2022學(xué)年高考化學(xué)模擬題匯編專題06元素化合物性質(zhì)及其應(yīng)用【含答案】

專題06元素化合物性質(zhì)及其應(yīng)用1．（河北承德一中高三模擬）化學(xué)與社會、科學(xué)、技術(shù)、環(huán)境密切相關(guān)。下列說法正確的是A．水泥、玻璃、青花瓷、水晶、瑪瑙、分子篩都屬于硅酸鹽工業(yè)產(chǎn)品B．通入過量的空氣，可以使燃料充分燃燒，同時提高熱量的利用率C．將金屬鈦、鋁混合后在空氣中熔化可制得強度較大的鈦合金材料D．透明氧化鋁陶瓷具有良好的光學(xué)性能且耐高溫耐腐蝕，可用于制造高壓鈉燈發(fā)光管DA．水晶、瑪瑙的主要成分為SiO2，不是硅酸鹽，A錯誤；B．過量的空氣會帶走大量的熱能，造成熱量的損失，降低熱量的利用率，B錯誤；C．在空氣中加熱金屬單質(zhì)被氧化為相應(yīng)的氧化物，無法形成合金，C錯誤；D．氧化鋁的硬度大、熔點高、耐腐蝕，透明氧化鋁陶瓷具有良好的光學(xué)性能，可用于制造高壓鈉燈發(fā)光管，D正確；綜上所述答案為D。2．（江蘇省如皋中學(xué)高三三模）酸在生產(chǎn)、生活中有廣泛應(yīng)用。下列酸的性質(zhì)與用途具有對應(yīng)關(guān)系的是A．醋酸具有酸性，可用于洗去水垢 B．鹽酸具有揮發(fā)性，可用于制備Cl2C．硝酸見光易分解，可用于溶解銀 D．濃硫酸具有脫水性，可用作干燥劑AA．醋酸具有酸性，且酸性大于碳酸，可用于洗去水垢（主要成分碳酸鈣），性質(zhì)與用途相符，A正確；B．濃鹽酸具有還原性，可用于與二氧化錳反應(yīng)制備Cl2，性質(zhì)與用途不相符，B錯誤；C．硝酸有強氧化性，能發(fā)生3Ag+4HNO3=3AgNO3+NO↑+2H2O，性質(zhì)與用途不相符，C錯誤；D．濃硫酸具有吸水性，可用作干燥劑，題干中性質(zhì)與用途不相符，D錯誤；答案選A。3．（山東師范大學(xué)附中高三模擬）下列表述不正確的是A．超導(dǎo)材料K3C60在熔融狀態(tài)下能導(dǎo)電，說明K3C60是電解質(zhì)B．2020年7月31日我國北斗三號全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)正式開通，北斗衛(wèi)星運載火箭采用的推進(jìn)劑有N2O4和偏二甲肼[(CH3)2NNH2]、液氫、液氧分子中均含有共價鍵C．ClO2泡騰片和酒精均可殺滅新型冠狀病毒，但是二者消毒原理并不相同D．為測定熔融氫氧化鈉的導(dǎo)電性，常將氫氧化鈉固體放在石英坩堝中加熱熔化DA．超導(dǎo)材料K3C60在熔融狀態(tài)下能導(dǎo)電，該物質(zhì)是化合物，因此可以說K3C60是電解質(zhì)，故A正確；B．運載火箭采用的推進(jìn)劑N2O4是含有氮氫、氮氮鍵的共價化合物，偏二甲肼[(CH3)2NNH2]含有碳?xì)?、碳氮、碳碳鍵的共價化合物，液氫、液氧都是雙原子分子，因此這些物質(zhì)中均含有共價鍵，故B正確；C．ClO2泡騰片和酒精均可殺滅新型冠狀病毒，前者是強氧化性消毒，后者是使蛋白質(zhì)變性，因此二者消毒原理并不相同，故C正確；D．氫氧化鈉與石英坩堝中的主要成份SiO2反應(yīng)，因此不能在石英坩堝中加熱熔化氫氧化鈉固體，故D錯誤。綜上所述，答案為D。4．（山東濟南高三二模）現(xiàn)在有很多電視節(jié)目聚焦中國傳統(tǒng)文化藝術(shù)精品，用現(xiàn)代化的傳播方式及國際化的視角來系統(tǒng)地詮釋中國古代藝術(shù)品的精湛與美艷。下列說法中不正確的是A．北宋的天青無紋橢圓水仙盆是“瓷器第一寶”，其主要成分是二氧化硅B．西周時期的伯矩鬲是罕見的青銅器，鬲身的銅綠的主要成分是堿式碳酸銅C．王羲之的書法作品《快雪時晴帖》堪稱“書法第一寶”，紙張的主要成分是高分子化合物D．西漢素紗禪衣是世界上現(xiàn)存年代最早、保存最完整、制作工藝最精湛的一件衣服，它由精繅的蠶絲織造，蠶絲和毛筆中的狼毫成分相同AA．瓷器的主要成分是硅酸鹽，故A錯誤；B．銅綠的主要成分是堿式碳酸銅，故B正確；C．紙張的主要成分是纖維素，纖維素屬于高分子化合物，故C正確；D．蠶絲和毛筆中的狼毫的主要成分都是蛋白質(zhì)，成分相同，故D正確；故選A。5．（江蘇南京師大附中高三模擬）下列鐵及其化合物性質(zhì)與用途具有對應(yīng)關(guān)系的是A．Fe粉具有還原性，可用作抗氧化劑 B．Fe2O3粉末呈紅棕色，可用于制取鐵鹽C．Fe2(SO4)3易溶于水，可用作凈水劑 D．FeCl3溶液呈酸性，用于蝕刻銅電路板AA．Fe粉具有還原性，可用作抗氧化劑，A正確；B．Fe2O3粉末呈紅棕色，可用于染料，B錯誤；C．Fe3+水解，生成氫氧化鐵膠體，可用作凈水劑，C錯誤；D．FeCl3溶液具有氧化性，用于蝕刻銅電路板，D錯誤；故選A。6．（四川成都七中高三模擬）化學(xué)科學(xué)在“國之重器”的打造中發(fā)揮著重要作用。下列有關(guān)敘述正確的是A．“墨子號”衛(wèi)星成功發(fā)射實現(xiàn)了光纖量子通信，生產(chǎn)光纖的原料為晶體硅B．嫦娥5號攜帶的月壤中，富含的3He與地球上的4He互為同素異形體C．長征五號火箭的箭體蒙皮材料2219-鋁合金，可一定程度上減輕火箭的質(zhì)量D．“奮斗者”號載人潛水器成功坐底，深度10909m，所用的合金潛孔鉆頭硬度與熔沸點均比其單一組分高CA．硅是半導(dǎo)體材料，生產(chǎn)光纖的原料為二氧化硅，A錯誤；B．3He與地球上的4He具有相同的質(zhì)子數(shù)和不同的中子數(shù)，互為同位素，B錯誤；C．鋁合金具有質(zhì)量輕的優(yōu)點，因此可一定程度上減輕火箭的質(zhì)量，C正確；D．合金的熔沸點比其單一組分低，D錯誤；答案選C。7．（廣東廣州市高三三模）物質(zhì)性質(zhì)決定其用途，物質(zhì)用途反映其性質(zhì)。下列物質(zhì)用途與性質(zhì)對應(yīng)關(guān)系不正確的是選項用途性質(zhì)ASiO2用作光導(dǎo)纖維SiO2能把光的強弱轉(zhuǎn)變?yōu)殡娏鞯膹娙魾工業(yè)上用純堿去油污Na2CO3溶液水解呈堿性，油脂堿性條件下水解程度大C明礬用作凈水劑明礬溶于水形成Al(OH)3膠體，吸附水中懸浮雜質(zhì)形成沉淀D三元催化器處理汽車尾氣尾氣中CO有還原性，NOx有氧化性。在催化劑作用下轉(zhuǎn)化為CO2和N2AA．SiO2并不能把光的強弱轉(zhuǎn)變?yōu)殡娏鞯膹娙?，SiO2用作光導(dǎo)纖維是因為其對光有很好的反射性，A錯誤；B．Na2CO3溶液中存在碳酸根的水解而顯堿性，油脂在堿性條件下水解為甘油和高級脂肪酸鹽，甘油和高級脂肪酸鹽無法重新生成油脂，所以油脂堿性條件下水解程度大，B正確；C．明礬溶液水可以電離出Al3+，Al3+水解生成成Al(OH)3膠體，吸附水中懸浮雜質(zhì)形成沉淀，達(dá)到凈水的目的，C正確；D．汽車尾氣中含有CO、NOx等有毒氣體，CO有還原性，NOx有氧化性，二者發(fā)生氧化還原反應(yīng)轉(zhuǎn)化為無污染的為CO2和N2，D正確；綜上所述答案為A。8．（江蘇南通市高三模擬）硝酸是無色、易揮發(fā)、有刺激性氣味的液體，具有強氧化性，濃硝酸見光易分解。下列有關(guān)硝酸的說法正確的是A．NO的空間構(gòu)型為三角錐形B．濃硝酸保存在棕色帶橡膠塞的試劑瓶中C．用蘸有濃氨水的玻璃棒靠近濃硝酸有白煙產(chǎn)生D．常溫下用鐵制容器運輸濃硝酸是因為鐵與濃硝酸不反應(yīng)CA．硝酸根離子中氮原子的價層電子對數(shù)為3，孤對電子對數(shù)為0，則硝酸根離子的空間構(gòu)型為平面三角形，故A錯誤；B．濃硝酸具有強氧化性，能腐蝕橡膠塞，則濃硝酸應(yīng)保存在棕色帶玻璃塞的試劑瓶中，故B錯誤；C．濃氨水和濃硝酸都具有揮發(fā)性，用蘸有濃氨水的玻璃棒靠近濃硝酸時，揮發(fā)出的氨氣與硝酸蒸汽反應(yīng)生成硝酸銨，會有白煙產(chǎn)生，故C正確；D．常溫下用鐵制容器運輸濃硝酸是因為鐵在濃硝酸中發(fā)生鈍化，阻礙反應(yīng)的進(jìn)行，并非是鐵與濃硝酸不反應(yīng)，故D錯誤；故選C。9．（廣東珠海市高三二模）下列實驗操作、現(xiàn)象及結(jié)論都正確的是選項實驗操作現(xiàn)象結(jié)論A將紅熱的碳放入濃硫酸中，產(chǎn)生的氣體通入澄清的石灰水中石灰水變渾濁碳被濃硫酸氧化成CO2B向NaAlO2溶液中滴入NaHCO3溶液有白色沉淀生成AlO2-結(jié)合H+的能力比強C將常溫下用冷的濃硝酸處理過的鋁片插入硫酸銅溶液中鋁片表面無明顯現(xiàn)象用硝酸處理后，鋁的金屬性減弱D向Na2CO3溶液中加入濃鹽酸，將產(chǎn)生的氣體通入硅酸鈉溶液中產(chǎn)生白色渾濁酸性：鹽酸>碳酸>硅酸BA．將紅熱的碳放入濃硫酸中，產(chǎn)生的氣體中有SO2，SO2也能使澄清的石灰水變渾濁，所以不能得到碳被濃硫酸氧化成CO2的結(jié)論，故A錯誤；B．向NaAlO2溶液中滴入NaHCO3溶液，生成氫氧化鋁、碳酸鈉，則AlO結(jié)合H+的能力比CO強，故B正確；C．將常溫下用冷的濃硝酸處理過的鋁片Al表面會生成一層致密的氧化膜而鈍化，所以插入硫酸銅溶液中，鋁片表面無明顯現(xiàn)象，不是因為用硝酸處理后，鋁的金屬性減弱，故C錯誤；D．濃鹽酸易揮發(fā)，鹽酸與硅酸鈉反應(yīng)生成硅酸，則不能比較碳酸、硅酸的酸性，故D錯誤；故選B。10．（廣東高三模擬）在給定的條件下，下列選項所示的物質(zhì)間轉(zhuǎn)化均能實現(xiàn)的是A．B．C．D．DA．SiO2與鹽酸不反應(yīng)，A項錯誤；B．N2和O2在放電條件下生成NO，B項錯誤；C．Al3+與過量氨水反應(yīng)只能生成，C項錯誤D．二氧化硫氧化生成三氧化硫，三氧化硫溶于水生成硫酸，D項正確；答案選D。11．（廣東高三模擬）下列有關(guān)物質(zhì)的性質(zhì)與用途具有對應(yīng)關(guān)系的是A．濃硫酸具有脫水性，可干燥氧氣B．濃硝酸具有酸性，可用于鈍化金屬鋁C．二氧化氯具有還原性，可用于自來水殺菌消毒D．液氨汽化時要吸收大量的熱，可用作制冷劑DA．干燥氧氣利用濃硫酸的吸水性，A錯誤；B．常溫下鋁遇濃硝酸飩化，是因為硝酸有強氧化性，B錯誤；C．二氧化氯具有氧化性，可對自來水殺菌消毒，C錯誤；D．液氨汽化時需要吸收大量的熱，使周圍溫度快速降低，可用作制冷劑，D正確；故選D。12．（濟南市·山東師范大學(xué)附中高三模擬）下列實驗設(shè)計及操作能達(dá)到相應(yīng)實驗?zāi)康牡氖沁x項實驗?zāi)康膶嶒炘O(shè)計及操作A驗證溴與苯發(fā)生取代反應(yīng)向苯與濃溴水的混合液中加入鐵粉，將產(chǎn)生的氣體先通入足量四氯化碳洗氣，再通入AgNO3溶液中。B測定樣品FeC2O4(含少量FeSO4雜質(zhì))含量取質(zhì)量為mg的樣品配制溶液后，用已知濃度高錳酸鉀滴定，記錄用量V1；適量還原劑還原Fe3+后，過濾并酸化濾液，高錳酸鉀二次滴定用量V2計算可得含量。C重結(jié)晶法提純苯甲酸將苯甲酸在較高溫度下配成飽和溶液后，再加少量蒸餾水，趁熱過濾，靜置，冰水中冷卻結(jié)晶，濾出晶體。D驗證SO2的漂白性向藍(lán)色石蕊溶液中通入足量二氧化硫氣體，可以觀察到溶液先變紅后褪色。BA．苯與溴（鐵作催化劑）發(fā)生取代反應(yīng)，溴為液溴不能使?jié)怃逅?，溴水與苯不反應(yīng)，本實驗設(shè)計不能完成實驗?zāi)康?，故A錯誤；B．(V1－V2)mL是將草酸根離子氧化時消耗高錳酸鉀溶液的體積，根據(jù)高錳酸鉀與草酸根離子反應(yīng)的方程式，從而計算出草酸根離子的物質(zhì)的量，進(jìn)一步求的草酸亞鐵的物質(zhì)的量，，即可得到草酸亞鐵的含量，故B正確；C．靜置后，使濾液緩慢冷卻結(jié)晶，不能放在冰水中冷卻，故C錯誤；D．向藍(lán)色石蕊溶液中通入足量二氧化硫氣體，可以觀察到溶液只變紅，故D錯誤；故答案為B。13．（浙江高三模擬）下列“類比”合理的是A．C在足量O2中燃燒生成CO2，則S在足量O2中燃燒生成SO3B．銅絲在氯氣中燃燒生成CuCl2，則鐵絲在氯氣中燃燒生成FeCl2C．Mg在CO2中燃燒生成MgO和C，則Na在CO2中燃燒可能生成Na2CO3和CD．往AlCl3溶液中加入過量氨水生成Al(OH)3沉淀，則往CuCl2溶液中加入過量氨水生成Cu(OH)2沉淀CA．S在足量O2中燃燒只能生成SO2，不能生成SO3，故A錯誤；B．鐵絲在氯氣中燃燒只能生成FeCl3，不能生成FeCl2，故B錯誤；C．鈉的金屬性比鎂強，則鈉也能在二氧化碳中燃燒生成氧化鈉和碳，氧化鈉與過量的二氧化碳反應(yīng)生成碳酸鈉，則鈉在二氧化碳中燃燒可能生成碳酸鈉和碳，故C正確；D．氫氧化銅能與氨水反應(yīng)生成四氨合銅離子，則氯化銅溶液中加入過量氨水生成生成四氨合銅離子，不能生成氫氧化銅沉淀，故D錯誤；故選C。14．（云南昆明市·昆明一中高三模擬）下列反應(yīng)中，反應(yīng)物用量或濃度變化時，不會引起產(chǎn)物改變的是A．Zn與硫酸溶液反應(yīng) B．Cu與硝酸溶液反應(yīng)C．Al與氫氧化鈉溶液反應(yīng) D．Cl2與FeBr2溶液反應(yīng)CA．Zn與硫酸溶液反應(yīng)，濃硫酸被還原產(chǎn)物為SO2等，稀硫酸被還原為H2，A不符合；B．Cu與硝酸溶液反應(yīng)，濃硝酸還原產(chǎn)物為NO2，稀硝酸被還原為NO，B不符合；C．Al與氫氧化鈉溶液反應(yīng)，產(chǎn)物為NaAlO2和H2，與反應(yīng)物用量和濃度無關(guān)，C符合；D．Cl2與FeBr2溶液反應(yīng)，氯氣先后氧化亞鐵離子、溴離子，產(chǎn)物與反應(yīng)物用量有關(guān)，D不符合；答案選C。15．（江蘇南京市·南京師大附中高三模擬）在各種防疫防控措施中，化學(xué)知識起了重要作用。下列說法正確的是A．過氧化氫、乙醇、過氧乙酸等消毒液均可以將病毒氧化而達(dá)到消毒目的B．“84”消毒液是以NaClO為有效成分的消毒液，與鹽酸混合可以提升消毒效果C．用藥皂洗手能有效防止病毒傳染，藥皂中的苯酚能殺菌消毒D．醫(yī)用防護(hù)服的核心材料是微孔聚四氟乙烯薄膜，其單體四氟乙烯屬于烯烴CA．過氧化氫、過氧乙酸等消毒液可以將病毒氧化而達(dá)到消毒目的，乙醇能讓蛋白質(zhì)變性而消毒，故A錯誤；B．“84”消毒液是以NaClO為有效成分的消毒液，NaClO與鹽酸混合生成氯氣，故B錯誤；C．藥皂中的苯酚能殺菌消毒，所以用藥皂洗手能有效防止病毒傳染，故C正確；D．只含C、H兩種元素的有機物是烴，四氟乙烯含有F元素，不屬于烴，故D錯誤；選C。16．（遼寧鐵嶺市高三二模）在日常生活中，下列解決問題的方法不可行的是A．為加快漂白精的漂白速率，使用時可滴加幾滴醋酸B．為殺滅新型冠狀病毒，可用75%的酒精進(jìn)行環(huán)境消毒C．為使水果保鮮，可在水果箱內(nèi)放入高錳酸鉀溶液浸泡過的硅藻土D．為保持葡萄酒的天然果香味，使用大量的二氧化硫作為抗氧化劑DA．次氯酸的酸性弱于醋酸，漂白精使用時滴加幾滴醋酸，醋酸與次氯酸鈉溶液反應(yīng)生成次氯酸，次氯酸濃度增大，從而提高漂白速率，故A正確；B．濃度為75%酒精的消毒效果最好，為殺滅新型冠狀病毒，可用75%的酒精進(jìn)行環(huán)境消毒，故B正確；C．水果成熟時釋放出的乙烯可以做催熟劑，則可在水果箱內(nèi)放入高錳酸鉀溶液浸泡過的硅藻土吸收水果釋放的乙烯氣體，使水果保鮮，故C正確；D．二氧化硫有毒，為保持葡萄酒的天然果香味，應(yīng)使用適量的二氧化硫作為抗氧化劑，故D錯誤；故選D。17．（北京人大附中高三三模）下列各組物質(zhì)之間不可能實現(xiàn)如圖所示轉(zhuǎn)化的是選項XYZMACCOCO2O2BFeFeCl2FeCl3Cl2CAlCl3Al(OH)3NaAlO2NaOHDNH3NONO2O2BA．C和氧氣反應(yīng)生成一氧化碳，再反應(yīng)生成二氧化碳，能實現(xiàn)圖中轉(zhuǎn)化，故A正確；B．鐵和氯氣只能生產(chǎn)氯化鐵不能產(chǎn)生氯化亞鐵，不能實現(xiàn)圖中轉(zhuǎn)化，故B錯誤；C．氯化鋁和氫氧化鈉反應(yīng)先生成沉淀氫氧化鋁，沉淀再溶解生成偏鋁酸鈉，能實現(xiàn)圖中轉(zhuǎn)化，故C正確；D．氨氣與氧氣催化氧化反應(yīng)生成NO，NO與氧氣反應(yīng)生成二氧化氮，能實現(xiàn)圖中轉(zhuǎn)化，故D正確；故答案為B。18．（山東泰安市高三模擬）下列關(guān)于物質(zhì)的用途的說法錯誤的是A．K2FeO4可用于自來水殺菌消毒及凈水B．氮化鎵屬于優(yōu)良的半導(dǎo)體材料，可用作光導(dǎo)纖維C．NaCl、C2H5OH、CH3COOH都可用作食品調(diào)味劑D．超級鋼耐腐蝕、強度大，可實現(xiàn)輕薄化，用于航空航天BA．K2FeO4有強氧化性，可以殺菌消毒，還原產(chǎn)物Fe3+水解生成Fe(OH)3膠體可以吸附水中懸浮的固體雜質(zhì)，使之形成沉淀而達(dá)到凈化水的目的，因此可用于凈化自來水并殺菌消毒，選項A正確；B．氮化鎵屬于優(yōu)良的半導(dǎo)體材料，可用于制作微型激光器或太陽能電池的材料，而光導(dǎo)纖維的主要成分是二氧化硅，選項B錯誤；C．家庭生活中常用的調(diào)味品有食鹽、食醋、酒精、淀粉等，它們的主要成分是NaCl、CH3COOH、C2H5OH，選項C正確；D．超級鋼耐腐蝕、其強度很大,在應(yīng)用時能夠?qū)崿F(xiàn)鋼板的輕薄化，可用于航空航天，選項D正確；答案選B。19．（河北保定市高三二模）化學(xué)在達(dá)成我國2035年生態(tài)建設(shè)的遠(yuǎn)景目標(biāo)中發(fā)揮著重要作用。下列有關(guān)說法正確的是A．用浸泡過酸性高錳酸鉀溶液的硅藻土吸收水果釋放出的乙烯與氧化還原反應(yīng)無關(guān)B．是一種新型自來水處理劑，既表現(xiàn)強氧化性又能軟化硬水C．護(hù)膚品中加入甘油是利用甘油獨特的氣味增香提神D．電影銀幕用硅酸鈉溶液浸泡的主要目的是為了防火DA．高錳酸鉀溶液具有強氧化性，能氧化乙烯，乙醇用浸泡過酸性高錳酸鉀溶液的硅藻土吸收水果釋放出的乙烯與氧化還原反應(yīng)有關(guān)，A錯誤；B．是一種新型自來水處理劑，表現(xiàn)強氧化性，可用于殺菌消毒，但不能軟化硬水，B錯誤；C．甘油具有吸濕性，護(hù)膚品中加入甘油是利用甘油獨特的吸濕性，而不是為氣味增香提神，C錯誤；D．硅酸鈉不燃燒，也不支持燃燒，常用作防火材料，電影銀幕用硅酸鈉溶液浸泡的主要目的是為了防火，D正確；答案選D。20．（浙江高三三模）下列“類比合理的是A．在足量中燃燒生成，則在足量中燃燒生成B．銅絲在氯氣中燃燒生成CuCl2，則鐵絲在氯氣中燃燒生成C．與反應(yīng)生成和，則與反應(yīng)可能生成和D．往溶液中加入過量氨水生成沉淀，則往溶液中加入過量氨水生成沉淀CA．在足量中燃燒生成，而在足量中燃燒生成SO2，故A錯誤；B．氯氣具有強氧化性，能夠把變價金屬氧化為最高價，因此銅絲在氯氣中燃燒生成CuCl2，鐵絲在氯氣中燃燒生成，故B錯誤；C．由于二氧化碳過量，鈉的氧化物能夠與二氧化碳反應(yīng)，所以與反應(yīng)可能生成和，故C正確；D．氫氧化鋁不溶于過量的氨水，而氫氧化銅能夠與過量的氨水反應(yīng)生成Cu(NH3)4(OH)2溶液，沉淀溶解，故D錯誤；故選C。21．（遼寧高三模擬）以黃鐵礦(主要成分)為原料生產(chǎn)硫酸，應(yīng)將產(chǎn)出的爐渣和尾氣進(jìn)行資源化綜合利用，減輕對環(huán)境的污染，其中一種流程如圖所示。下列說法錯誤的是A．黃鐵礦中的在煅燒過程中作還原劑B．欲得到更純的，反應(yīng)①應(yīng)通入過量的氣體C．還原鐵粉用鹽酸溶解后，可用溶液滴定法來測定其純度D．加熱制備的化學(xué)方程式為CA．黃鐵礦中的在煅燒過程中Fe元素的化合價由+2價升至+3價，S元素的化合價由-1價升至+4價，失電子，作還原劑，選項A正確；B．通入過量二氧化硫保證堿反應(yīng)完全，得到純凈的，選項B正確；C．鹽酸也能與高錳酸鉀溶液反應(yīng)，不能用溶液滴定法來測定還原鐵粉的純度，選項C錯誤；D．加熱制備的化學(xué)方程式為，選項D正確；答案選C。22．（遼寧葫蘆島市高三二模）某廢催化劑含SiO2、ZnS、CuS及少量的Fe3O4。某實驗小組以廢催化劑為原料，進(jìn)行回收利用。設(shè)計實驗流程如圖：

已知：CuS既不溶于稀硫酸，也不與稀硫酸反應(yīng)。下列說法正確的是A．步驟①操作中，生成的氣體可用堿液吸收B．濾液1中是否含有Fe2+，可以選用KSCN和新制的氯水檢驗C．濾渣1成分是SiO2和CuS，濾渣2成分一定是SiO2D．步驟④要滴加稀硫酸防止CuSO4水解A【分析】由題給流程可知，向廢催化劑中加入稀硫酸，硫化鋅和四氧化三鐵與稀硫酸反應(yīng)得到硫酸鋅、硫酸鐵和硫酸亞鐵的混合溶液，二氧化硅和硫化銅不與稀硫酸反應(yīng)，過濾得到含有硫酸鋅、硫酸鐵和硫酸亞鐵的濾液1和含有二氧化硅和硫化銅的濾渣1；濾液1經(jīng)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾得到含有雜質(zhì)的粗皓礬；向濾渣中加入稀硫酸和過氧化氫的混合溶液，酸性條件下，硫化銅與過氧化氫反應(yīng)生成硫酸銅、硫沉淀和水，過濾得到含有硫酸銅的濾液2和含有硫和二氧化硅的濾渣2；濾液2經(jīng)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾得到粗膽礬。A．步驟①操作中，硫化鋅與稀硫酸反應(yīng)生成硫酸鋅和硫化氫氣體，硫化氫氣體能與堿反應(yīng)，可用堿液吸收，故A正確；B．由分析可知，濾液1中含有鐵離子，若選用硫氰化鉀溶液和新制的氯水檢驗亞鐵離子，鐵離子會干擾亞鐵離子檢驗，故B錯誤；C．由分析可知，濾渣1含有與稀硫酸不反應(yīng)的二氧化硅和硫化銅，濾渣2為硫和二氧化硅，故C錯誤；D．硫酸是高沸點酸，則濾液2經(jīng)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾得到粗膽礬時，不需要要滴加稀硫酸防止硫酸銅水解，故D錯誤；故選A。23．（海南海口市高三三模）硫元素的幾種化合物存在下列轉(zhuǎn)化關(guān)系：濃H2SO4SO2Na2SO3溶液Na2S2O3S下列判斷不正確的是A．反應(yīng)①中濃硫酸作氧化劑 B．反應(yīng)②表明SO2有酸性氧化物的性質(zhì)C．反應(yīng)③的原子利用率是100% D．反應(yīng)④稀H2SO4作還原劑D【分析】Cu與濃硫酸反應(yīng)：Cu＋2H2SO4(濃)CuSO4＋SO2↑＋2H2O，SO2與NaOH反應(yīng)，SO2為酸性氧化物，發(fā)生SO2＋2NaOH=Na2SO3＋H2O，Na2S2O3中S顯＋2價，發(fā)生Na2SO3＋S=Na2S2O3，Na2S2O3與稀硫酸反應(yīng)：Na2S2O3＋H2SO4=Na2SO4＋S↓＋SO2↑＋H2O，據(jù)此分析；A.與濃硫酸反應(yīng)時，濃硫酸將氧化為硫酸銅，表現(xiàn)出氧化性，濃硫酸是氧化劑，選項A正確；B．二氧化硫與NaOH反應(yīng)生成鹽和水，表明二氧化硫為酸性氧化物，選項B正確；C．反應(yīng)③為Na2SO3+S=Na2S2O3，生成物只有一種，原子利用率是100%，選項C正確；D．反應(yīng)④的化學(xué)方程式：Na2S2O3+H2SO4=Na2SO4+S↓+SO2↑+H2O，稀硫酸既不是氧化劑也不是還原劑，選項D不正確；答案選D。24．（浙江高三模擬）下列“類比”合理的是A．C和濃硝酸加熱反應(yīng)生成CO2和NO2，則S和濃硝酸加熱反應(yīng)生成SO2和NO2B．AlF3能與NaF形成配合物Na3AlF6，則BeF2與NaF形成配合物Na2BeF4C．工業(yè)上電解熔融Al2O3制Al，則工業(yè)上電解熔融MgO制MgD．Fe和濃硫酸在常溫下鈍化，則鋅和濃硫酸在常溫下鈍化BA．濃硝酸具有強氧化性，濃硝酸和C加熱反應(yīng)生成CO2和NO2，SO2具有還原性，會進(jìn)一步被硝酸氧化，所以S和濃硝酸加熱反應(yīng)生成H2SO4和NO2，A錯誤；B．AlF3能與NaF形成配合物Na3AlF6，Al、Be處于對角線位置，性質(zhì)相似，所以BeF2與NaF形成配合物Na2BeF4，B正確；C．由于AlCl3是共價化合物，在熔融狀態(tài)不能導(dǎo)電，因此工業(yè)上電解熔融Al2O3制Al，而MgCl2、MgO都是離子化合物，由于MgCl2的熔點比MgO低，因此在工業(yè)上一般電解熔融MgCl2制Mg，C錯誤；D．濃硫酸具有強氧化性，在室溫下遇Fe、Al會被氧化產(chǎn)生一層致密的氧化物保護(hù)膜，阻止金屬的進(jìn)一步氧化，即在常溫下鈍化；但Zn比Fe活潑，會被濃硫酸氧化為ZnSO4，不能產(chǎn)生致密的氧化物保護(hù)膜，因此不會發(fā)生鈍化現(xiàn)象，D錯誤；故合理選項是B。25．（山東青島市高三二模）硫元素的價類二維圖如圖所示。下列說法錯誤的是A．a(chǎn)與c、d、e都有可能反應(yīng)生成bB．d溶液久置于空氣中會生成e，溶液的減小C．鹽g與鹽f之間也可能發(fā)生反應(yīng)D．銅與e的濃溶液共熱產(chǎn)生的氣體通入溶液中，無明顯現(xiàn)象C【分析】根據(jù)化合價以及物質(zhì)的類別可知a為H2S、b為S、c為SO2、d為H2SO3、e為H2SO4、f含有或、g含有或。A．a(chǎn)為H2S，可以和SO2、H2SO3、H2SO4發(fā)生歸中反應(yīng)生成硫單質(zhì)，A正確；B．H2SO3具有較強的還原性，在空氣久置會被氧氣氧化成硫酸，硫酸酸性更強，pH更小，B正確；C．g為硫酸鹽，f為亞硫酸鹽，硫元素化合價相鄰不反應(yīng)，C錯誤；D．銅與濃硫酸共熱產(chǎn)生的氣體SO2，SO2通入溶液中，不能發(fā)生弱酸制強酸的反應(yīng)，所以無明顯現(xiàn)象，D正確；答案選C。26．（四川遂寧市高三模擬）下列有關(guān)生活中常見物質(zhì)的說法正確的是A．滌綸襯衣、PC塑料、牛皮鞋均是由有機高分子化合物構(gòu)成的B．用大豆釀制醬油時，蛋白質(zhì)水解生成了氨基酸C．2020年3月9日，發(fā)射了北斗系統(tǒng)第五十四顆導(dǎo)航衛(wèi)星，其計算機的芯片材料是一種有機高分子材料D．垃圾分類中，易拉罐、廁紙屬于可回收垃圾，剩飯剩菜、果皮等屬于廚余垃圾；熒光燈管、過期藥品屬于有害垃圾ABA．滌綸襯衣、PC塑料，是由有機高分子構(gòu)成的，牛皮鞋的構(gòu)成材料是蛋白質(zhì)，均屬于有機高分子化合物，故A正確；B．釀制醬油主要利用微生物產(chǎn)生的蛋白酶，將原料(大豆等)中蛋白質(zhì)水解成多肽、氨基酸等營養(yǎng)成分，故B正確；C．芯片材料的主要成分是硅單質(zhì)，不是有機高分子材料，故C錯誤；D．廁紙不屬于可回收垃圾，故D錯誤；故選A。27．（浙江杭州市高三三模）某興趣小組對于固體A開展探究實驗，已知A由4種元素組成，摩爾質(zhì)量M小于160g/mol，溶液E中只有一種溶質(zhì)。(1)A的化學(xué)式___，氣體B的空間構(gòu)型___。(2)溶液C制備沉淀D的離子方程式___。(3)已知2molNa在一定條件下可以和液態(tài)B反應(yīng)產(chǎn)生一種1可燃性氣體和化合物F，化合物F極易和水反應(yīng)，寫出和水反應(yīng)的方程式___；(4)該研究小組認(rèn)為檢驗溶液E和NaHCO3溶液可以采用CaCl2溶液，結(jié)果發(fā)現(xiàn)兩種溶液中加入CaCl2都會形成白色沉淀，請解釋原因：___(用方程式表示即可)；更換檢驗試劑，加入某短周期元素X的氯化物之后可以檢驗，其中一種產(chǎn)生沉淀，另一種無沉淀，則X元素為___。NaAlN2H2三角錐形AlO+HCO+H2O=Al(OH)3↓+CONaNH2+2H2O=NaOH+NH3·H2O或NaNH2+H2O=NaOH+NH32HCO+Ca2+=CaCO3+H2CO3或2HCOCO+H2CO3、Ca2++CO=CaCO3或HCOCO+H+、Ca2++CO=CaCO3鎂(或Mg)【分析】已知A由4種元素組成的化合物，且A能與NaOH反應(yīng)生成氣體B和溶液C，則其中氣體B應(yīng)為氨氣，所以A中含有N、H兩種元素；溶液C與NaHCO3溶液反應(yīng)生成1.56gD沉淀以及只含一種溶質(zhì)的溶液，則C溶液為含鈉的鹽溶液，所以C中的溶質(zhì)應(yīng)為偏鋁酸鈉。所以A中含有的元素為N、Al、Na、H。結(jié)合元素守恒以及A的摩爾質(zhì)量小于160g/mol分析即可。(1)由分析可知，0.896L的B()氣體，則；1.56g沉淀D，則，所以化合物A中，則設(shè)A的化學(xué)式為，又由于A的摩爾質(zhì)量小于160g/mol，則x+3-6+y=0、23x+27+2×14+y=1.6÷0.02，解得，所以A的化學(xué)式為，由于B為，則其空間構(gòu)型為三角錐形，故，三角錐形；(2)由分析可得C為偏鋁酸鈉，D為，所以用制取的離子方程式為AlO+HCO+H2O=Al(OH)3↓+CO，故AlO+HCO+H2O=Al(OH)3↓+CO；(3)B為，2molNa在一定條件下可以和液態(tài)B()反應(yīng)產(chǎn)生一種1可燃性氣體和化合物F，則可燃性氣體為氫氣、F應(yīng)為NaNH2，則NaNH2與水反應(yīng)的方程式為：NaNH2+2H2O=NaOH+NH3·H2O或NaNH2+H2O=NaOH+NH3，故NaNH2+2H2O=NaOH+NH3·H2O或NaNH2+H2O=NaOH+NH3；(4)由(2)分析可知，C(偏鋁酸鈉)與碳酸氫鈉反應(yīng)生成D(氫氧化鋁)白色沉淀和溶液E，即AlO+HCO+H2O=Al(OH)3+CO，溶液E為碳酸鈉溶液，所以碳酸鈉與氯化鈣反應(yīng)生成白色的碳酸鈣沉淀；由于碳酸氫鈉溶液中存在碳酸氫根離子的電離平衡，電離產(chǎn)生的碳酸根會與鈣離子結(jié)合反應(yīng)生成碳酸鈣，而氫離子與碳酸氫根反應(yīng)生成碳酸，從而促衡正向移動，即2HCOCO+H2CO3、Ca2++CO=CaCO3；在短周期元素中鎂離子能與Na2CO3反應(yīng)生成碳酸鎂白色沉淀，與NaHCO3不會形成沉淀，所以X元素為Mg(鎂)元素，故2HCO+Ca2+=CaCO3+H2CO3或2HCOCO+H2CO3、Ca2++CO=CaCO3或HCOCO+H+、Ca2++CO=CaCO3；Mg(鎂)。28．（浙江高三一模）化合物X僅含三種元素，通過如下實驗推斷其組成：

已知：X、A、B、C、D均為單一物質(zhì)。請回答：(1)組成X的元素是___________(填元素符號)，X的化學(xué)式是___________。(2)步驟Ⅰ，發(fā)生的化學(xué)方程式是___________。(3)灼熱黑色固體D投入乙醇中，固體變紅，寫出相應(yīng)的化學(xué)方程式___________。(4)步驟Ⅱ，與A反應(yīng)時理論消耗的物質(zhì)的量之比是1∶2，但實際消耗量卻明顯偏大，其原因是___________。請設(shè)計實驗證明___________。Na、Cu、I或：在(或)的催化下發(fā)生分解取兩份同溫同濃度的溶液，一份加固體(或NaI固體)，一份加固體，如果第一份產(chǎn)生氣泡速率明顯加快，第二份產(chǎn)生氣泡速率無明顯變化，則可以證明【分析】藍(lán)色溶液說明含有銅離子，遇到淀粉溶液縣藍(lán)色，說明溶液中含有碘元素，從流程分析，加入氫氧化鈉，流程最后得到無水晶體，說明原化合物中含有鈉元素，據(jù)此解答。(1)據(jù)分析，組成X的元素是鈉、銅和碘?；衔镏屑尤霘溲趸c生成固體B，加入過量的稀硫酸生成紅色固體和藍(lán)色溶液，說明固體B為+1價銅，與硫酸發(fā)生歧化反應(yīng)，生成銅和硫酸銅，藍(lán)色溶液加入氫氧化鈉后過濾洗滌烘干得到的黑色固體為氧化銅，質(zhì)量為0.8克，則銅的物質(zhì)的量為0.01mol，說明原化合物中含有銅為0.02mol，無水晶體C為硫酸鈉，質(zhì)量為1.42克，物質(zhì)的量為0.01mol，含有0.02mol鈉離子，則無色溶液中含有鈉離子物質(zhì)的量為0.04mol，加入氫氧化鈉的物質(zhì)的量為1×0.02=0.02mol，說明原化合物X中含有鈉離子物質(zhì)的量為0.04-0.02=0.02mol，根據(jù)化合物X為6.82克分析，碘元素的質(zhì)量為6.82-0.02×64-23×0.02=5.08克，則碘離子的物質(zhì)的量為0.04mol，X的化學(xué)式是。(2)步驟Ⅰ，發(fā)生的化學(xué)方程式是或：,(3)黑色固體D為氧化銅，灼熱氧化銅投入乙醇中，固體變紅生成銅，乙醇被氧化生成乙醛，相應(yīng)的化學(xué)方程式。(4)與A反應(yīng)時理論消耗的物質(zhì)的量之比是1∶2，但實際消耗量卻明顯偏大，其原因是在(或)的催化下發(fā)生分解。取兩份同溫同濃度的溶液，一份加固體(或NaI固體)，一份加固體，如果第一份產(chǎn)生氣泡速率明顯加快，第二份產(chǎn)生氣泡速率無明顯變化。29．（浙江高三二模）某興趣小組對化合物A開展探究實驗。

其中：A由三種元素組成；氣體B(純凈物)是黃綠色氣體；溶液C和F均為中性溶液且均只含一種溶質(zhì)，焰色反應(yīng)為黃色。請回答：(1)組成A的3種元素是___________(填元素符號)，A的化學(xué)式是___________。(2)固體A與鹽酸反應(yīng)的化學(xué)方程式是___________。(3)過量的氣體B與氨氣反應(yīng)可得一種黃色液體X()，X與中相同元素的化合價也相同，該液體遇水會強烈水解，寫出水解的化學(xué)方程式___________。(4)將氣體B與同時通入足量水中發(fā)生氧化還原反應(yīng)，離子方程式為___________。設(shè)計實驗證明該反應(yīng)為不可逆反應(yīng)___________。Na、O、Cl向氯水中通入過量，充分反應(yīng)后再加入淀粉碘化鉀溶液，不變藍(lán)色，說明該反應(yīng)為不可逆反應(yīng)【分析】固體A和鹽酸反應(yīng)生成溶液C，溶液C為中性溶液且只含一種溶質(zhì)，焰色反應(yīng)為黃色，則含有Na元素，則C中溶質(zhì)為NaCl，A中含有Na元素；氣體B(純凈物)是黃綠色氣體，氣體B為Cl2，，電解NaCl溶液生成NaOH、Cl2、H2，生成的溶液D和硫酸反應(yīng)生成F溶液，溶液F為中性溶液且只含一種溶質(zhì)，則溶液F為Na2SO4溶液，溶液D為NaOH溶液，硫酸中含有溶質(zhì)0.015mol，則NaOH的物質(zhì)的量為0.03mol，則A中Na元素的物質(zhì)的量為0.03mol，根據(jù)Na元素守恒，則溶液C中NaCl的物質(zhì)的量為0.03mol，鹽酸中溶質(zhì)的物質(zhì)的量為0.14mol，根據(jù)Cl元素守恒，則A中Cl元素的物質(zhì)的量為，A由三種元素組成，其中兩種元素為Na元素、Cl元素，則另一種元素為O元素，A中含有Na、Cl的總質(zhì)量為，則A中含有O元素的物質(zhì)的量為，則A的化學(xué)式為。(1)由分析可知，組成A的3種元素是Na、O、Cl，A的化學(xué)式為；(2)2.875g固體A和0.14molHCl反應(yīng)生成0.07molCl2、0.03molNaCl和H2O，由此得出化學(xué)方程式為；(3)過量的Cl2和氨氣反應(yīng)可得一種黃色液體X()，X與中相同元素的化合價也相同，由此推測X為NCl3，NCl3水解生成和HClO，水解方程式為：；(4)Cl2與同時通入足量水中反應(yīng)生成HCl和H2SO4，離子方程式為：；若該反應(yīng)為可逆反應(yīng)，反應(yīng)中會有Cl2的存在，因此只需檢驗是否含有Cl2，即可證明該反應(yīng)是否為可逆反應(yīng)，檢驗方法為：向氯水中通入過量，充分反應(yīng)后再加入淀粉碘化鉀溶液，不變藍(lán)色，說明該反應(yīng)為不可逆反應(yīng)。30．（浙江紹興市高三模擬）I.物質(zhì)X是由4種短周期元素組成的化合物，某興趣小組對其開展探究實驗。

已知：①氣體F在燃燒時產(chǎn)生淡藍(lán)色火焰；②濾液1與濾液2成分相同，且只含單一溶質(zhì)。請回答：(1)組成X的非金屬元素是__(填元素符號)，X的化學(xué)式是___。(2)步驟I，發(fā)生的化學(xué)方程式是__。(3)寫出白色粉末B與NaOH溶液發(fā)生的離子方程式是__。II.某同學(xué)用NaOH溶液同時吸