合適位置，將單刀雙擲開關(guān)K分別擲到1、2端，觀察到電壓表示數(shù)變化比電流表示數(shù)變化更明顯，則測量鉛筆芯電阻時應(yīng)將K擲到1（填“1”或“2”）端；（3）正確連接電路，得到Y(jié)型號鉛筆芯I﹣U圖像如圖丙所示，求得電阻RY＝1.92Ω（保留3位有效數(shù)字）；采用同樣方法得到X型號鉛筆芯的電阻為1.70Ω；（4）使用游標(biāo)卡尺測得X、Y型號鉛筆芯的長度分別為40.68mm、60.78mm。使用螺旋測微器測得X、Y型號鉛筆芯直徑近似相等，則X型號鉛筆芯的電阻率大于（填“大于”或“小于”）Y型號鉛筆芯的電阻率?！痉治觥浚?）螺旋測微器的精確度為0.01mm，測量值＝固定刻度對應(yīng)示數(shù)（mm）+可得刻度對齊格數(shù)（估讀一位）×精確度；（2）根據(jù)電壓表和電流表示數(shù)變化的明顯程度判斷電流表的內(nèi)外接法；（3）根據(jù)歐姆定律求解I﹣U函數(shù)，結(jié)合圖像斜率含義求電阻；（4）根據(jù)電阻定律求解作答。【解答】解：（1）螺旋測微器的精確度為0.01mm，鉛筆芯直徑d＝2mm+0.01×45.0mm＝2.450mm；（2）由于電壓表示數(shù)變化更明顯，說明電流表分壓較多，因此電流表應(yīng)采用外接法，即測量鉛筆芯電阻時應(yīng)將K擲到1端：（3）根據(jù)歐姆定律I=圖像斜率k=結(jié)合I﹣U函數(shù)，圖像斜率k=代入數(shù)據(jù)解得R1＝1.92Ω（4）根據(jù)電阻定律R=ρ電阻率ρ=電阻率之比ρ因此ρX＞ρY，即X型號鉛筆芯的電阻率大于Y型號鉛筆芯的電阻率。故答案為：（1）2.450；（2）1；（3）1.92；（4）大于?！军c評】本題主要考查了電阻率的測量，關(guān)鍵是要明確實驗原理，掌握歐姆定律和電阻定律。13．（10分）如圖所示，在豎直放置、開口向上的圓柱形容器內(nèi)用質(zhì)量為m的活塞密封一部分理想氣體，活塞橫截面積為S，能無摩擦地滑動。初始時容器內(nèi)氣體的溫度為T0，氣柱的高度為h。當(dāng)容器內(nèi)氣體從外界吸收一定熱量后，活塞緩慢上升15h再次平衡。已知容器內(nèi)氣體內(nèi)能變化量ΔU與溫度變化量ΔT的關(guān)系式為ΔU＝CΔT，C為已知常數(shù)，大氣壓強恒為p0（1）再次平衡時容器內(nèi)氣體的溫度。（2）此過程中容器內(nèi)氣體吸收的熱量?！痉治觥浚?）根據(jù)活塞的平衡條件求封閉理想氣體的壓強，結(jié)合蓋﹣呂薩克定律求解末態(tài)溫度；（2）根據(jù)題中氣體內(nèi)能的變化量公式和熱力學(xué)第一定律列式求解氣體吸收的熱量?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)被活塞封閉的一定質(zhì)量的理想氣體初始時壓強為p1，對活塞，根據(jù)平衡條件有mg+p0S＝p1S，解得p1＝p0+mgS，當(dāng)容器從外界吸收一定熱量之后，被封閉的理想氣體發(fā)生等壓變化，初態(tài)V0＝hS，末態(tài)V1＝（h+15h）SV0T0=V（2）根據(jù)公式氣體內(nèi)能變化量ΔU＝CΔT＝C（T1﹣T0）＝（65T0﹣T0）C=15T0C，結(jié)合熱力學(xué)第一定律有ΔU＝W+Q，而W＝﹣p1S?15h，解得W=?15h（p0S+mg），所以容器內(nèi)氣體從外界吸收的熱量為Q答：（1）再次平衡時容器內(nèi)氣體的溫度為65T0（2）此過程中容器內(nèi)氣體吸收的熱量為15[T0C+h（p0【點評】考查熱力學(xué)第一定律和蓋﹣呂薩克定律的應(yīng)用，會根據(jù)題意進行準確分析和解答。14．（14分）一游戲裝置的豎直截面如圖所示。傾斜直軌道AB、半徑為R的豎直螺旋軌道、水平軌道BC和C′E、傾角為37°的傾斜直軌道EF平滑連接成一個拋體裝置。該裝置除EF段軌道粗糙外，其余各段均光滑，F(xiàn)點與水平高臺GHI等高。游戲開始，一質(zhì)量為m的滑塊1從軌道AB上的高度h處靜止滑下，與靜止在C點、質(zhì)量也為m的滑塊2發(fā)生完全非彈性碰撞后組合成滑塊3，滑上滑軌。若滑塊3落在GH段，反彈后水平分速度保持不變，豎直分速度減半；若滑塊落在H點右側(cè)，立即停止運動，已知R＝0.2m，m＝0.1kg，EF段長度L=516m，F(xiàn)G間距LFG＝0.4m，GH間距LGH＝0.22m，HI間距LHI（1）若h＝0.8m，求碰撞后瞬間滑塊3的速度大小vC；（2）若滑塊3恰好能通過圓軌道CDC′，求高度h；（3）若滑塊3最終落入I點的洞中，則游戲成功。討論游戲成功的高度h?！痉治觥浚?）應(yīng)用動能定理求出碰撞前滑塊1的速度大小，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律求出碰撞后瞬間滑塊3的速度大小。（2）滑塊3恰好通過圓軌道，在圓軌道最高點，重力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出滑塊3的速度，應(yīng)用動能定理與動量守恒定律求解。（3）滑塊3可能直接落入洞中，也可能反彈一次后落入洞中，應(yīng)用動能定理、動量守恒定律與運動學(xué)公式求解。【解答】解：（1）滑塊1由A到C過程，由動能定理得：mgh=1兩滑塊碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0＝2mvC代入數(shù)據(jù)解得：v0＝4m/s，vC＝2m/s（2）滑塊3恰好通過圓弧軌道，在圓弧軌道的最高點D，重力提供向心力，由牛頓第二定律得：2mg＝2mv滑塊1從A到C過程，由動能定理得：mgh=1兩滑塊碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0'＝2mvC'碰撞后運動到D過程，由動能定理得：﹣2mg×2R=代入數(shù)據(jù)解得：h＝2m（3）滑塊1從A到C過程，由動能定理得：mgh1=1兩滑塊碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv＝2mv'從C到F過程，由動能定理