2022屆河北省新高考物理精創(chuàng)預(yù)測(cè)卷河北專版（解析版）

2022屆新高考物理精創(chuàng)預(yù)測(cè)卷河北專版一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.已知氘（）核的質(zhì)量為，質(zhì)子（）的質(zhì)量為，中子（）的質(zhì)量為，光速為c，則氘核的比結(jié)合能為()A. B. C. D.2.2021年10月15日，伴隨著“三、二、一”的倒計(jì)時(shí)，“神舟十三號(hào)”在“長(zhǎng)征二號(hào)”運(yùn)載火箭的推動(dòng)下順利進(jìn)入太空，“神舟十三號(hào)”航天員翟志剛、王亞平和葉光富也將開始為期6個(gè)月的“太空旅行”.如圖所示為“長(zhǎng)征二號(hào)”運(yùn)載火箭，下列關(guān)于它在豎直方向加速起飛過程的說法，正確的是()A.火箭加速上升時(shí)，航天員對(duì)座椅的壓力小于自身重力B.燃料燃燒推動(dòng)空氣，空氣反作用力推動(dòng)火箭升空C.保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后處于失重狀態(tài)D.火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力大于火箭對(duì)熱氣流的作用力3.體育課上，老師訓(xùn)練同學(xué)做接球游戲，將一只籃球豎直向上拋出，籃球運(yùn)動(dòng)過程所受空氣阻力與其速度成正比，不計(jì)籃球在水平方向的側(cè)向風(fēng)力和空氣對(duì)籃球的浮力作用.關(guān)于籃球從拋出點(diǎn)再回到拋出點(diǎn)過程中的運(yùn)動(dòng)圖像正確的是()A. B.C. D.4.如圖，一平行板電容器豎直放置，兩極板間距為d，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E，左極板上有一小孔O.一個(gè)電子從小孔O射入平行板電容器，速度方向在紙面內(nèi)與左極板成60°角，電子向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)距離為，現(xiàn)將電容器左極板固定，右極板向右水平移動(dòng)d，電子以相同的速率由O點(diǎn)垂直極板射入平行板電容器.下列說法正確的是()A.極板間距增大一倍后兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為EB.極板間距增大一倍后兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為C.電子向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最遠(yuǎn)處距左極板的距離為D.電子向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最遠(yuǎn)處距左極板的距離為青5.俗稱書籍整理神器的“鐵書立”是一種用來支撐書籍以達(dá)到使書籍平穩(wěn)站立效果的物品，是學(xué)習(xí)辦公時(shí)的常用文具，如圖甲所示.現(xiàn)在將其簡(jiǎn)化為圖乙示意圖，水平桌面上有一質(zhì)量為M的靜止的“鐵書立”，剛好靜止擺放了兩本書A和B，且此時(shí)B書與水平桌面間的夾角為θ，重力加速度為g，由此可知()A.“鐵書立”對(duì)桌面的壓力為B.桌面對(duì)A書有向上的彈力C.B書與“鐵書立”之間一定有摩擦D.當(dāng)θ角緩慢減小時(shí)，B書所受的合外力始終為零6.如圖所示，滑輪兩側(cè)細(xì)線上分別系有A球和B球，兩球質(zhì)量不相等，兩球從靜止開始運(yùn)動(dòng)后，A球在下降，B球在上升，當(dāng)兩個(gè)小球運(yùn)動(dòng)到同一水平面的瞬間恰好細(xì)線斷裂了，兩小球先后落到地面上，先落地小球比后落地小球著地時(shí)間早，重力加速度為球上升過程中未與滑輪相碰.則細(xì)線斷裂后，B球上升的最大高度H為()A. B. C. D.7.如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，正方形閉合金屬線框從空中落入磁場(chǎng)，在下落過程中，線框的bc邊始終與磁場(chǎng)的邊界平行，完全進(jìn)入磁場(chǎng)后再從磁場(chǎng)中離開，下列說法正確的是()A.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中，ab邊中感應(yīng)電流方向B.線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中，bc邊受到的安培力方向向上C.線框離開磁場(chǎng)過程中，cd邊中感應(yīng)電流方向D.線框離開磁場(chǎng)過程中，da邊受到的安培力方向向下二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，每題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.一臺(tái)起重機(jī)將質(zhì)量為的貨物沿豎直方向由靜止加速向上吊起5m時(shí)速度達(dá)到最大值，設(shè)這一過程中起重機(jī)的功率恒為，那么這段時(shí)間內(nèi)()A.貨物做勻加速運(yùn)動(dòng) B.貨物運(yùn)行的最大速度C.貨物受到的合外力做的功為80J D.貨物受到的拉力做的功為5800J9.如圖所示的電路，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻為R，閉合開關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)正常工作，此時(shí)電壓表讀數(shù)為U，電流表讀數(shù)為I，電表都可以認(rèn)為是理想電表，下面說法正確的是()A.電流 B.電流C.電源的效率為 D.電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為10.如圖所示，理想變壓器原線圈接在的交流電源上，各電表均為理想電表，當(dāng)?shù)幕蛳禄瑒?dòng)時(shí)，電表的示數(shù)變化的大小為，則()A.電壓表的示數(shù)不變 B.電流表的示數(shù)變小C.比值不變 D.比值變小三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答，第15~16題為選考題，考生根據(jù)要求做答。（一）必考題：共42分。11.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路測(cè)量電流表G的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室有下列器材可供選擇：電源E（電動(dòng)勢(shì)1.5V，內(nèi)阻很?。?，保護(hù)電阻（有阻值50Ω和1000Ω可供選擇），電阻箱R（0~9999.9Ω），滑動(dòng)變阻器，的最大阻值為10Ω，待測(cè)電流表G（滿偏電流，內(nèi)阻約1kΩ），開關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線若干.（1）請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線完成圖乙中實(shí)物連接.（2）保護(hù)電阻應(yīng)選______（填“50Ω”或“1000Ω”）.（3）某次實(shí)驗(yàn)操作過程如下：a.按電路圖連接好電路；b.斷開，將的滑片滑至最左端，R的阻值調(diào)到最大，閉合；c.調(diào)節(jié)，使電流表G的指針達(dá)到滿偏；d.保持滑動(dòng)變阻器的滑片位置不變，斷開，調(diào)節(jié)R使電流表的電流達(dá)到，記下此時(shí)R的阻值為1400Ω，本次操作可以求出電流表G的內(nèi)阻為______Ω（保留兩位有效數(shù)字）.12.某實(shí)驗(yàn)小組想利用實(shí)驗(yàn)室里的彈簧彈射器（內(nèi)壁光滑）等器材來測(cè)量彈簧的彈性勢(shì)能，將質(zhì)量為m的彈丸（可看作質(zhì)點(diǎn)）壓縮彈簧到位置P，由靜止彈射出去，忽略一切阻力，通過彈丸的初動(dòng)能從而求得彈簧的彈性勢(shì)能：（1）甲小組的同學(xué)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)裝置方案如圖甲所示，用鐵架臺(tái)固定住彈射器，實(shí)驗(yàn)中測(cè)量了彈丸的水平位移x和彈丸下落的高度h，則在安裝彈射器時(shí)應(yīng)注意________；彈簧的彈性勢(shì)能表達(dá)式為__________.（2）乙小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖乙所示裝置，水平臺(tái)面左側(cè)固定彈射器，右側(cè)的位置各安裝一個(gè)光電門，計(jì)時(shí)器（圖中未畫出）與兩個(gè)光電門相連，并用刻度尺測(cè)得兩點(diǎn)間的水平距離x.計(jì)時(shí)器記錄下彈丸從A到B所用的時(shí)間t.

①彈丸被彈射出的速度大小的表達(dá)式是________；靜止釋放彈丸時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能_______.（均用題中字母符號(hào)表示）

②彈丸被彈射出去后，由于重力作用其運(yùn)動(dòng)軌跡會(huì)向下有所偏轉(zhuǎn)，這對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果_______（填“有”或“沒有”）影響.（3）請(qǐng)任選一組實(shí)驗(yàn)，給出一條能減小實(shí)驗(yàn)誤差的建議：_______.13.如圖所示，足夠長(zhǎng)的固定斜面傾角為30°，工件質(zhì)量，上表面光滑，長(zhǎng)度，可視為質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為m的物塊位于工件頂端，工件下表面與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，現(xiàn)將物塊和工件同時(shí)由靜止釋放，重力加速度大小取，求：（1）物塊經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間與工件擋板相碰；（2）假設(shè)碰撞為彈性碰撞，求碰撞結(jié)束后工件的速度.14.（16分）空間中存在上、下兩個(gè)不同的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，已知上、下場(chǎng)區(qū)的水平長(zhǎng)度為L(zhǎng)，上、下場(chǎng)區(qū)的寬度均為d，如圖所示.電荷量為、質(zhì)量為m的帶電小球從上邊界距離O點(diǎn)距離為d的點(diǎn)以初速度垂直電場(chǎng)入射，小球第一次經(jīng)過對(duì)稱軸時(shí)離O點(diǎn)的距離為，小球進(jìn)入下半?yún)^(qū)域的同時(shí)加上一恒定的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，發(fā)現(xiàn)小球做圓周運(yùn)動(dòng)且恰好不越過下邊界，并最終運(yùn)動(dòng)至上半?yún)^(qū)域水平射出，重力加速度為g，求：（1）上半?yún)^(qū)域中勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小；（2）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（3）求小球在場(chǎng)區(qū)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間.（二）選考題：共12分。請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答，并用2B鉛筆將答題卡上所選題目對(duì)應(yīng)的題號(hào)右側(cè)方框涂黑，按所涂題號(hào)進(jìn)行評(píng)分；多涂、多答，按所涂的首題進(jìn)行評(píng)分；不涂，按本選考題的首題進(jìn)行評(píng)分。15.【選修3–3】（12分）如圖，某興趣小組設(shè)計(jì)制作了一個(gè)由氣缸、活塞柱、彈簧和上下支座構(gòu)成的汽車減震裝置模型，該模型上支座與活塞柱的質(zhì)量、活塞柱與氣缸之間的摩擦均可忽略不計(jì)，氣缸壁厚度不計(jì)，氣缸導(dǎo)熱性和氣密性良好.該模型豎直放置上支座上不加壓力時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)，活塞韓底端距氣底部，活塞柱橫截面積，氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)與外界大氣壓強(qiáng)均為，彈簧勁度系數(shù)，今在上支座上放置的重物.（1）裝置穩(wěn)定后，封閉氣體分子的平均動(dòng)能_______（填“增大”“減小”或“不變”），從將重物放置到上支座上到裝置穩(wěn)定的過程中封閉氣體_______（填“吸收”或“放出”）熱量.（2）裝置穩(wěn)定后，活塞柱底端距離氣缸底部的距離是多少？16.【選修3–4】（12分）（1）如圖甲所示，戰(zhàn)繩訓(xùn)練是當(dāng)下一種火熱的健身方式，運(yùn)動(dòng)員晃動(dòng)戰(zhàn)繩一端，使戰(zhàn)繩上下振動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可視為豎直方向的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).某同學(xué)通過觀測(cè)運(yùn)動(dòng)員的手握住的繩端，根據(jù)繩波在時(shí)的狀態(tài)繪制了如圖乙所示的波形圖，并測(cè)得該繩波能使固有頻率為0.5Hz的物體發(fā)生共振，由此可知繩端振動(dòng)的周期為______，該繩波的波速為______，在一次訓(xùn)練周期20s內(nèi)，該繩波上的任意振動(dòng)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的總路程為______.（2）光的反射、折射及全反射是自然界中很常見的現(xiàn)象，在一次實(shí)驗(yàn)課上，某小組進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)：選取一塊半徑為R的半圓柱形透明體，將一束單色細(xì)光束由空氣（視為真空）沿著半徑方向射入其中，如圖甲所示，對(duì)其從圓心O點(diǎn)射出后的折射光線的強(qiáng)度用相應(yīng)傳感器進(jìn)行了記錄，發(fā)現(xiàn)從O點(diǎn)射出的折射光線的強(qiáng)度隨著夾角θ的變化而變化，變化情況如圖乙所示，真空中光的傳播速度為c，針對(duì)該單色光而言，求：（i）當(dāng)時(shí)，折射角的正弦值為多大？（ii）若光線反射一次后直接射出透明體，求光線在透明體中傳播的時(shí)間多長(zhǎng)？

答案以及解析1.答案：A解析：質(zhì)子和中子結(jié)合為氘核的過程質(zhì)量虧損為，由質(zhì)能方程知，質(zhì)子和中子結(jié)合成氘核時(shí)釋放的能量為，由于氘核中有兩個(gè)核子，因此氘核的比結(jié)合能為，A正確，BCD錯(cuò)誤.2.答案：C解析：火箭加速上升時(shí)，加速度方向向上，根據(jù)牛頓第二定律可知航天員受到的支持力大于自身的重力，由牛頓第三定律知航天員對(duì)座椅的壓力大于自身重力，A錯(cuò)誤；火箭受到重力、空氣阻力以及內(nèi)部燃料噴出時(shí)的作用力，燃料燃燒向下噴氣，噴出的氣體的反作用力推動(dòng)火箭升空，B錯(cuò)誤；保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有豎直向上的速度，所受重力和空氣阻力均豎直向下，合外力方向豎直向下，故加速度方向豎直向下，處于失重狀態(tài)，C正確；火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)熱氣流的作用力是作用力和反作用力，二者等大反向，D錯(cuò)誤.3.答案：C解析：籃球豎直向上拋出，由于受到空氣阻力和重力作用，上升過程中速度變小，空氣阻力向下且變小，，故加速度變小，A錯(cuò)誤；下降過程中速度變大，空氣阻力向上且變大，有，故加速度變小，即可看出上升過程的平均加速度較大，而上升過程與下降過程位移大小相同，又，故上升過程的時(shí)間較短，C正確，BD錯(cuò)誤.4.答案：A解析：平行板電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，兩極板間的電勢(shì)差，平行板電容器的電，由以上幾式解得，則兩極板間距增大后電場(chǎng)強(qiáng)度不變，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；電子第一次在平行板電容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿垂直極板方向，運(yùn)動(dòng)到距左極板最遠(yuǎn)時(shí)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有，電容器間距增大，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則加速不變，電子第二次在平行板電容器中運(yùn)動(dòng)到距左極板最遠(yuǎn)時(shí)，，解得，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤.5.答案：C解析：選整體為研究對(duì)象分析知，“鐵書立”對(duì)桌面的壓力大于，A錯(cuò)誤；由題圖甲知，A書與桌面沒有接觸，則桌面對(duì)A書不會(huì)有彈力，B錯(cuò)誤；對(duì)B書受力分析知，“鐵書立”對(duì)B書有向上的彈力，A書對(duì)B書有向右的彈力，又B書處于靜止?fàn)顟B(tài)，則B書有相對(duì)“鐵書立”向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，所以水平方向“鐵書立”對(duì)B書有向左的摩擦力，C正確；當(dāng)θ角緩慢減小到某個(gè)臨界值時(shí)，B書會(huì)開始加速滑動(dòng)，此時(shí)B書所受的合外力不再為零，D錯(cuò)誤.6.答案：D解析：設(shè)細(xì)線斷裂瞬間B球的速度為v，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可知B球落回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，之后的運(yùn)動(dòng)與A球運(yùn)動(dòng)情況相同.由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知，B球比A球運(yùn)動(dòng)多花費(fèi)的時(shí)間為，則細(xì)線斷裂后，B球上升的最大高度，D正確，ABC錯(cuò)誤.7.答案：B解析：線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中，bc邊切割磁感線，根據(jù)楞次定律，知線框中感應(yīng)電流方向,A錯(cuò)誤；線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中，穿過線框的磁通量增大，線框有收縮的趨勢(shì)，bc邊受到的安培力方向向上，B正確；線框離開磁場(chǎng)過程中，ad邊切割磁感線，感應(yīng)電流方向,C錯(cuò)誤；線框離開磁場(chǎng)過程中，穿過線框的磁通量減少，線框有擴(kuò)張的趨勢(shì)，da邊受到的安培力方向向上，D錯(cuò)誤.8.答案：BD解析：貨物在豎直方向上受向上的拉力和向下的重力，因?yàn)関增大，起重機(jī)的功率P不變，由，得出逐漸減小，a也逐漸減小，當(dāng)時(shí)，，故貨物做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；速度達(dá)到最大值時(shí)，，，代入數(shù)據(jù)解得，B正確；由動(dòng)能定理得，合外力做的功為，C錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理得，則，D正確.9.答案：CD解析：電動(dòng)機(jī)所在電路為非純電阻電路，不能直接應(yīng)用部分電路歐姆定律或閉合電路歐姆定律計(jì)算電流，AB錯(cuò)誤；當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，則t時(shí)間內(nèi)電動(dòng)機(jī)消耗的電功為，電源消耗的總功為，所以電源的效率為，C正確；電動(dòng)機(jī)的輸入功率，電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為，故電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為，D正確.10.答案：AC解析：由于理想變壓器的匝數(shù)比和輸入的電壓都不變，所以輸出的電壓也不變，即電壓表的示數(shù)不變，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，副線圈總電阻減小，副線圈電流表的示數(shù)變大，故副線圈總輸出功率變大，由于原、副線圈電壓不變，故原線圈中的電流表的示數(shù)變大，A正確，B錯(cuò)誤；電壓表測(cè)的是兩端的電壓，測(cè)得通過的電流，故，由于為定值電阻，阻值不變，所以比值不變，C正確；副線圈電壓關(guān)系，故，故，所以比值不變，D錯(cuò)誤.11.答案：（1）如圖所示（2）1000Ω（3）解析：（1）根據(jù)電路圖補(bǔ)齊連線如答圖所示.（2）實(shí)驗(yàn)過程為防止通過電流表的電流過大損壞電流表且保證滑動(dòng)變阻器滑片左側(cè)并聯(lián)部分電壓基本不變，應(yīng)選大電阻，故選1000Ω的保護(hù)電阻.（3）閉合前后可以認(rèn)為滑動(dòng)變阻器滑片左側(cè)并聯(lián)部分電壓不變，則，解得，因，所以.12.答案：（1）彈射器必須水平；（2）①；

②沒有（3）甲組實(shí)驗(yàn)中，在不改變高度h的情況下，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，測(cè)量多組水平射程x，得出水平射程x的平均值，以減小誤差（或：乙組實(shí)驗(yàn)中，x的距離要多次測(cè)量取平均值）解析：（1）在安裝彈射器時(shí)應(yīng)注意彈射器必須保持水平，以保證彈丸初速度沿水平方向；彈丸被拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，彈丸出射的動(dòng)能由彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化而來，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有水平方向，豎直方向，聯(lián)立解得彈丸水平拋出的速度，由機(jī)械能守恒定律有彈簧的彈性勢(shì)能為.（2）①彈丸被彈射出去后做平拋運(yùn)動(dòng)，所以彈丸被彈射出的速度大小的表達(dá)式為；彈簧的彈性勢(shì)能等于彈丸被彈射后的動(dòng)能，由機(jī)械能守恒定律得靜止釋放物塊時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能；②由力作用的獨(dú)立性可知，重力不影響水平方向的速度，則彈丸的水平速度始終保持不變，故重力對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒有影響.13.答案：（1）0.4s；（2）解析：（1）對(duì)于物塊，沿斜面方向?qū)τ诠ぜ?，沿斜面方向根?jù)位移關(guān)系代入數(shù)值解得（2）物塊與工件擋板即將相碰前的速度工件的速度代人數(shù)值解得物塊與工件組成的系統(tǒng)碰憧過程中，由動(dòng)量守恒定律有根據(jù)機(jī)械能守恒定律有代人數(shù)值解得碰后工件的速度（舍去）或方向沿斜面向下14.答案：（1）（2）（3）解析：解：（1）小球第一次在上半?yún)^(qū)域電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)做類平拋運(yùn)動(dòng)如圖所示，又由題意知，則過對(duì)稱軸時(shí)合位移與水平方向夾角的正切值為所以，合速度v與水平方向的夾角的正切值解得小球在A點(diǎn)的合速度豎直方向速度大小為由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有解得小球做類平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為由牛頓第二定律有解得上半?yún)^(qū)域中勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為（2）由分析可知當(dāng)小球進(jìn)入下半部分電場(chǎng)和磁場(chǎng)重疊區(qū)域時(shí)，小球做圓周運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與重力平衡，由洛倫茲力提供向心力，有解得因?yàn)樾∏蚯『貌辉竭^下邊界，由幾何關(guān)系