2025屆新疆維吾爾自治區(qū)喀什地區(qū)高三下學期4月適應性檢測物理試卷（解析版）

高級中學名校試題PAGEPAGE1喀什地區(qū)2025年普通高考4月適應性檢測注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。第Ⅰ卷一、選擇題：1.2024年是中國航天大年，神舟十八號、嫦娥六號等已陸續(xù)飛天，部分航天器裝載了具有抗干擾性強的核電池。已知衰變?yōu)榈陌胨テ诩s為29年；衰變?yōu)榈陌胨テ诩s87年?，F用相同數目的和各做一塊核電池，下列說法正確的是（）A.衰變?yōu)闀r產生α粒子B.衰變?yōu)闀r產生β粒子C.50年后，剩余的數目大于的數目D.87年后，剩余的數目小于的數目【答案】D【解析】A．根據質量數守恒和電荷數守恒可知衰變?yōu)闀r產生電子，即β粒子，故A錯誤；B．根據質量數守恒和電荷數守恒可知衰變?yōu)闀r產生，即α粒子，故B錯誤；CD．根據題意可知的半衰期大于的半衰期，現用相同數目的和各做一塊核電池，經過相同的時間，經過的半衰期的次數多，所以數目小于的數目，故D正確，C錯誤。故選D。2.2024年10月30日，我國成功發(fā)射的“神舟十九號”載人飛船與空間站“天和核心艙”完成交會對接。對接過程簡化如圖所示，“神舟十九號”在點從圓形軌道I進入橢圓軌道II，在點從橢圓軌道II進入圓形軌道Ⅲ，最終在軌道III與“天和核心艙”完成對接。已知“神舟十九號”在圓形軌道I運行時軌道半徑為、周期為，在軌道III穩(wěn)定運行時的軌道半徑為，則“神舟十九號”飛船（）A.在點從軌道I進入軌道II時需點火制動B.在軌道II上點的加速度小于在軌道III上點的加速度C.在軌道II上運行的周期D.在軌道I上運行的線速度小于在軌道III上運行的線速度【答案】C【解析】A．飛船在A點由軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ做離心運動，需點火加速，故A錯誤；B．根據牛頓第二定律，可知飛船在B點的向心加速度始終保持不變，故B錯誤；C．根據開普勒第三定律可得飛船在軌道Ⅱ上運行的周期為故C正確；D．根據萬有引力提供向心力可得，可知飛船在軌道Ⅰ上運行的線速度大于在軌道Ⅲ上運行的線速度，故D錯誤。故選C。3.一正三角形OPQ玻璃磚，某束光線垂直于OP射入，恰好在PQ界面發(fā)生全反射，則玻璃磚的折射率（）A. B. C. D.2【答案】C【解析】如圖所示根據幾何關系可知光線在PQ界面的入射角為根據全反射的臨界條件可得解得故選C。4.“戰(zhàn)繩”是一種近年流行的健身器材，健身者把兩根相同繩子的一端固定在一點，用雙手分別握住繩子的另一端，上下抖動繩子使繩子振動起來（圖甲）。以手的平衡位置為坐標原點，圖乙是健身者左手在抖動繩子過程中某時刻的波形，若左手抖動的頻率是1.25Hz，下列說法正確的是（）A.該時刻Q點的振動方向沿y軸負方向B.該時刻P點的位移為cmC.波的傳播速度為8.75m/sD.再經過0.1s，P點到達波峰位置【答案】B【解析】A．波沿x軸正方向傳播，根據同側法可知，該時刻Q點的振動方向沿y軸正方向，A錯誤；B．根據圖乙可知，該波的波長根據圖乙可知，P點的平衡位置距離Q點的平衡位置的間距為則P點的位移B正確；C．波傳播的速度為C錯誤；D．將圖乙中左側的波形補充完整，根據上述可知，將波向右平移距離，P點出現波峰，則有（n=0，1，2，3…）根據解得（n=0，1，2，3…）可知，P點出現波峰的最短時間為0.7s，則再經過0.1s，P點沒有到達波峰位置，D錯誤。故選B。5.電動汽車充電站變壓器輸入電壓為10kV，輸出電壓為220V，每個充電樁輸入電流16A，設原副線圈匝數分別為、，輸入正弦交流的頻率為50Hz，則下列說法正確的是（）A.交流電的周期為0.02sB.原副線圈匝數比C.輸出的最大電壓為220VD.若10臺充電樁同時使用，輸入功率為35.2kW【答案】AD【解析】A．交流電的周期為故A正確；B．根據理想變壓器原副線圈電壓與線圈匝數的關系可得，原副線圈匝數比為故B錯誤；C．輸出的最大電壓為故C錯誤；D．若10臺充電樁同時使用，輸出功率為變壓器不改變功率，故輸入功率為故D正確。故選AD。6.一定質量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，其圖像如圖所示。下列說法正確的是（）A.氣體分子熱運動的平均動能一直減小B.氣體對外界做的功小于氣體從外界吸收的熱量C.單位時間內撞擊容器壁單位面積的氣體分子數增多D.該過程中最高熱力學溫度與最低熱力學溫度之比為3∶2【答案】B【解析】A．由圖像可知，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，壓強與體積的乘積逐漸增大，根據理想氣體狀態(tài)方程可知氣體溫度一直在升高，所以分子平均動能一直在增大，故A錯誤；B．該過程溫度升高，所以內能增大，體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可知，內能增大，所以氣體從外界吸收熱量，且大于對外做的功，故B正確；C．由壓強的微觀解釋可知，壓強減小，分子的平均動能增大，所以單位時間內撞擊容器壁單位面積的氣體分子數減小，故C錯誤；D．由理想氣體狀態(tài)方程可知狀態(tài)B與狀態(tài)A的溫度之比為從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，氣體溫度一直在升高，所以該過程的最高溫度與最低溫度之比為4∶3，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題7.如圖所示，帶電量為+q的小球被絕緣棒固定在O點，右側有固定在水平面上、傾角為30°的光滑絕緣斜面。質量為m、帶電量為+q的小滑塊從斜面上A點由靜止釋放，滑到與小球等高的B點時加速度為零，滑到C點時速度為零。已知AC間的距離為S，重力加速度大小為g，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A.OB的距離l=B.OB的距離l=C.從A到C，靜電力對小滑塊做功W=﹣mgSD.AC之間的電勢差UAC=﹣【答案】AD【解析】AB．由題意知小滑塊在B點處的加速度為零，則根據受力分析有沿斜面方向解得A正確，B錯誤；C．因為滑到C點時速度為零，小滑塊從A到C的過程，靜電力對小滑塊做的功為W，根據動能定理有解得故C錯誤；D．根據電勢差與電場強度的關系可知AC之間的電勢差故D正確。故選AD。8.如圖甲所示，水平面內有兩根足夠長的光滑平行金屬導軌，導軌固定且間距為。空間中存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B?，F將兩根材料相同、橫截面積不同、長度均為的金屬棒分別靜置在導軌上。現給棒一水平向右的初速度，其速度隨時間變化的關系如圖乙所示，兩金屬棒運動過程中，始終與導軌垂直且接觸良好。已知棒的質量為，電阻為。導軌電阻可忽略不計。下列說法正確的是（）A.棒剛開始運動時，棒中的電流方向為B.棒的質量為C.在時間內，棒產生的熱量為D.在時間內，通過棒的電荷量為【答案】BCD【解析】A．金屬棒剛開始運動時，根據右手定則可知棒中的電流方向為，故A錯誤；B．兩金屬棒組成的系統(tǒng)動量守恒解得故B正確；C．由于棒與棒質量之比為，且它們的材料和長度相同，故橫截面積之比為，由得電阻之比為，故棒與棒產生的熱量之比為，根據兩棒組成的系統(tǒng)能量守恒有時間內棒產生的熱量故C正確；D．對棒列動量定理有又則在時間內，通過棒的電荷量故D正確。故選BCD。第Ⅱ卷三、非選擇題：9.曉宇同學利用如圖所示的裝置驗證碰撞過程中動量守恒，實驗時完成了如下的操作：（1）將擋光片固定在滑塊A上，擋光片的寬度為d，用天平測量滑塊A與擋光片的總質量為，將兩光電門1、2固定在長木板上；（2）將長木板的右端適當調高，輕推滑塊，直到滑塊A沿長木板勻速下滑，此時滑塊經過光電門1、2的擋光時間分別為、，則______（填“”“”或“”）；（3）保持（2）中長木板的傾角不變，現將與A相同材料制成的滑塊B放在兩光電門之間，滑塊B的質量為，使滑塊A從光電門1的上方以一定的初速度下滑，滑塊A經過光電門1的擋光時間為，兩滑塊碰后粘合在一起，經過光電門2時的擋光時間為，滑塊A經過光電門1的速度為______，若兩滑塊碰撞過程中動量守恒，則關系式______成立。【答案】（2）（3）【解析】[1]根據可知滑塊經過光電門速度為當勻速下滑時速度不變，即所以[2]滑塊A經過光電門1的速度為[3]兩滑塊碰后經過光電門2的速度為若兩滑塊碰撞過程中動量守恒，則需滿足解得10.某學習小組測量一水果電池的電動勢和內阻：（1）該小組先用多用電表的直流檔粗測電動勢，紅表筆應接該電池的______（填“正極”或“負極”），指針示數如圖1所示，則讀數為______，該測量值______（填“偏大”或“偏小”）；能否用多用電表的歐姆檔直接測量該電池的內阻？______（填“能”或“不能”）。（2）為了更準確測量該電池的電動勢和內阻，用數字電壓表（內阻約）和電阻箱測量該電池的電動勢E和內阻r，實驗電路如圖2所示。連接電路后，閉合開關S，多次調節(jié)電阻箱的阻值R，記錄電壓表的讀數U，繪出圖像如圖3所示，可得：該電池的電動勢______V，內阻______（本空結果保留兩位有效數字）?！敬鸢浮浚?）正極偏小不能（2）1.003.2##3.3##3.4【解析】【小問1詳析】[1]電流應從多用電表的紅表筆流入多用電表，應將紅表筆接電池的正極，另一表筆接電池的負極。[2]多用電壓表選擇直流電壓擋量程為2.5V的擋位，由1所示可知，其分度值為0.05V，則粗測的電動勢大小為0.75V。[3]電壓表接電池兩極間測的是電池的路端電壓，路端電壓小于電池的電動勢，則該測量值偏??；[4]由于多用電表的歐姆擋有內置電源，不能用歐姆擋直接測量該電池的內阻。【小問2詳析】[1][2]根據圖2所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律得整理得由圖示圖像可知，電池電動勢E=1.00V斜率表示內阻11.如圖，邊長為L的正方形區(qū)域及矩形區(qū)域內均存在電場強度大小為E、方向豎直向下且與邊平行的勻強電場，右邊有一半徑為且與相切的圓形區(qū)域，切點為的中點，該圓形區(qū)域與區(qū)域內均存在磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。一帶電粒子從b點斜向上射入電場后沿圖中曲線運動，經邊的中點進入區(qū)域，并沿直線通過該區(qū)域后進入圓形區(qū)域。所有區(qū)域均在紙面內，粒子始終在該紙面內運動，不計粒子重力。求：（1）粒子沿直線通過區(qū)域時的速度大??；（2）粒子的電荷量與質量之比；（3）粒子射出圓形區(qū)域時速度方向與進入圓形區(qū)域時速度方向的夾角?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】帶電粒子在區(qū)域做直線運動，則有電場力與洛倫茲力平衡，可知粒子帶正電，經邊的中點速度水平向右，設粒子到達邊的中點速度大小為，帶電荷量為，質量為，由平衡條件則有解得【小問2詳析】粒子從b點到邊的中點的運動，可逆向看做從邊的中點到b點的類平拋運動，設運動時間為，加速度大小為，由牛頓第二定律可得由類平拋運動規(guī)律可得聯立解得粒子的電荷量與質量之比【小問3詳析】粒子從中點射出到圓形區(qū)域做勻圓周運動，設粒子的運動半徑為，由洛倫茲力提供向心力可得解得粒子在磁場中運動軌跡圖如圖所示，由圖可知，粒子沿半徑方向射入，又沿半徑方向射出，設粒子射出圓形區(qū)域時速度方向與進入圓形區(qū)域時速度方向的夾角為，由幾何關系可知可得則有12.某固定裝置的豎直截面如圖所示，由傾角的直軌道，半徑的圓弧軌道，長度、傾角為的直軌道，半徑為R、圓心角為的圓弧管道組成，軌道間平滑連接。在軌道末端F的右側光滑水平面上緊靠著質量滑塊b，其上表面與軌道末端F所在的水平面平齊。質量的小物塊a從軌道上高度為h靜止釋放，經圓弧軌道滑上軌道，軌道由特殊材料制成，小物塊a向上運動時動摩擦因數，向下運動時動摩擦因數，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。當小物塊a在滑塊b上滑動時動摩擦因數恒為，小物塊a運動到滑塊右側的豎直擋板能發(fā)生完全彈性碰撞。（其它軌道均光滑，小物塊視為質點，不計空氣阻力，，）（1）若，求小物塊①第一次經過C點向心加速度大??；②在上經過的總路程；③在上向上運動時間和向下運動時間之比。（2）若，滑塊至少多長才能使小物塊不脫離滑塊?！敬鸢浮浚?）①16m/s2；②2m；③1∶2；（2）0.2m【解析】（1）①對小物塊a從A到第一次經過C的過程，根據機械能守恒定律有第一次經過C點的向心加速度大小為②小物塊a在DE上時