2025年新疆高考物理第三次適應(yīng)性試卷

第1頁（共1頁）2025年新疆高考物理第三次適應(yīng)性試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7～8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．（6分）1798年英國(guó)物理學(xué)家卡文迪什精確地測(cè)出了引力常量G的數(shù)值。若用國(guó)際單位表示引力常量G的單位，下列選項(xiàng)正確的是（）A．N?m/kg2 B．N?m2/kg2 C．N?m2/kg D．N?m/kg2．（6分）主動(dòng)降噪耳機(jī)內(nèi)有專門用于收集環(huán)境噪聲的麥克風(fēng)，耳機(jī)收集環(huán)境噪聲后會(huì)產(chǎn)生與環(huán)境噪聲振幅、頻率相同，相位相反的降噪聲波，從而達(dá)到降噪效果。此降噪過程利用了（）A．多普勒效應(yīng) B．波的干涉 C．波的反射 D．波的折射3．（6分）如圖所示，M、N兩點(diǎn)分別固定等量的正點(diǎn)電荷，POQ是MN的中垂線，且P、Q兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，下列說法正確的是（）A．P、O、Q三點(diǎn)的電勢(shì)相同 B．O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度 C．負(fù)試探電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在Q點(diǎn)的電勢(shì)能 D．將一正試探電荷從O點(diǎn)移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力做功為零4．（6分）一條光線（圖中未畫出）由空氣射到某種透明介質(zhì)表面MN上的O點(diǎn)后，得到如圖所示的兩條光線。光線OA和OB與MN之間的夾角分別為θ1和θ2且θ1＞θ2。若此光線從該介質(zhì)進(jìn)入空氣的臨界角為C，則sinC為（）A．sinθ1sinθC．cosθ1cos5．（6分）小明站在水平放置于電梯內(nèi)的電子秤上，電梯靜止時(shí)電子秤的示數(shù)為500N。電梯從t＝0時(shí)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，t＝18s時(shí)靜止，電子秤的示數(shù)F隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A．電梯處于上升狀態(tài) B．電梯減速階段的加速度大小為0.5m/s2 C．16s～18s，電子秤的示數(shù)為600N D．0～18s，電梯運(yùn)行的總位移為30m6．（6分）已知?dú)湓雍送怆娮釉诨鶓B(tài)運(yùn)行的周期約為2×10﹣16s，電子電荷量的值為1.6×10﹣19C，電子在第一激發(fā)態(tài)的半徑是基態(tài)半徑的4倍。電子在第一激發(fā)態(tài)做圓周運(yùn)動(dòng)形成的電流約為（）A．0.1mA B．0.3mA C．0.8mA D．8mA（多選）7．（6分）如圖所示，輕質(zhì)彈簧下端系在固定的光滑斜面的底端，一小球從彈簧中心直線上的N點(diǎn)由靜止釋放，在小球與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^程中，下列說法中正確的是（）A．小球的動(dòng)能一直在減小 B．小球的機(jī)械能一直在減小 C．小球所受重力和彈力沖量的矢量和為零 D．小球機(jī)械能的減小量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量（多選）8．（6分）空間中存在方向豎直向下、電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)和方向垂直于紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)電子由O點(diǎn)以一定初速度水平向右飛入其中，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中P和Q分別為軌跡的最低點(diǎn)和最高點(diǎn)，不計(jì)電子的重力。下列說法正確的是（）A．電子的初速度一定大于EBB．磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外 C．調(diào)整電子的初速度有可能使其做勻加速運(yùn)動(dòng) D．由P點(diǎn)至Q點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程中，電子的動(dòng)能增大二、非選擇題9．（10分）某實(shí)驗(yàn)小組用如圖甲所示的圓柱形針筒裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。（1）實(shí)驗(yàn)中為了控制氣體的質(zhì)量和溫度不變，下列操作正確的是。A.快速推動(dòng)柱塞B.緩慢推動(dòng)柱塞C.用手握住注射器D.在柱塞上涂抹潤(rùn)滑油（2）實(shí)驗(yàn)中（選填“需要”或“不需要”）測(cè)量空氣柱的橫截面積。（3）某小組利用測(cè)量得到的數(shù)據(jù)繪制的p﹣V圖像如圖乙所示，提高環(huán)境溫度后重復(fù)實(shí)驗(yàn)，所得的曲線應(yīng)位于圖乙中曲線a的（選填“左下側(cè)”或“右上側(cè)”）。該小組同學(xué)由圖乙中的曲線a（選填“能”或“不能”）得出一定質(zhì)量的氣體在溫度不變時(shí)，氣體的壓強(qiáng)與體積成反比。實(shí)驗(yàn)小組若想更直觀地探究氣體等溫變化的規(guī)律，應(yīng)繪制某溫度下一定質(zhì)量氣體的（選填“1p?110．（16分）如圖甲所示的指針式多用電表在中學(xué)物理實(shí)驗(yàn)中用途廣泛，以下為實(shí)驗(yàn)小組利用多用電表設(shè)計(jì)的兩種實(shí)驗(yàn)方案。（1）利用多用電表探究黑箱內(nèi)的電路如圖乙所示，黑箱面板上有三個(gè)接線柱1、2和3，已知黑箱內(nèi)是由R1、R2和R3三個(gè)電阻構(gòu)成的電路，且R1：R2：R3＝1：2：3。實(shí)驗(yàn)小組進(jìn)行如下操作：①將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到“×10”擋，按正確的操作步驟測(cè)量其中兩接線柱間的電阻，發(fā)現(xiàn)表盤指針偏角過小，此時(shí)應(yīng)將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到擋（選填“×1”或“×100”），（選填“需要”或“不需要”）重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。②經(jīng)過合理的操作，實(shí)驗(yàn)小組測(cè)得1、2接線柱之間的電阻約為3300Ω，2、3接線柱之間的電阻約為2700Ω，1、3接線柱之間的電阻約為600Ω。請(qǐng)?jiān)趫D乙的虛線框中畫出黑箱中電阻的連接方式。（2）利用多用電表檢測(cè)電路故障為完成某項(xiàng)實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖丙所示的實(shí)驗(yàn)電路，正確連接電路后，閉合開關(guān)，觀測(cè)到電壓表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電流表讀數(shù)始終為零，由此表明（選填“開關(guān)”“電阻”或“滑動(dòng)變阻器”）一定沒有斷路。在不斷開電路的情況下，實(shí)驗(yàn)小組利用多用電表檢查其他故障，當(dāng)檢查至滑動(dòng)變阻器時(shí)，應(yīng)將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到（選填“歐姆”或“直流電壓”）擋，然后將紅表筆與（選填“a”或“b”）接線柱接觸，若發(fā)現(xiàn)多用電表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，由此可判斷電阻（選填“有”或“無”）斷路。11．（16分）一質(zhì)量為2kg的物體沿粗糙水平面向右做直線運(yùn)動(dòng)，t＝0時(shí)刻，對(duì)物體施加一個(gè)水平向左的恒力F，如圖甲所示，取水平向右為正方向，物體的v﹣t圖像如圖乙所示，求：（1）恒力F的大小；（2）4s內(nèi)物體克服摩擦力做的功。12．（20分）如圖所示，豎直平面內(nèi)固定有兩根間距為L(zhǎng)且足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌ab、cd。在導(dǎo)軌間一水平線ef的下方存在垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電容值為C的電容器與開關(guān)S并聯(lián)接在兩導(dǎo)軌之間?，F(xiàn)閉合S，將電阻為R的導(dǎo)體棒MN從ef上方某一高度處平行于ef由靜止釋放，MN沿導(dǎo)軌下滑，剛進(jìn)入ef時(shí)加速度為34g。在MN經(jīng)過ef下方某位置（圖中未畫出）時(shí)，MN所受的安培力為其剛進(jìn)入ef時(shí)的2倍，此時(shí)通過S的電流增大到I（1）導(dǎo)體棒MN的質(zhì)量m；（2）導(dǎo)體棒MN靜止下滑時(shí)距ef的高度h；（3）當(dāng)MN功率保持不變時(shí)，外力在t時(shí)間內(nèi)的沖量大小。

2025年新疆高考物理第三次適應(yīng)性試卷參考答案與試題解析一．選擇題（共6小題）題號(hào)123456答案BBCCDA二．多選題（共2小題）題號(hào)78答案BDAD一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～6題只有一項(xiàng)符合題目要求，第7～8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．（6分）1798年英國(guó)物理學(xué)家卡文迪什精確地測(cè)出了引力常量G的數(shù)值。若用國(guó)際單位表示引力常量G的單位，下列選項(xiàng)正確的是（）A．N?m/kg2 B．N?m2/kg2 C．N?m2/kg D．N?m/kg【分析】根據(jù)萬有引力定律公式推導(dǎo)G的計(jì)算式，再結(jié)合單位制知識(shí)進(jìn)行推導(dǎo)?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)公式F＝GMmr2，得G=F故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】考查萬有引力定律，再結(jié)合單位制知識(shí)進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。2．（6分）主動(dòng)降噪耳機(jī)內(nèi)有專門用于收集環(huán)境噪聲的麥克風(fēng)，耳機(jī)收集環(huán)境噪聲后會(huì)產(chǎn)生與環(huán)境噪聲振幅、頻率相同，相位相反的降噪聲波，從而達(dá)到降噪效果。此降噪過程利用了（）A．多普勒效應(yīng) B．波的干涉 C．波的反射 D．波的折射【分析】根據(jù)波的干涉規(guī)律分析?！窘獯稹拷猓航翟肼暡ê铜h(huán)境噪聲波長(zhǎng)相等，由于是同種性質(zhì)的波，所以它們頻率相同，且等幅反相，兩邊疊加時(shí)發(fā)生干涉，振動(dòng)減弱，起到降噪的作用，故ACD錯(cuò)誤，B正確?！军c(diǎn)評(píng)】此題考查波的干涉在生活中的應(yīng)用，明確干涉的原理是求解的關(guān)鍵。3．（6分）如圖所示，M、N兩點(diǎn)分別固定等量的正點(diǎn)電荷，POQ是MN的中垂線，且P、Q兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，下列說法正確的是（）A．P、O、Q三點(diǎn)的電勢(shì)相同 B．O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度 C．負(fù)試探電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在Q點(diǎn)的電勢(shì)能 D．將一正試探電荷從O點(diǎn)移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力做功為零【分析】首先確定兩等量正點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)線及等勢(shì)面的分布情況，再由等勢(shì)面的分布、電場(chǎng)線的分布、電勢(shì)與電勢(shì)能的關(guān)系、電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差的關(guān)系，即可分析判斷ABCD正誤。【解答】解：兩等量正點(diǎn)電荷周圍的電場(chǎng)線及等勢(shì)面的分布情況如下：由等勢(shì)面的分布可知，等量同種正電荷的中垂線上，O點(diǎn)電勢(shì)最高，P、Q對(duì)稱點(diǎn)電勢(shì)相等但低于O點(diǎn)，故三點(diǎn)電勢(shì)不同；由電場(chǎng)線的分布可知，O點(diǎn)為兩電荷電場(chǎng)疊加的平衡點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)為零，P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)向上，大于零，則O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度；因?yàn)镺點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)電勢(shì)，則由電勢(shì)與電勢(shì)能的關(guān)系可知，負(fù)試探電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能小于其在Q點(diǎn)的電勢(shì)能；規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則O點(diǎn)電勢(shì)φO＞0，則將一正試探電荷從O點(diǎn)移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處，電場(chǎng)力做功為：W＝q（φO﹣0）＝qφO≠0；故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查等勢(shì)面及其與電場(chǎng)線的關(guān)系，解題時(shí)需注意：等勢(shì)面與電場(chǎng)線一定處處正交（垂直）、電場(chǎng)線總是從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面。4．（6分）一條光線（圖中未畫出）由空氣射到某種透明介質(zhì)表面MN上的O點(diǎn)后，得到如圖所示的兩條光線。光線OA和OB與MN之間的夾角分別為θ1和θ2且θ1＞θ2。若此光線從該介質(zhì)進(jìn)入空氣的臨界角為C，則sinC為（）A．sinθ1sinθC．cosθ1cos【分析】根據(jù)入射角、折射角和反射角的大小關(guān)系確定出折射角和入射角的值，再根據(jù)折射率公式n=sinθ1【解答】解：光由空氣射入透明介質(zhì)，入射角等于反射角，大于折射角，可知入射角為90°﹣θ2，折射角為90°﹣θ1，該介質(zhì)的折射率為n=sin(90°?θ2故選：C。【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查折射率公式的應(yīng)用，求解的關(guān)鍵是知道光由光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)時(shí)，入射角大于折射角。5．（6分）小明站在水平放置于電梯內(nèi)的電子秤上，電梯靜止時(shí)電子秤的示數(shù)為500N。電梯從t＝0時(shí)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，t＝18s時(shí)靜止，電子秤的示數(shù)F隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A．電梯處于上升狀態(tài) B．電梯減速階段的加速度大小為0.5m/s2 C．16s～18s，電子秤的示數(shù)為600N D．0～18s，電梯運(yùn)行的總位移為30m【分析】根據(jù)圖中小明的重力與電子秤示數(shù)的關(guān)系，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行分析計(jì)算即可?！窘獯稹拷猓篈.電梯靜止時(shí)電子秤的示數(shù)為500N，有mg＝500N解得小明的質(zhì)量為m＝50kg由圖可知，0﹣4s小明處于失重狀態(tài)，所以小明在加速向下運(yùn)動(dòng)，可知電梯處于下降狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B.由牛頓第二定律可得，電梯加速階段的加速度大小為a故電梯4s末的速度為v＝a1t1＝0.5×4m/s＝2m/s電梯減速階段的加速度大小為a故B錯(cuò)誤；C.16s～18s，由牛頓第二定律可得a解得FN2＝550N故C錯(cuò)誤；D.0～18s，電梯運(yùn)行的總位移為x=v故D錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查讀圖的能力，關(guān)鍵抓住產(chǎn)生超重和失重現(xiàn)象時(shí)，小明對(duì)電子秤的壓力與重力的關(guān)系。6．（6分）已知?dú)湓雍送怆娮釉诨鶓B(tài)運(yùn)行的周期約為2×10﹣16s，電子電荷量的值為1.6×10﹣19C，電子在第一激發(fā)態(tài)的半徑是基態(tài)半徑的4倍。電子在第一激發(fā)態(tài)做圓周運(yùn)動(dòng)形成的電流約為（）A．0.1mA B．0.3mA C．0.8mA D．8mA【分析】先根據(jù)庫侖力提供電子繞原子核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力計(jì)算出電子在第一激發(fā)態(tài)的運(yùn)動(dòng)周期，然后根據(jù)電流的定義式計(jì)算即可。【解答】解：設(shè)電子在基態(tài)運(yùn)行時(shí)的半徑為r，電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由庫侖力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有ke2r2=mr4π2T故選：A。【點(diǎn)評(píng)】能夠得到電子在第一激發(fā)態(tài)的運(yùn)動(dòng)周期是解題的關(guān)鍵。（多選）7．（6分）如圖所示，輕質(zhì)彈簧下端系在固定的光滑斜面的底端，一小球從彈簧中心直線上的N點(diǎn)由靜止釋放，在小球與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^程中，下列說法中正確的是（）A．小球的動(dòng)能一直在減小 B．小球的機(jī)械能一直在減小 C．小球所受重力和彈力沖量的矢量和為零 D．小球機(jī)械能的減小量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量【分析】對(duì)小球受力分析，結(jié)合彈力的可變性，分析其所受合力與運(yùn)動(dòng)方向的關(guān)系，來判斷其運(yùn)動(dòng)情況，從而得出動(dòng)能的變化情況；根據(jù)彈簧對(duì)小球做功情況，結(jié)合功能關(guān)系，即可判斷小球的機(jī)械能變化情況；對(duì)小球受力分析，根據(jù)沖量的方向，分析小球所受重力和彈力沖量的矢量和是否為零；對(duì)小球和彈簧整體受力分析，結(jié)合系統(tǒng)機(jī)械能守恒分析小球機(jī)械能的減少量和彈簧彈性勢(shì)能的增加量的關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、小球接觸彈簧后，受到重力、支持力和彈簧的彈力。小球剛接觸彈簧時(shí)，重力沿斜面向下分力大于彈簧彈力，合力沿斜面向下，小球做加速運(yùn)動(dòng)，彈簧彈力逐漸增大，當(dāng)重力沿斜面向下的分力等于彈簧彈力時(shí)，速度最大，之后做減速運(yùn)動(dòng)，故小球動(dòng)能先增大后減小，故A錯(cuò)誤；B、在小球與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^程中，彈簧對(duì)小球一直做負(fù)功，由功能關(guān)系可知，小球的機(jī)械能一直在減小，故B正確；C、對(duì)小球受力分析，小球受到的重力豎直向下，彈簧的彈力沿斜面向上，則重力的沖量豎直向下，彈力的沖量沿斜面向下，二者不共線，所以小球所受重力和彈力的沖量的矢量和不為零，故C錯(cuò)誤；D、對(duì)小球和彈簧組成的系統(tǒng)分析，由于只有重力和彈簧的彈力做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則小球機(jī)械能的減小量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查與彈簧相關(guān)的沖量、能量問題，關(guān)鍵是確定研究對(duì)象，掌握不同力做功，對(duì)應(yīng)的能量轉(zhuǎn)化關(guān)系。（多選）8．（6分）空間中存在方向豎直向下、電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)和方向垂直于紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)電子由O點(diǎn)以一定初速度水平向右飛入其中，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中P和Q分別為軌跡的最低點(diǎn)和最高點(diǎn)，不計(jì)電子的重力。下列說法正確的是（）A．電子的初速度一定大于EBB．磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外 C．調(diào)整電子的初速度有可能使其做勻加速運(yùn)動(dòng) D．由P點(diǎn)至Q點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過程中，電子的動(dòng)能增大【分析】B.根據(jù)電場(chǎng)方向和軌跡判斷電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向及磁場(chǎng)方向；A.根據(jù)軌跡判斷電場(chǎng)力和洛倫茲力的大小關(guān)系確定初速度的值；D.根據(jù)電場(chǎng)力和洛倫茲力做功情況判斷電子速度的變化；C.根據(jù)電場(chǎng)力、洛倫茲力方向和做功情況分析判斷運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹拷猓築.電子帶負(fù)電，所受電場(chǎng)力向上，洛倫茲力向下，磁場(chǎng)方向應(yīng)垂直紙面向里，故B錯(cuò)誤；A.電子進(jìn)入時(shí)向下偏轉(zhuǎn)，故Bvq＞Eq即v＞E故A正確；D.P到Q的過程中，電場(chǎng)力做正功，洛倫茲力不做功，根據(jù)動(dòng)能定理，電子的動(dòng)能應(yīng)該增大，故D正確；C.無論如何調(diào)整初速度的大小或方向，在運(yùn)動(dòng)過程中都會(huì)受到洛倫茲力的作用，不能保證合外力恒定。故無法做勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤。故選：AD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了帶電粒子（電子）在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，做好受力分析是解題的關(guān)鍵；注意由于洛倫茲力始終與運(yùn)動(dòng)方向垂直，因此洛倫茲力永不做功。二、非選擇題9．（10分）某實(shí)驗(yàn)小組用如圖甲所示的圓柱形針筒裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。（1）實(shí)驗(yàn)中為了控制氣體的質(zhì)量和溫度不變，下列操作正確的是BD。A.快速推動(dòng)柱塞B.緩慢推動(dòng)柱塞C.用手握住注射器D.在柱塞上涂抹潤(rùn)滑油（2）實(shí)驗(yàn)中不需要（選填“需要”或“不需要”）測(cè)量空氣柱的橫截面積。（3）某小組利用測(cè)量得到的數(shù)據(jù)繪制的p﹣V圖像如圖乙所示，提高環(huán)境溫度后重復(fù)實(shí)驗(yàn)，所得的曲線應(yīng)位于圖乙中曲線a的右上側(cè)（選填“左下側(cè)”或“右上側(cè)”）。該小組同學(xué)由圖乙中的曲線a不能（選填“能”或“不能”）得出一定質(zhì)量的氣體在溫度不變時(shí)，氣體的壓強(qiáng)與體積成反比。實(shí)驗(yàn)小組若想更直觀地探究氣體等溫變化的規(guī)律，應(yīng)繪制某溫度下一定質(zhì)量氣體的p?1V（選填“1p【分析】（1）（2）根據(jù)驗(yàn)證玻意耳定律的實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)進(jìn)行分析解答；（3）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程和圖像的曲線和直線性質(zhì)進(jìn)行分析解答?！窘獯稹拷猓海?）為了控制氣體的質(zhì)量和溫度不變，應(yīng)該緩慢推動(dòng)柱塞，防止壓縮體積時(shí)氣體溫度升高，在柱塞上涂抹潤(rùn)滑油，防止漏氣導(dǎo)致質(zhì)量減小，故BD正確，AC錯(cuò)誤。故選：BD。（2）根據(jù)驗(yàn)證玻意耳定律的實(shí)驗(yàn)原理可知，不需要測(cè)量空氣柱橫截面積；（3）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pV＝nRT，溫度T越高，則pV越大，應(yīng)該位于曲線a的右上側(cè)；圖乙中的曲線只能大致反映氣體壓強(qiáng)和體積的變化關(guān)系，但不能得出氣體的壓強(qiáng)和體積成反比關(guān)系，如果想更直觀的反映，由p＝nRT?1V，作p?故答案為：（1）BD；（2）不需要；（3）右上側(cè)，不能，p?1【點(diǎn)評(píng)】考查玻意耳定律的實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)和圖像的問題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。10．（16分）如圖甲所示的指針式多用電表在中學(xué)物理實(shí)驗(yàn)中用途廣泛，以下為實(shí)驗(yàn)小組利用多用電表設(shè)計(jì)的兩種實(shí)驗(yàn)方案。（1）利用多用電表探究黑箱內(nèi)的電路如圖乙所示，黑箱面板上有三個(gè)接線柱1、2和3，已知黑箱內(nèi)是由R1、R2和R3三個(gè)電阻構(gòu)成的電路，且R1：R2：R3＝1：2：3。實(shí)驗(yàn)小組進(jìn)行如下操作：①將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到“×10”擋，按正確的操作步驟測(cè)量其中兩接線柱間的電阻，發(fā)現(xiàn)表盤指針偏角過小，此時(shí)應(yīng)將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到×100擋（選填“×1”或“×100”），需要（選填“需要”或“不需要”）重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。②經(jīng)過合理的操作，實(shí)驗(yàn)小組測(cè)得1、2接線柱之間的電阻約為3300Ω，2、3接線柱之間的電阻約為2700Ω，1、3接線柱之間的電阻約為600Ω。請(qǐng)?jiān)趫D乙的虛線框中畫出黑箱中電阻的連接方式。（2）利用多用電表檢測(cè)電路故障為完成某項(xiàng)實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖丙所示的實(shí)驗(yàn)電路，正確連接電路后，閉合開關(guān)，觀測(cè)到電壓表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電流表讀數(shù)始終為零，由此表明開關(guān)（選填“開關(guān)”“電阻”或“滑動(dòng)變阻器”）一定沒有斷路。在不斷開電路的情況下，實(shí)驗(yàn)小組利用多用電表檢查其他故障，當(dāng)檢查至滑動(dòng)變阻器時(shí)，應(yīng)將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到直流電壓（選填“歐姆”或“直流電壓”）擋，然后將紅表筆與a（選填“a”或“b”）接線柱接觸，若發(fā)現(xiàn)多用電表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，由此可判斷電阻無（選填“有”或“無”）斷路。【分析】（1）①將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到“×10”擋，發(fā)現(xiàn)表盤指針偏角過小，說明歐姆表指針對(duì)應(yīng)示數(shù)過大，據(jù)此選擇歐姆表的倍率；根據(jù)歐姆表測(cè)電阻的正確操作作答；②根據(jù)電阻的比值關(guān)系，結(jié)合各接線柱之間的電阻值，完成內(nèi)部電路的設(shè)計(jì)；（2）根據(jù)電表的示數(shù)變化情況，結(jié)合電路結(jié)構(gòu)分析電路故障；在不斷開電路的情況下，實(shí)驗(yàn)小組利用多用電表檢查其他故障，應(yīng)該選用多用表的直流電壓擋進(jìn)行檢查；根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象做出判斷。【解答】解：（1）①將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到“×10”擋，發(fā)現(xiàn)表盤指針偏角過小，則歐姆表指針對(duì)應(yīng)示數(shù)過大，此時(shí)應(yīng)將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到“×100”的擋位；根據(jù)歐姆表的使用規(guī)則，每次換擋都需要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。②實(shí)驗(yàn)小組測(cè)得1、2接線柱之間的電阻約為3300Ω，2、3接線柱之間的電阻約為2700Ω，1、3接線柱之間的電阻約為600Ω，由此推斷電阻R1＝900Ω，R2＝1800Ω，R3＝2700Ω；黑盒子內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示：（2）電壓表與開關(guān)串聯(lián)后并聯(lián)在電源兩端，閉合開關(guān)，觀測(cè)到電壓表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明電壓表所在回路沒有斷路；移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電流表讀數(shù)始終為零，說明滑動(dòng)變阻器或者電阻出現(xiàn)斷路，由此表明開關(guān)一定沒有斷路；在不斷開電路的情況下，實(shí)驗(yàn)小組利用多用電表檢查其他故障，當(dāng)檢查至滑動(dòng)變阻器時(shí)，應(yīng)將選擇開關(guān)B旋轉(zhuǎn)到直流電壓擋；將多用表的黑表筆與電源的負(fù)極相連，紅表筆與滑動(dòng)變阻器的a接線柱接觸，若發(fā)現(xiàn)多用電表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，由此可判斷電阻無斷路。故答案為：（1）①100；需要；②見解析；（2）開關(guān)；直流電壓；a；無?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了歐姆表測(cè)電阻的正確操作，考查了用多用表探測(cè)黑箱內(nèi)的電學(xué)元件，要明確實(shí)驗(yàn)的原理，掌握實(shí)驗(yàn)的正確操作；知道電流從多用表的紅表筆流入，黑表筆流出；根據(jù)題意完成黑箱內(nèi)部電路的設(shè)計(jì)是本題的難點(diǎn)。11．（16分）一質(zhì)量為2kg的物體沿粗糙水平面向右做直線運(yùn)動(dòng)，t＝0時(shí)刻，對(duì)物體施加一個(gè)水平向左的恒力F，如圖甲所示，取水平向右為正方向，物體的v﹣t圖像如圖乙所示，求：（1）恒力F的大??；（2）4s內(nèi)物體克服摩擦力做的功?！痉治觥坑蓈﹣t圖分別求得由力F和沒有力F作用時(shí)的加速度，對(duì)兩段時(shí)間分別運(yùn)動(dòng)牛頓第二定律列式后聯(lián)立可求出恒力F和摩擦力f的大??；設(shè)4s末物體離起點(diǎn)點(diǎn)的距離為d，d應(yīng)為v﹣t圖與橫軸所圍的上下兩塊面積之差，根據(jù)恒力做功公式求解F和f做的功【解答】解：（1）設(shè)物體向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為a1，所受的摩擦力大小為f，由v﹣t圖得，加速度大小為：a方向與初速度方向相反，設(shè)物體向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為a2，由v﹣t圖得，加速度大小為：a方向與初速度方向相反，根據(jù)牛頓第二定律：F+f＝ma1F﹣f＝ma2解得：F＝3N，f＝1N（2）根據(jù)v﹣t圖與橫軸所圍的面積表示位移，則得物體在4s內(nèi)的位移為：x=1則4s內(nèi)克服摩擦力對(duì)物體做功為：Wf＝﹣fs＝﹣1×6J＝6J。答：（1）恒力F的大小為3N。（2）4s內(nèi)物體克服摩擦力做的功為6J?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵先根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況求解加速度，確定受力情況后求解出動(dòng)摩擦因數(shù)，根據(jù)v﹣t圖與橫軸所圍的面積表示位移求解位移，要知道恒力做功只與位移有關(guān)，而滑動(dòng)摩擦力做功與路程有關(guān)。12．（20分）如圖所示，豎直平面內(nèi)固定有兩根間距為L(zhǎng)且足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌ab、c