2025年新世紀版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示電路中，當變阻器R的滑片P向上滑動時；電壓表V和電流表A的示數(shù)變化情況是()

A.V和A的示數(shù)都增大B.V和A的示數(shù)都減小C.V示數(shù)增大、A示數(shù)減小D.V示數(shù)減小、A示數(shù)增大2、如圖所示，在原來不帶電的金屬細桿ab附近P處；放置一個正點電荷，達到靜電平衡后，則下列判斷中錯誤的是（）

A.a端的電勢比b端的高B.b端的電勢比d點的低C.a端的電勢與b端的電勢相等D.細桿表面的感應電荷在桿內(nèi)c處產(chǎn)生的場強方向由a指向b3、電場是一類特殊的物質(zhì)，電荷可以“感受”到電場的存在。圖4為描述某靜電場的電場線，a、b、c是同一條電場線上的三個不同的點，其中a點的電場強度大小為電勢為b點的電場強度大小為電勢為c點的電場強度大小為電勢為關(guān)于a、b、c三點電勢的高低，下列判斷正確的是圖（）

A.B.C.D.4、如圖所示，在正方體abcd-a′b′c′d′空間內(nèi)的b點和d′點分別放置等量異種點電荷+Q和-Q，已知a點、c點、b′點電勢為20V，a′點、c′點、d點電勢為-20V；則以下說法正確的（）

A.平面abb′a′對角線ab′上各點電勢都是20VB.a點和c′點的電場強度相同C.粒子從a點沿不同路徑到達c′點，電場力做功相同，其大小為40eVD.粒子在a點的電勢能為20eV5、有一靜電場；其電勢隨x坐標的改變而改變，變化的圖線如圖所示．若將一帶負電的粒子（重力不計）從坐標原點O由靜止釋放，粒子沿x軸運動，電場中P；Q兩點的坐標分別為1mm、4mm．下列說法正確的是（）

A.粒子經(jīng)過P點和Q點時，加速度大小相等、方向相反B.粒子經(jīng)過P點與Q點時，電場力做功的功率相等C.粒子經(jīng)過P點與Q點時，動能相等D.粒子在P點的電勢能為正值6、如圖所示，在勻強電場中有一虛線圓，ab和cd是圓的兩條直徑，其中ab與電場方向的夾角為60°，ab＝0.4m，cd與電場方向平行，a、b兩點的電勢差則（）

A.電場強度的大小E＝200V/mB.b點的電勢比d點的電勢低5VC.將電子從c點移到d點，電場力做正功D.若電子從a點運動到c點，電勢能減小10eV7、下列說法中正確的是A.電流的方向就是電荷移動的方向B.電源電動勢的大小反映的是電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小C.電場中某點的電場強度為零，該點的電勢也一定為零D.由R＝可知，電阻與電壓成正比，與電流成反比8、如圖所示，電路中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光，．現(xiàn)將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對值分別為理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為則（）

A.電源的輸出功率一定增大B.燈泡亮度逐漸變暗C.均保持不變D.當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，小燈泡立刻熄滅評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、已知磁敏電阻在沒有磁場時電阻很小，在有磁場時電阻很大，并且磁場越強阻值越大．為了探測有無磁場，利用磁敏電阻作為傳感器設(shè)計了如圖所示電路，電源電動勢和內(nèi)阻不變，在沒有磁場時，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電燈發(fā)光，當探測裝置從無磁場區(qū)進入強磁場區(qū)（設(shè)電燈不會燒壞），則（）

A.電燈變亮B.電流表示數(shù)增大C.滑動變阻器的功率增大D.磁敏電阻兩端的電壓增大10、真空中相距為3a的兩個點電荷M、N,分別固定于x軸上和的兩點上,在它們連線上各點場強E隨x變化關(guān)系如圖所示,以下判斷正確的是。

A.處的電勢一定為零B.點電荷M、N一定為同種電荷C.在兩點電荷之間沿x軸正向電勢降低D.點電荷M、N所帶電荷量的絕對值之比為4：111、如圖，三根通電長直細導線垂直于紙面固定，導線的橫截面（截面積不計）分別位于以O(shè)點圓環(huán)上a、c、d三處，已知每根導線在O點的磁感應強度大小均為B；則（）

A.O點的磁感應強度方向垂直于aO向右B.O點的磁感應強度方向從O指向aC.O點的磁感應強度大小為D.O點的磁感應強度大小為12、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰兩等勢面之間的電勢差相等，實線為一帶正電的粒子只在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P和Q是這條軌跡上兩個點，P、Q相比（）

A.P點的電勢高B.帶電微粒通過P點時的加速度大C.帶電微粒通過P點時的速度大D.帶電微粒在P點時的電勢能較大13、一個帶正電的粒子（重力不計）穿過如圖所示的勻強磁場和勻強電場區(qū)域時，恰能沿直線運動，則欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)應采用的辦法是（）

A.減小電場強度B.增大電荷電荷量C.減小入射速度D.增大磁感應強度14、在x軸上固定兩個帶電荷量分別為的點電荷，以其中的某一電荷為原點，兩電荷所形成的電場的電勢在x軸正半軸上的分布如圖所示；下列說法正確的是（）

A.正電荷在坐標原點，負電荷在的位置B.負電荷在坐標原點，正電荷在的位置C.在x軸上區(qū)域電場強度沿x軸正方向D.一帶負電試探電荷從O處移到處，電勢能先減小后增加15、如圖所示的電路中,電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,R1、R2、R3為定值電阻,電流表和電壓表均為理想電表,C為平行板電容器,在兩板之間的帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài).由于某種原因燈泡L的燈絲突然燒斷,其余用電器均不會損壞,則下列說法正確的是()

A.電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變大C.液滴將向上運動D.液滴仍保持靜止評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關(guān)系圖線如圖所示。該電源的內(nèi)阻為________，電源消耗的總功率為________W。

17、如圖所示，質(zhì)量為m的帶電小球用絕緣絲線懸掛于O點，并處在水平向左廣大的勻強電場E中，小球靜止時絲線與豎直方向夾角為θ，則小球的帶電量為__________；若剪斷絲線帶電小球?qū)⒆鯻________運動．

18、如圖示電路，電源直流電壓先使開關(guān)與1端相連稍后將開關(guān)擲向2端，讓電容器通過電阻放電，傳感器將電流信息傳入計算機，顯示出的電流隨時間變化的曲線如圖所示，則電容器全部釋放的電量大約為______該電容器的電容大約是______（均保留兩位有效數(shù)字）。

19、如圖所示，E、F分別表示蓄電池兩極，P、Q分別表示螺線管兩端。當閉合開關(guān)時，發(fā)現(xiàn)小磁針N極偏向螺線管Q端。則E為蓄電池____極（填“正”或“負”），螺線管P端為____極（填“S”或“N”）.

20、某同學想應用楞次定律判斷線圈纏繞方向；設(shè)計的實驗裝置原理圖如圖甲所示。選用的器材有：一個磁性很強的條形磁鐵，兩個發(fā)光二極管（電壓在1.5V至5V都可發(fā)光且保證安全），一只多用電表，導線若干。操作步驟如下：

①用多用電表的歐姆擋測出二極管的正；負極；

②把二極管；線圈按如圖甲所示電路用導線連接成實驗電路；

③把條形磁鐵插入線圈時，二極管B發(fā)光；拔出時，二極管A發(fā)光；

④根據(jù)楞次定律判斷出線圈的纏繞方向。

請回答下列問題：

（1）線圈纏繞方向如圖乙中的_______（填“A”或“B”）。

（2）條形磁鐵運動越快，二極管發(fā)光的亮度就越大，這說明感應電動勢隨_____的增大而增大（填“磁通量”；“磁通量的變化量”或“磁通量的變化率”）。

（3）為進一步研究，該小組又做了以下實驗：磁體從靠近線圈的上方靜止下落。在磁體穿過整個線圈的過程中，傳感器顯示的電流i隨時間t的圖像應該是圖中的____。

A．B．C．D．評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

22、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

23、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。24、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、解答題(共3題，共9分)25、如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運動的簡化模型示意圖。已知電子的質(zhì)量為m，電量為e。在xOy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個場強大小均為E的勻強電場Ⅰ和Ⅱ，兩電場的邊界如圖所示（L為已知量）。不計電子所受重力。

(1)在該區(qū)域AB邊的中點處由靜止釋放一個電子；求該電子在剛進入電場區(qū)域Ⅱ時速度的大?。?/p>

(2)該電子在ABCD區(qū)域內(nèi)運動經(jīng)歷的時間和電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標；

(3)若在電場Ⅰ區(qū)域內(nèi)適當位置坐標由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域右下角D處離開，求x與y應滿足的關(guān)系。

26、A、B兩個帶電小球，A固定不動，B的質(zhì)量為m，只在庫侖力作用下，B由靜止開始運動，已知初始時，A、B間的距離為d，B的加速度為a，經(jīng)過一段時間后，B的加速度為此時A、B間距離應為多少？27、如圖所示，電路中電源內(nèi)阻不計，水平放置的平行金屬板A、B間的距離為d，金屬板長為L，在兩金屬板左端正中間位置M，有一個小液滴以初速度v0水平向右射入兩板間，已知小液滴的質(zhì)量為m，帶負電，電荷量為q．要使液滴從B板右側(cè)邊緣射出電場，電動勢E是多大？(重力加速度用g表示)

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

在變阻器R的滑片向上滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，R與R3并聯(lián)電阻R并增大，則外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減小，路端電壓U增大；干路電流I減小，則R2兩端的電壓減小，V的示數(shù)減小。并聯(lián)部分電壓U并=E-I（R1+R2+r），I減小，E、R1、R2、r均不變，則U并增大，通過R3的電流增大；干路電流I減小，通過R3的電流增大；則通過滑動變阻器的電流減小，電流表A的示數(shù)減小。

故選B。2、A【分析】【詳解】

AC．達到靜電平衡后，導體為等勢體，導體上的電勢處處相等，所以可以得到φa=φb

故A錯誤；符合題意，C正確，不符合題意；

B．由于正電荷在右邊，金屬細桿可看作在d點左方的一個點，越靠近正電荷電勢越高，所以

故B正確；不符合題意；

D．由于桿處于靜電平衡狀態(tài)，所以內(nèi)部的場強為零，正電荷和感應電荷在內(nèi)部產(chǎn)生的合場強為零，正電荷在c處產(chǎn)生的場強方向由b指向a，所以感應電荷在桿內(nèi)c處產(chǎn)生的場強方向由a指向b；故D正確，不符合題意。

故選A。3、A【分析】【詳解】

沿電場線方向電勢降低，電場線依次經(jīng)a、b、c，故c點電勢最低，a點電勢最高，故有

故A正確；BCD錯誤。

故選A。4、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量異種電荷電場的特點可知，電勢為的點構(gòu)成的是一個曲面，曲面與平面的交線不是直線，即平面對角線上各點的電勢不都等于A錯誤；

B．根據(jù)電場強度矢量合成法則可知，正、負電荷分別在點、點產(chǎn)生的電場強度大小相等為

方向相同，正、負電荷分別在點、點產(chǎn)生的電場強度大小相等為

方向相同，則點、點場強大小相等為

方向相同；B正確；

C．根據(jù)電場力做功特點可知，電場力做功多少與運動路徑無關(guān)，粒子從點沿不同路徑到達點，電場力做功相同，其大小為

C錯誤；

D．粒子在點的電勢能

D錯誤。

故選B。5、C【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，0-2mm內(nèi)，電場線沿x軸負方向，粒子所受的電場力方向沿x軸正方向；在2-6mm內(nèi)電場線沿x軸正方向，粒子所受的電場力方向沿x負方向做減速運動，加速度沿x軸負方向；φ-x圖象的斜率大小等于場強E．則知P點的場強大于Q點的場強，則粒子在P點的加速度大于在Q點的加速度，加速度方向相反．故A錯誤．粒子經(jīng)過P點與Q點時，電勢相等，則其電勢能相等，由能量守恒知動能相等．故C正確．粒子經(jīng)過P點與Q點時，速率相等，但電場力不同，則根據(jù)功率公式P=Fv，可知電場力做功的功率不等．故B錯誤．在P點，根據(jù)電勢能公式Ep=qφ，因為q＜0，φ＞0，所以Ep＜0．故D錯誤．故選C．6、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)

可得電場強度的大小

故A錯誤；

B．沿電場線電勢逐漸降低，可知b點的電勢比d點的電勢高；故B錯誤；

C．將電子從c點移到d點；因電子所受的電場力與位移反向，可知電場力做負功，故C錯誤；

D．a(chǎn)、c兩點電勢差為

電子從a點運動到c點過程，電場力做的功為

可知電場力做正功；電勢能減小10eV，故D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．正電荷定向移動的方向是電流的方向。故A錯誤。

B．電源電動勢的大小反映的是電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小。故B正確。

C．電場強度與電勢沒有關(guān)系；電場強度為零的點，電勢不一定為零，比如：處于靜電平衡的導體。故C錯誤。

D．電阻是導體本身的性質(zhì)，與電壓及電流無關(guān)。故D錯誤。8、C【分析】【詳解】

A、將滑動變阻器滑片向右滑動時接入電路的電阻減小，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，示數(shù)增大，A的示數(shù)增大，由于電源的內(nèi)阻與外電阻的大小關(guān)系未知，所以電源的輸出功率不一定增大，故A錯誤；

B、電路中電流增大，通過燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B錯誤；

C、根據(jù)得保持不變，保持不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律：則保持不變，故C正確；

D；當電路穩(wěn)定后；斷開電鍵，電容器通過燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會立即熄滅，故D錯誤．

點睛：本題是電路的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析．二、多選題(共7題，共14分)9、A:D【分析】【詳解】

AB.當磁場增強時，磁敏電阻增大，總電阻增大，總電流減小，電流表示數(shù)減小，電源內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，電燈變亮；故A正確B錯誤；

C.總電流減小，通過電燈的電流增大，所以通過滑動變阻器R的電流減小，變阻器的功率減??；故C錯誤；

D.路端電壓增大，兩端的電壓減小，所以磁敏電阻兩端的電壓增大，故D正確．10、B:D【分析】【詳解】

A.x=2a處的場強為零；但由于電勢與場強無關(guān)，則場強為零的地方電勢不一定為零，故A錯誤；

B.x從0到3a；場強先正方向減少到零又反方向增加，異種電荷兩電荷之間場強不為零，因此必為同種電荷，故B正確；

C.由于兩點電荷為同種電荷，則根據(jù)同種電荷電場線的分布規(guī)律可知，電勢不會沿x軸正向降低；而是先降低后升高，故C錯誤；

D.x=2a處的合場強為0，由得：

得QM：QN=4：1，

故D正確．11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

磁感應強度的矢量疊加如圖所示。

每根導線在圓心處產(chǎn)生的磁感應強度大小均為可得處的磁感應大小為

方向于垂直于aO向右。

故選AC。12、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于粒子帶正電，因此電場線指向右下方，根據(jù)沿電場線電勢降低，可知P的電勢最高；故A正確；

B．等勢線密的地方電場線密電場強度大，故P點電場強度大；試探電荷受到的電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故B正確；

CD．根據(jù)質(zhì)點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，P點的速度小于Q點的速度；故C錯誤；D正確。

故選ABD。13、A:D【分析】【詳解】

開始時正電粒子恰能做直線運動，電場力向下，洛倫茲力向上，合力為零，故：qE=qvB

A．減小電場強度；則電場力減小，洛倫茲力不變，合力向上，向上偏轉(zhuǎn)，故A正確；

B．增大電荷量；則電場力與洛倫茲力都增加，合力為0，做直線運動，故B錯誤；

C．減小入射速度；則洛倫茲力減小，電場力不變，合力向下，向下偏轉(zhuǎn)，故錯誤；

D．增大磁感應強度，則向上的洛倫茲力增大，合力向上，向上偏轉(zhuǎn)，故D正確．14、B:C【分析】【詳解】

AB．由可知，原點附近的電勢為負且絕對值很大，可知負電荷在坐標原點，圖象斜率表示電場強度大小位置電場強度為零，根據(jù)

解得

正電荷在的位置；故B正確，A錯誤；

C．在x軸上區(qū)域電勢一直減小，電場強度沿x軸正方向；故C正確；

D．從O處移到處；電勢不斷增加，一帶負電試探電荷電勢能不斷減小，故D錯誤；

故選BC。15、A:B:C【分析】【詳解】

液滴原來處于平衡狀態(tài)，重力和靜電力平衡，電路為R2與R3串聯(lián)，再與燈泡L并聯(lián)，干路上有R1和內(nèi)阻r.燈泡L的燈絲突然燒斷,相當于其電阻變大，總電阻變大，據(jù)則總電流變小，C、D、由得電容器的電壓增大，故液滴受到的電場力增大，液滴向上運動，C正確、D錯誤．A、B、由可知電流表示數(shù)增大，由知電壓表的示數(shù)變大；A正確，B正確.故選ABC.

【點睛】

本題是電路動態(tài)分析問題，關(guān)鍵是理清電路，根據(jù)路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化．注意電源輸出功率的大小與內(nèi)外電阻的大小關(guān)系決定．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

當時

由圖可知電源電動勢

內(nèi)阻等于圖像的斜率的絕對值，因此有

代入數(shù)據(jù)可得

由圖可知，此時電流

因此有

代入數(shù)據(jù)可得【解析】0.5617、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于帶電小球向左偏；所受電場力方向向左，電場線方向也向左，則小球帶正電．分析小球的受力情況，作出受力圖如下圖所示。

根據(jù)平衡條件得

得

[2]如果將細線燒斷，小球受到重力和電場力，合力恒定，球沿合力方向即繩子方向向下做勻加速直線運動?！窘馕觥垦乩K方向向下做初速度為零的勻加速直線18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)

可知曲線圖像圍成的面積表示電荷量，由圖像可得圖像面積約為所以電容器全部釋放的電量大約為（都可以）

[2]電容器的電容為【解析】①.（都可以）②.（都可以）19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由右手螺旋定則可知，電流由F流出，故E為蓄電池負極；

[2]小磁針N極轉(zhuǎn)向Q端，這說明磁感線指向Q端，故Q端為S極，P端為N極。【解析】①.負②.N20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]把條形磁鐵插入線圈時，穿過線圈的磁通量向上，且大小增大，則線圈產(chǎn)生的感應電流的磁場方向向下，由發(fā)光二極管B發(fā)光，可知流經(jīng)二極管B的電流方向向下；則線圈纏繞方向如圖乙中A所示。

（2）[2]條形磁鐵從初始到完全插入；磁通量的變化量相同，磁鐵運動速度越快，磁通量變化越快，發(fā)光二極管的亮度就越大，說明感應電動勢隨磁通量的變化率的增大而增大。

（3）[3]磁體從靠近線圈的上方靜止下落，當磁體進入線圈的過程，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知感應電流產(chǎn)生的磁場方向向下，當磁體離開線圈的過程，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知感應電流產(chǎn)生的磁場方向向上，所以磁體進入和穿出線圈時感應電流方向相反；當磁體完全進入線圈時，穿過線圈的磁通量不變，則不會產(chǎn)生感應電流，磁體會加速運動，當?shù)竭_線圈底部時，磁通量變化率大于磁體剛進入線圈時，依據(jù)法拉第電磁感應定律和歐姆定律可知到達底部的感應電流較大，故A正確，B、C、D錯誤。【解析】A磁通量的變化率A四、作圖題(共4題，共8分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?2、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電