2024-2025學年湖南省岳陽市臨湘市高二下學期開學物理試題（解析版）

高級中學名校試題PAGEPAGE12025年高二下學期物理入學考試試卷一、單選題1.從2023年起，每年的4月23日將被命名為世界乒乓球日。關于乒乓球運動，下列說法正確的是（）A.球拍對乒乓球的彈力越大，乒乓球的動量變化一定越大B.球拍將飛來的乒乓球以原速率反向擊出的過程，乒乓球的動量和動能均保持不變C.乒乓球被球拍擊打出的過程，球拍對乒乓球的沖量大小大于乒乓球對球拍的沖量大小D.一次擊球過程中，球拍對乒乓球的沖量大小等于乒乓球對球拍的沖量大小【答案】D【解析】A．由動量定理有則有可知，乒乓球的動量變化量等于合外力的沖量，即乒乓球的動量變化量除了與力的大小方向有關，還與力的作用時間有關，故A錯誤；B．動量是矢量，既有大小又有方向，當球拍以原速率反向擊出的過程，乒乓球的速率不變，但是方向發(fā)生了改變，因此乒乓球的動量發(fā)生了改變，故B錯誤；CD．用球拍打擊球時，球拍對乒乓球的力與乒乓球對球拍的力是一對相互作用力，大小相等、作用時間相同、沖量大小相等，故C錯誤，D正確。故選D。2.如圖所示，閉合開關S，將條形磁鐵兩次插入閉合線圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且兩次的起始和終止位置相同，則()A.第一次磁通量變化較大B.第一次G的最大偏角較大C.第一次經過G的總電荷量較多D.若開關S斷開，G不偏轉，故兩次均無感應電動勢【答案】B【解析】因兩次的起始和終止位置相同,所以磁感應強度變化量相同,由知:兩次磁通量變化相同,故A錯誤；因磁通量變化相同，匝數n相同，，根據和知，第一次G的最大偏角較大，故B正確；根據可知:經過G的總電量相同，故C錯誤；有無感應電動勢產生的條件是穿過回路的磁通量發(fā)生變化，電路無需閉合，兩次穿過回路的磁通量均發(fā)生了變化，故D錯誤．所以選B．3.顯像管原理的示意圖如圖所示，當沒有磁場時，電子束將打在熒光屏正中的O點，安裝在管徑上的偏轉線圈可以產生磁場，使電子束發(fā)生偏轉。設垂直紙面向里的磁場方向為正方向，若使電子打在熒光屏上的位置由b點逐漸移動到a點，下列變化的磁場能夠使電子發(fā)生上述偏轉的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】高速電子流打在熒光屏上的位置由b點逐漸移動到a點，所以電子先受到向下的洛倫茲力，且逐漸減弱為零，后受到向上的洛倫茲力，且逐漸增強。根據左手定則可以判斷，磁場的方向先垂直紙面向里，方向為正，且逐漸減弱為零，后來磁場的方向垂直紙面向外，方向為負，且逐漸增強，故C正確，ABD錯誤。故選C。4.如圖所示，物體A置于物體B上，一輕質彈簧一端固定，另一端與B相連，在彈性限度內，A和B一起在光滑水平面上做往復運動（不計空氣阻力），A、B之間始終保持相對靜止，彈簧的勁度系數為k，A和B的質量分別為m和M（M≠m），A和B之間的最大靜摩擦力為fm，則下列說法正確的是（）A.A對B靜摩擦力對B不做功，而B對A的靜摩擦力對A做功B.A和B一起（相對靜止）振動的振幅不能大于C當彈簧最短時迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡諧運動振幅與取下A前相同D.當彈簧最短時迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡諧運動周期與取下A前相同【答案】C【解析】A．A對B的靜摩擦力和B對A的靜摩擦力都沿水平方向，二者振動過程中沿所受靜摩擦力的方向運動，所受的靜摩擦力均做功，故A錯誤；B．設A和B一起（相對靜止）振動的最大振幅為A，當二者運動到最大位移處時，對A和整體分別根據牛頓第二定律有聯立得故B錯誤；CD．當彈簧最短時迅速將物塊A取下，物塊B做簡諧運動的最大位移處與平衡位置均不變，故物塊B做簡諧運動的振幅不變，但由于物塊B的質量小于A和B的質量之和，故物塊B經過同一位置（除平衡位置外）時的加速度變大，故物塊B做簡諧運動周期變小，故C正確，D錯誤。故選C。5.如圖所示，有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強電場，當偏轉電壓為U1時，帶電粒子沿軌跡①從兩板正中間飛出；當偏轉電壓為U2時，帶電粒子沿軌跡②落到B板中間。設粒子兩次射入電場的水平速度相同，不計粒子重力，則兩次偏轉電壓之比為（）A.U1∶U2=1∶8 B.U1∶U2=1∶4C.U1∶U2=1∶2 D.U1∶U2=1∶1【答案】A【解析】根據x=v0t可知，兩種情況下帶電粒子的運動時間之比t1∶t2=2∶1偏轉距離之比y1∶y2=1∶2由得兩種情況下粒子的加速度之比由于U∝a，故U1∶U2=1∶8故選A。6.一電阻接到方波交流電源上，在一個周期內產生的熱量為Q方；若該電阻接到正弦交流電源上，在一個周期內產生的熱量為，該電阻上電壓的峰值均為u0，周期均為T，如圖所示。則Q方∶Q正等于（）A.1∶ B.∶1 C.1∶2 D.2∶1【答案】D【解析】由有效值概念知，一個周期內產生的熱量可得故D正確，ABC錯誤。故選D。二、多選題7.如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，MN的左邊有一如圖所示的閉合電路，當PQ在一外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是()A.向右加速運動 B.向左加速運動C.向右減速運動 D.向左減速運動【答案】BC【解析】根據安培定則可知，ab在右側產生的磁場方向為垂直向里，有因為MN向右運動，根據左手定則可判斷MN中感應電流方向由M到N。由安培定則可知L1中感應電流產生的磁場方向向上，由楞次定律可知L2中感應電流產生的磁場方向向上并減弱或向下并增強。如果L2中磁場向上減弱，根據安培定則可知PQ中感應電流為Q到P且減小，再根據右手定則可知PQ向右減速運動；如果L2中磁場向下增強，根據安培定則可知PQ中感應電流為P到Q且增大，再根據右手定則可知PQ向左加速運動，AD錯誤，BC正確。故選BC。8.質譜儀是測量帶電粒子的質量和分析同位素的重要工具。圖為質譜儀的原理示意圖，現利用這種質譜儀對氫元素進行測量。氫元素的各種同位素從容器A下方的小孔S由靜止飄入電勢差為U的加速電場，經加速后垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中。氫的三種同位素最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條“質譜線”。關于三種同位素進入磁場時速度大小的排列順序和a、b、c三條“質譜線”的排列順序，下列判斷正確的是（）A.進入磁場時速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚B.進入磁場時速度從大到小排列的順序是氚、氘、氕C.a、b、c三條質譜線依次排列順序是氚、氘、氕D.a、b、c三條質譜線依次排列的順序是氕、氘、氚【答案】AC【解析】AB．加速電場加速后進入磁場，由動能定理：解得：三種同位素電荷量相同，則質量大的速度小，進入磁場時速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚，A正確，B錯誤；CD．進入磁場后，洛倫茲力提供向心力：解得：質量大的半徑大，即a、b、c三條質譜線依次排列的順序是氚、氘、氕，C正確，D錯誤。故選AC。9.如圖所示，空間存在水平向左的勻強電場E和垂直紙面向外的勻強磁場B，在豎直平面內從a點沿ab，ac方向拋出兩帶電小球，不考慮兩帶電小球間的相互作用，兩小球電荷量始終不變，關于小球的運動，下列說法正確的是（??）A.沿ab、ac方向拋出的帶電小球都可能做直線運動B.若沿ab做直線運動，則小球帶正電，且一定做勻速運動C.若沿ac做直線運動，則小球帶負電，可能做勻加速運動D.兩小球在運動過程中機械能均保持不變【答案】AB【解析】ABC．沿ab方向拋出的帶電小球，根據左手定則及正電荷所受的電場力的方向與電場強度方向相同可知，只有帶正電，小球受向下的重力、向左的電場力和垂直ab斜向右上方的洛倫茲力才可能平衡；同理而沿ac方向拋出的帶電小球，帶負電時，才能做直線運動，因速度影響洛倫茲力大小，所以做直線運動時必然是做勻速直線運動，故AB正確，C錯誤；D．在運動過程中，因電場力做功，導致小球的機械能不守恒，故D錯誤。故選AB。10.如圖，兩條平行導軌所在平面與水平地面的夾角為θ，間距為L。導軌上端接有一平行板電容器，電容為C。導軌處于勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向垂直于導軌平面。在導軌上放置一質量為m的金屬棒，棒可沿導軌下滑，且在下滑過程中保持與導軌垂直并良好接觸。已知金屬棒與導軌之間的動摩擦因數為μ，重力加速度大小為g。忽略所有電阻。讓金屬棒從導軌上端由靜止開始下滑，則以下說法正確的是（）A.金屬棒先做變加速運動，最后做勻速運動B.金屬棒一直做勻加速運動，加速度為C.當金屬棒下滑的速度大小為v時，電容器的電荷量為CBLvD.金屬棒在t時刻的速度大小為【答案】CD【解析】AB．設金屬棒的速度大小為v1時，經歷的時間為t1，通過金屬棒的電流為I1，金屬棒受到的磁場力方向沿導軌向上，大小為f1=BLI1設在時間間隔（t1，t1+t）內流經金屬棒的電荷量為Q，則Q=CBLv按定義有Q也是平行板電容器極板在時間間隔（t1，t1+t）內增加的電荷量，由上式可得，v為金屬棒的速度變化量。金屬棒所受到的摩擦力方向沿導軌斜面向上，大小為f=μmgcosθ金屬棒在時刻t1的加速度方向沿斜面向下，設其大小為a，根據牛頓第二定律有mgsinθ﹣f1﹣f=ma又聯立解得mgsinθ﹣μmgcosθ=CB2L2a+ma聯立上此式可得可知，金屬棒做初速度為零的勻加速運動。故AB錯誤；C．感應電動勢為E=BLv平行板電容器兩極板之間的電勢差為U=E設此時電容器極板上積累的電荷量為Q，按定義有聯立可得Q=CBLv故C正確；D．金屬棒在t時刻的速度大小為故D正確。三、非選擇題11.研究小組在測量某一均勻圓柱金屬導體電阻率時獲得以下數據：（1）若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數：______V若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數：______A。（2）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量結果如圖所示，其讀數為______mm。（3）用游標卡尺測量其長度，測量結果如圖所示，其讀數為______mm。【答案】（1）2.500.36（2）0.400（3）14.50【解析】（1）[1]若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數為2.50V。[2]若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數為0.36A。（2）[3]螺旋測微器讀數為40.0×0.01mm=0.400mm（3）[4]游標卡尺讀數為12.某同學在物理實驗室找到一個熱敏電阻（圖中符號TC），想研究其電阻隨溫度變化的關系。按照下圖連接了實驗器材，圖中為定值電阻，電壓表視為理想電壓表。（1）為了使熱敏電阻兩端的電壓可從零開始調節(jié)。請在圖中添加一根導線改進該實驗__________。（2）正確添加導線后，閉合開關，將滑動變阻器R的滑片調至適當位置，讀出并記錄兩電壓表，的示數，。則熱敏電阻的阻值可以表示為__________（用，、表示）。（3）該同學查閱相關資料，發(fā)現熱敏電阻分為正溫度系數電阻（阻值隨溫度升高而增大）和負溫度系數電阻（阻值隨溫度升高而減?。﹥煞N，同時了解溫度一定時流過熱敏電阻的電流大小也會影響電阻值。為了判斷該熱敏電阻的種類，用控溫箱升高熱敏電阻的溫度后，該同學應采取的實驗步驟及判斷方法是__________?！敬鸢浮浚?）（2）（3）調節(jié)滑動變阻器阻值，使電壓表示數與之前相同，若示數變大，則為正溫度系數電阻，反之則為負溫度系數電阻【解析】（1）為了使熱敏電阻兩端的電壓可從零開始調節(jié)，滑動變阻器用分壓式接法，如圖所示（2）由歐姆定律，通過熱敏電阻的電流大小為熱敏電阻大小為聯立解得（3）調節(jié)滑動變阻器阻值，使電壓表示數與之前相同，若示數變大，則為正溫度系數電阻，反之則為負溫度系數電阻。13.忽略水對浮漂的阻力，浮漂在水中的上下振動可以視為簡諧運動，如圖（a）所示。以豎直向上為正方向，從時刻開始計時，浮漂振動圖像如圖（b）所示，到達最高點的時刻為，重力加速度。（1）寫出浮漂簡諧運動的振動方程，并求出簡諧運動的周期。（2）已知浮漂和鉛墜的總質量為，浮漂截面積，水的密度，求浮漂運動到最低點時的加速度大小?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】（1）由題圖（b）可知浮漂振動振幅浮漂（含鉛墜）的位移滿足關系式時刻有，結合之后振動方向可得時刻有，可得則浮漂簡諧運動的振動方程為簡諧運動的周期（2）在平衡位置時，浮力等于重力，在最低點時，浮漂所受合外力等于浮力增加的量。由牛頓第二定律有可得14.平面直角坐標系中，第1象限存在沿軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B。一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度垂直于軸射入電場，經軸上的N點與軸正方向成60o角射入磁場，最后從軸負半軸上的P點與軸正方向成60o角射出磁場，如圖所示。不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運動的軌道半徑R；（2）粒子從M點運動到P點的總時間；（3）勻強電場的場強大小E?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】（1）設粒子過N點時的速度為v，根據平拋運動的速度關系v=①分別過N、P點作速度方向的垂線，相交于Q點，則Q是粒子在磁場中做勻速圓周運動的圓心，根據牛頓第二定律qvB=②聯立①②解得軌道半徑R=③（2）設粒子在電場中運動的時間為t1，有ON=v0t1④由幾何關系得ON=Rsin30°+Rcos30°⑤聯立③④⑤解得t1=⑥粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期T=⑦由幾何關系知∠NQP=150°，設粒子在磁場中運動的時間為t2t2=T⑧聯立⑦⑧解得t2=⑨故粒子從M點運動到P點的總時間t=t1+t2=⑩（3）粒子在電場中做類平拋運動，設加速度為a，運動時間為t由牛頓第二定律：qE=ma

（11）設沿電場方向的分速度為vy，vy=at（12）粒子在電場中x軸方向做勻速運動，由圖根據粒子在磁場中的運動軌跡可以得出：粒子在x軸方向的位移：Rsin30°+Rcos30°=v0t

（13）

又vy=v0tan60°（14）聯立（11）（12）（13）（14）可以解得E=2025年高二下學期物理入學考試試卷一、單選題1.從2023年起，每年的4月23日將被命名為世界乒乓球日。關于乒乓球運動，下列說法正確的是（）A.球拍對乒乓球的彈力越大，乒乓球的動量變化一定越大B.球拍將飛來的乒乓球以原速率反向擊出的過程，乒乓球的動量和動能均保持不變C.乒乓球被球拍擊打出的過程，球拍對乒乓球的沖量大小大于乒乓球對球拍的沖量大小D.一次擊球過程中，球拍對乒乓球的沖量大小等于乒乓球對球拍的沖量大小【答案】D【解析】A．由動量定理有則有可知，乒乓球的動量變化量等于合外力的沖量，即乒乓球的動量變化量除了與力的大小方向有關，還與力的作用時間有關，故A錯誤；B．動量是矢量，既有大小又有方向，當球拍以原速率反向擊出的過程，乒乓球的速率不變，但是方向發(fā)生了改變，因此乒乓球的動量發(fā)生了改變，故B錯誤；CD．用球拍打擊球時，球拍對乒乓球的力與乒乓球對球拍的力是一對相互作用力，大小相等、作用時間相同、沖量大小相等，故C錯誤，D正確。故選D。2.如圖所示，閉合開關S，將條形磁鐵兩次插入閉合線圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且兩次的起始和終止位置相同，則()A.第一次磁通量變化較大B.第一次G的最大偏角較大C.第一次經過G的總電荷量較多D.若開關S斷開，G不偏轉，故兩次均無感應電動勢【答案】B【解析】因兩次的起始和終止位置相同,所以磁感應強度變化量相同,由知:兩次磁通量變化相同,故A錯誤；因磁通量變化相同，匝數n相同，，根據和知，第一次G的最大偏角較大，故B正確；根據可知:經過G的總電量相同，故C錯誤；有無感應電動勢產生的條件是穿過回路的磁通量發(fā)生變化，電路無需閉合，兩次穿過回路的磁通量均發(fā)生了變化，故D錯誤．所以選B．3.顯像管原理的示意圖如圖所示，當沒有磁場時，電子束將打在熒光屏正中的O點，安裝在管徑上的偏轉線圈可以產生磁場，使電子束發(fā)生偏轉。設垂直紙面向里的磁場方向為正方向，若使電子打在熒光屏上的位置由b點逐漸移動到a點，下列變化的磁場能夠使電子發(fā)生上述偏轉的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】高速電子流打在熒光屏上的位置由b點逐漸移動到a點，所以電子先受到向下的洛倫茲力，且逐漸減弱為零，后受到向上的洛倫茲力，且逐漸增強。根據左手定則可以判斷，磁場的方向先垂直紙面向里，方向為正，且逐漸減弱為零，后來磁場的方向垂直紙面向外，方向為負，且逐漸增強，故C正確，ABD錯誤。故選C。4.如圖所示，物體A置于物體B上，一輕質彈簧一端固定，另一端與B相連，在彈性限度內，A和B一起在光滑水平面上做往復運動（不計空氣阻力），A、B之間始終保持相對靜止，彈簧的勁度系數為k，A和B的質量分別為m和M（M≠m），A和B之間的最大靜摩擦力為fm，則下列說法正確的是（）A.A對B靜摩擦力對B不做功，而B對A的靜摩擦力對A做功B.A和B一起（相對靜止）振動的振幅不能大于C當彈簧最短時迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡諧運動振幅與取下A前相同D.當彈簧最短時迅速將物塊A取下，此后，物塊B做簡諧運動周期與取下A前相同【答案】C【解析】A．A對B的靜摩擦力和B對A的靜摩擦力都沿水平方向，二者振動過程中沿所受靜摩擦力的方向運動，所受的靜摩擦力均做功，故A錯誤；B．設A和B一起（相對靜止）振動的最大振幅為A，當二者運動到最大位移處時，對A和整體分別根據牛頓第二定律有聯立得故B錯誤；CD．當彈簧最短時迅速將物塊A取下，物塊B做簡諧運動的最大位移處與平衡位置均不變，故物塊B做簡諧運動的振幅不變，但由于物塊B的質量小于A和B的質量之和，故物塊B經過同一位置（除平衡位置外）時的加速度變大，故物塊B做簡諧運動周期變小，故C正確，D錯誤。故選C。5.如圖所示，有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強電場，當偏轉電壓為U1時，帶電粒子沿軌跡①從兩板正中間飛出；當偏轉電壓為U2時，帶電粒子沿軌跡②落到B板中間。設粒子兩次射入電場的水平速度相同，不計粒子重力，則兩次偏轉電壓之比為（）A.U1∶U2=1∶8 B.U1∶U2=1∶4C.U1∶U2=1∶2 D.U1∶U2=1∶1【答案】A【解析】根據x=v0t可知，兩種情況下帶電粒子的運動時間之比t1∶t2=2∶1偏轉距離之比y1∶y2=1∶2由得兩種情況下粒子的加速度之比由于U∝a，故U1∶U2=1∶8故選A。6.一電阻接到方波交流電源上，在一個周期內產生的熱量為Q方；若該電阻接到正弦交流電源上，在一個周期內產生的熱量為，該電阻上電壓的峰值均為u0，周期均為T，如圖所示。則Q方∶Q正等于（）A.1∶ B.∶1 C.1∶2 D.2∶1【答案】D【解析】由有效值概念知，一個周期內產生的熱量可得故D正確，ABC錯誤。故選D。二、多選題7.如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQ、MN，MN的左邊有一如圖所示的閉合電路，當PQ在一外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是()A.向右加速運動 B.向左加速運動C.向右減速運動 D.向左減速運動【答案】BC【解析】根據安培定則可知，ab在右側產生的磁場方向為垂直向里，有因為MN向右運動，根據左手定則可判斷MN中感應電流方向由M到N。由安培定則可知L1中感應電流產生的磁場方向向上，由楞次定律可知L2中感應電流產生的磁場方向向上并減弱或向下并增強。如果L2中磁場向上減弱，根據安培定則可知PQ中感應電流為Q到P且減小，再根據右手定則可知PQ向右減速運動；如果L2中磁場向下增強，根據安培定則可知PQ中感應電流為P到Q且增大，再根據右手定則可知PQ向左加速運動，AD錯誤，BC正確。故選BC。8.質譜儀是測量帶電粒子的質量和分析同位素的重要工具。圖為質譜儀的原理示意圖，現利用這種質譜儀對氫元素進行測量。氫元素的各種同位素從容器A下方的小孔S由靜止飄入電勢差為U的加速電場，經加速后垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中。氫的三種同位素最后打在照相底片D上，形成a、b、c三條“質譜線”。關于三種同位素進入磁場時速度大小的排列順序和a、b、c三條“質譜線”的排列順序，下列判斷正確的是（）A.進入磁場時速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚B.進入磁場時速度從大到小排列的順序是氚、氘、氕C.a、b、c三條質譜線依次排列順序是氚、氘、氕D.a、b、c三條質譜線依次排列的順序是氕、氘、氚【答案】AC【解析】AB．加速電場加速后進入磁場，由動能定理：解得：三種同位素電荷量相同，則質量大的速度小，進入磁場時速度從大到小排列的順序是氕、氘、氚，A正確，B錯誤；CD．進入磁場后，洛倫茲力提供向心力：解得：質量大的半徑大，即a、b、c三條質譜線依次排列的順序是氚、氘、氕，C正確，D錯誤。故選AC。9.如圖所示，空間存在水平向左的勻強電場E和垂直紙面向外的勻強磁場B，在豎直平面內從a點沿ab，ac方向拋出兩帶電小球，不考慮兩帶電小球間的相互作用，兩小球電荷量始終不變，關于小球的運動，下列說法正確的是（??）A.沿ab、ac方向拋出的帶電小球都可能做直線運動B.若沿ab做直線運動，則小球帶正電，且一定做勻速運動C.若沿ac做直線運動，則小球帶負電，可能做勻加速運動D.兩小球在運動過程中機械能均保持不變【答案】AB【解析】ABC．沿ab方向拋出的帶電小球，根據左手定則及正電荷所受的電場力的方向與電場強度方向相同可知，只有帶正電，小球受向下的重力、向左的電場力和垂直ab斜向右上方的洛倫茲力才可能平衡；同理而沿ac方向拋出的帶電小球，帶負電時，才能做直線運動，因速度影響洛倫茲力大小，所以做直線運動時必然是做勻速直線運動，故AB正確，C錯誤；D．在運動過程中，因電場力做功，導致小球的機械能不守恒，故D錯誤。故選AB。10.如圖，兩條平行導軌所在平面與水平地面的夾角為θ，間距為L。導軌上端接有一平行板電容器，電容為C。導軌處于勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向垂直于導軌平面。在導軌上放置一質量為m的金屬棒，棒可沿導軌下滑，且在下滑過程中保持與導軌垂直并良好接觸。已知金屬棒與導軌之間的動摩擦因數為μ，重力加速度大小為g。忽略所有電阻。讓金屬棒從導軌上端由靜止開始下滑，則以下說法正確的是（）A.金屬棒先做變加速運動，最后做勻速運動B.金屬棒一直做勻加速運動，加速度為C.當金屬棒下滑的速度大小為v時，電容器的電荷量為CBLvD.金屬棒在t時刻的速度大小為【答案】CD【解析】AB．設金屬棒的速度大小為v1時，經歷的時間為t1，通過金屬棒的電流為I1，金屬棒受到的磁場力方向沿導軌向上，大小為f1=BLI1設在時間間隔（t1，t1+t）內流經金屬棒的電荷量為Q，則Q=CBLv按定義有Q也是平行板電容器極板在時間間隔（t1，t1+t）內增加的電荷量，由上式可得，v為金屬棒的速度變化量。金屬棒所受到的摩擦力方向沿導軌斜面向上，大小為f=μmgcosθ金屬棒在時刻t1的加速度方向沿斜面向下，設其大小為a，根據牛頓第二定律有mgsinθ﹣f1﹣f=ma又聯立解得mgsinθ﹣μmgcosθ=CB2L2a+ma聯立上此式可得可知，金屬棒做初速度為零的勻加速運動。故AB錯誤；C．感應電動勢為E=BLv平行板電容器兩極板之間的電勢差為U=E設此時電容器極板上積累的電荷量為Q，按定義有聯立可得Q=CBLv故C正確；D．金屬棒在t時刻的速度大小為故D正確。三、非選擇題11.研究小組在測量某一均勻圓柱金屬導體電阻率時獲得以下數據：（1）若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數：______V若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數：______A。（2）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量結果如圖所示，其讀數為______mm。（3）用游標卡尺測量其長度，測量結果如圖所示，其讀數為______mm?！敬鸢浮浚?）2.500.36（2）0.400（3）14.50【解析】（1）[1]若電壓表接入電路中是3V量程，則電壓讀數為2.50V。[2]若電流表接入電路中是0.6A量程，則電流讀數為0.36A。（2）[3]螺旋測微器讀數為40.0×0.01mm=0.400mm（3）[4]游標卡尺讀數為12.某同學在物理實驗室找到一個熱敏電阻（圖中符號TC），想研究其電阻隨溫度變化的關系。按照下圖連接了實驗器材，圖中為定值電阻，電壓表視為理想電壓表。（1）為了使熱敏電阻兩端的電壓可從零開始調節(jié)。請在圖中添加一根導線改進該實驗__________。（2）正確添加導線后，閉合開關，將滑動變阻器R的滑片調至適當位置，讀出并記錄兩電壓表，的示數，。則熱敏電阻的阻值可以表示為__________（用，、表示）。（3）該同學查閱相關資料，發(fā)現熱敏電阻分為正溫度系數電阻（阻值隨溫度升高而增大）和負溫度系數電阻（阻值隨溫度升高而減小）兩種，同時了解溫度一定時流過熱敏電阻的電流大小也會影響電阻值。為了判斷該熱敏電阻的種類，用控溫箱升高熱敏電阻的溫度后，該同學應采取的實驗步驟及判斷方法是__________?！敬鸢浮浚?）（2）