2025屆天津市河?xùn)|區(qū)高三下學(xué)期一模物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE12025年天津市河?xùn)|區(qū)高三物理一模試題第I卷一、單項(xiàng)選擇題（每小題5分，共25分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的。）1.自然界中氚（）是宇宙射線(xiàn)與上層大氣間作用，通過(guò)核反應(yīng)生成的，含量極微，工業(yè)上一般用中子轟擊獲取，核反應(yīng)為。氚核（）具有放射性，其中衰變產(chǎn)生的He核處于高能級(jí)，能量不穩(wěn)定，總衰變方程為，則下列判斷正確的是（）A.核反應(yīng)為衰變B.氚核衰變中釋放的γ光子來(lái)自C.X、Y由原子核釋放，因此原子核中含有X、Y粒子D.X、Y、γ光子三種粒子在真空中傳播速度大小相同【答案】B【解析】由質(zhì)量守恒和電荷數(shù)守恒，由方程可知粒子為。由方程可知粒子為電子。A．核反應(yīng)為人工轉(zhuǎn)變，故A錯(cuò)誤；B．氚核衰變中釋放的γ光子來(lái)自衰變產(chǎn)生的新核處于激發(fā)態(tài)向低能級(jí)躍遷釋放的能量，故B正確；C．原子核中不含有電子，原子核中不含Y粒子，故C錯(cuò)誤；D．X、Y、γ光子三種粒子真空中γ光子傳播速度最大，X最小，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，一束紅光PA從A點(diǎn)射入一球形水珠，光線(xiàn)在第一個(gè)反射點(diǎn)B反射后到達(dá)C點(diǎn)，CQ為出射光線(xiàn)，O點(diǎn)為球形水珠的球心，下列判斷中正確的是（??）A.光線(xiàn)在B點(diǎn)可能發(fā)生了全反射B.光從空氣進(jìn)入球形水珠后，波長(zhǎng)變長(zhǎng)了C.光從空氣進(jìn)入球形水珠后，頻率增大了D.僅將紅光改為紫光，光從A點(diǎn)射入后到達(dá)第一個(gè)反射點(diǎn)的時(shí)間增加了【答案】D【解析】A．由圖象知在B點(diǎn)的入射角等于在A點(diǎn)的折射角，所以光線(xiàn)在B點(diǎn)不可能發(fā)生全反射，故

A錯(cuò)誤；B．光的波長(zhǎng)頻率不變所以折射率大的介質(zhì)中波長(zhǎng)小，所以光從空氣進(jìn)入球形水珠后，波長(zhǎng)變短了，故B錯(cuò)誤；C．光的頻率是不變的，故C錯(cuò)誤；D．紅光的折射率比紫光的小，由知在水中的傳播速度比紫光大，所以?xún)H將紅光改為紫光，光從A點(diǎn)射入后到達(dá)第一個(gè)反射點(diǎn)的時(shí)間增加了，故D正確。故選D。3.健身球是一種內(nèi)部充氣的健身輔助器材，如圖所示，球內(nèi)的氣體可視為理想氣體，當(dāng)球內(nèi)氣體被快速擠壓時(shí)來(lái)不及與外界熱交換，而緩慢變化時(shí)可認(rèn)為能發(fā)生充分的熱交換。則下列說(shuō)法正確的是（）A.人體快速擠壓健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小B.人體快速擠壓健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大C.人體緩慢離開(kāi)健身球過(guò)程中，球內(nèi)表面單位時(shí)間單位面積上撞擊的分子數(shù)不變D.人體緩慢離開(kāi)健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體對(duì)外放熱【答案】B【解析】AB．人體快速擠壓健身球過(guò)程中，來(lái)不及與外界熱交換，球內(nèi)氣體體積減小，外部對(duì)氣體做功，氣體溫度升高，則壓強(qiáng)變大，球內(nèi)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．人體緩慢離開(kāi)健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體能與外界發(fā)生充分的熱交換，則球內(nèi)氣體的溫度不變，體積變大，壓強(qiáng)變小，氣體分子數(shù)密度減小，而分子的平均速率不變，則球內(nèi)表面單位時(shí)間單位面積上撞擊的分子數(shù)減小，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能不變，則球內(nèi)氣體從外界吸熱，故CD錯(cuò)誤。故選B。4.兩塊相互靠近的平行金屬板M、N組成電容器，充電后與電源斷開(kāi)，M板帶正電，N板帶負(fù)電，且電荷量保持不變．如圖所示，板間有一個(gè)用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），小球靜止時(shí)與豎直方向的夾角為θ，忽略帶電小球所帶電荷量對(duì)極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的影響，則（）A小球帶負(fù)電；若將細(xì)線(xiàn)燒斷，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€(xiàn)運(yùn)動(dòng)B.小球帶正電；若將細(xì)線(xiàn)燒斷，小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)C.若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大D.若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大【答案】D【解析】AB．因?yàn)樾∏蛳蛴移?，而M板帶正電，故小球帶正電；若將細(xì)線(xiàn)燒斷，則小球?qū)⒀乩K的方向斜向下做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．若只將N板水平向右平移稍許，由公式可知，電容器的電容將變小，而又由可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將不變，故夾角θ將不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．若只將N板豎直向上平移稍許，則因?yàn)镾減小，故根據(jù)板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E將變大，故電場(chǎng)力增大，夾角θ將變大，選項(xiàng)D正確。故選D。5.一輛轎車(chē)在平直公路上由靜止開(kāi)始勻加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到額定功率后保持功率不變，最終做勻速運(yùn)動(dòng)．轎車(chē)在行駛過(guò)程中受到的阻力恒定，關(guān)于轎車(chē)的速度，功率隨時(shí)間的變化規(guī)律正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．設(shè)汽車(chē)的額定功率為P，所受恒定阻力為，牽引力為，勻加速結(jié)束時(shí)的速度為，由于汽車(chē)開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度為，則根據(jù)速度與時(shí)間的關(guān)系可得當(dāng)汽車(chē)的勻加速階段結(jié)束，其速度還未達(dá)到最大值，此時(shí)根據(jù)結(jié)合牛頓第二定律可知，速度將繼續(xù)增大，而牽引力將減小，則加速度將減小，即此后汽車(chē)將做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，直至牽引力等于阻力時(shí)，加速度減小為0，速度達(dá)到最大值，而速度—時(shí)間圖像的斜率表示加速度，因此可知該圖像第一階段為傾斜的直線(xiàn)，第二階段為斜率逐漸減小的向下彎曲的曲線(xiàn)，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)而汽車(chē)在勻加速階段可得而即在勻加速階段有式中，則可知在汽車(chē)勻加速階段汽車(chē)的功率與時(shí)間成正比，即此圖像為過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜直線(xiàn)，而勻加速結(jié)束后，汽車(chē)的功率達(dá)到額定值，此后功率不變，其圖像與時(shí)間軸平行，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。二、不定項(xiàng)選擇題（每題5分，共15分。每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）6.下表為地球與火星數(shù)據(jù)比較表，地球與火星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)視做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)表中信息，下列說(shuō)法正確的是（）星球地球火星與太陽(yáng)的平均距離（億km）1.4962.279赤道半徑（km）6.3783.395公轉(zhuǎn)周期1年1.9年自轉(zhuǎn)周期23小時(shí)56分24小時(shí)37分質(zhì)量（地球視為1）10.11體積（地球視為1）10.15赤道平面與公轉(zhuǎn)軌道平面夾角A.地球公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度大于火星公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度B.地球公轉(zhuǎn)的向心加速度大于火星公轉(zhuǎn)的向心加速度C.地球的自轉(zhuǎn)角速度小于火星的自轉(zhuǎn)角速度D.地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度【答案】ABD【解析】A．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有，解得由于火星圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑大于地球圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，故地球公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度大于火星公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度，A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律可得解得由于火星圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑大于地球圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，故地球公轉(zhuǎn)的向心加速度大于火星公轉(zhuǎn)的向心加速度，B正確；C．根據(jù)，可得由于地球的自轉(zhuǎn)周期小于火星的自轉(zhuǎn)周期，故地球的自轉(zhuǎn)角速度大于火星的自轉(zhuǎn)角速度，C錯(cuò)誤；D．在星球表面，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，則有解得地球和火星可知地球表面的重力加速度之比為故地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度，D正確。故選ABD。7.如圖甲所示，理想變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為4：1，電壓表和電流表均為理想交流電表，原線(xiàn)圈接如圖乙所示的正弦交流電，圖中R′為熱敏電阻（溫度升高時(shí)其電阻減?。?，R為定值電阻。下列說(shuō)法正確的是（）A.原線(xiàn)圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為B.變壓器原線(xiàn)圈的輸入功率和副線(xiàn)圈的輸出功率之比為1∶4C.R′處溫度升高時(shí)，電流表的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)變大D.電壓表V2的示數(shù)為9V【答案】AD【解析】A．由圖像可看出交變電壓為正弦圖像，交變電壓的最大值周期則角速度原線(xiàn)圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為，故A正確；B．根據(jù)由能量守恒可知輸入功率和輸出功率相等，故B錯(cuò)誤；C．R′處溫度升高時(shí)，R′的電阻減小，因原線(xiàn)圈的電壓不變，變壓器的原副線(xiàn)圈的匝數(shù)比不變，故副線(xiàn)圈兩端的電壓不變，即電壓表V2的示數(shù)不變，則副線(xiàn)圈回路中的電流增大，故電流表的示數(shù)變大，故C錯(cuò)誤；D．原線(xiàn)圈兩端的電壓為根據(jù)解得則電壓表V2的示數(shù)為9V，故D正確。故選AD。8.下列說(shuō)法正確是（）A.圖①為兩列頻率相同，振幅相同的相干水波于某時(shí)刻疊加。實(shí)線(xiàn)和虛線(xiàn)分別表示波峰和波谷，則此時(shí)c點(diǎn)正處于平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)B.圖②S為在水面上振動(dòng)的波源，M、N為在水面上的兩塊擋板，要使A處水也能發(fā)生振動(dòng)，則波源S的頻率應(yīng)該變小C.圖③是一個(gè)單擺做受迫振動(dòng)，其共振曲線(xiàn)（振幅A與驅(qū)動(dòng)力的頻率f的關(guān)系）圖，由此判斷出該單擺擺長(zhǎng)約為1mD.圖④是豎直肥皂膜的橫截面，用單色光照射薄膜，在薄膜上產(chǎn)生明暗相間的豎直條紋【答案】BC【解析】A．c點(diǎn)是波峰和波谷疊加，兩列波的振動(dòng)相互抵消，即c點(diǎn)處于平衡位置不動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．要使A處水也能發(fā)生振動(dòng)，要求波要發(fā)生衍射，由波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易衍射，可知因v相同，所以頻率f越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，波越容易發(fā)生衍射，A處水能發(fā)生振動(dòng)，故B正確；C．由圖③知當(dāng)時(shí)發(fā)生共振根據(jù)聯(lián)立得故C正確；D．光從肥皂膜的前后表面反射形成相干光，其路程差與薄膜厚度有關(guān)，在重力作用下，肥皂膜形成上薄下厚的楔形，在同一水平面上厚度相等，形成亮紋（或暗紋），因此，干涉條紋是水平的，故D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷（共60分）9.在“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)中，現(xiàn)有木板、白紙、圖釘、橡皮條、細(xì)繩套和彈簧測(cè)力計(jì)。（1）本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是“等效替代法”，其含義是___________。A．橡皮筋可以用細(xì)繩替代B．左側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果可以替代右側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果C．右側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果可以替代左側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果D．兩彈簧測(cè)力計(jì)共同作用的效果可以用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果替代（2）某次實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)C的指針位置如圖甲所示，其示數(shù)為_(kāi)__________N。（3）在另一次實(shí)驗(yàn)中，兩彈簧測(cè)力計(jì)拉力的圖示已作出（如圖乙所示），方格每邊的長(zhǎng)度表示1.0N，O是橡皮條的一個(gè)端點(diǎn)，則合力F的大小為_(kāi)__________N。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）D（2）2.10（3）7.0【解析】（1）[1]本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是“等效替代法”，其含義是兩彈簧測(cè)力計(jì)共同作用的效果可以用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果替代。故選D。（2）[2]該彈簧測(cè)力計(jì)的分度值為，則其示數(shù)為。（3）[3]根據(jù)平行四邊形，作出合力的示意圖，如圖所示得其合力的理論值為7.0N10.物理實(shí)驗(yàn)一般都涉及實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)器材、實(shí)驗(yàn)操作、數(shù)據(jù)分析等。（1）用電壓表（內(nèi)阻約為5kΩ）和電流表（內(nèi)阻約為2Ω）測(cè)量一段金屬絲的電阻值（約為25Ω）。為了盡量提高測(cè)量精度，應(yīng)該選擇的測(cè)量電路圖是圖______（填“甲”或“乙”）。（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑d，此時(shí)示數(shù)如圖丙所示，則直徑______mm。（3）利用多用電表測(cè)量金屬絲的電阻：選用歐姆擋“”擋進(jìn)行測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，因此需重新選擇______（填“”或“”）擋，并需重新______調(diào)零后，再次進(jìn)行測(cè)量，若此時(shí)多用電表的指針如圖丁所示，則測(cè)量結(jié)果R為_(kāi)_____Ω。（4）已知該金屬絲的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則該金屬絲的電阻率______（用題中相關(guān)字母R、L、d表示）?！敬鸢浮浚?）甲（2）0.607##0.608##0.609（3）×1歐姆19.0##19（4）【解析】【小問(wèn)1詳析】因?yàn)榇郎y(cè)電阻約為，由可知為了減小誤差應(yīng)該采用電流表的外接法，即選用甲圖；【小問(wèn)2詳析】由圖丙讀數(shù)可知，金屬絲直徑為（0.607、0.608）【小問(wèn)3詳析】[1]多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大說(shuō)明待測(cè)電阻小則要換成低倍率，故選檔；[2]換倍率后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；[3]根據(jù)圖丙可得歐姆表讀數(shù)為（19）【小問(wèn)4詳析】根據(jù)電阻定律可知可得電阻率為11.如圖所示，半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道豎直固定在水平地面上，下端與水平地面在P點(diǎn)相切，一個(gè)質(zhì)量為的物塊B（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在水平地面上，左端固定有水平輕彈簧，Q點(diǎn)為彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)的左端點(diǎn)，P、Q間的距離為R，PQ段地面粗糙、動(dòng)摩擦因數(shù)為，Q點(diǎn)右側(cè)水平地面光滑，現(xiàn)使質(zhì)量為m的物塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)）從圓弧軌道的最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，重力加速度為g。求：（1）物塊A沿圓弧軌道滑至P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；（2）彈簧被壓縮的最大彈性勢(shì)能（未超過(guò)彈性限度）?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）物塊A從靜止沿圓弧軌道滑至P點(diǎn)，設(shè)物塊A在P點(diǎn)的速度大小為，由機(jī)械能守恒定律有在最低點(diǎn)軌道對(duì)物塊的支持力大小為，由牛頓第二定律有聯(lián)立解得由牛頓第三定律可知在P點(diǎn)物塊對(duì)軌道的壓力大小為。（2）設(shè)物塊A與彈簧接觸前瞬間的速度大小為，由動(dòng)能定理有解得當(dāng)物塊A、物塊B具有共同速度v時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，由動(dòng)量守恒定律有根據(jù)能量守恒聯(lián)立解得12.如圖所示，MN和PQ是兩根互相平行、間距為L(zhǎng)、豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，已知導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，電阻不計(jì)，且處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；導(dǎo)軌上端接有開(kāi)關(guān)S和阻值為R0的定值電阻。ab是一根與導(dǎo)軌垂直而且始終與導(dǎo)軌接觸良好的金屬桿，已知金屬桿的質(zhì)量為m，電阻為R，重力加速度為g?，F(xiàn)將開(kāi)關(guān)閉合，讓金屬桿由靜止開(kāi)始下落，下落h后速度達(dá)到最大。求（1）金屬桿的最大速度vm；（2）金屬桿由靜止下落到達(dá)最大速度的過(guò)程中通過(guò)金屬桿的電荷量q；（3）金屬桿由靜止下落到達(dá)最大速度的過(guò)程中金屬桿產(chǎn)生的熱量Q?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律由歐姆定律可得金屬桿達(dá)到最大速度時(shí)受力平衡mg=F安其中F安=BIL聯(lián)立解得【小問(wèn)2詳析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律電流路中的平均感應(yīng)電流經(jīng)歷的時(shí)間為，則通過(guò)金屬桿的電荷量解得【小問(wèn)3詳析】對(duì)該過(guò)程由能量守恒定律得金屬桿由靜止下落到達(dá)最大速度的過(guò)程中金屬桿產(chǎn)生的熱量聯(lián)立解得13.亥姆霍茲線(xiàn)圈是一種制造小范圍區(qū)域均勻磁場(chǎng)的器件。它由一對(duì)完全相同的圓形導(dǎo)體線(xiàn)圈組成，這兩個(gè)線(xiàn)圈的半徑和匝數(shù)相同，且同軸排列。亥姆霍茲線(xiàn)圈能產(chǎn)生標(biāo)準(zhǔn)磁場(chǎng)，因此在物理實(shí)驗(yàn)中經(jīng)常被使用。如圖所示為一對(duì)通有相同方向且等大的恒定電流的亥姆霍茲線(xiàn)圈，形成如圖平行中心軸線(xiàn)O1O2向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小未知，現(xiàn)有一離子源放置于O1O2上某點(diǎn)位置O，持續(xù)發(fā)射初速度大小均為v0的粒子，其方向垂直于軸線(xiàn)向外，粒子所帶電荷量均為+q，質(zhì)量均為m。在x軸線(xiàn)上垂直放置一圓形探測(cè)屏，半徑為R，其圓心位于x軸上的P點(diǎn)，用于接收粒子，探測(cè)屏圓心P與粒子源間的距離為d，不計(jì)粒子重力和粒子間相互作用。若粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑恰好等于。（1）要產(chǎn)生如圖所示方向的磁場(chǎng)，則亥姆霍茲線(xiàn)圈應(yīng)通順時(shí)針還是逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎◤淖笸铱矗?；?）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??？（3）斷開(kāi)亥姆霍茲線(xiàn)圈中電流，在垂直x軸線(xiàn)方向上放置一對(duì)平行板，兩極板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)方向如圖所示，要使得所有粒子恰好打在探測(cè)屏邊緣，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)E的電場(chǎng)強(qiáng)度應(yīng)為多大？（4）若該空間同時(shí)存在上述的磁場(chǎng)和電場(chǎng)，沿x軸平移探測(cè)屏，使所有粒子恰好打在探測(cè)屏的圓心，求探測(cè)屏圓心與粒子源間的距離有哪些值?！敬鸢浮浚?）順時(shí)針（2）（3）（4）【解析】【小問(wèn)1詳析】根據(jù)安培定則，要產(chǎn)生如圖所示方向的磁場(chǎng)，則亥姆霍茲線(xiàn)圈應(yīng)通順時(shí)針?lè)较虻碾娏鳎◤淖笸铱矗拘?wèn)2詳析】粒子在磁場(chǎng)中，由洛倫茲力提供向心力可得其中解得【小問(wèn)3詳析】粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，沿x軸方向有垂直于x軸方向有由牛頓第二定律可知聯(lián)立解得【小問(wèn)4詳析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)獨(dú)立性，粒子沿x軸方向做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，垂直于x軸方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故粒子回到x軸時(shí)間為粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)周期的整數(shù)倍x軸方向有,聯(lián)立解得2025年天津市河?xùn)|區(qū)高三物理一模試題第I卷一、單項(xiàng)選擇題（每小題5分，共25分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的。）1.自然界中氚（）是宇宙射線(xiàn)與上層大氣間作用，通過(guò)核反應(yīng)生成的，含量極微，工業(yè)上一般用中子轟擊獲取，核反應(yīng)為。氚核（）具有放射性，其中衰變產(chǎn)生的He核處于高能級(jí)，能量不穩(wěn)定，總衰變方程為，則下列判斷正確的是（）A.核反應(yīng)為衰變B.氚核衰變中釋放的γ光子來(lái)自C.X、Y由原子核釋放，因此原子核中含有X、Y粒子D.X、Y、γ光子三種粒子在真空中傳播速度大小相同【答案】B【解析】由質(zhì)量守恒和電荷數(shù)守恒，由方程可知粒子為。由方程可知粒子為電子。A．核反應(yīng)為人工轉(zhuǎn)變，故A錯(cuò)誤；B．氚核衰變中釋放的γ光子來(lái)自衰變產(chǎn)生的新核處于激發(fā)態(tài)向低能級(jí)躍遷釋放的能量，故B正確；C．原子核中不含有電子，原子核中不含Y粒子，故C錯(cuò)誤；D．X、Y、γ光子三種粒子真空中γ光子傳播速度最大，X最小，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，一束紅光PA從A點(diǎn)射入一球形水珠，光線(xiàn)在第一個(gè)反射點(diǎn)B反射后到達(dá)C點(diǎn)，CQ為出射光線(xiàn)，O點(diǎn)為球形水珠的球心，下列判斷中正確的是（??）A.光線(xiàn)在B點(diǎn)可能發(fā)生了全反射B.光從空氣進(jìn)入球形水珠后，波長(zhǎng)變長(zhǎng)了C.光從空氣進(jìn)入球形水珠后，頻率增大了D.僅將紅光改為紫光，光從A點(diǎn)射入后到達(dá)第一個(gè)反射點(diǎn)的時(shí)間增加了【答案】D【解析】A．由圖象知在B點(diǎn)的入射角等于在A點(diǎn)的折射角，所以光線(xiàn)在B點(diǎn)不可能發(fā)生全反射，故

A錯(cuò)誤；B．光的波長(zhǎng)頻率不變所以折射率大的介質(zhì)中波長(zhǎng)小，所以光從空氣進(jìn)入球形水珠后，波長(zhǎng)變短了，故B錯(cuò)誤；C．光的頻率是不變的，故C錯(cuò)誤；D．紅光的折射率比紫光的小，由知在水中的傳播速度比紫光大，所以?xún)H將紅光改為紫光，光從A點(diǎn)射入后到達(dá)第一個(gè)反射點(diǎn)的時(shí)間增加了，故D正確。故選D。3.健身球是一種內(nèi)部充氣的健身輔助器材，如圖所示，球內(nèi)的氣體可視為理想氣體，當(dāng)球內(nèi)氣體被快速擠壓時(shí)來(lái)不及與外界熱交換，而緩慢變化時(shí)可認(rèn)為能發(fā)生充分的熱交換。則下列說(shuō)法正確的是（）A.人體快速擠壓健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小B.人體快速擠壓健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大C.人體緩慢離開(kāi)健身球過(guò)程中，球內(nèi)表面單位時(shí)間單位面積上撞擊的分子數(shù)不變D.人體緩慢離開(kāi)健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體對(duì)外放熱【答案】B【解析】AB．人體快速擠壓健身球過(guò)程中，來(lái)不及與外界熱交換，球內(nèi)氣體體積減小，外部對(duì)氣體做功，氣體溫度升高，則壓強(qiáng)變大，球內(nèi)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能增大，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．人體緩慢離開(kāi)健身球過(guò)程中，球內(nèi)氣體能與外界發(fā)生充分的熱交換，則球內(nèi)氣體的溫度不變，體積變大，壓強(qiáng)變小，氣體分子數(shù)密度減小，而分子的平均速率不變，則球內(nèi)表面單位時(shí)間單位面積上撞擊的分子數(shù)減小，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能不變，則球內(nèi)氣體從外界吸熱，故CD錯(cuò)誤。故選B。4.兩塊相互靠近的平行金屬板M、N組成電容器，充電后與電源斷開(kāi)，M板帶正電，N板帶負(fù)電，且電荷量保持不變．如圖所示，板間有一個(gè)用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），小球靜止時(shí)與豎直方向的夾角為θ，忽略帶電小球所帶電荷量對(duì)極板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的影響，則（）A小球帶負(fù)電；若將細(xì)線(xiàn)燒斷，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€(xiàn)運(yùn)動(dòng)B.小球帶正電；若將細(xì)線(xiàn)燒斷，小球?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng)C.若只將N板水平向右平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大D.若只將N板豎直向上平移稍許，電容器的電容將變小，夾角θ將變大【答案】D【解析】AB．因?yàn)樾∏蛳蛴移?，而M板帶正電，故小球帶正電；若將細(xì)線(xiàn)燒斷，則小球?qū)⒀乩K的方向斜向下做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．若只將N板水平向右平移稍許，由公式可知，電容器的電容將變小，而又由可知，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將不變，故夾角θ將不變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．若只將N板豎直向上平移稍許，則因?yàn)镾減小，故根據(jù)板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E將變大，故電場(chǎng)力增大，夾角θ將變大，選項(xiàng)D正確。故選D。5.一輛轎車(chē)在平直公路上由靜止開(kāi)始勻加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到額定功率后保持功率不變，最終做勻速運(yùn)動(dòng)．轎車(chē)在行駛過(guò)程中受到的阻力恒定，關(guān)于轎車(chē)的速度，功率隨時(shí)間的變化規(guī)律正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．設(shè)汽車(chē)的額定功率為P，所受恒定阻力為，牽引力為，勻加速結(jié)束時(shí)的速度為，由于汽車(chē)開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度為，則根據(jù)速度與時(shí)間的關(guān)系可得當(dāng)汽車(chē)的勻加速階段結(jié)束，其速度還未達(dá)到最大值，此時(shí)根據(jù)結(jié)合牛頓第二定律可知，速度將繼續(xù)增大，而牽引力將減小，則加速度將減小，即此后汽車(chē)將做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，直至牽引力等于阻力時(shí)，加速度減小為0，速度達(dá)到最大值，而速度—時(shí)間圖像的斜率表示加速度，因此可知該圖像第一階段為傾斜的直線(xiàn)，第二階段為斜率逐漸減小的向下彎曲的曲線(xiàn)，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)而汽車(chē)在勻加速階段可得而即在勻加速階段有式中，則可知在汽車(chē)勻加速階段汽車(chē)的功率與時(shí)間成正比，即此圖像為過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜直線(xiàn)，而勻加速結(jié)束后，汽車(chē)的功率達(dá)到額定值，此后功率不變，其圖像與時(shí)間軸平行，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。二、不定項(xiàng)選擇題（每題5分，共15分。每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分）6.下表為地球與火星數(shù)據(jù)比較表，地球與火星繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)視做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)表中信息，下列說(shuō)法正確的是（）星球地球火星與太陽(yáng)的平均距離（億km）1.4962.279赤道半徑（km）6.3783.395公轉(zhuǎn)周期1年1.9年自轉(zhuǎn)周期23小時(shí)56分24小時(shí)37分質(zhì)量（地球視為1）10.11體積（地球視為1）10.15赤道平面與公轉(zhuǎn)軌道平面夾角A.地球公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度大于火星公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度B.地球公轉(zhuǎn)的向心加速度大于火星公轉(zhuǎn)的向心加速度C.地球的自轉(zhuǎn)角速度小于火星的自轉(zhuǎn)角速度D.地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度【答案】ABD【解析】A．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有，解得由于火星圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑大于地球圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，故地球公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度大于火星公轉(zhuǎn)的線(xiàn)速度，A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律可得解得由于火星圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑大于地球圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，故地球公轉(zhuǎn)的向心加速度大于火星公轉(zhuǎn)的向心加速度，B正確；C．根據(jù)，可得由于地球的自轉(zhuǎn)周期小于火星的自轉(zhuǎn)周期，故地球的自轉(zhuǎn)角速度大于火星的自轉(zhuǎn)角速度，C錯(cuò)誤；D．在星球表面，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，則有解得地球和火星可知地球表面的重力加速度之比為故地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度，D正確。故選ABD。7.如圖甲所示，理想變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為4：1，電壓表和電流表均為理想交流電表，原線(xiàn)圈接如圖乙所示的正弦交流電，圖中R′為熱敏電阻（溫度升高時(shí)其電阻減?。?，R為定值電阻。下列說(shuō)法正確的是（）A.原線(xiàn)圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為B.變壓器原線(xiàn)圈的輸入功率和副線(xiàn)圈的輸出功率之比為1∶4C.R′處溫度升高時(shí)，電流表的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)變大D.電壓表V2的示數(shù)為9V【答案】AD【解析】A．由圖像可看出交變電壓為正弦圖像，交變電壓的最大值周期則角速度原線(xiàn)圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為，故A正確；B．根據(jù)由能量守恒可知輸入功率和輸出功率相等，故B錯(cuò)誤；C．R′處溫度升高時(shí)，R′的電阻減小，因原線(xiàn)圈的電壓不變，變壓器的原副線(xiàn)圈的匝數(shù)比不變，故副線(xiàn)圈兩端的電壓不變，即電壓表V2的示數(shù)不變，則副線(xiàn)圈回路中的電流增大，故電流表的示數(shù)變大，故C錯(cuò)誤；D．原線(xiàn)圈兩端的電壓為根據(jù)解得則電壓表V2的示數(shù)為9V，故D正確。故選AD。8.下列說(shuō)法正確是（）A.圖①為兩列頻率相同，振幅相同的相干水波于某時(shí)刻疊加。實(shí)線(xiàn)和虛線(xiàn)分別表示波峰和波谷，則此時(shí)c點(diǎn)正處于平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)B.圖②S為在水面上振動(dòng)的波源，M、N為在水面上的兩塊擋板，要使A處水也能發(fā)生振動(dòng)，則波源S的頻率應(yīng)該變小C.圖③是一個(gè)單擺做受迫振動(dòng)，其共振曲線(xiàn)（振幅A與驅(qū)動(dòng)力的頻率f的關(guān)系）圖，由此判斷出該單擺擺長(zhǎng)約為1mD.圖④是豎直肥皂膜的橫截面，用單色光照射薄膜，在薄膜上產(chǎn)生明暗相間的豎直條紋【答案】BC【解析】A．c點(diǎn)是波峰和波谷疊加，兩列波的振動(dòng)相互抵消，即c點(diǎn)處于平衡位置不動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．要使A處水也能發(fā)生振動(dòng)，要求波要發(fā)生衍射，由波長(zhǎng)越長(zhǎng)，越容易衍射，可知因v相同，所以頻率f越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，波越容易發(fā)生衍射，A處水能發(fā)生振動(dòng)，故B正確；C．由圖③知當(dāng)時(shí)發(fā)生共振根據(jù)聯(lián)立得故C正確；D．光從肥皂膜的前后表面反射形成相干光，其路程差與薄膜厚度有關(guān)，在重力作用下，肥皂膜形成上薄下厚的楔形，在同一水平面上厚度相等，形成亮紋（或暗紋），因此，干涉條紋是水平的，故D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷（共60分）9.在“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)中，現(xiàn)有木板、白紙、圖釘、橡皮條、細(xì)繩套和彈簧測(cè)力計(jì)。（1）本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是“等效替代法”，其含義是___________。A．橡皮筋可以用細(xì)繩替代B．左側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果可以替代右側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果C．右側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果可以替代左側(cè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果D．兩彈簧測(cè)力計(jì)共同作用的效果可以用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果替代（2）某次實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)C的指針位置如圖甲所示，其示數(shù)為_(kāi)__________N。（3）在另一次實(shí)驗(yàn)中，兩彈簧測(cè)力計(jì)拉力的圖示已作出（如圖乙所示），方格每邊的長(zhǎng)度表示1.0N，O是橡皮條的一個(gè)端點(diǎn)，則合力F的大小為_(kāi)__________N。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）D（2）2.10（3）7.0【解析】（1）[1]本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是“等效替代法”，其含義是兩彈簧測(cè)力計(jì)共同作用的效果可以用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果替代。故選D。（2）[2]該彈簧測(cè)力計(jì)的分度值為，則其示數(shù)為。（3）[3]根據(jù)平行四邊形，作出合力的示意圖，如圖所示得其合力的理論值為7.0N10.物理實(shí)驗(yàn)一般都涉及實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)器材、實(shí)驗(yàn)操作、數(shù)據(jù)分析等。（1）用電壓表（內(nèi)阻約為5kΩ）和電流表（內(nèi)阻約為2Ω）測(cè)量一段金屬絲的電阻值（約為25Ω）。為了盡量提高測(cè)量精度，應(yīng)該選擇的測(cè)量電路圖是圖______（填“甲”或“乙”）。（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑d，此時(shí)示數(shù)如圖丙所示，則直徑______mm。（3）利用多用電表測(cè)量金屬絲的電阻：選用歐姆擋“”擋進(jìn)行測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大，因此需重新選擇______（填“”或“”）擋，并需重新______調(diào)零后，再次進(jìn)行測(cè)量，若此時(shí)多用電表的指針如圖丁所示，則測(cè)量結(jié)果R為_(kāi)_____Ω。（4）已知該金屬絲的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則該金屬絲的電阻率______（用題中相關(guān)字母R、L、d表示）。【答案】（1）甲（2）0.607##0.608##0.609（3）×1歐姆19.0##19（4）【解析】【小問(wèn)1詳析】因?yàn)榇郎y(cè)電阻約為，由可知為了減小誤差應(yīng)該采用電流表的外接法，即選用甲圖；【小問(wèn)2詳析】由圖丙讀數(shù)可知，金屬絲直徑為（0.607、0.608）【小問(wèn)3詳析】[1]多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大說(shuō)明待測(cè)電阻小則要換成低倍率，故選檔；[2]換倍率后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；[3]根據(jù)圖丙可得歐姆表讀數(shù)為（19）【小問(wèn)4詳析】根據(jù)電阻定律可知可得電阻率為11.如圖所示，半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道豎直固定在水平地面上，下端與水平地面在P點(diǎn)相切，一個(gè)質(zhì)量為的物塊B（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在水平地面上，左端固定有水平輕彈簧，Q點(diǎn)為彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)的左端點(diǎn)，P、Q間的距離為R，PQ段地面粗糙、動(dòng)摩擦因數(shù)為，Q點(diǎn)右側(cè)水平地面光滑，現(xiàn)使質(zhì)量為m的物塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)）從圓弧軌道的最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，重力加速度為g。求：（1）物塊A沿圓弧軌道滑至P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；（2）彈簧被壓縮的最大彈性勢(shì)能（未超過(guò)彈性限度）?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）物塊A從靜止沿圓弧軌道滑至P點(diǎn)，設(shè)物塊A在P點(diǎn)的速度大小為，由機(jī)械能守恒定律有在最低點(diǎn)軌道對(duì)物塊的支持力大小為，由牛頓第二定律有聯(lián)立解得由牛頓第三定律可知在P點(diǎn)物塊對(duì)軌道的壓力大小為。（2）設(shè)物塊A與彈簧接觸前瞬間的速度大小為，由動(dòng)能定理有解得當(dāng)物塊A、物塊B