2021屆全國(guó)100所名校高考物理一模試卷(含答案解析)

2021屆全國(guó)100所名校高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.盧瑟福用實(shí)驗(yàn)得出原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)

B.玻爾認(rèn)為，氫原子中電子軌道是量子化的，能量也是量子化的

C.重核的裂變過程質(zhì)量增大，輕核的聚變過程有質(zhì)量虧損

D.將放射性元素?fù)诫s到其他穩(wěn)定元素中，并降低其溫度，該元素的半衰期改變

2.宇宙飛船運(yùn)動(dòng)到月球上方的4點(diǎn)時(shí)，速度方向與04連線垂直，此時(shí)從飛船X隊(duì)：、

向外沿速度的反方向拋出空投袋，拋出后飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，而空投袋（

沿橢圓運(yùn)動(dòng)正好落在月球的對(duì)立面B點(diǎn)處，則下列說法正確的是（）（（）

A.拋出空投袋后的瞬間，飛船的線速度比空投袋的線速度大/

B.拋出空投袋后的瞬間，飛船的加速度比空投袋的加速度大

C.當(dāng)空投袋運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，飛船也運(yùn)動(dòng)了半周

D.空投袋從4運(yùn)動(dòng)到B的過程中機(jī)械能逐漸增大

3.如圖所示，直角桿上用兩根不可伸長(zhǎng)的輕繩拴住一小球，最初4c繩水平，BC繩與豎直方向的夾

角0=30。，現(xiàn)把直角桿沿順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)過90。，則在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，對(duì)ZC繩的拉力&和BC繩的拉

力尸2敘述錯(cuò)誤的是（）

A.6一直變小B.&先變大后變小

C.0與尸2的夾角不變D.握一直變小，最終變?yōu)榱?/p>

4.如圖所示，小球原來緊壓在豎直放置的輕彈簧的上端，撤去外力后彈簧將小球豎直。卜

彈離彈簧，在這個(gè)彈離的過程中（）

A.小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能發(fā)生了變化，但機(jī)械能保持不變

B.小球增加的動(dòng)能和重力勢(shì)能，等于彈簧減少的彈性勢(shì)能

C.小球克服重力所做的功有可能大于彈簧彈力所做的功

D.小球的最大動(dòng)能等于彈簧的最大彈性勢(shì)能

5.通有電流/的直導(dǎo)線豎直放置，且可繞0點(diǎn)向各個(gè)方向轉(zhuǎn)動(dòng)，電流方向如圖所

示，。為直導(dǎo)線的中心，下列哪種情況將會(huì)發(fā)生（）

A,導(dǎo)線受磁場(chǎng)力的作用，繞。點(diǎn)逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)

B.導(dǎo)線受磁場(chǎng)力的作用，繞。點(diǎn)上端向外，下端向里轉(zhuǎn)動(dòng)

C.導(dǎo)線受磁場(chǎng)力的作用，繞。點(diǎn)上端向里，下端向外轉(zhuǎn)動(dòng)

D.導(dǎo)線不受磁場(chǎng)力的作用，故不轉(zhuǎn)動(dòng)

二、多選題（本大題共4小題，共23.0分）

6.如圖是位于x軸上某點(diǎn)的電荷在直線PQ右側(cè)的電勢(shì)3隨久變化的圖線，a、夕

b是X軸上的兩點(diǎn)，過P點(diǎn)垂直于x軸的直線PQ和4軸是該曲線的漸近線，：\

則以下說法正確的是（）；\

A.可以判斷出OP間的各點(diǎn)電勢(shì)均為零]^

Opbx

B.負(fù)檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能a

C.可以判斷出P點(diǎn)左側(cè)與右側(cè)的電場(chǎng)方向均為x軸正方向

D.正檢驗(yàn)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力一直做正功

V

7.如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，下列結(jié)論正確的是（?,r

（）

A.電源的電動(dòng)勢(shì)為6.0U一?、

xOO0.1<12（?30.4（kA//A

B.電源的內(nèi)阻為12。

C.電源的短路電流為0.6A

D.電流為0.24時(shí)的外電路的電阻是280

8.宇宙中，兩顆靠得比較近的恒星，只受到彼此之間的萬有引力作用互相繞轉(zhuǎn)，稱之為雙星系統(tǒng)。

在浩瀚的銀河系中，多數(shù)恒星都是雙星系統(tǒng)。設(shè)某雙星系統(tǒng)4、B繞其連線上的。點(diǎn)做勻速圓周

運(yùn)動(dòng)，如圖所示，若4。>0B,則（）

A0R

O.............?——o

A.星球4的質(zhì)量一定大于B的質(zhì)量

B.星球4的向心加速度一定大于B的向心加速度

C.4與B運(yùn)動(dòng)的角速度的大小相等

D.雙星的總質(zhì)量一定，雙星之間的距離越大，其轉(zhuǎn)動(dòng)周期越小

9.下列說法正確的是（）

A.當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間作用力的合力一定減小

B.溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動(dòng)能一定大

C.第二類永動(dòng)機(jī)違反了能量守恒定律

D.當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的絕對(duì)濕度不一定較大

E.布朗運(yùn)動(dòng)是由于液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)引起的

三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

10.如圖所示，一個(gè)半徑為R的;透明球體放置在水平面上，一束光從4點(diǎn)沿水平方向射入球體后經(jīng)B

點(diǎn)射出，最后射到水平面上的C點(diǎn).己知。A=?,該球體對(duì)光的折射率為迎，則它從球面射出

時(shí)的出射角夕=;在透明體中的速度大小為（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（己知光在

的速度c=3x108m/s）

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.利用圖（a）所示的裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律.在圖（a）中，氣墊導(dǎo)軌上有4、B兩個(gè)滑塊，滑塊4右

側(cè)帶有一彈簧片，左側(cè)與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（圖中未畫出）的紙帶相連；滑塊B左側(cè)也帶有一彈簧片，上

面固定一遮光片，光電計(jì)時(shí)器（未完全畫出）可以記錄遮光片通過光電門的時(shí)間.

實(shí)驗(yàn)測(cè)得滑塊4質(zhì)量mi=0.310kg,滑塊8的質(zhì)量巾2=0.108kg,遮光片的寬度d=1.00cm：打點(diǎn)

計(jì)時(shí)器所用的交流電的頻率為f=50Hz.將光電門固定在滑塊B的右側(cè)，啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，給滑

塊A一向右的初速度，使它與B相碰；碰后光電計(jì)時(shí)器顯示的時(shí)間為△['=3.500ms,碰撞前后

打出的紙帶如圖（b）所示.

若實(shí)驗(yàn)允許的相對(duì)誤差絕對(duì)值(碰撞黑,:黑之差|X100%)最大為5%,本實(shí)驗(yàn)是否在誤差范圍內(nèi)驗(yàn)證

(cm)

12.有一只滿偏電流/g=5加4,內(nèi)阻Rg=4000的電流表G.若把它改裝成量程為10U的電壓表，應(yīng)

聯(lián)一個(gè)______0的分壓電阻，該電壓表的內(nèi)阻為______0；若把它改裝成量程為34的電流

表，應(yīng)聯(lián)一個(gè)_____O的分流電阻，該電流表的內(nèi)阻為

五、計(jì)算題(本大題共4小題，共52.0分)

13.如圖所示，一平直的傳送帶以速度U=2m/s做勻速運(yùn)動(dòng)，傳送}B

帶把力處的工件運(yùn)送到B處，力、B相距L=l(hn。從4處把工件無(今

初速地放到傳送帶上，經(jīng)過時(shí)間t=6s,能傳送到B處，欲用最

短的時(shí)間把工件從4處傳送到B處，求傳送帶的運(yùn)行速度至少多大？

14.2020年第38屆美國(guó)公開賽單板滑雪U形場(chǎng)地比賽在美國(guó)結(jié)束，中國(guó)選手蔡雪桐奪得冠軍，這是

中國(guó)運(yùn)動(dòng)員首次獲得美國(guó)公開賽金牌。單板滑雪u形池如圖所示，由兩個(gè)完全相同的;圓弧滑道

AB、CD和水平滑道BC構(gòu)成，圓弧滑道的半徑R為20m,B、C分別為圓弧滑道的最低點(diǎn)，一質(zhì)

量M為45kg的運(yùn)動(dòng)員從軌道4處由靜止滑下，由于在4到8向下滑行過程中運(yùn)動(dòng)員做功，運(yùn)動(dòng)員

在。點(diǎn)豎直向上滑出軌道上升的最高點(diǎn)離D點(diǎn)高度H為10m,滑板的質(zhì)量m為5kg,不計(jì)軌道摩

擦和空氣阻力，重力加速度g取lOm/s?,求

(1)在圓弧滑道的B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力；

(2)從4到B的過程中運(yùn)動(dòng)員所做的功。

15.如圖所示，一絕熱氣缸固定在傾角為30。的固定斜面上，通過絕熱活塞

封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，活塞的質(zhì)量為m,橫截面積為S。初始時(shí)，

氣體的溫度為To,活塞與氣缸底部的距離為3通過電熱絲緩慢加熱氣

體，當(dāng)氣體吸收熱量Q時(shí)，氣體的溫度變?yōu)橐阎髿鈮簭?qiáng)為po,

重力加速度為g,不計(jì)活塞與氣缸壁之間的摩擦求:

(1)此時(shí)活塞與氣缸底部的距離；

(2)加熱過程中氣體內(nèi)能的增加量。

16.一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波,在t=0時(shí)刻的波形圖如圖所示，質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的振幅為5cm°M、

N兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(—2,0)和(—7,0),已知t=0.5s時(shí)，M點(diǎn)第二次出現(xiàn)波峰。

①這列波的傳播速度多大？

②從t=0時(shí)刻起，經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間N點(diǎn)第一次出現(xiàn)波峰？

③當(dāng)N點(diǎn)第一次出現(xiàn)波峰時(shí)，M點(diǎn)通過的路程為多少？

>*■?

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：4、關(guān)于原子核有復(fù)雜結(jié)構(gòu)的信息最先來自于天然放射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

2、玻爾認(rèn)為，氫原子中電子軌道是量子化的，能量也是量子化的，故2正確；

C、中等大小的核的比結(jié)合能最大、核子平均質(zhì)量最小，輕核聚變與重核裂變過程中都是釋放能量,

都發(fā)生質(zhì)量虧損，故C錯(cuò)誤；

。、半衰期是描述原子核衰變快慢的物理量，只取決于原子核內(nèi)部結(jié)構(gòu)，與其化學(xué)狀態(tài)、物理狀態(tài)

無關(guān)，故。錯(cuò)誤.

故選：B。

天然放射現(xiàn)象說明原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)；

波爾提出了軌道量子化與定態(tài)、躍遷的原子理論；

重核裂變與輕核聚變過程都要放出能量，都有質(zhì)量虧損；

元素的半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與外界環(huán)境因素?zé)o關(guān)。

本題考查了物理學(xué)史、半衰期等問題，本題涉及的知識(shí)點(diǎn)較多，但難度不大，掌握基礎(chǔ)知識(shí)是解題

的前提與關(guān)鍵，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)與積累。

2.答案：A

解析：

根據(jù)近心運(yùn)動(dòng)的規(guī)律分析線速度關(guān)系.由牛頓第二定律和萬有引力定律分析加速度的關(guān)系.由開普

勒第三定律分析周期關(guān)系，確定時(shí)間關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵要知道飛船做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)由萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，空投袋做近心運(yùn)動(dòng)，萬

有引力大于向心力。

A.拋出后飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有6普=也的售，即得飛船的線速度”冊(cè)=呼?空投袋做近心運(yùn)

動(dòng)，則有G普〉7n您得空投袋的線速度°袋＜J半.則得u船＞"靂即拋出空投袋后的瞬間，飛船

的線速度比空投袋的線速度大，故A正確；

B.根據(jù)G嬰=/na,得。=等，可知M、r相同，a相同，即拋出空投袋后的瞬間，飛船與空投袋的加

速度相等，故8錯(cuò)誤；

C當(dāng)空投袋運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)了半周.由開普勒第三定律號(hào)知，飛船的周期比空投袋的大，所

T2

以飛船運(yùn)動(dòng)不到半周，故c錯(cuò)誤;

D空投袋從4運(yùn)動(dòng)到B的過程中，萬有引力做功，機(jī)械能不變，故力錯(cuò)誤。

故選Ao

3.答案：A

解析：解：初始狀態(tài)時(shí)，小球受到三個(gè)力，豎直向下的重力mg,水平向左的AC繩拉力居，和斜向右

上的8c繩拉力尸2,如圖所示，由于小球保持動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)，三個(gè)力的矢量和為零，可以構(gòu)造矢量三

角形，

力的三角形的外接圓正好是以初態(tài)時(shí)的尸2為直徑的圓，由圖可知，片先變大，然后變小，尸2一直變

小，直到零，且F1與尸2的夾角不變，故A錯(cuò)誤，BCO正確；

本題讓選錯(cuò)誤的，

故選：Aa

整個(gè)裝置在紙面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，裝置在每個(gè)位置都處于平衡狀態(tài)。以小球?yàn)檠芯繉?duì)象受力分析，根據(jù)

平衡條件，由力的圖示分析兩個(gè)拉力如何變化即可。

本題屬于動(dòng)態(tài)變化分析問題，可以用作圖法求解。作圖時(shí)要抓住不變的量，它是作圖的依據(jù)。

4.答案：B

解析：解：4、小球上升過程高度增加、速度發(fā)生變化，小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能發(fā)生了變化；小球上

升過程彈簧的形變量減小，彈簧的彈性勢(shì)能減少，由功能關(guān)系可知，彈簧減小的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小

球的機(jī)械能，小球的機(jī)械能增加，故A錯(cuò)誤；

8、小球運(yùn)動(dòng)過程，小球和彈簧組成系統(tǒng)只有重力和彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，由機(jī)械能

守恒定律可知，彈簧減少的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能，小球增加的動(dòng)能和重力勢(shì)能等

于彈簧減少的彈性勢(shì)能，故8正確；

C、當(dāng)小球到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球的重力勢(shì)能與動(dòng)能之和，此時(shí)小球的動(dòng)能

不為零，小球增加的重力勢(shì)能小于彈簧彈力所做的功，小球克服重力所做的功小于彈簧彈力所做的

功，故C錯(cuò)誤；

。、當(dāng)小球所受合力為零，即彈簧彈力與重力合力為零時(shí)，小球的動(dòng)能最大，此時(shí)彈簧仍處于壓縮

狀態(tài)，彈簧具有一定的彈性勢(shì)能，小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律可知，從

釋放彈簧到小球動(dòng)能最大過程，彈簧減少的彈性勢(shì)能等于小球增加的動(dòng)能與小球增加的重力勢(shì)能之

和，因此小球的增大動(dòng)能小于彈簧減少的彈性勢(shì)能，小于彈簧的最大彈性勢(shì)能，故C錯(cuò)誤。

故選：B。

小球在上升的過程中彈簧的彈力減小，彈性勢(shì)能減少，彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能，當(dāng)

彈力減小到與重力相等時(shí)，此時(shí)小球的動(dòng)能最大，在向上運(yùn)動(dòng)的過程中，重力大于彈簧的彈力，小

球開始做減速運(yùn)動(dòng)，直到小球和彈簧分離。

知道機(jī)械能守恒的條件，分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律即可解題。

5.答案：C

解析：解：磁感線分布如圖所示，

用左手定則判斷通電直導(dǎo)線上端受安培力方向向外，下端受安培力方向也向外，上端磁感線疏松，

下端磁感線密集，可知上端磁感應(yīng)強(qiáng)度小，導(dǎo)線受安培力較小，下端磁感應(yīng)強(qiáng)度較大，導(dǎo)線受安培

力較大，所以直導(dǎo)線受磁場(chǎng)力的作用，繞。點(diǎn)下端向外，上端向里轉(zhuǎn)動(dòng)，故C正確，錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)，依據(jù)右手螺旋定則可確定，電流與磁場(chǎng)的方向關(guān)系，再由左手定則可

知，通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到的安培力的方向，由于通電導(dǎo)線距離不同，磁場(chǎng)的強(qiáng)弱也不同，即可判

定安培力的大小，從而求解.

本題考查安培力大小和方向的分析，掌握右手螺旋定則與左手定則的應(yīng)用，注意區(qū)別左手定則與右

手定則，同時(shí)知道離通電導(dǎo)線越遠(yuǎn)的磁場(chǎng)越弱.

6.答案：BD

解析：解：4、C、由題意，過P點(diǎn)垂直于x軸的直線PQ和x軸是該電勢(shì)曲線的漸近線，所以產(chǎn)生該電

場(chǎng)的點(diǎn)電荷是正電荷，位于P點(diǎn).所以P點(diǎn)左側(cè)的電場(chǎng)的電勢(shì)與P點(diǎn)因此的電勢(shì)是對(duì)稱的，0P間的各

點(diǎn)電勢(shì)均不為零，P點(diǎn)左側(cè)的電場(chǎng)方向?yàn)椤份S負(fù)方向.故4c都錯(cuò)誤；

B、由圖可知a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，根據(jù)電勢(shì)能的公式：￡=q<p,所以負(fù)檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)

能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能.故B正確；

D、由圖可知a點(diǎn)的電勢(shì)高于。點(diǎn)的電勢(shì)，所以電場(chǎng)的方向是由a指向b,正檢驗(yàn)電荷在ab之間受到的

電場(chǎng)力的方向由a指向b,當(dāng)正電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相同，所以電場(chǎng)力一

直做正功.故。正確.

故選：BD

電勢(shì)8與位移x圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，根據(jù)斜率判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的方向和變化，從而判斷出孤立點(diǎn)

電荷的電性和位置，根據(jù)順著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低判斷電勢(shì)的高低，由￡=勺8判定電荷的電勢(shì)能

的變化，由電場(chǎng)力的方向與運(yùn)動(dòng)方向的關(guān)系判定電場(chǎng)力的做功.

解決本題的關(guān)鍵是掌握電場(chǎng)線方向與電勢(shì)變化的關(guān)系，能熟練運(yùn)用電勢(shì)能的表達(dá)式與能量守恒定律

判斷能量的變化，是常見的問題.

7.答案：AD

解析：

電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象中應(yīng)明確：圖象與縱坐的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)；但與橫坐標(biāo)的交

點(diǎn)可能不是短路電流，要根據(jù)對(duì)應(yīng)的縱坐標(biāo)進(jìn)行分析；圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻。

對(duì)于電源的U-/圖象要注意認(rèn)真觀察其坐標(biāo)的設(shè)置，本題中由于縱坐標(biāo)不是從零開始的，故圖象與

橫坐標(biāo)的交點(diǎn)不是短路電流。

A.圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電動(dòng)勢(shì)，由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為6.0V,故A正確；

注圖象的斜率表示內(nèi)阻，由圖可知，電源的內(nèi)阻「=宣0=20,故B錯(cuò)誤；

C.短路電流/=&=芋4=3.04故C錯(cuò)誤；

。.由電流為0.24時(shí)，路端電壓為U=E-IT=6.01Z-2X0.2V=5.61/,則由歐姆定律可知R=彳=

=280,故。正確。

故選AD.

8.答案：BC

解析：解：4、根據(jù)萬有引力提供向心力6/3?》=因?yàn)橐裕綯B，所以犯4＜瓶8，即4的質(zhì)

量一定小于B的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；

B、雙星系統(tǒng)角速度相等，根據(jù)a=rs2,且4。＞08,可知，4的向心加速度大于B的向心加速度,

故8正確；

C、雙星運(yùn)動(dòng)系統(tǒng)角速度相等，故C正確;

D、設(shè)兩星體間距為3中心到A的距離為o,到B的距離為%,根據(jù)萬有引力提供向心力公式得:

mAmB2no27ro

G-=^r4（T）（于）

^=rA+rB

解得周期為:

由此可知雙星總質(zhì)量一定時(shí)，距離越大，周期越大，故。錯(cuò)誤;

故選：BCo

雙星靠相互間的萬有引力提供各自圍繞圓心運(yùn)動(dòng)的向心力，具有相同的角速度，根據(jù)向心力公式判

斷質(zhì)量關(guān)系，根據(jù)"=ar判斷線速度關(guān)系

雙星運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩星圓周運(yùn)動(dòng)的角速度（周期）相同，彼此間的萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力。

9.答案：BDE

解析：解：4從平衡位置開始，當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間作用力的合力先增大后減小，故A

錯(cuò)誤；

8、物體的內(nèi)能與物體物質(zhì)的量、溫度、體積以及物態(tài)都有關(guān)，溫度高的物體內(nèi)能不一定高；而溫度

是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度高的物體分子的平均動(dòng)能一定大，故B正確；

C、第二類永動(dòng)機(jī)沒有違反能量守恒定律，而是違反了熱力學(xué)第二定律，故C錯(cuò)誤；

D,在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當(dāng)人們

感到潮濕時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較大，但絕對(duì)濕度不一定大，故。正確；

E、布朗運(yùn)動(dòng)是指固體微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是由于液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)引起的，故E正確。

故選：BDE。

根據(jù)分子力隨距離的變化情況分析分子力的變化；溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，內(nèi)能與多個(gè)因素

有關(guān)；第二類永動(dòng)機(jī)違反了熱力學(xué)第二定律；在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越大，水氣蒸發(fā)

也就越慢，人就感受到越潮濕；在一定氣溫條件下，大氣中相對(duì)濕度越小，水汽蒸發(fā)也就越快，人

就越感到干燥。

本題比較全面考查了對(duì)微觀量的運(yùn)算、熱力學(xué)第二定律、分子動(dòng)理論等知識(shí)的掌握情況，對(duì)于這部

分知識(shí)要通過課本加深理解。

10.答案：45°；2.1x108m/s

解析：解：在B點(diǎn)，由幾何關(guān)系可得入射角i=乙48。=30。，由折射定律得：71=坐

sini

解得：0=45。

由17=:得"="[I。=2.1x108m/s

故答案為：45°,2.1x108zn/s

首先根據(jù)幾何關(guān)系得出光線在B點(diǎn)時(shí)的入射角為30。由折射定律即可求出折射角的大小；由光在某介

質(zhì)中的傳播速度與折射率的關(guān)系式u=￡可求出光在透明體內(nèi)的傳播速度.

n

要熟練的掌握光的折射定律得內(nèi)容：入射光線、折射光線、法線在同一平面內(nèi)，入射光線、折射光

線分居法線兩側(cè)，入射角的正弦值與折射角的正弦值成正比.會(huì)熟練的應(yīng)用來求光在介質(zhì)中的

傳播速度.

11.答案：解：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)時(shí)間間隔t=9=*=°，°2s,

JbUtlZ

由圖(b)所示紙帶可知，碰撞前4的速度：以=半=嗤=2m/s,

碰撞后4的速度以'=嘿=0.97m/s,

碰撞后B的速度：v'=-^-=~2.86m/s,

B△「8O.5X1U0

碰撞前后系統(tǒng)總動(dòng)量分別為：

p=m1vA=0.31X2=0.62kg?m/s,

r,

p=+m2vB,

絕對(duì)誤差：I亨IX100%?1.7%<5%,

由此可知，在誤差范圍內(nèi)驗(yàn)證了動(dòng)量守恒定律.

答：在誤差范圍內(nèi)驗(yàn)證了動(dòng)量守恒定律，證明過程如上所述.

解析：根據(jù)圖示紙帶求出滑塊的速度，然后求出碰撞前后的動(dòng)量，根據(jù)題目要求判斷動(dòng)量是否守恒.

本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)，由紙帶求出滑塊速度是正確解題的關(guān)鍵、應(yīng)用動(dòng)量計(jì)算公式即

可正確解題.

12.答案：串16002000并0.6680.667

解析：解：把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為：

R=--R=--400=1600。，

1g9a0.005'

電壓表內(nèi)阻為：

Rv=R+Rg=1600+400=20000

把電流表G改裝成34的電流表應(yīng)并聯(lián)一個(gè)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值為:

IgRg_0.005X400

R'x0.668/2,

I-1Q-3-0.005

電流表內(nèi)阻為:

以=空=卓=0.667。；

故答案為：串，1600,2000,并，0.668,0.667?

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，把電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，

應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題。

本題考查了電壓表與電流表的改裝，要求能知道電表改裝原理、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即

可正確解題。

13.答案：解：工件從4到B的平均速度：v=7=^m/s=(＞；=lm/s?這說明工件在6s內(nèi)先做勻

C6oL

加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)。

設(shè)工件做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則：Si=as2=v(t-

且Si+s2=L,

聯(lián)立解得：ti=2s；

工件做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度：a=F=|=l爪/S2

欲使工件用最短時(shí)間由4至B,工件應(yīng)一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，則由：/=2aL

得"，=72aL=2遙m/s。

答：欲使工件用最短時(shí)間由4至B,傳送帶的速度至少為2V5m/s。

解析：根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，抓住總位移為L(zhǎng)=10m,求出勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，再求出加速度；欲使工

件用最短時(shí)間由4至B,工件應(yīng)一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移關(guān)系公式求解。

解決本題的關(guān)鍵判斷出工件的運(yùn)動(dòng)情況，物體能否做加速還是減速運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵看物體與傳送帶間速

度關(guān)系，再由牛頓第二定律和根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式進(jìn)行求解。

14.答案：解：(1)從最低點(diǎn)B點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中，由機(jī)械能守恒定律：+=(M+m)g(R+

”)，

在最低點(diǎn)對(duì)運(yùn)動(dòng)員：FN—(m+M)g=(m+M)

解得FN=2000/V,由牛頓第三定律得運(yùn)動(dòng)員對(duì)軌道的壓力為2000N.

(2)從A到B的過程中以人和滑板為研究對(duì)象，設(shè)此過程中人做的功為W.W+(M+m)gR=j(M+

7n)v2,解得從4到B的過程中運(yùn)動(dòng)員所做的功〃=50007.

答：(1)在圓弧滑道的B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為2000N；

(2)從4到8的過程中運(yùn)動(dòng)員所做的功為5000/。

解析：(1)從B到最高點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒求得在B點(diǎn)的速度，在B點(diǎn)根據(jù)牛頓定律求得相互作用力；

(2)從4到B,根據(jù)動(dòng)能定理求得所做功。

本題主要考查了動(dòng)能定理和機(jī)械能守恒，關(guān)鍵是分析物體在運(yùn)動(dòng)過程中各力做功情況，選好研究過

程即可。

15.答案：解：(1)氣體壓強(qiáng)不變，由蓋一呂薩克定律得：異=*

解得，活塞與氣缸底部的距離：r=