2024-2025學(xué)年新疆維吾爾自治區(qū)喀什地區(qū)莎車(chē)縣高二上學(xué)期1月期末考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE1莎車(chē)縣2024-2025學(xué)年第一學(xué)期高二年級(jí)期末考試（物理）試卷（理科班）注意事項(xiàng)：1．答題前填寫(xiě)好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息；2．請(qǐng)將答案正確填寫(xiě)在答題卡上。一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一根長(zhǎng)0.1m的通電導(dǎo)線中的電流為20A，這條導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，所受的磁場(chǎng)力為0.02N，則磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（）A.0.01T B.0.04T C.25T D.100T【答案】A【解析】由F=BIL可知，解得磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.01T故選A。2.如圖所示，在輪船的船舷和碼頭的岸邊一般都固定有橡膠輪胎，輪船駛向碼頭?？繒r(shí)與碼頭發(fā)生碰撞，對(duì)于這些輪胎的作用，下列說(shuō)法正確的是（）A.減小輪船與碼頭碰撞過(guò)程中所受的沖量B.減小輪船與碼頭碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化量C.延長(zhǎng)輪船與碼頭碰撞時(shí)的作用時(shí)間，以減小碰撞時(shí)輪船與碼頭之間的作用力D.增大輪船與碼頭碰撞時(shí)受到的作用力【答案】C【解析】AB．對(duì)輪船靠岸與碼頭碰撞的過(guò)程，輪船的初、末速度不會(huì)受輪胎影響，輪船的動(dòng)量變化量相同，根據(jù)動(dòng)量定理，輪船受到的沖量也相同，A、B錯(cuò)誤；CD．輪胎可以起到緩沖作用，延長(zhǎng)輪船與碼頭碰撞時(shí)的作用時(shí)間，從而減小輪船因碰撞受到的作用力，C正確、D錯(cuò)誤。3.以下關(guān)于四幅圖的說(shuō)法，正確的是（）A.圖甲中禮花彈爆炸的瞬間機(jī)械能守恒B.圖乙中A、B用壓縮的彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A的動(dòng)量守恒C.圖丙中子彈擊穿木球的過(guò)程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.圖丁中小車(chē)位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車(chē)、人和球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒【答案】C【解析】A．圖甲中禮花彈爆炸的瞬間，有化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中A、B用壓縮的彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A、B組成的系統(tǒng)滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，但A的動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中子彈擊穿木球的過(guò)程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)可認(rèn)為所受外力之和為零，系統(tǒng)滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，故C正確；D．圖丁中小車(chē)位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車(chē)、人和球組成的系統(tǒng)滿(mǎn)足水平方向動(dòng)量守恒，但豎直方向系統(tǒng)不滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，故D錯(cuò)誤。故鄉(xiāng)C。4.紅、橙、黃、綠四種單色光中，光子能量最大是（）A.紅光 B.橙光 C.黃光 D.綠光【答案】D【解析】紅、橙、黃、綠四種單色光中，綠光的波長(zhǎng)最小，頻率最大，根據(jù)可知，綠光的光子能量最大，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。5.斯諾克運(yùn)動(dòng)深受年輕人的喜愛(ài)，如圖所示選手將質(zhì)量為m的A球以速度v與質(zhì)量為m靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰撞后B球的速度為（）A.v B.2v C.0.5v D.0.2v【答案】A【解析】?jī)汕虬l(fā)生彈性碰撞，則碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以A的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv=mvA+mvB，由機(jī)械能守恒定律得：，解得：vA=0，vB=v；A．v，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B．2v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．0.5v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．0.2v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；6.某一單擺的振動(dòng)圖像如圖所示，則該單擺的（）A.擺長(zhǎng)為0.1m B.周期為1.25sC.頻率為1Hz D.振幅是4cm【答案】C【解析】BCD．由圖像可知，單擺的周期T=1s頻率為振幅為A=2cm選項(xiàng)C正確，BD錯(cuò)誤；A．根據(jù)可知選項(xiàng)A錯(cuò)誤。7.如圖所示的各圖所描述的物理情境中，產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A.甲圖中開(kāi)關(guān)S閉合穩(wěn)定后，線圈N中B.乙圖矩形導(dǎo)電線圈平面垂直于磁場(chǎng)方向向右平移中C.丙圖金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng)，金屬框中D.丁圖矩形導(dǎo)電線圈繞水平軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)中【答案】C【解析】A．甲圖中開(kāi)關(guān)S閉合穩(wěn)定后，穿過(guò)線圈N的磁通量保持不變，所以線圈N中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．乙圖矩形導(dǎo)電線圈平面垂直于磁場(chǎng)方向向右平移中，穿過(guò)線圈平面磁通量不變，所以線圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．丙圖金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng)，金屬框中磁通量發(fā)生變化，所以會(huì)在金屬框中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C正確；D．丁圖矩形導(dǎo)電線圈繞水平軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)中，穿過(guò)線圈的磁通量始終為零，所以在線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選C。8.下列關(guān)于波的說(shuō)法正確的是()A.當(dāng)波長(zhǎng)比孔的寬度小得越多時(shí)，波的衍射越明顯B.只要是兩列波疊加，都能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣C.當(dāng)波源與觀察者相互接近時(shí)，觀察到頻率變小，音調(diào)變低D.一切種類(lèi)的波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象【答案】D【解析】A．當(dāng)波長(zhǎng)比孔的寬度大得越多時(shí)，波的衍射越明顯，故A錯(cuò)誤；B．只要是兩列頻率相同的波疊加，都能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)波源與觀察者相互接近時(shí)，觀察到的頻率變大，音調(diào)變高，故C錯(cuò)誤；D．干涉和衍射是波特有的，一切種類(lèi)的波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象，故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題有4道小題，每小題至少有一項(xiàng)符合題目要求，每題4分，共16分）9.圖中1、2、3分別代表入射波、反射波、折射波的波線，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.1與2的波長(zhǎng)、頻率相等，但波速不等B.1與2的波速、頻率、波長(zhǎng)均相等C.2與3的波速、頻率、波長(zhǎng)均相等D.2與3的頻率相等，波速、波長(zhǎng)均不等【答案】BD【解析】AB．波1、2都在介質(zhì)a中傳播，故1、2的頻率、波速、波長(zhǎng)均相等，A錯(cuò)誤，B正確；CD．2、3是在兩種不同介質(zhì)中傳播，波速不同，但波源沒(méi)變，因而頻率相等，由v=λf得波長(zhǎng)不同，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.關(guān)于能量和能源，下列說(shuō)法正確的是（）A.能量耗散會(huì)導(dǎo)致能量品質(zhì)降低B.可持續(xù)發(fā)展的核心是追求發(fā)展與資源、環(huán)境的平衡C.煤炭、石油等石化能源是清潔的、可再生能源D.能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過(guò)程中總量保持不變，所以沒(méi)有必要節(jié)約能源【答案】AB【解析】A．能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過(guò)程中，其總量保持不變，但品質(zhì)越來(lái)越差，即可利用率越來(lái)越低，故A正確；B．可持續(xù)發(fā)展的核心是追求發(fā)展與資源、環(huán)境的平衡，故B正確；C．煤炭、石油等石化能源是不可再生能源，故C錯(cuò)誤；D．能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過(guò)程中總量保持不變，但能量的轉(zhuǎn)化具有方向性，所以需要節(jié)約能源，故D錯(cuò)誤。故選AB。11.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，周期為2s，t=0時(shí)刻的波形曲線如圖所示，此時(shí)介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)b向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的波速為1.0m/sB.該波沿x軸正方向傳播C.t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)c速度為零D.t=0.5s時(shí)介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)a向y軸正方向運(yùn)動(dòng)【答案】AC【解析】A．該波的波速為故A正確；B．介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)b向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)“上下坡”法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故B錯(cuò)誤；C．t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)a處于波峰，質(zhì)點(diǎn)c處于波谷，二者速度均為零，故C正確；D．由于0.5s等于四分之一周期，所以t=0.5s時(shí)介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)a回到平衡位置，且向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，R1為熱敏電阻（阻值隨溫度升高而減?。琑2和R3均為定值電阻，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為R，電壓表和電流表均為理想電表。如果R1的溫度升高，則（）A.電壓表示數(shù)減小B.電壓表示數(shù)增大C.電流表示數(shù)減小D.電流表示數(shù)增大【答案】AD【解析】如果R1的溫度升高，則阻值減小，總電阻減小，總電流變大，即電流表示數(shù)增大，內(nèi)阻以及R2的電壓變大，則電壓表讀數(shù)減小。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)探究題（本題共計(jì)2小題，每空2分，共計(jì)16分，）13.在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量速度的方法來(lái)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置和原理如圖所示。（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則要求m1______m2，r1______r2（選填“”、“”和“”）。（2）用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1、m2，實(shí)驗(yàn)中分別找到m1碰前的平均落地點(diǎn)P和m1、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置，經(jīng)測(cè)量，小球的落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為OP、OM、ON。通過(guò)驗(yàn)證等式______成立，從而驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律?！敬鸢浮浚?）>=（2）【解析】（1）[1]為防止兩球碰撞后入射小球反彈，所以入射小球質(zhì)量應(yīng)大于被碰小球質(zhì)量，即[2]為使兩球發(fā)生對(duì)心正碰，兩球半徑應(yīng)相等，即。（2）由圖可知，P是入射小球碰撞前的落點(diǎn)，M是入射小球碰撞后的落點(diǎn)，N是被碰小球碰撞后的落點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證兩邊同時(shí)乘以小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t，可得14.小李同學(xué)在“用單擺測(cè)定重力加速度”實(shí)驗(yàn)中：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)實(shí)驗(yàn)所用的勻質(zhì)小球的直徑D，如圖1所示，則小球的直徑D是_____mm。（2）下列做法正確的是_____。（填正確答案的標(biāo)號(hào)）A.為減少誤差應(yīng)選用輕質(zhì)小球B.記錄擺球完成一次全振動(dòng)的時(shí)間C.選用的細(xì)線應(yīng)細(xì)、質(zhì)量小，且不易伸長(zhǎng)D.從擺球到達(dá)最高位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)（3）如果他在實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次，測(cè)得的g值______（填“偏大”或“偏小”或“準(zhǔn)確”）（4）實(shí)驗(yàn)時(shí)改變擺長(zhǎng)，測(cè)出幾組擺線長(zhǎng)度l和對(duì)應(yīng)周期T的數(shù)據(jù)作出l-T2圖像。如圖2，利用圖2中給出的坐標(biāo)求出重力加速度，其表達(dá)式g=_____。（用T1、T2、l1、l2、D、表示）若該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作步驟完全正確，那么縱軸截距的絕對(duì)值是_____。（用D表示）【答案】（1）12.5（2）C（3）偏大（4）【解析】（1）小球的直徑D是（2）A．為減少誤差應(yīng)選用密度大的小球，A錯(cuò)誤；B．記錄擺球完成多次全振動(dòng)的時(shí)間，然后取平均值求周期，B錯(cuò)誤；C．選用的細(xì)線應(yīng)細(xì)、質(zhì)量小，且不易伸長(zhǎng)，C正確；D．在擺球到達(dá)最低位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，此時(shí)速度大，誤差小，D錯(cuò)誤。故選C。（3）根據(jù)單擺的周期公式解得如果他在實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次，測(cè)得的g偏大。（4）根據(jù)單擺的周期公式解得結(jié)合l-T2圖像可知其斜率為解得圖像縱軸截距的絕對(duì)值是小球的半徑四、解答題（本題共計(jì)4小題，共計(jì)36分，）15.人們對(duì)手機(jī)的依賴(lài)性越來(lái)越強(qiáng)，有些人喜歡躺著看手機(jī)，經(jīng)常出現(xiàn)手機(jī)砸到頭部的情況，如圖所示。若手機(jī)質(zhì)量為120g，從離人約20cm的高度無(wú)初速度掉落，砸到頭部后手機(jī)未反彈，頭部受到手機(jī)的沖擊時(shí)間約為0.2s，取重力加速度，求：（1）手機(jī)接觸頭部之前的速度大?。唬?）手機(jī)對(duì)頭部的作用力大小。【答案】（1）2m/s；（2）2.4N，方向豎直向下【解析】（1）由題知手機(jī)下落做自由落體運(yùn)動(dòng)代入數(shù)據(jù)解得手機(jī)接觸頭部之前的速度（2）規(guī)定豎直向下為正方向，對(duì)手機(jī)根據(jù)動(dòng)量定理得代入數(shù)據(jù)解得頭部對(duì)手機(jī)的負(fù)號(hào)表示方向，故F方向豎直向上。由牛頓第三定律可得，手機(jī)對(duì)頭部的作用力大小2.4N，方向豎直向下。16.某直流電動(dòng)機(jī)提升重物的裝置如圖，重物質(zhì)量為，電源電壓恒為，不計(jì)各處摩擦，當(dāng)電動(dòng)機(jī)以的速率勻速提升重物時(shí)，電路中的電流強(qiáng)度為。求：（1）電動(dòng)機(jī)消耗總功率；（2）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率；（3）電動(dòng)機(jī)線圈的電阻。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）電動(dòng)機(jī)消耗總功率為（2）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為（3）電動(dòng)機(jī)線圈電阻消耗的功率為又解得電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為17.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播。t=0時(shí)刻波源開(kāi)始振動(dòng)，0～4s內(nèi)波源的振動(dòng)圖像如圖甲，t=4s時(shí)刻的波形圖如圖乙。（1）該波的傳播速度；（2）波源在0～6s內(nèi)通過(guò)的路程；（3）x=6m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰的時(shí)刻。【答案】（1）0.5m/s；（2）24cm；（3）13s【解析】（1）由圖甲可知該波的周期為由圖乙可知該波的波長(zhǎng)為則該波的傳播速度為（2）由圖甲可知該波的振幅為由于則波源在0～6s內(nèi)通過(guò)的路程為（3）由題圖甲、乙知，時(shí)波峰在1.5m處，該波峰要傳到6m處，需要的時(shí)間為所以處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰的時(shí)刻為18.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧兩端連著木塊A和B，放在光滑水平面上，一顆子彈以水平速度射入木塊A并留在其中，已知A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為2m，子彈的質(zhì)量為m，則當(dāng)彈簧壓縮最短時(shí)，求：（1）系統(tǒng)的共同速度是多大；（2）彈簧的彈性勢(shì)能為多少；（3）全過(guò)程系統(tǒng)損失的動(dòng)能為多少？【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）根據(jù)題意可知，整個(gè)過(guò)程系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律有解得（2）根據(jù)題意可知，子彈射入木塊A的過(guò)程中，子彈和木塊A組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律有解得當(dāng)物塊A與物塊B速度相等時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，由能量守恒定律有（3）全過(guò)程系統(tǒng)損失的動(dòng)能為莎車(chē)縣2024-2025學(xué)年第一學(xué)期高二年級(jí)期末考試（物理）試卷（理科班）注意事項(xiàng)：1．答題前填寫(xiě)好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息；2．請(qǐng)將答案正確填寫(xiě)在答題卡上。一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一根長(zhǎng)0.1m的通電導(dǎo)線中的電流為20A，這條導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，所受的磁場(chǎng)力為0.02N，則磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（）A.0.01T B.0.04T C.25T D.100T【答案】A【解析】由F=BIL可知，解得磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.01T故選A。2.如圖所示，在輪船的船舷和碼頭的岸邊一般都固定有橡膠輪胎，輪船駛向碼頭?？繒r(shí)與碼頭發(fā)生碰撞，對(duì)于這些輪胎的作用，下列說(shuō)法正確的是（）A.減小輪船與碼頭碰撞過(guò)程中所受的沖量B.減小輪船與碼頭碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化量C.延長(zhǎng)輪船與碼頭碰撞時(shí)的作用時(shí)間，以減小碰撞時(shí)輪船與碼頭之間的作用力D.增大輪船與碼頭碰撞時(shí)受到的作用力【答案】C【解析】AB．對(duì)輪船靠岸與碼頭碰撞的過(guò)程，輪船的初、末速度不會(huì)受輪胎影響，輪船的動(dòng)量變化量相同，根據(jù)動(dòng)量定理，輪船受到的沖量也相同，A、B錯(cuò)誤；CD．輪胎可以起到緩沖作用，延長(zhǎng)輪船與碼頭碰撞時(shí)的作用時(shí)間，從而減小輪船因碰撞受到的作用力，C正確、D錯(cuò)誤。3.以下關(guān)于四幅圖的說(shuō)法，正確的是（）A.圖甲中禮花彈爆炸的瞬間機(jī)械能守恒B.圖乙中A、B用壓縮的彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A的動(dòng)量守恒C.圖丙中子彈擊穿木球的過(guò)程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.圖丁中小車(chē)位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車(chē)、人和球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒【答案】C【解析】A．圖甲中禮花彈爆炸的瞬間，有化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中A、B用壓縮的彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A、B組成的系統(tǒng)滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，但A的動(dòng)量不守恒，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中子彈擊穿木球的過(guò)程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)可認(rèn)為所受外力之和為零，系統(tǒng)滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，故C正確；D．圖丁中小車(chē)位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車(chē)、人和球組成的系統(tǒng)滿(mǎn)足水平方向動(dòng)量守恒，但豎直方向系統(tǒng)不滿(mǎn)足動(dòng)量守恒，故D錯(cuò)誤。故鄉(xiāng)C。4.紅、橙、黃、綠四種單色光中，光子能量最大是（）A.紅光 B.橙光 C.黃光 D.綠光【答案】D【解析】紅、橙、黃、綠四種單色光中，綠光的波長(zhǎng)最小，頻率最大，根據(jù)可知，綠光的光子能量最大，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。5.斯諾克運(yùn)動(dòng)深受年輕人的喜愛(ài)，如圖所示選手將質(zhì)量為m的A球以速度v與質(zhì)量為m靜止的B球發(fā)生彈性碰撞，碰撞后B球的速度為（）A.v B.2v C.0.5v D.0.2v【答案】A【解析】?jī)汕虬l(fā)生彈性碰撞，則碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以A的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mv=mvA+mvB，由機(jī)械能守恒定律得：，解得：vA=0，vB=v；A．v，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B．2v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．0.5v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．0.2v，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；6.某一單擺的振動(dòng)圖像如圖所示，則該單擺的（）A.擺長(zhǎng)為0.1m B.周期為1.25sC.頻率為1Hz D.振幅是4cm【答案】C【解析】BCD．由圖像可知，單擺的周期T=1s頻率為振幅為A=2cm選項(xiàng)C正確，BD錯(cuò)誤；A．根據(jù)可知選項(xiàng)A錯(cuò)誤。7.如圖所示的各圖所描述的物理情境中，產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A.甲圖中開(kāi)關(guān)S閉合穩(wěn)定后，線圈N中B.乙圖矩形導(dǎo)電線圈平面垂直于磁場(chǎng)方向向右平移中C.丙圖金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng)，金屬框中D.丁圖矩形導(dǎo)電線圈繞水平軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)中【答案】C【解析】A．甲圖中開(kāi)關(guān)S閉合穩(wěn)定后，穿過(guò)線圈N的磁通量保持不變，所以線圈N中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．乙圖矩形導(dǎo)電線圈平面垂直于磁場(chǎng)方向向右平移中，穿過(guò)線圈平面磁通量不變，所以線圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．丙圖金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng)，金屬框中磁通量發(fā)生變化，所以會(huì)在金屬框中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C正確；D．丁圖矩形導(dǎo)電線圈繞水平軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)中，穿過(guò)線圈的磁通量始終為零，所以在線圈中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選C。8.下列關(guān)于波的說(shuō)法正確的是()A.當(dāng)波長(zhǎng)比孔的寬度小得越多時(shí)，波的衍射越明顯B.只要是兩列波疊加，都能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣C.當(dāng)波源與觀察者相互接近時(shí)，觀察到頻率變小，音調(diào)變低D.一切種類(lèi)的波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象【答案】D【解析】A．當(dāng)波長(zhǎng)比孔的寬度大得越多時(shí)，波的衍射越明顯，故A錯(cuò)誤；B．只要是兩列頻率相同的波疊加，都能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉圖樣，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)波源與觀察者相互接近時(shí)，觀察到的頻率變大，音調(diào)變高，故C錯(cuò)誤；D．干涉和衍射是波特有的，一切種類(lèi)的波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象，故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題有4道小題，每小題至少有一項(xiàng)符合題目要求，每題4分，共16分）9.圖中1、2、3分別代表入射波、反射波、折射波的波線，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.1與2的波長(zhǎng)、頻率相等，但波速不等B.1與2的波速、頻率、波長(zhǎng)均相等C.2與3的波速、頻率、波長(zhǎng)均相等D.2與3的頻率相等，波速、波長(zhǎng)均不等【答案】BD【解析】AB．波1、2都在介質(zhì)a中傳播，故1、2的頻率、波速、波長(zhǎng)均相等，A錯(cuò)誤，B正確；CD．2、3是在兩種不同介質(zhì)中傳播，波速不同，但波源沒(méi)變，因而頻率相等，由v=λf得波長(zhǎng)不同，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.關(guān)于能量和能源，下列說(shuō)法正確的是（）A.能量耗散會(huì)導(dǎo)致能量品質(zhì)降低B.可持續(xù)發(fā)展的核心是追求發(fā)展與資源、環(huán)境的平衡C.煤炭、石油等石化能源是清潔的、可再生能源D.能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過(guò)程中總量保持不變，所以沒(méi)有必要節(jié)約能源【答案】AB【解析】A．能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過(guò)程中，其總量保持不變，但品質(zhì)越來(lái)越差，即可利用率越來(lái)越低，故A正確；B．可持續(xù)發(fā)展的核心是追求發(fā)展與資源、環(huán)境的平衡，故B正確；C．煤炭、石油等石化能源是不可再生能源，故C錯(cuò)誤；D．能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移過(guò)程中總量保持不變，但能量的轉(zhuǎn)化具有方向性，所以需要節(jié)約能源，故D錯(cuò)誤。故選AB。11.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，周期為2s，t=0時(shí)刻的波形曲線如圖所示，此時(shí)介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)b向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的波速為1.0m/sB.該波沿x軸正方向傳播C.t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)a和質(zhì)點(diǎn)c速度為零D.t=0.5s時(shí)介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)a向y軸正方向運(yùn)動(dòng)【答案】AC【解析】A．該波的波速為故A正確；B．介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)b向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)“上下坡”法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故B錯(cuò)誤；C．t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)a處于波峰，質(zhì)點(diǎn)c處于波谷，二者速度均為零，故C正確；D．由于0.5s等于四分之一周期，所以t=0.5s時(shí)介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)a回到平衡位置，且向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，R1為熱敏電阻（阻值隨溫度升高而減?。?，R2和R3均為定值電阻，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為R，電壓表和電流表均為理想電表。如果R1的溫度升高，則（）A.電壓表示數(shù)減小B.電壓表示數(shù)增大C.電流表示數(shù)減小D.電流表示數(shù)增大【答案】AD【解析】如果R1的溫度升高，則阻值減小，總電阻減小，總電流變大，即電流表示數(shù)增大，內(nèi)阻以及R2的電壓變大，則電壓表讀數(shù)減小。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)探究題（本題共計(jì)2小題，每空2分，共計(jì)16分，）13.在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量速度的方法來(lái)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置和原理如圖所示。（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則要求m1______m2，r1______r2（選填“”、“”和“”）。（2）用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量m1、m2，實(shí)驗(yàn)中分別找到m1碰前的平均落地點(diǎn)P和m1、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置，經(jīng)測(cè)量，小球的落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為OP、OM、ON。通過(guò)驗(yàn)證等式______成立，從而驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。【答案】（1）>=（2）【解析】（1）[1]為防止兩球碰撞后入射小球反彈，所以入射小球質(zhì)量應(yīng)大于被碰小球質(zhì)量，即[2]為使兩球發(fā)生對(duì)心正碰，兩球半徑應(yīng)相等，即。（2）由圖可知，P是入射小球碰撞前的落點(diǎn)，M是入射小球碰撞后的落點(diǎn)，N是被碰小球碰撞后的落點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證兩邊同時(shí)乘以小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t，可得14.小李同學(xué)在“用單擺測(cè)定重力加速度”實(shí)驗(yàn)中：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)實(shí)驗(yàn)所用的勻質(zhì)小球的直徑D，如圖1所示，則小球的直徑D是_____mm。（2）下列做法正確的是_____。（填正確答案的標(biāo)號(hào)）A.為減少誤差應(yīng)選用輕質(zhì)小球B.記錄擺球完成一次全振動(dòng)的時(shí)間C.選用的細(xì)線應(yīng)細(xì)、質(zhì)量小，且不易伸長(zhǎng)D.從擺球到達(dá)最高位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)（3）如果他在實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次，測(cè)得的g值______（填“偏大”或“偏小”或“準(zhǔn)確”）（4）實(shí)驗(yàn)時(shí)改變擺長(zhǎng)，測(cè)出幾組擺線長(zhǎng)度l和對(duì)應(yīng)周期T的數(shù)據(jù)作出l-T2圖像。如圖2，利用圖2中給出的坐標(biāo)求出重力加速度，其表達(dá)式g=_____。（用T1、T2、l1、l2、D、表示）若該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作步驟完全正確，那么縱軸截距的絕對(duì)值是_____。（用D表示）【答案】（1）12.5（2）C（3）偏大（4）【解析】（1）小球的直徑D是（2）A．為減少誤差應(yīng)選用密度大的小球，A錯(cuò)誤；B．記錄擺球完成多次全振動(dòng)的時(shí)間，然后取平均值求周期，B錯(cuò)誤；C．選用的細(xì)線應(yīng)細(xì)、質(zhì)量小，且不易伸長(zhǎng)，C正確；D．在擺球到達(dá)最低位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，此時(shí)速度大，誤差小，D錯(cuò)誤。故選C。（3）根據(jù)單擺的周期公式解得如果他在實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次，測(cè)得的g偏大。（4）根據(jù)單擺的周期公式解得結(jié)合l-T2圖像可知其斜率為解得圖像縱軸截距的絕對(duì)值是小球的半徑四