信息必刷卷02（北京專用）（解析版）-2025年高考物理考前信息必刷卷

試卷第=page22頁(yè)，共=sectionpages2222頁(yè)絕密★啟用前2025年高考考前信息必刷卷02（北京專用）物理（考試時(shí)間：90分鐘試卷滿分：100分）考情速遞高考·新動(dòng)向：創(chuàng)新性：試題緊密結(jié)合科技發(fā)展，如“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器變軌、電容式傳感器、電子感應(yīng)加速器等，將物理知識(shí)與現(xiàn)代科技場(chǎng)景結(jié)合，體現(xiàn)科學(xué)探索的實(shí)際價(jià)值。實(shí)時(shí)性：選取我國(guó)航天成就（如“天問(wèn)一號(hào)”）作為命題背景，既考查天體力學(xué)知識(shí)，又增強(qiáng)學(xué)科的時(shí)代感與民族自豪感。應(yīng)用導(dǎo)向：消防車水炮問(wèn)題將平拋運(yùn)動(dòng)與流體力學(xué)結(jié)合，要求通過(guò)物理模型解決工程實(shí)際問(wèn)題，突出物理的實(shí)用性。高考·新考法：動(dòng)態(tài)過(guò)程分析：簡(jiǎn)諧波問(wèn)題結(jié)合波形圖與質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)序，考查波動(dòng)傳播的動(dòng)態(tài)過(guò)程而非靜態(tài)公式應(yīng)用。概念辨析深化：分子動(dòng)理論中擴(kuò)散現(xiàn)象與布朗運(yùn)動(dòng)的辨析，需理解微觀機(jī)制而非簡(jiǎn)單記憶結(jié)論。知識(shí)綜合遷移：導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)綜合電磁感應(yīng)、牛頓定律與能量守恒，要求多角度分析動(dòng)態(tài)平衡。高考·新情境：復(fù)雜系統(tǒng)建模：雙星系統(tǒng)引入未觀測(cè)星體的影響，需結(jié)合萬(wàn)有引力與多體問(wèn)題分析周期差異。跨學(xué)科綜合：電子感應(yīng)加速器融合電磁感應(yīng)、粒子加速與磁場(chǎng)約束，考查多物理過(guò)程的協(xié)同分析能力。開(kāi)放性問(wèn)題設(shè)計(jì)：如磁場(chǎng)方向調(diào)整使摩擦力最小，需通過(guò)矢量分析與極值思想解決非傳統(tǒng)靜力學(xué)問(wèn)題。命題·大預(yù)測(cè)：深化概念理解：避免機(jī)械記憶，注重物理本質(zhì)（如波動(dòng)傳播的動(dòng)態(tài)性、分子運(yùn)動(dòng)的統(tǒng)計(jì)規(guī)律）。強(qiáng)化實(shí)驗(yàn)素養(yǎng)：掌握實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)邏輯，提升誤差分析與數(shù)據(jù)處理能力（如利用圖像斜率求物理量）。關(guān)注科技熱點(diǎn)：結(jié)合航天、新材料等科技進(jìn)展，理解物理原理在現(xiàn)實(shí)情境中的應(yīng)用。提升綜合建模能力：通過(guò)復(fù)雜問(wèn)題訓(xùn)練（如多過(guò)程電磁感應(yīng)、天體系統(tǒng)分析），培養(yǎng)多知識(shí)點(diǎn)整合與動(dòng)態(tài)過(guò)程分析能力。加強(qiáng)數(shù)學(xué)工具應(yīng)用：熟練運(yùn)用微元思想、矢量運(yùn)算與圖像分析，解決非勻變過(guò)程與極值問(wèn)題。注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1．對(duì)下列核反應(yīng)的類型，說(shuō)法正確的一項(xiàng)是()A．①②③屬于衰變B．③⑤屬于裂變C．④⑥屬于聚變D．④⑤⑥屬于人工核轉(zhuǎn)變【答案】A【詳解】①是β衰變方程；②是β衰變方程；③是α衰變方程；④是原子核的人工轉(zhuǎn)變方程；⑤是重核裂變方程；⑥是輕核聚變方程；故選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。2．下列高中物理教材中的插圖涉及到光的干涉原理的是（）A．甲圖，水中氣泡看上去特別明亮B．乙圖，火焰在肥皂膜上形成明暗相間條紋像C．丙圖，相機(jī)特制濾光片能減弱汽車玻璃表面反射光D．丁圖，顯微鏡下光經(jīng)過(guò)大頭針的圖像【答案】B【詳解】A．氣泡是光疏介質(zhì)，光經(jīng)過(guò)水照射氣泡時(shí)，一部分光會(huì)發(fā)生全反射，因此水中氣泡看上去特別明亮，故A錯(cuò)誤；B．乙圖，火焰在肥皂膜上形成明暗相間條紋像，是薄膜干涉現(xiàn)象，即光的干涉原理，故B正確；C．丙圖，相機(jī)特制濾光片能阻擋特定方向的偏振光，因此能減弱汽車玻璃表面反射光，是光的偏振現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；D．丁圖，顯微鏡下光經(jīng)過(guò)大頭針的圖像，是光的衍射現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選B。3．關(guān)于分子動(dòng)理論的基本觀點(diǎn)和實(shí)驗(yàn)依據(jù)，下列說(shuō)法正確的是（）A．大多數(shù)分子直徑的數(shù)量級(jí)為B．水燒開(kāi)時(shí)，上方霧氣的運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)C．氣體分子間作用力一般表現(xiàn)為較強(qiáng)的引力D．?dāng)U散現(xiàn)象是物質(zhì)分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的證明【答案】D【詳解】A．除了一些有機(jī)物質(zhì)的大分子外，大多數(shù)分子直徑的數(shù)量級(jí)為，故A錯(cuò)誤；B．水燒開(kāi)的時(shí)候,水沸騰受熱，變成水蒸氣向上逸出。然而上方空氣溫度顯然比水蒸氣的溫度要低，于是水蒸氣遇冷液化，凝結(jié)成細(xì)小的水珠飄浮在空中，形成霧氣。所以水燒開(kāi)時(shí)，上方霧氣的運(yùn)動(dòng)不是布朗運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．氣體分子間的距離很大，氣體分子間引力一般很弱，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)U散現(xiàn)象不是外界作用引起的，擴(kuò)散現(xiàn)象是物質(zhì)分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的證明，故D正確；故選D。4．一列簡(jiǎn)諧波在時(shí)刻的全部波形如圖所示，質(zhì)點(diǎn)A、P、B、C對(duì)應(yīng)x坐標(biāo)分別為1m、1.5m、3m、4m。從此時(shí)開(kāi)始，質(zhì)點(diǎn)C首次到達(dá)波峰的時(shí)間比質(zhì)點(diǎn)P首次到達(dá)波峰早了0.5s。下列說(shuō)法正確的是（）A．波源的起振方向沿y軸向下B．波沿x軸正方向傳播C．波源振動(dòng)的頻率為2.5HzD．之后的0.4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為10cm【答案】D【詳解】AB．圖中質(zhì)點(diǎn)C比質(zhì)點(diǎn)P首次到達(dá)波峰早了0.5s，所以C點(diǎn)應(yīng)向上振動(dòng)，P點(diǎn)應(yīng)向下振動(dòng)，波源的起振方向沿y軸向上，沿x軸負(fù)方向傳播，故AB錯(cuò)誤；C．如圖所示，C比P超前運(yùn)動(dòng)個(gè)周期，即T=0.5s質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期為0.8s，波源振動(dòng)的頻率為1.25Hz，故C錯(cuò)誤；D．質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)周期為0.8s，之后的0.4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)2個(gè)振幅，路程為10cm，故D正確。故選D。5．用圖示裝置探究氣體做等溫變化的規(guī)律，將一定質(zhì)量的空氣封閉在導(dǎo)熱性能良好的注射器內(nèi)，注射器與壓強(qiáng)傳感器相連。實(shí)驗(yàn)中（）A．活塞涂潤(rùn)滑油可減小摩擦，便于氣體壓強(qiáng)的測(cè)量B．注射器內(nèi)裝入少量空氣進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，可以減小實(shí)驗(yàn)誤差C．0°C和20°C環(huán)境下完成實(shí)驗(yàn)，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)論沒(méi)有影響D．外界大氣壓強(qiáng)發(fā)生變化，會(huì)影響實(shí)驗(yàn)結(jié)論【答案】C【詳解】A．實(shí)驗(yàn)之前，在注射器的內(nèi)壁和活塞之間涂一些潤(rùn)滑油，除了可以減小兩者之間的摩擦之外，主要作用是提高活塞密封性，防止漏氣，與氣體壓強(qiáng)的測(cè)量無(wú)關(guān)。A錯(cuò)誤；B．被封氣體體積越小，壓縮氣體時(shí)體積的變化量越小，會(huì)造成更大的實(shí)驗(yàn)誤差，B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)探究氣體做等溫變化的規(guī)律，在溫度一定時(shí)，氣體的壓強(qiáng)和體積成反比，與環(huán)境溫度的高低無(wú)關(guān)，C正確；D．壓強(qiáng)傳感器測(cè)量的是被封氣體的壓強(qiáng)，與外界大氣壓強(qiáng)無(wú)關(guān)，故外界大氣壓強(qiáng)發(fā)生變化，不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)結(jié)論，D錯(cuò)誤。故選C。6．如圖甲是一款手機(jī)支架，其表面采用了納米微吸材料，當(dāng)接觸到表面平整的硬性物體時(shí)，會(huì)產(chǎn)生較強(qiáng)的吸附力。如圖乙是手機(jī)靜止吸附在支架上的側(cè)視圖，若手機(jī)的重力為G，則下列說(shuō)法正確的是（）A．手機(jī)受到的支持力有可能大于G B．手機(jī)受到的支持力大小為GcosθC．納米材料對(duì)手機(jī)的作用力大小為Gcosθ D．納米材料對(duì)手機(jī)的作用力垂直于支架向上【答案】A【詳解】對(duì)手機(jī)進(jìn)行受力分析，如圖所示AB．根據(jù)垂直支架表面方向受力平衡，有因的大小未知，故有可能大于，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．納米手機(jī)對(duì)手機(jī)的作用力為支持力、吸引力、摩擦力這三個(gè)力的合力，這個(gè)合力與手機(jī)的重力大小相等、方向相反，故C、D錯(cuò)誤。故選A。7．2021年2月10日19時(shí)52分，“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器實(shí)施近火捕獲，順利進(jìn)入近火點(diǎn)高度約400千米，周期約10個(gè)地球日，傾角約10°的大橢圓環(huán)火軌道，成為我國(guó)第一顆人造火星衛(wèi)星，實(shí)現(xiàn)“繞、落、巡”目標(biāo)的第一步，環(huán)繞火星成功，圖乙為“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器經(jīng)過(guò)多次變軌后登陸火星前的部分軌跡圖，軌道I、軌道Ⅱ、軌道Ⅲ相切于P點(diǎn)，軌道Ⅲ為環(huán)繞火星的圓形軌道，P、S兩點(diǎn)分別是橢圓軌道的近火星點(diǎn)和遠(yuǎn)火星點(diǎn)，P、S、Q三點(diǎn)與火星中心在同一直線上，下列說(shuō)法正確的是（）A．探測(cè)器在P點(diǎn)由軌道I進(jìn)入軌道Ⅱ需要點(diǎn)火加速B．探測(cè)器在軌道Ⅲ上Q點(diǎn)的加速度小于在軌道Ⅱ上S點(diǎn)的加速度C．探測(cè)器在軌道II上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)的時(shí)間小于探測(cè)器在軌道Ⅲ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間D．探測(cè)器經(jīng)過(guò)S點(diǎn)的動(dòng)能小于經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的動(dòng)能，經(jīng)過(guò)S點(diǎn)的機(jī)械能大于經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的機(jī)械能【答案】D【詳解】A．探測(cè)器在P點(diǎn)由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ做的是近心運(yùn)動(dòng)，需要點(diǎn)火減速，使萬(wàn)有引力大于所需的向心力，A錯(cuò)誤；B．探測(cè)器在軌道Ⅲ上Q點(diǎn)和軌道Ⅱ上S點(diǎn)均由萬(wàn)有引力提供加速度，可得可知探測(cè)器在軌道Ⅲ上Q點(diǎn)的加速度等于在軌道Ⅱ上S點(diǎn)的加速度，B錯(cuò)誤；C．由題圖可知，軌道Ⅱ的半長(zhǎng)軸大于軌道Ⅲ的半徑，由開(kāi)普勒第三定律可知，探測(cè)器在軌道Ⅱ的周期大于在軌道Ⅲ的周期，探測(cè)器在軌道Ⅱ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)的時(shí)間和探測(cè)器在軌道Ⅲ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間分別是各自周期的一半，因此探測(cè)器在軌道Ⅱ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到S點(diǎn)的時(shí)間大于探測(cè)器在軌道Ⅲ上由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的時(shí)間，C錯(cuò)誤；D．假設(shè)存在一通過(guò)S點(diǎn)，以PS為直徑的圓形軌道Ⅳ，則探測(cè)從軌道Ⅲ的S點(diǎn)需要加速才能進(jìn)入軌道Ⅳ，則有對(duì)于以地球?yàn)閳A心做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，有由上式可知，探測(cè)器在軌道Ⅳ的速度小于在軌道Ⅲ上Q點(diǎn)的速度，即所以有則探測(cè)器經(jīng)過(guò)S點(diǎn)的動(dòng)能小于經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的動(dòng)能；探測(cè)器在軌道Ⅱ上由S到P過(guò)程機(jī)械能守恒，從軌道Ⅱ上P點(diǎn)進(jìn)入軌道Ⅲ需要點(diǎn)火減速，機(jī)械能減小，則經(jīng)過(guò)S點(diǎn)的機(jī)械能大于經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的機(jī)械能，D正確。故選D。8．如圖甲所示的電路中，R表示電阻，L表示線圈的自感系數(shù)。改變電路中元件的參數(shù)，使i－t曲線圖乙中的①改變?yōu)棰凇t元件參數(shù)變化的情況是（）A．L增大，R不變 B．L減小，R不變C．L不變，R增大 D．L不變，R減小【答案】A【詳解】電源電阻不計(jì)，由圖可知，放電達(dá)到的最大電流相等，而達(dá)到最大電流的時(shí)間不同，說(shuō)明回路中的電阻值不變，即電阻R不變；電流的變化變慢，所以線圈的阻礙作用增大，即自感系數(shù)L增大，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。9．電容器是一種常用的電學(xué)元件，在電工、電子技術(shù)中有著廣泛的應(yīng)用。以下有關(guān)電容式傳感器在生活中應(yīng)用說(shuō)法正確的是（）A．甲圖中，手指作為電容器—電極，如果改用絕緣筆在電容式觸摸屏上仍能正常操作B．乙圖中，力F增大過(guò)程中，電流計(jì)中的電流從a流向bC．丙圖中，油箱液位上升時(shí)，電容變小D．丁圖中，當(dāng)傳感器由靜止突然向左加速，電容器處于充電狀態(tài)【答案】D【詳解】A．甲圖中，絕緣筆與工作面不能形成一個(gè)電容器，所以不能在電容屏上進(jìn)行觸控操作。故A錯(cuò)誤。B．乙圖中，力F增大過(guò)程中，電容器極板間距減小，電容變大，電容器充電，電流計(jì)中的電流從b流向a，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．丙圖中，油箱液位上升時(shí)，電介質(zhì)插入電容器，電容變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．丁圖中，當(dāng)傳感器由靜止突然向左加速，電介質(zhì)插入電容器，電容變大，電容器處于充電狀態(tài)，選項(xiàng)D正確。故選D。10．如圖所示，金屬框abcd置于水平絕緣平臺(tái)上，ab和dc邊平行，和bc邊垂直，ab、dc足夠長(zhǎng)，整個(gè)金屬框電阻可忽略。一根具有一定電阻的導(dǎo)體棒MN置于金屬框上，用水平恒力F向右拉動(dòng)金屬框，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，裝置始終處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，MN與金屬框保持良好接觸，且與bc邊保持平行，不計(jì)一切摩擦。則（）A．金屬框的速度逐漸增大，最終趨于恒定B．金屬框的加速度逐漸減小，最終為零C．導(dǎo)體棒所受安培力逐漸增大，最終趨于恒定D．導(dǎo)體棒到金屬框be邊的距離逐漸增大，最終趨于恒定【答案】C【詳解】初始時(shí)刻，金屬框的加速度最大，隨著金屬框速度的增加，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸增加，回路電流之間增加，MN所受安培力逐漸增加，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)金屬框?qū)?dǎo)體棒因此金屬框加速度逐漸減小，導(dǎo)體棒加速度逐漸增加，最終兩者加速度相同，速度差恒定。故選C。11．如圖所示，氕（）、氘（）、氚（）的原子核經(jīng)同一加速電場(chǎng)由靜止開(kāi)始加速，又經(jīng)同一勻強(qiáng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)，最后打在熒光屏上，那么（）A．經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)過(guò)程，氚（）獲得的速度最大B．偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)對(duì)三種原子核做功一樣多C．三種原子核運(yùn)動(dòng)到屏上所用時(shí)間相同D．三種原子核不會(huì)打在屏上的同一位置上【答案】B【詳解】A．設(shè)加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，偏轉(zhuǎn)極板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，板間距離為d，在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得已知氕的比荷最大，則加速后獲得的速度最大，故A錯(cuò)誤；D．在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中偏移的距離為整理得偏轉(zhuǎn)角度的正切值為可見(jiàn)y和tanθ與電荷的電荷量和質(zhì)量無(wú)關(guān)。所以出射點(diǎn)的位置相同，出射速度的方向也相同。故三種原子核都打在屏上的同一位置上，故D錯(cuò)誤；B．偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)對(duì)粒子做的功為由于q、E、y都相同，所以W也相同，故B正確；C．原子核在加速電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，有在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)有從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)到熒光屏的過(guò)程，有故粒子運(yùn)動(dòng)到屏上所用時(shí)間為由于不相等，可知不相等，故C錯(cuò)誤。故選B。12．現(xiàn)代都市高樓林立，高樓出現(xiàn)火情需要一種高架水炮消防車。如圖所示，某樓房的65m高處出現(xiàn)火情，高架水炮消防車正緊急滅火中。已知水炮炮口與樓房間距為15m，與地面距離為60m，水炮的出水量為3m3/min，水柱剛好垂直打入受災(zāi)房間窗戶。則（）A．地面對(duì)消防車的作用力方向豎直向上B．水炮炮口的水流速度為10m/sC．水泵對(duì)水做功的功率約為3.8×104WD．若水流垂直沖擊到窗戶玻璃后向四周流散，則沖力約為1500N【答案】C【詳解】A．消防車受到地面的支持力和摩擦力，合力斜向上，作用力斜向上，A錯(cuò)誤；B．水流高度差5m，豎直方向反向看成自由落體運(yùn)動(dòng)解得t=1s根據(jù)解得vy=10m/s又1s時(shí)間內(nèi)的水平位移為15m，有解得vx=15m/s則合速度為解得v=B錯(cuò)誤；C．水泵對(duì)水做功的功率C正確；D．根據(jù)動(dòng)量定理故D錯(cuò)誤。故選C。13．電梯一般用電動(dòng)機(jī)驅(qū)動(dòng)，鋼絲繩掛在電動(dòng)機(jī)繩輪上，一端懸吊轎廂，另一端懸吊配重裝置。鋼繩和繩輪間產(chǎn)生的摩擦力能驅(qū)駛轎廂上下運(yùn)動(dòng)。若電梯轎箱質(zhì)量為，配重為。某次電梯轎箱由靜止開(kāi)始上升的圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A．電梯轎箱在第10s內(nèi)處于失重狀態(tài)B．上升過(guò)程中，鋼繩對(duì)轎廂和對(duì)配重的拉力大小始終相等C．在第1s內(nèi)，電動(dòng)機(jī)做的機(jī)械功為D．上升過(guò)程中，鋼繩對(duì)轎廂做功的最大功率為【答案】D【詳解】A．由圖可知，電梯轎箱在第10s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．以為例，轎廂和配重都處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件可知左邊繩子的拉力與轎廂重力相等，右邊繩子的拉力與配重的重力相等，由題意知轎廂和配重質(zhì)量不等，鋼繩對(duì)轎廂和對(duì)配重的拉力大小不相等（鋼繩和繩輪間有摩擦力，所以一根繩上的拉力不相等），故B錯(cuò)誤；C．由圖乙可知在第1s內(nèi)，轎廂上升1m，配重下降1m，設(shè)電動(dòng)機(jī)做的機(jī)械功為，有動(dòng)能定理得解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)鋼繩對(duì)轎廂拉力最大，轎廂速度最大時(shí)，鋼繩對(duì)轎廂做功的功率最大，可知在轎廂加速上升階段，由牛頓第二定律得由圖乙可知最大速度為，則鋼繩對(duì)轎廂做功的最大功率為聯(lián)立解得故D正確。故選D。14．如圖所示，動(dòng)圈式話筒能夠?qū)⒙曇艮D(zhuǎn)變?yōu)槲⑷醯碾娦盘?hào)(交變電流)．產(chǎn)生的電信號(hào)一般都不是直接送給擴(kuò)音機(jī)，而是經(jīng)過(guò)一只變壓器(視為理想變壓器)之后再送給擴(kuò)音機(jī)放大，變壓器的作用是為了減少電信號(hào)沿導(dǎo)線傳輸過(guò)程中的電能損失，關(guān)于話筒內(nèi)的這只變壓器，下列判斷正確的是()A．一定是降壓變壓器，因?yàn)镻＝I2R，降壓后電流減少，導(dǎo)線上損失的電能減少B．一定是降壓變壓器，因?yàn)?，降壓后電壓降低，?dǎo)線上損失的電能減少C．一定是升壓變壓器，因?yàn)?，升壓后，電流增大，使到達(dá)擴(kuò)音機(jī)的信號(hào)加強(qiáng)D．一定是升壓變壓器，因?yàn)镻＝UI，升壓后，電流減小，導(dǎo)線上損失的電能減少【答案】D【詳解】根據(jù)變壓器的作用是為了減少電信號(hào)沿導(dǎo)線傳輸過(guò)程中的電能損失可知，話筒內(nèi)的這只變壓器一定是升壓變壓器，因?yàn)镻＝UI，升壓后，電流減小，導(dǎo)線上損失的電能減少。故選D。二、非選擇題：共6題，共58分。15．（6分）在實(shí)驗(yàn)室用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)，請(qǐng)按照題目要求回答下列問(wèn)題：（1）將表1中的光學(xué)元件放在圖1所示的光具座上，組裝成用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)裝置。表1元件代號(hào)ABCD元件名稱雙縫光屏單縫濾光片將白光光源放在光具座最左端，依次放置凸透鏡和表1中其他光學(xué)元件，由左至右，各光學(xué)元件的排列順序應(yīng)為（填寫(xiě)元件代號(hào)）。（2）已知該裝置中雙縫間距，雙縫到光屏的距離，在光屏上得到的干涉圖樣如圖2甲所示，分劃板在圖中A位置時(shí)螺旋測(cè)微器如圖2乙所示：在B位置時(shí)螺旋測(cè)微器如圖2丙所示，則其示數(shù)mm。由以上所測(cè)數(shù)據(jù)可以得出該單色光的波長(zhǎng)為m（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。【答案】DCAB/【詳解】（1）[1]實(shí)驗(yàn)室用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)實(shí)驗(yàn)，由左至右，各光學(xué)元件的排列順序應(yīng)為濾光片、單縫、雙縫、光屏，故順序?yàn)镈CAB；（2）[2]圖中B位置時(shí)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為圖中A位置時(shí)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為則相鄰條紋間距為[3]根據(jù)條紋間距公式可得代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得16．（14分）（1）為了驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量和能量是否守恒，長(zhǎng)郡中學(xué)高三物理興趣小組找來(lái)了一端傾斜另一端水平的光滑軌道，如圖所示．在距離水平部分高為h處和水平部分安裝了1、2兩個(gè)光電門，然后找來(lái)兩個(gè)直徑均為d但質(zhì)量分別為mA和mB的小球A、B進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．先將小球B靜放在水平軌道上兩光電門之間，讓小球A從傾斜軌道上較高位置釋放，光電門1記錄了小球A碰撞前后通過(guò)的時(shí)間t1、t1′，光電門2記錄了碰后小球B通過(guò)的時(shí)間t2′．通過(guò)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的分析可知mA(填“大于”“小于”或“等于”)mB，若滿足關(guān)系式，則說(shuō)明碰撞中能量守恒．如果兩小球的位置互換，該實(shí)驗(yàn)(填“能”或“不能”)成功．（2）如圖是利用DIS完成“用單擺測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣取睂?shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先量出擺球的半徑與擺線的長(zhǎng)度。單擺擺動(dòng)后，點(diǎn)擊“記錄數(shù)據(jù)”。擺球每經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)記數(shù)1次，第1次記為“0”，當(dāng)記數(shù)為“50”時(shí)，點(diǎn)擊“停止記錄”，顯示時(shí)間為t。①則該單擺振動(dòng)周期為；②圖示擺線上端的懸點(diǎn)處，用兩塊木片夾牢擺線，再用鐵架臺(tái)的鐵夾將木片夾緊，是為了；A．便于測(cè)量單擺周期B．便于測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)拉緊擺線C．保證擺動(dòng)過(guò)程中擺長(zhǎng)不變D．保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動(dòng)③若某組同學(xué)誤以擺線的長(zhǎng)度L作為縱坐標(biāo)，以單擺周期的平方T2作為橫坐標(biāo)，作出L-T2的圖像。其他操作測(cè)量都無(wú)誤，則作出的圖線是上圖中的(選填“1”、“2”或“3”）；④現(xiàn)發(fā)現(xiàn)三組同學(xué)作出的圖線分別是1、2和3，但測(cè)出的斜率都為k，是否可以根據(jù)斜率求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋?若不可以求出，填“否”；若可以求出，請(qǐng)?zhí)钪亓铀俣鹊谋磉_(dá)式）。【答案】（1）小于能（2）C3【詳解】（1）由題意，兩個(gè)直徑相同的小球在光滑的水平面上發(fā)生碰撞，要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，則必定要測(cè)出碰撞前后的速度，從題意來(lái)看，由于小球A通過(guò)光電門的時(shí)間有兩個(gè)，則說(shuō)明小球A碰撞兩次通過(guò)光電門，即碰撞后反彈，要反彈則A球的質(zhì)量小于B球的質(zhì)量；由機(jī)械能守恒定律可以求出兩個(gè)小球的速度分別由下式表示：若碰撞前后機(jī)械能守恒，則有：將以上式代入并化簡(jiǎn)可得：若把兩球的位置互換，則碰撞后B球不會(huì)反彈，但B球碰撞可以通過(guò)光電門2，仍可求出碰撞后的速度，同樣也能驗(yàn)證機(jī)械能理否守恒．(2)[1]每?jī)纱谓?jīng)過(guò)平衡位置的時(shí)間間隔為半個(gè)周期，因此共振動(dòng)了25個(gè)周期，故單擺的振動(dòng)周期[2]用兩塊木片夾牢擺線，再用鐵架臺(tái)的鐵夾將木片夾緊，是為了保證擺動(dòng)過(guò)程中擺長(zhǎng)不變。故選C。[3]振動(dòng)周期當(dāng)L=0時(shí)，振動(dòng)周期應(yīng)該大于零，應(yīng)該是圖像“3”[4]振動(dòng)周期整理可得因此無(wú)論擺長(zhǎng)是否計(jì)算準(zhǔn)確，斜率因此可求出重力加速度17．（7分）某雙星系統(tǒng)中A、B兩星球的質(zhì)量都是m，相距L，它們正圍繞兩者連線上某一點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。實(shí)際觀測(cè)該系統(tǒng)的周期T要小于按照力學(xué)理論計(jì)算出的周期理論值，且，于是有學(xué)者猜測(cè)這可能是受到了一顆未發(fā)現(xiàn)的星球C的影響，并認(rèn)為星球C位于星球A、B的連線正中間，相對(duì)星球A、B靜止。引力常量為G。求：（1）A、B兩星球組成的雙星系統(tǒng)周期理論值的表達(dá)式；（2）星球C的質(zhì)量（用k，m表示）。【答案】（1）；（2）【詳解】（1）兩星球的角速度相同，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力知解得由此可知兩星繞連線的中點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，則有所以（2）由于星球C的存在，雙星的向心力由兩個(gè)力的合力提供，設(shè)星球C的質(zhì)量為M，則又

聯(lián)立解得18．（9分）如圖所示，間距為的足夠長(zhǎng)平行導(dǎo)軌所在平面與水平面之間的夾角，將一根長(zhǎng)為、質(zhì)量為的導(dǎo)體棒垂直放置在導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒中通有大小為、方向從a向b的電流。已知導(dǎo)軌與金屬棒之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，求：（1）若磁場(chǎng)方向豎直向上，則導(dǎo)體棒所受安培力的方向及大小；；（2）在上一問(wèn)中，導(dǎo)體棒的加速度大?。唬?）磁場(chǎng)方向、大小均改變，導(dǎo)體棒始終保持靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，求當(dāng)摩擦力最小時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值。【答案】（1）0.2N，水平向右；（2）；（3）0.3T【詳解】（1）若磁場(chǎng)方向豎直向上，根據(jù)左手定則可知導(dǎo)體棒所受安培力方向?yàn)樗较蛴遥笮椋?）對(duì)導(dǎo)體棒受力分析如圖所示，在垂直于導(dǎo)軌方向，根據(jù)平衡條件可知導(dǎo)體棒所受支持力大小為導(dǎo)體棒所受摩擦力大小為設(shè)導(dǎo)體棒的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有解得（3）當(dāng)導(dǎo)體棒在安培力、重力和支持力三力作用下平衡時(shí)，摩擦力最小且為零。作出一系列三力平衡的矢量三角形如圖所示，可知當(dāng)安培力方向垂直于支持力時(shí)有最小值，為所以當(dāng)摩擦力最小時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為19．（10分）2023年秋某高校軍訓(xùn)，如圖所示，輕繩一端固定，質(zhì)量為的同學(xué)（可視為質(zhì)點(diǎn)）抓住繩的另一端，使繩水平拉直后由靜止擺下過(guò)障礙物。已知繩長(zhǎng)為，在輕繩到達(dá)豎直狀態(tài)時(shí)放開(kāi)繩索后水平飛出。繩子的固定端到地面的距離為。不計(jì)輕繩質(zhì)量和空氣阻力，重力加速度g取值，求：（1）該同學(xué)做圓周運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中合力沖量的大小；（2）該同學(xué)擺到最低點(diǎn)（未飛出時(shí)）對(duì)繩的拉力大??；（3）該同學(xué)的落地點(diǎn)離繩的固定端的水平距離和落地時(shí)重力的功率大小?！敬鸢浮浚?）；（2）1800N；（3）3.6m，3600