西藏林芝市一中2025屆高二物理第一學期期中統(tǒng)考試題含解析

西藏林芝市一中2025屆高二物理第一學期期中統(tǒng)考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，a、b為豎直正對放置的平行金屬板構成的偏轉電場，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強磁場，磁場的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場范圍足夠大，磁場的磁感應強度大小為B，一帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置與a、b平行方向射入偏轉電場，不計粒子重力，粒子通過偏轉電場后從PQ邊界上的M點進入磁場，運動一段時間后又從PQ邊界上的N點射出磁場，設M、N兩點距離為x（M、N點圖中未畫出），從N點射出的速度為v，則以下說法中正確的是A．只增大帶電粒子的比荷大小，則v減小B．只增大偏轉電場的電壓U的大小，則v減小C．只減小初速度v0的大小，則x不變D．只減小偏轉電場的電壓U的大小，則x不變2、如圖所示，直線a為某一電源的U-I圖線，直線b為某電阻的U-I圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和內(nèi)電阻分別為（）A．6W，0.1ΩB．4W，0.5ΩC．4W，1ΩD．2W，0.5Ω3、兩個帶電小球相互作用，平衡時可能出現(xiàn)的狀態(tài)是圖中的（）A．B．C．D．4、如圖所示，半徑為R的均勻帶正電薄球殼，殼內(nèi)的電場強度處處為零，其球心位于坐標原點O，一帶正電的試探電荷靠近球殼表面處由靜止釋放沿坐標軸向右運動．下列關于坐標軸上某點電勢、試探電荷在該點的動能與離球心距離x的關系圖線，可能正確的是（）A． B． C． D．5、如圖所示，、兩物塊置于繞豎直軸勻速轉動的水平圓盤上，兩物塊始終相對圓盤靜止，已知兩物塊的質(zhì)量，運動半徑，則下列關系一定正確的是（）A．角速度B．線速度C．向心加速度D．向心力6、小明坐在火車內(nèi)，看到窗外的樹木正在運動，則他所選的參考系可能是A．大地 B．火車 C．鐵軌 D．樹木二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖是某一種電阻元件的伏安特性曲線，下列判斷正確的是（）A．該元件是非線性元件B．圖線的斜率代表元件電阻C．圖線斜率的倒數(shù)代表元件的電阻D．隨電壓的增大它的電阻逐漸變大8、刀的刃部一般比較薄，厚度不同的兩個刀刃對木塊產(chǎn)生相同的力F時，對力F的分解如圖所示，由圖判斷，下列說法中正確的有（）A．刃部越薄，F(xiàn)1與F2越大B．刃部越薄，F(xiàn)1與F2越小C．F分解成F1與F2時不遵守平行四邊形定則D．F分解成F1與F2時遵守平行四邊形定則9、如圖所示的電路中，當滑動變阻器的滑片向上滑動時，則()A．電源的功率變小B．電容器儲存的電荷量變小C．電源內(nèi)部消耗的功率變大D．電阻R消耗的電功率變小10、如圖（a），直線MN表示某電場中的一條電場線，a、b是線上的兩點，將一帶負電荷的粒子從a點處由靜止釋放，粒子從a運動到b過程中的v-t圖線如圖（b）所示．設a、b兩點的電勢分別為、，場強大小分別為Ea、Eb，粒子在a、b兩點的電勢能分別為Wa、Wb，不計重力，則有A．> B．Ea>Eb C．Ea<Eb D．Wa>Wb三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率．步驟如下：①用20分度的游標卡尺測量其長度如圖所示，其長度是_____mm.②用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為_____Ω．③為了更精確地測量其電阻，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程0～3mA,內(nèi)阻約50Ω）；電流表A2（量程0～15mA,內(nèi)阻約30Ω）；電壓表V(量程0～3V，內(nèi)阻約10KΩ)；滑動變阻器R1，（阻值范圍0～15Ω）；滑動變阻器R2，（阻值范圍0～2KΩ；）直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計）；開關S，導線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，電流表應選____，滑動變阻器應選____（選填代號）④請在圖中補充連線并完成實驗．（_____）12．（12分）測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和U﹣I圖象如圖所示；請回答下列問題：（1）如圖甲所示，在閉合開關之前為防止電表過載而移動滑動變阻器的滑動頭P，應滑到滑動變阻器__________處（填“a”或“b”）（2）現(xiàn)備有以下器材：A．干電池1個B．滑動變阻器（0~50Ω）C．電壓表（0~3V）D．電壓表（0~15V）E．電流表（0~0.6A）F．電流表（0~3A）其中電流表應選___________，電壓表應選___________。（填字母代號）（3）如圖乙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的U﹣I圖象，由此可知這個干電池的電動勢E=___________V，內(nèi)電阻r=___________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量m=1.0kg的通電導體棒在安培力作用下水平靜止在傾角為37°、寬度L=1.0m的光滑絕緣框架上，磁場方向垂直于框架平面向下，磁場僅存在于絕緣框架內(nèi)。在右側回路中，電源的電動勢E=8.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω，額定功率（輸入功率）為8.0W，額定電壓為4.0V的電動機M正常工作，，重力加速度，試求：（1）電動機的額定電流IM與通過導體棒的電流I。

（2）金屬棒受到的安培力F大小及磁場的磁感應強度B大小。14．（16分）如圖所示，虛線MN左側有一場強為E1=E的勻強電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強度為E2=E的勻強電場，在虛線PQ右側距PQ為L處有一與電場E2平行的屏?，F(xiàn)將一電子（電荷量為e，質(zhì)量為m，重力不計）無初速度地放入電場E1中的A點，最后電子打在右側的屏上，A點到MN的距離為，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：（1）電子從釋放到進入E2的時間（2）電子離開偏轉電場時的動能（3）電子打到屏上的點到O的距離15．（12分）如圖所示，在沿水平方向的勻強電場中有一固定點O，用一根長度為L＝0.4m的絕緣細線把質(zhì)量為m＝0.20kg，帶有q＝6.0×10－4C正電的金屬小球懸掛在O點，小球靜止在B點時細線與豎直方向的夾角為θ＝37°。已知A、C兩點分別為細線懸掛小球的水平位置和豎直位置，求：(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)A、B兩點間的電勢差UAB；(2)將小球拉至位置A使細線水平后由靜止釋放，小球通過B點時細線對小球的拉力F的大小；(3)如果要使小球能繞O點在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運動，則小球在A點時沿垂直于OA方向需要多大的初速度v0。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】粒子在電場中，水平方向；豎直方向，；，解得，則只增大帶電粒子的比荷大小，則v增大，選項A錯誤；只增大偏轉電場的電壓U的大小，則E變大，v變大，選項B錯誤；減小初速度v0的大小，則導致進入磁場的速度減小，由半徑公式R=，可知，導致半徑減小，則x也減小，故C錯誤；減小偏轉電場的電壓U的大小，設速度與磁場邊界的夾角為θ，則由半徑公式，結合幾何關系，可得：x=2Rsinθ=，則會導致x不變，故D正確；故選D．點睛：考查粒子做類平拋運動與勻速圓周運動的處理規(guī)律，掌握圓周運動的半徑公式，注意運動的合成與分解的方法．2、B【解析】由圖線a可知，電源的電動勢E=3V，短路電流為I短=6A；則電源的內(nèi)電阻r=EI短=36Ω=0.5A；

當將電阻與電源相連時，兩圖線的交點表示電路的工作狀態(tài)，此時電路中電流為點睛：本題考查對電源和電阻伏安特性曲線的理解能力，要知道兩圖線的交點就表示該電源和該電阻組成閉合電路時的工作狀態(tài)，能直接電流和路端電壓，從而求出電源的輸出功率．3、B【解析】

根據(jù)同性電荷相互排斥，異性電荷相互吸引可知，圖B是同性電荷相互吸引，則選項B正確，D錯誤；圖AC是同性電荷，相互排斥，則選項AC是錯誤的；故選B.【點睛】此題關鍵是知道同性電荷相互排斥，異性電荷相互吸引的原理.4、A【解析】

AB．帶電金屬球是一個等勢體，所以0-R的電勢不變；順著電場線電勢降低，且，隨著x的增大，E減小，則φ-x圖象切線的斜率減小，故A正確，B錯誤；CD．在球殼內(nèi)，場強處處為零，試探電荷不受電場力，其動能不變；在球殼外，取一段極短距離內(nèi)，認為庫侖力不變，設為F，根據(jù)動能定理得△Ek=F△r則得：根據(jù)數(shù)學知識得知：等于Ek-r圖象上切線的斜率，由庫侖定律知r增大，F(xiàn)減小，圖象切線的斜率減小，故CD錯誤。故選A。5、C【解析】

A.兩物塊相對于圓盤靜止，它們做圓周運動的角速度相等，則，故選項A不合題意．B.物塊的線速度，由于相等，，則，故選項B不合題意．C.向心加速度，相同，，則，故選項C符合題意．D.向心力，相等，，，不能確定兩物塊向心力大小，故選項D不合題意．6、B【解析】

小明坐在火車內(nèi)，看到窗外的樹木正在運動，則他所選的參考系可能是火車，故選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．I-U圖線為過原點的直線是線性元件，所以該元件是非線性元件，A正確；BCD．在I-U圖線中，圖線上某點與原點連線的斜率代表電阻的倒數(shù)，圖線的斜率不是元件電阻，隨電壓的增大，圖像上的點與原點連線的斜率越來越小，則電阻逐漸增大，BC錯誤，D正確。故選AD。8、AD【解析】試題分析：力是矢量，力的合成與分解遵循平行四邊形定則，與的合力相等，根據(jù)幾何關系可知，兩者夾角最大，與越大，故AD正確．考點：考查了力的合成9、BC【解析】

在變阻器R的滑片向上滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓如何變化，由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，從而分析電容的電量如何變化，根據(jù)功率的公式分析功率的變化．【詳解】在變阻器R的滑片向上滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知干路電流I變大，根據(jù)P=EI，可知電源的功率變大，根據(jù)，可知電源內(nèi)部消耗的功率變大，故A錯誤，C正確；因干路電流I變大，則路端電壓U變小，而電壓變大，而，則并聯(lián)部分的電壓變小，即電容器兩端的電壓變小，根據(jù)Q=CU，可知電容器儲存的電荷量變小，故B正確；因不知道R與的大小關系，無法判斷電阻R消耗的電功率變化情況，故D錯誤；故選BC?！军c睛】本題為閉合電路歐姆定律中的含容電路，要注意明確與電容器串聯(lián)的電阻在電路穩(wěn)定時，可以將其作為導線處理．10、BD【解析】

A．負電荷從a運動到b，做加速運動，可知電場力的方向水平向右，則電場線的方向水平向左，可知φa<φb．故A錯誤；BC．從a到b的過程中，電荷的加速度逐漸減小，可知電場強度的大小逐漸減小，則Ea＞Eb．故B正確，C錯誤；D．從a到b的過程中，電場力做正功，電勢能減小，則Wa＞W(wǎng)b．故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、100.452.2×102A2R1【解析】

解：①游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為100mm，游標尺上第9個刻度與主尺對齊，讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為：；②用歐姆表測電阻的讀數(shù)方法為指針示數(shù)乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，所以該電阻的阻值約為；③由電動勢和電阻的阻值知電流最大為，所以用電流表，滑動變阻器用小阻值的，便于調(diào)節(jié)，所以用滑動變阻器；④本實驗中，因待測電阻值遠小于電壓表內(nèi)阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示12、aEC1.50.75【解析】

(1)[1]由圖可知，滑動變阻器右側接入電路，為了讓電流由最小開始調(diào)節(jié)，閉合開關之前滑動變阻器的滑動頭P應放在滑動變阻器接入電阻的最大值位置處，即a處；(2)[2][3]電源電動勢大約1.5V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇C，電路中的電流較小，因此電流表選擇0.6A量程的E；(3)[4][5]根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知在圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.5V，圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻，所以電源的內(nèi)阻為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2A；2A（2）6N；3T【解析