安徽省安慶市第十一中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題含解析

安徽省安慶市第十一中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、回旋加速器的工作原理如圖所示：真空容器D形盒放在與盒面垂直的勻強磁場中．兩盒間狹縫間距很小，粒子從粒子源A處（D形盒圓心）進入加速電場（初速度近似為零）．D形盒半徑為R，粒子質(zhì)量為m、電荷量為+q，加速器接電壓為U的高頻交流電源．若相對論效應(yīng)、粒子所受重力和帶電粒子穿過狹縫的時間均不考慮．下列論述正確的是A．交流電源的頻率可以任意調(diào)節(jié)不受其他條件的限制B．增大磁感應(yīng)強度B，粒子被加速后獲得的最大動能增大C．增大電壓U，粒子被加速后獲得的最大動能增大D．增大U或B，粒子在D型盒內(nèi)運動的總時間t都減少2、兩個質(zhì)量相同的鋁環(huán)能在一個光滑的絕緣圓柱體上自由移動，設(shè)大小不同的電流按如圖所示的方向通入兩鋁環(huán)，則以下說法正確的是A．右側(cè)鋁環(huán)受到安培力方向向右B．彼此相向運動，且具有大小相等的加速度C．彼此背向運動，電流大的加速度大D．同時改變兩導(dǎo)線的電流方向，兩導(dǎo)線受到的安培力方向反向3、如圖所示，在正點電荷形成的電場中有A,B兩點的電勢，分別用EA,EB表示A,B兩點的電場強度，則（）A． B．C． D．4、圖1為一列簡諧橫波在t=0時的波形圖，P是平衡位置在x=1cm處的質(zhì)元，Q是平衡位置在x=4cm處的質(zhì)元。圖2為質(zhì)元Q的振動圖像。則A．t=0.3s時，質(zhì)元Q的加速度達(dá)到正向最大B．波的傳播速度為20m/sC．波的傳播方向沿x軸負(fù)方向D．t=0.7s時，質(zhì)元P的運動方向沿y軸負(fù)方向5、如圖所示，邊長為l的等邊三角形導(dǎo)線框用絕緣細(xì)線懸掛于天花板，導(dǎo)線框中通以恒定的逆時針方向的電流。圖中虛線過ab邊中點和ac邊中點，在虛線的下方為垂直于導(dǎo)線框向里的有界矩形勻強磁場，其磁感應(yīng)強度大小為B。此時導(dǎo)線框處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線中的拉力為F1；現(xiàn)將虛線下方的磁場移至虛線上方且磁感應(yīng)強度的大小改為原來的2倍，保持其他條件不變，導(dǎo)線框仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時細(xì)線中拉力為F2。則導(dǎo)線框中的電流大小為（）A． B． C． D．6、如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)的變化量分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列說法正確的是()A．不變，變大 B．變大，變大C．變大，不變 D．不變，不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在點電荷Q形成的電場中，帶電粒子q僅受電場力作用，運動軌跡為MEGFN曲線，其中G點與等勢面a相切，E、F兩點在等勢面b上，M、N兩點在等勢面c上．則以下判斷正確的是（）A．q與Q電性相同B．帶電粒子在G點電勢能最小C．帶電粒子在M點動能大于F點D．帶電粒子在E點電勢能小于N點8、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實驗裝置，以下說法正確的是()A．A板與靜電計的指針帶的是異種電荷B．甲圖中將B板上移，靜電計的指針偏角增大C．乙圖中將B板左移，靜電計的指針偏角不變D．丙圖中將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計的指針偏角減小9、如圖所示，甲、乙兩電路中電源完全相同，電阻R1>R2，在兩電路中分別通過相同的電量Q的過程中，下列關(guān)于兩電路的比較，正確的是（）A．電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較少的一定是甲電路中的電源B．R1上產(chǎn)生的電熱一定比R2上產(chǎn)生的電熱少C．這兩個電源消耗的化學(xué)能一定是同樣多的D．電源輸出功率較大的一定是乙電路中的電源10、如圖所示，平行板電容器的金屬板始終與電源兩極相連，電源電壓為8.0V，兩板的間距為2cm，而且極板B接地．極板間有C、D兩點，C距A板0.5cm，D距B板0.5cm，則（）A．C.D兩點的電勢相等B．兩板間的場強為400V/mC．D點的電勢φD=2.0VD．C點的電勢φC=2.0V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)查閱資料發(fā)現(xiàn)鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而變?。趯嶒炛?，他取一段長為16cm的鉛筆芯，用多用電表測量其電阻大約為4Ω.該同學(xué)要較精確地測量鉛筆芯的電阻，現(xiàn)有下列器材可供選擇：A．電源3V(內(nèi)阻不計)B．電流表0－3A(內(nèi)阻0.1Ω)C．電流表0－600mA(內(nèi)阻0.5Ω)D．電壓表0－3V(內(nèi)阻3kΩ)E．電壓表0－15V(內(nèi)阻200kΩ)F．滑動變阻器(0－10Ω，1A)G．滑動變阻器(0－1kΩ，300mA)(1)除開關(guān)、導(dǎo)線外，實驗中要求能夠在電壓表上從零開始讀取若干組數(shù)據(jù)，需要選用的器材有：_______________(填寫字母代號)；(2)用筆畫線代替導(dǎo)線，在實物圖中連接實驗電路_________；(3)該同學(xué)記錄了實驗數(shù)據(jù)，并畫出了該鉛筆芯的伏安特性曲線，證實了鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而減小，則該鉛筆芯的伏安特性曲線為下圖中的________．12．（12分）為研究一鋼珠在甘油中運動時所受阻力的大小，讓它豎直落下進入甘油中，用頻閃照相的方法得到鋼珠在不同時刻的位置如圖所示，其中AB位于液面上方，鋼珠只在重力作用下加速下落，BD位于甘油中，鋼珠先減速運動最后勻速運動。設(shè)鋼珠在甘油中運動時受到的阻力與速度成正比，即F=kv，相機的閃光周期為0.05s，標(biāo)尺上每一小格代表的實際距離是1cm，鋼球的質(zhì)量為0.01g，g取10m/s2，則鋼珠在B點時的速度大小為___m/s，阻力常數(shù)k為_____kg/s。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個掛在絕緣細(xì)線下端的帶正電的小球B，靜止在圖示位置，若固定的帶正電的小球A的電荷量為Q，B球的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，θ=30°，A和B在同一條水平線上，整個裝置處于真空中，求A、B兩球間的距離。14．（16分）帶電量為q，質(zhì)量為m的原子核由靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場加速后進入一個平行板電容器，進入時速度和電容器中的場強方向垂直．已知：電容器的極板長為L，極板間距為d，兩極板的電壓為U2，重力不計，求：（1）經(jīng)過加速電場后的速度v0；（2）離開電容器電場時的偏轉(zhuǎn)量y；（3）剛離開電場時刻的動能Ek和速度方向與水平方向夾角θ的正切值．15．（12分）如圖所示的勻強電場中，有a、b、c三點，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60°角，一電子(其電荷量為e=1.6×10-19C)從a移到b電場力做功為Wab=3.2×10-18J求：(1)勻強電場的場強大小及方向.(2)電子從b移到c，電場力對它做功.(3)a、c兩點的電勢差等于多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.根據(jù)回旋加速器的原理，每轉(zhuǎn)一周粒子被加速兩次，交流電完成一次周期性變化，粒子做圓周運動洛倫茲力提供向心力，則有：解得：粒子做圓周運動的周期：交流電源的頻率：解得：可知交流電源的頻率不可以任意調(diào)節(jié)。故A錯誤；BC.質(zhì)子加速后的最大軌道半徑等于D型盒的半徑，洛倫茲力提供向心力，則有：解得粒子的最大運行速度：質(zhì)子獲得的最大動能：解得：可知增大磁感應(yīng)強度B，粒子被加速后獲得的最大動能增大，粒子被加速后獲得的最大動能與加速電壓無關(guān)。故B正確，C錯誤；D.質(zhì)子完成一次圓周運動被電場加速2次，由動能定理得：經(jīng)過的周期個數(shù)為：質(zhì)子在D型盒磁場內(nèi)運動的時間：則有：所以質(zhì)子在狹縫內(nèi)運動的時間：可見U越大，越??；B越大，t越大。故D錯誤。2、B【解析】

本題的關(guān)鍵是明確兩電流間的相互作用規(guī)律“同相電流相互吸引，異向電流相互排斥”，并結(jié)合牛頓第三定律和牛頓第二定律即可求解．【詳解】根據(jù)電流間相互作用規(guī)律“通向電流相互吸引，異向電流相互排斥”可知，兩圓環(huán)應(yīng)相互吸引，即彼此相向運動，再根據(jù)牛頓第二定律和牛頓第三定律可知，兩圓環(huán)的加速度大小相等，故B正確，ACD錯誤。故選B?！军c睛】要熟記電流間相互作用規(guī)律“通向電流相互吸引，異向電流相互排斥”．3、A【解析】

由電場線的疏密可知，A點處電場線較密，電場強度較大，所以EA＞EB，沿著電場線，電勢是降低的，所以A點所在等勢面的電勢高于B點所在等勢面的電勢，故．A．．故A符合題意．B．．故B不符合題意．C．．故C不符合題意．D．．故D不符合題意．4、C【解析】試題分析：由圖2可知，t=0.3s時，質(zhì)元Q的位置在正向最大位移處，故其加速度是達(dá)到反向最大，故A是不對的；由圖1可知，波長為8cm，由圖2可知，周期為0.4s，故波速為v==20cm/s，所以B也是不對的；由于質(zhì)元Q在t=0時的振動方向是向下的，故可以判斷出波的傳播方向是沿x軸的負(fù)方向傳播的，故C是正確的；當(dāng)t=0.7s時，實際上是經(jīng)過1T，0位置處的質(zhì)元會運動到負(fù)的最大位移處，所以P點的質(zhì)元會運動到x軸以下正在沿y軸的正方向運動的位置，故D是不對的?？键c：振動與波的圖像。5、D【解析】

當(dāng)磁場在虛線下方時，通電導(dǎo)線的等效長度為，受到的安培力方向豎直向上，設(shè)三角形導(dǎo)線框質(zhì)量為m，則有：當(dāng)磁場在虛線上方時，通電導(dǎo)線的等效長度為，受到的安培力方向豎直向下，磁感應(yīng)強度增大到原來的兩倍，故此時有：聯(lián)立可得故D正確，ABC錯誤；故選D。6、C【解析】

A．R1是定值電阻，有可知不變，不變，故A錯誤．BC．當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，R2是可變電阻，有所以變大.根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E-I(R1+r）則知其值不變；故B錯誤，C正確．D．U3為路端電壓，為外電阻，其值增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知其值不變，故D錯誤．【點睛】本題要分定值電阻與可變電阻去分析．對于定值電阻，有；對于可變電阻，可根據(jù)閉合電路歐姆定律分析與電源內(nèi)阻的關(guān)系，從而作出判斷.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：由力學(xué)知識可知，物體受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出帶電粒子與點電荷是同種電荷，存在靜電斥力．根據(jù)力與速度方向關(guān)系可分析做功的正負(fù)．解：A、由圖可知，粒子受靜電斥力的作用，MG段電場力與速度方向的夾角為鈍角，電場力做負(fù)功，GN段電場力與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功．因此q與Q電性相同，且G點電勢能最大，故A正確，B錯誤；C、由題意可知，E與F在同一等勢線上，而粒子從M到E，電場力做負(fù)功，電勢能增加，所以在M點電勢能小于F點，則在M點動能大于F點，故C正確．D、同理可知，M與N點是等電勢的，所以粒子在E點電勢能大于N點，故D錯誤；故選AC【點評】本題考查運用力學(xué)知識分析電場中軌跡問題的能力．電場力具有力的共性，判斷電場力做功的正負(fù)，按照功的公式，分析電場力與速度方向的夾角來判斷．及學(xué)會由電場力做功的正負(fù)來確定電勢能的增加與否．8、BD【解析】試題分析：A板與靜電計的指針相連，帶的是同種電荷，A錯誤；平行板電容器的決定式是，定義式是，若將B板豎直向上平移，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大B正確;若將B板向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，因電容器的電量Q不變，由電容的定義式知板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大，C錯誤;若將電介質(zhì)插入兩板之間，則C增大，U減小，靜電計的指針偏角減小，D正確．考點：本題考查了電容器的定義式和平行板電容器的決定式．9、AC【解析】

由題：電源的電動勢E和內(nèi)阻r相同，電阻R1＞R1，由閉合電路歐姆定律可知電流I1＜I1．電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱為Q內(nèi)=I1rt=qIr，可見，電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較多的是乙電路中的電源。故A正確。兩個電阻產(chǎn)生的熱量Q=I1Rt=qIR=q（E-Ir），電阻R1＞R1，I1＜I1，則R1上產(chǎn)生的電熱比R1上產(chǎn)生的電熱多。故B錯誤。電源消耗的化學(xué)能為W=EIt=Eq，E和q都相同，則W相同。故C正確。兩電阻的阻值與電源的內(nèi)阻關(guān)系不清楚，無法判斷電源輸出功率的大小。故D錯誤。故選AC?！军c睛】本題關(guān)鍵是將焦耳定律變形Q=I1Rt=qU，即變成電流做功的原始表達(dá)式．要知道當(dāng)電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，要根據(jù)內(nèi)外電阻的關(guān)系分析電源的輸出功率的大?。?0、BC【解析】

A、由題板間場強方向向下，則C點的電勢高于D點的電勢;故A錯誤.B、電容器的板間電壓U=8V，則兩板間勻強電場的場強;故B正確.C、D、B間的電勢差為UDB=EdDB=400×5×10-3V=2V，而極板B接地，電勢為零，則D點的電勢φD=2V;故C正確.D、C、B間的電勢差為UCB=EdCB=400×1.5×10-2V=6V，而極板B接地，電勢為零，則C點的電勢φC=6V;故D錯誤.故選BC.【點睛】求某點電勢常用的方法是先求出該點與零電勢點之間的電勢差，再求出這點的電勢．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)ACDF(2)電路如圖；(3)C【解析】試題分析：（1）電源電動勢為3V，故電壓表選D，電流，若選取3A量程，則指針偏轉(zhuǎn)不及刻度的，誤差較大，故電流表選C，滑動變阻器分壓接法，選取小電阻即可，故選擇器材為：ACDF．（2）電壓表上從零開始讀取，所以選擇滑動變阻器分壓接法，被測電阻為小電阻，電流表用外接，如圖：（3）鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而減小，則I-U圖象的斜率越來越大，故選C．【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握電流表的內(nèi)外接問題和滑動變阻器的分壓限流接法，知道什么情況下用什么接法．12、2.52.510-4【解析】

［1］由圖知，xAMxMNxNB135，則A點初速度不為零，因為在AB段小球做自由落體運動，由運動學(xué)的推論，鋼珠在N點時的速度大小vN==m/s=2m/s則鋼珠在B點時的速度大小vB=vN+gT=（2+100.05）m/s=2.5m/s［2］當(dāng)鋼珠進入甘油則滿足mg=F時，小球做勻速運動，由圖知，小球做勻速運動時標(biāo)尺上顯示的是兩小格，其速度v