山西省岢嵐縣中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

山西省岢嵐縣中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示電路中，已知電源的內(nèi)阻為r，電阻R1的阻值接近滑動(dòng)變阻器R0的最大阻值．閉合電鍵S，將滑動(dòng)變阻器的滑片P由變阻器的中點(diǎn)向左滑動(dòng)一小段距離，下列說(shuō)法中正確的有A.V1的示數(shù)增大，V2的示數(shù)變小B.V1的示數(shù)增大，V2的示數(shù)增大C.A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)變小D.A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)增大2、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度有下列說(shuō)法，正確的是（）A.電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度在數(shù)值上等于單位電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力B.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向總是跟電場(chǎng)力的方向一致C.在點(diǎn)電荷Q附近的任意一點(diǎn)，如果沒(méi)有把試探電荷q放進(jìn)去，則這一點(diǎn)的強(qiáng)度為零D.根據(jù)公式可知，電場(chǎng)強(qiáng)度跟電場(chǎng)力成正比，跟放入電場(chǎng)中的電荷的電量成反比3、如圖所示，圓弧線a、b、c代表某固定點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰兩等勢(shì)面間的距離相等，直線是電場(chǎng)中的幾條沒(méi)標(biāo)明方向的電場(chǎng)線，粗曲線是一帶正電粒子只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)軌跡的一部分，M、N是軌跡上的兩點(diǎn)．粒子過(guò)M、N兩點(diǎn)的加速度大小分別是aM、aN，電勢(shì)能分別是EPM、EPN，a、b、c的電勢(shì)分別是φa、φb、φc，ab間，bc間的電勢(shì)差分別是Uab、Ubc，則下列判斷中正確的是（）A.aM＞aN，EPM＞EPNB.φa＜φb＜φc，EPM＜EPNC.aM＞aN，Uab=UbcD.Uab=Ubc，EPM＜EPN4、如圖所示，OM的左側(cè)存在范圍足夠大、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，OM左側(cè)到OM距離為L(zhǎng)的P處有一個(gè)粒子源，可沿紙面內(nèi)各個(gè)方向射出質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(重力不計(jì))速率均為，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為A. B.C. D.5、甲、乙兩物體沿同一直線運(yùn)動(dòng)的s-t圖像如圖所示，由圖可知A.t=0時(shí)刻甲、乙的位置相同B.t=t1時(shí)刻甲、乙的位置相同C.0-t1內(nèi)，甲的位移大于乙的位移D.0-t1內(nèi)，甲的位移等于乙的位移6、如圖所示，a、b、c、d、e五點(diǎn)在一直線上，b、c兩點(diǎn)間的距離等于d、e兩點(diǎn)間的距離．在a點(diǎn)固定放置一個(gè)點(diǎn)電荷，帶電量為+Q，已知在+Q的電場(chǎng)中b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U．將另一個(gè)點(diǎn)電荷+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中A.克服電場(chǎng)力做功qUB.電場(chǎng)力做功大于qUC.電場(chǎng)力做功等于qUD.電場(chǎng)力做功小于qU二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、阻值為10Ω的電阻接到電壓波形如圖所示的交流電源上．以下說(shuō)法中正確的是（）A.電壓的有效值為10VB.通過(guò)電阻的電流有效值為AC.電阻消耗電功率為5WD.電阻每秒種產(chǎn)生的熱量為10J8、在如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，電源內(nèi)阻不能忽略．閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則下列敘述正確的是（）A.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)增大B.燈L2變暗，電流表的示數(shù)增大C.電源的效率增大，電容器C所帶電荷量減小D.電源的效率減小，電容器C所帶電荷量減小9、如圖所示，電阻R、電容器C與一半徑為r的單匝圓形線圈連成閉合回路，線圈內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻增加到2B。在此過(guò)程中A.流過(guò)R的電流方向從a到b B.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為C.電容器下極板帶正電，上極板帶負(fù)電 D.電阻R消耗的功率逐漸增大10、如圖所示，A、B兩相同的金屬板水平放置．現(xiàn)讓兩板帶上等量異種電荷，兩板間形成豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)．將一帶電粒子沿水平方向從A板左側(cè)靠近A板射入電場(chǎng)中．當(dāng)粒子射入速度為v1時(shí)，粒子沿軌跡Ⅰ從兩板正中間飛出，電場(chǎng)力做功為W1；當(dāng)粒子射入速度為v2時(shí)，粒子沿軌跡Ⅱ落到B板正中間，電場(chǎng)力做功為W2．不計(jì)粒子重力，則()A.v1∶v2＝2∶1 B.v1∶v2＝2∶1C.W1∶W2＝1∶1 D.W1∶W2＝1∶2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)要做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：A．待測(cè)小燈泡（額定電壓2.5V，額定電流0.5A）B．電流表（量程3A，內(nèi)阻約為0.1Ω）C．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）D．電壓表（量程3.0V，內(nèi)阻約為10kΩ）E．電壓表（量程15.0V，內(nèi)阻約為50kΩ）F．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為100Ω，額定電流50mA）G．滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10Ω，額定電流1.0A）H．電源（電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)）、電鍵及導(dǎo)線等（1）為了順利完成實(shí)驗(yàn)并能減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)選用_____、電壓表選用_____、滑動(dòng)變阻器選用_____（均填寫實(shí)驗(yàn)器材前的字母）（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求選用了合適的器材，并完成部分電路的連接，如圖甲所示，請(qǐng)你幫他完成其余部分的線路連接_________（用黑色水筆畫線表示對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線）（3）閉合電鍵后將滑動(dòng)變阻器滑片從一端移向另一端，測(cè)出多組電壓表和電流表的數(shù)值，作出小燈泡的I﹣U圖線如圖乙所示，當(dāng)小燈泡兩端的電壓為1.6V時(shí)，小燈泡的功率P=_____W（保留2位有效數(shù)字）．12．（12分）把一個(gè)面積為5.0×10-2m2的單匝矩形線圈放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為2.0×10-2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量是________Wb四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直線MN上方為磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)子（質(zhì)量為m、電荷量為e）以v的速度從點(diǎn)O與MN成30°角的方向射入磁場(chǎng)中，求：(1)質(zhì)子從磁場(chǎng)中射出時(shí)距O點(diǎn)多遠(yuǎn)？(2)質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為多少？(要做出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡圖)14．（16分）如圖水平面內(nèi)間距為l的平行金屬導(dǎo)軌間接一電阻，質(zhì)量為m、長(zhǎng)度為l的金屬桿置于導(dǎo)軌上，t＝0時(shí)，金屬桿在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻，金屬桿進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，且以大小為v的速度在磁場(chǎng)中恰好能保持勻速運(yùn)動(dòng)。桿與導(dǎo)軌的電阻均忽略不計(jì)，兩者始終保持垂直且接觸良好，兩者之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。重力加速度大小為g。求(1)金屬桿到達(dá)磁場(chǎng)前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間多大？(2)電阻R多大？15．（12分）如圖所示，一重力不計(jì)的帶電粒子從平行板電容器的上極板左邊緣處以某一速度沿極板方向射入電容器．若平行板電容器所帶電荷量為Q1，該粒子經(jīng)時(shí)間t1恰好打在下極板正中間，若平行板電容器所帶電荷量為Q2，該粒子經(jīng)時(shí)間t2恰好沿下極板邊緣飛出．不考慮平行板電容器的邊緣效應(yīng)，求兩種情況下：（1）粒子在電容器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1、t2之比；（2）電容器所帶電荷量Q1、Q2之比

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】AB．據(jù)電路圖可知變阻器左側(cè)電阻與R1串聯(lián)后再與變阻器右側(cè)電阻并聯(lián)，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知兩并聯(lián)部分的阻值相等時(shí)，并聯(lián)的總電阻最大；但電阻R1的阻值接近滑動(dòng)變阻器R0的最大阻值和滑片P由變阻器的中點(diǎn)向左滑動(dòng)一小段距離，可知并聯(lián)的總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流變小，電源的內(nèi)電壓也變小，則路端電壓先變大，所以V1的示數(shù)變大；V2測(cè)量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數(shù)變小，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．并聯(lián)的電壓U并=E-U2-Ur，可知U并逐漸變大，電阻R1所在支路的總電阻逐漸減小，所以該之路電流I1增大，即電流表A2示數(shù)增大；由I2=I-I1，可知總電流I減小，則I2減小，即電流表A1示數(shù)變小，故CD錯(cuò)誤。故選A。2、A【解析】A.根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義，可知，電場(chǎng)強(qiáng)度在數(shù)值上等于單位電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力，故A正確；B.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向總是跟正電荷所受的電場(chǎng)力的方向相同，與電荷所受的電場(chǎng)力的方向相反，故B錯(cuò)誤；C.電場(chǎng)中的場(chǎng)強(qiáng)取決于電場(chǎng)本身，與有無(wú)檢驗(yàn)電荷無(wú)關(guān)；如果沒(méi)有把試探電荷q放進(jìn)去，則這一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故C錯(cuò)誤；D.場(chǎng)強(qiáng)取決于電場(chǎng)本身，與檢驗(yàn)電荷無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤；3、B【解析】由于質(zhì)點(diǎn)只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力指向運(yùn)動(dòng)軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向左上方，由于質(zhì)點(diǎn)帶正電，因此電場(chǎng)線方向也指向左上方，根據(jù)電場(chǎng)線的方向可判斷電勢(shì)的高低；電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，且等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線密，電場(chǎng)強(qiáng)度大．電勢(shì)能和動(dòng)能的變化可以通過(guò)電場(chǎng)力做功情況判斷【詳解】根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力指向運(yùn)動(dòng)軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向左上方，由于質(zhì)點(diǎn)帶正電，因此電場(chǎng)線方向也指向左上方，所以正電荷受到點(diǎn)電荷的吸引力，所以圓心處的點(diǎn)電荷一定帶負(fù)電，電場(chǎng)線的方向指向圓心，所以φa＜φb＜φc，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)可得，M點(diǎn)的電場(chǎng)線密，所以正電荷在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大，產(chǎn)生的加速度大，即：aM＞aN；根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)可得，ab之間的電場(chǎng)強(qiáng)度大于bc之間的電場(chǎng)強(qiáng)度，由于相鄰兩等勢(shì)面間的距離相等，根據(jù)U=Ed可得，Uab＞Ubc；設(shè)粒子從M向N運(yùn)動(dòng)，正電荷受到的電場(chǎng)力的方向指向圓心，所以受力的方向與M到N的方向之間的夾角是鈍角，電場(chǎng)力做功負(fù)功，電勢(shì)能減小，所以EPM＜EPN．只有選項(xiàng)B正確故選B4、B【解析】由題設(shè)條件求出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r，結(jié)合左手定則粒子做逆時(shí)針?lè)较騽蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間t最短時(shí)，所轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角θ最小，所對(duì)的弦也最短，畫出最短的弦，再作出粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)最短時(shí)間的軌跡，由幾何關(guān)系求出此種情況下粒子的偏轉(zhuǎn)角θ，從而求出了最短時(shí)間【詳解】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由得，因所有粒子得速度一樣，因此半徑相同，因此在磁場(chǎng)中弦長(zhǎng)越短則時(shí)間越短，根據(jù)題意可得最短弦長(zhǎng)為L(zhǎng)，則此時(shí)粒子圓周運(yùn)動(dòng)得圓心角為，故粒子運(yùn)動(dòng)得最短時(shí)間，故選B5、C【解析】由圖知，t=0時(shí)刻甲、乙的位置不同，甲在乙的前方，故A錯(cuò)誤．t=t1時(shí)刻甲、乙的位置不同，甲在乙的前方，故B錯(cuò)誤．根據(jù)位移等于縱坐標(biāo)的變化量，知0-t1內(nèi)，甲的位移大于乙的位移，故C正確，D錯(cuò)誤6、D【解析】根據(jù)電場(chǎng)力的方向與位移方向的關(guān)系分析電場(chǎng)力做功的正負(fù)．由U=Ed，定性分析b、c兩點(diǎn)間電勢(shì)差與d、e兩點(diǎn)間電勢(shì)差的關(guān)系，再由電場(chǎng)力做功公式W=qU研究+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功大小【詳解】在+Q的電場(chǎng)中，將+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中，電荷所受的電場(chǎng)力方向與位移方向相同，則電場(chǎng)力做正功．根據(jù)E=kQ/r2得知，b、c兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度大于d、e兩點(diǎn)間的電場(chǎng)強(qiáng)度，b、c兩點(diǎn)間的距離等于d、e兩點(diǎn)間的距離，由U=Ed分析可知，將+q從d點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功小于從b點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功qU．所以電場(chǎng)力做功小于qU．故選D【點(diǎn)睛】公式U=Ed，適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，但可用來(lái)定性分析非勻強(qiáng)電場(chǎng)中兩點(diǎn)間電勢(shì)差的關(guān)系二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】由U-t圖象，交流電壓最大值為10V，有效值．故A錯(cuò)誤．通過(guò)電阻的電流．故B正確．根據(jù)，知電阻消耗的電功率．故C正確，電阻每秒產(chǎn)生熱量．故D錯(cuò)誤故選BC．8、BD【解析】將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化．電壓表的示數(shù)等于路端電壓．判斷燈L1亮度的變化．根據(jù)路端電壓與燈L1電壓的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷燈L2亮度的變化．根據(jù)干路電流與燈L2電流的變化，分析電流表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容器電壓的變化，即可判斷其電量的變化【詳解】將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，則U并減小，燈L2變暗．流過(guò)電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤，B正確；R與燈L2并聯(lián)，U并減小，電容器板間電壓減小，則其帶電量減?。蔇正確，C錯(cuò)誤．故選BD【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，難點(diǎn)在于分析電流的示數(shù)變化，往往根據(jù)干路電流與另一支路的電流變化來(lái)確定，也可以根據(jù)結(jié)論判斷，即變阻器這一路電流的變化與干路電流變化情況一致9、AB【解析】AC．線圈內(nèi)垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度增加，根據(jù)楞次定律可知線圈內(nèi)的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，所以通過(guò)電阻的電流為從a到b，說(shuō)明a點(diǎn)電勢(shì)高，則電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，A正確，C錯(cuò)誤；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：B正確；D．電動(dòng)勢(shì)恒定，通過(guò)電阻的電流恒定，根據(jù)電功率：可知電阻上消耗的功率不變，D錯(cuò)誤。故選AB。10、AD【解析】粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)規(guī)律，豎直方向：，水平方向勻速：，聯(lián)立解得：，所以：v1∶v2＝2∶1；電場(chǎng)力做功，，聯(lián)立可得：W1∶W2＝1∶2，BC錯(cuò)誤AD正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.C②.D③.G④.A⑤.0.64【解析】（1）燈泡額定電流為0.5A，電流表應(yīng)選擇C；燈泡額定電壓為2.5V，電壓表應(yīng)選擇D；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇G；（2）由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于A端（3）由圖乙所示圖象可知，電壓U=1.6V時(shí)電流I=0.4A，燈泡實(shí)際功率：P=UI=1.6×0.4=0.64W；【點(diǎn)睛】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實(shí)驗(yàn)操作原則；滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置12、10-3【解析】[1]當(dāng)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)至與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，穿過(guò)線圈平面的磁通量變大Φ=BS=2.0×10-2T×5.0×10-2m2=1.0×10-3Wb【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握磁通量的公式，知道當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)，磁通量為0，當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，磁通量最大。四