高中物理高考真題

1、20XX年云南省紅河州彌勒市高考物理一模試卷一、選擇題：本題8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分.1下面有關(guān)物理學(xué)史的說法中正確的組合是（） 安培提出了分子電流假說 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)規(guī)律 卡文迪許測定了萬有引力常量 密立根測定了電子的電量.A. B.C.D.2.“北斗”衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)將由5顆靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）和30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成，30顆非靜止軌道衛(wèi)星中有27顆是中軌道衛(wèi)星，中軌道衛(wèi)星的高度約為21500Km同步衛(wèi)星的高度約為36000Km下列說法正確的是

2、（）A. 同步衛(wèi)星的向心加速度比中軌道衛(wèi)星向心加速度大B. 同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均大于第一宇宙速度C. 中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期小D. 赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大3圖中彈簧秤、繩和滑輪的重量均不計(jì)，繩與滑輪間的摩擦力不計(jì)，物體的重力都是G在圖甲、乙、丙三種情況下，彈簧秤的讀數(shù)分別是Fl、F2、卩3,則（）A.Fi>F2=F3B.F3=Fi>F2C.Fi=F2=F3D.Fi>F2=F34.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1,Ri=20Q,R=30Q,C為電容器.已知通過R1的正弦交流電如圖乙所示，則（）B. 原線圈輸入電

3、壓的最大值為200LJVC. 電阻R2的電功率約為6.67WD. 通過R3的電流始終為零5如圖所示，A是一邊長為L的正方形導(dǎo)線框虛線框內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場寬度為3L.線框的be邊與磁場左右邊界平行且與磁場左邊界的距離為L.現(xiàn)維持線框以恒定的速度v沿x軸正方向運(yùn)動(dòng).規(guī)定磁場對線框作用力沿x軸正方向?yàn)檎?，且在圖示位置時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則在線框穿過磁場的過程中，磁場對線框的作用力隨時(shí)間變化的圖象正確的是（）工UFfti1/I(73M/5也"O*I-Vt卄+亠一亠.17345* 4* 44*6運(yùn)動(dòng)員從懸停在空中的直升機(jī)上跳傘，傘打開前可看做是自由落體運(yùn)動(dòng)，打開傘后減速下降，最后勻速下

4、落如果用h表示下落高度，t表示下落的時(shí)間，F(xiàn)表示人受到的合力，E表示人的機(jī)械能，Ep表示人的重力勢能，v表示人下落的速度，在整個(gè)過程中，如果打開傘后空氣阻力與速度平方成正比，則下列圖象可能符合事實(shí)的是（）A.3B.17.額定電壓均為220V的白熾燈Li和L2的U-I特性曲線如圖（a）所示，現(xiàn)將和L?完全相220V電路中，則下列說法正確的是同的L3與Li和L2一起按如圖（b）所示電路接入A.L2的額定功率為99WB.L2的實(shí)際功率為17WC.L2的實(shí)際功率比L3的實(shí)際功率小17WD.L2的實(shí)際功率比L3的實(shí)際功率小82W&一絕緣光滑半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)為E.在與環(huán)心等

5、高處放有質(zhì)量為m帶電+q的小球，由靜止開始沿軌道運(yùn)動(dòng)，下述說法正確的是（）A. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)速度最大B. 小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒C. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)對軌道壓力為（mg+qED. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)對軌道壓力為3（mg+qE三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分必考題，每個(gè)試題考生都必須作答為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題9.(1)某同學(xué)用自己發(fā)明的新式游標(biāo)卡尺測量小鋼球的直徑，新式卡尺將主尺上39mn在游標(biāo)尺上均分成20等份.如圖1所示，則小鋼球的直徑為d=cm(2)該同學(xué)又用螺旋測微器測量某電阻絲的直徑，示數(shù)如圖2，則該金屬絲的直徑為mm?cmI某同學(xué)利用上述器材

6、，采用圖甲的電路測量該電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，請按照圖甲將圖乙所示的實(shí)物圖連線；圖甲中利用電阻箱R將電流表G改裝成了量程為0.5A的電流表，利用電阻箱Ra將將電流表G2裝成了量程為3V的電壓表，則電阻箱R2的阻值調(diào)到Q;以G示數(shù)丨2為縱坐標(biāo)，G示數(shù)I1為橫坐標(biāo)，作出丨2-丨1圖象如圖丙所示，結(jié)合圖象可得出電源的電動(dòng)勢為V,電源的內(nèi)阻為Q;(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)341_丄_L_J.ILJIIJ'|jJii_IIIrIIrrfIIIIiii20051015圖110為了測量某電池的電動(dòng)勢E(約為3V)和內(nèi)阻r，選用的器材如下:A. 電流表G(量程為2mA內(nèi)電阻為100Q)B. 電流表G(量程

7、為1mA內(nèi)電阻為200Q)C. 電阻箱R(099.99Q)D. 電阻箱R2(09999Q)E. 滑動(dòng)變阻器R3(0100Q允許最大電流1A)F. 待測電池G開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干11如圖所示，水平桌面上有一輕彈簧，左端固定在A點(diǎn)，自然狀態(tài)時(shí)其右端位于B點(diǎn).D點(diǎn)位于水平桌面最右端，水平桌面右側(cè)有一豎直放置的光滑軌道MNP其形狀為半徑R=0.8m的圓環(huán)剪去了左上角135°的圓弧，MN為其豎直直徑，P點(diǎn)到桌面的豎直距離為R，P點(diǎn)到桌面右側(cè)邊緣的水平距離為2R用質(zhì)量m=0.4kg的物塊a將彈簧緩慢壓縮到C點(diǎn)，釋放后彈簧恢復(fù)原長時(shí)物塊恰停止在B點(diǎn)用同種材料、質(zhì)量為mr0.2kg的物塊b將彈簧緩慢壓

8、縮到C點(diǎn)釋放，物塊b過B點(diǎn)后其位移與時(shí)間的關(guān)系為x=6t-2t2,物塊從D點(diǎn)飛離桌面恰好由P點(diǎn)沿切線落入圓弧軌道.g=10m/s2,求：(1)B、D間的水平距離.(2)通過計(jì)算，判斷物塊b能否沿圓弧軌道到達(dá)M點(diǎn).(3)物塊b釋放后在桌面上運(yùn)動(dòng)的過程中克服摩擦力做的功.卩廠/£>CR:R；丿12. 如圖所示，一個(gè)帶正電的粒子沿磁場邊界從A點(diǎn)射入左側(cè)磁場，粒子質(zhì)量為m電荷量為q,其中區(qū)域I、川內(nèi)是垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，左邊區(qū)域足夠大，右邊區(qū)域?qū)挾葹?.3d,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,區(qū)域n是兩磁場間的無場區(qū)，兩條豎直虛線是其邊界線，寬度為d；粒子從左邊界線A點(diǎn)射入磁場后，經(jīng)過I、n、

9、川區(qū)域后能回到A點(diǎn)，若粒子在左側(cè)磁場中(1)求：粒子從A點(diǎn)射出到回到A點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間tA點(diǎn)，求：電場強(qiáng)度E.(2)若在區(qū)域n內(nèi)加一水平向右的勻強(qiáng)電場，粒子仍能回到（二）選考題：共45分請考生從所給出的3道物理題任選一題作答，【物理-選修3-3】13. 下列說法正確的是（）A. 定質(zhì)量的氣體，在體積不變時(shí)，分子每秒與器壁平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而減小B. 晶體熔化時(shí)吸收熱量，分子平均動(dòng)能一定增大C. 空調(diào)既能制熱又能制冷，說明在不自發(fā)地條件下熱傳遞方向性可以逆向D. 外界對氣體做功時(shí)，其內(nèi)能一定會(huì)增大E生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)，需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻人其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來完成14

10、. 如圖所示，在兩端封閉粗細(xì)均勻的豎直長管道內(nèi)，用一可自由移動(dòng)的活塞A封閉體積相等的兩部分氣體.開始時(shí)管道內(nèi)氣體溫度都為To=5OOK,下部分氣體的壓強(qiáng)po=1.25X105Pa,活塞質(zhì)量m=0.25kg，管道的內(nèi)徑橫截面積S=1cm.現(xiàn)保持管道下部分氣體溫度不變，上部分氣體溫度緩慢降至T,最終管道內(nèi)上部分氣體體積變?yōu)樵瓉淼膮`，若不計(jì)活塞與管道壁間的摩擦，g=10m/s2,求此時(shí)上部分氣體的溫度T.【物理-選修3-4】15. 如圖所示是一列簡諧波在t=0時(shí)的波形圖象，波速為v=10m/s，此時(shí)波恰好傳到I點(diǎn),下列說法中正確的是（）A. 此列波的周期為T=0.4sB. 質(zhì)點(diǎn)BF在振動(dòng)過程中位移總

11、是相等C. 質(zhì)點(diǎn)I的起振方向沿y軸負(fù)方向D. 當(dāng)t=5.1s時(shí)，x=10m的質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置處E. 質(zhì)點(diǎn)AC、E、GI在振動(dòng)過程中位移總是相同16. 半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面如圖所示，0點(diǎn)為圓心，00為直徑MN的垂線.足夠大的光屏PQ緊靠在玻璃磚的右側(cè)且與MN垂直.一束復(fù)色光沿半徑方向與00成0=30°角射向O點(diǎn)，已知復(fù)色光包含有折射率從n1=戶到乜=_的光束，因而光屏上出現(xiàn)了彩色光帶.(i) 求彩色光帶的寬度；0角至少為多(ii) 當(dāng)復(fù)色光入射角逐漸增大時(shí)，光屏上的彩色光帶將變成一個(gè)光點(diǎn)，求【物理-選修3-5】17. 下列說法正確的是()ATh經(jīng)過6次a衰變和4次3衰變后

12、成為穩(wěn)定的原子核JPbB. 在核反應(yīng)堆中，為使快中子減速，在鈾棒周圍要放“慢化劑”，常用的慢化劑有石墨、重水和普通水C. 當(dāng)用藍(lán)色光照射某金屬表面時(shí)有電子逸出，則改用紅光照射也一定會(huì)有電子逸出D. 將由放射性元素組成的化合物進(jìn)行高溫分解，會(huì)改變該放射性元素的半衰期E.原子從a能級狀態(tài)躍遷到到c能級狀態(tài)時(shí)吸收波長為b能級狀態(tài)時(shí)發(fā)射波長為入i的光子；原子從b能級狀態(tài)躍遷入2的光子，已知入i入2.那么原子從a能級狀態(tài)躍遷到到c能級狀態(tài)時(shí)將要吸收波長為入1入2的光子X118如圖所示，一質(zhì)量m=0.45kg的平頂小車靜止在光滑的水平軌道上車頂右端放一質(zhì)量m=0.4kg的小物體，小物體可視為質(zhì)點(diǎn).現(xiàn)有一質(zhì)

13、量nm=0.05kg的子彈以水平速度vo=100m/s射中小車左端，并留在車中，已知子彈與車相互作用時(shí)間極短，小物體與車間的動(dòng)摩擦因數(shù)2為卩=0.5，最終小物體以5m/s的速度離開小車.g取10m/s.求： 子彈從射入小車到相對小車靜止的過程中對小車的沖量大小.小車的長度.20XX年云南省紅河州彌勒市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分.1下面有關(guān)物理學(xué)史的說法中正確的組合是（） 安培提出了分子電流假說 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的熱效

14、應(yīng)規(guī)律 卡文迪許測定了萬有引力常量 密立根測定了電子的電量.A. B.C.D.【考點(diǎn)】物理學(xué)史.【分析】本題是物理學(xué)史問題，根據(jù)安培、焦耳、奧斯特、卡文迪許和密立根的物理學(xué)貢獻(xiàn)進(jìn)行解答.【解答】解：安培提出了分子電流假說，很好解釋了磁化現(xiàn)象，故正確. 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象，焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)規(guī)律，故錯(cuò)誤. 卡文迪許用扭秤實(shí)驗(yàn)測定了萬有引力常量，故正確. 密立根用油滴實(shí)驗(yàn)測定了電子的電量，故正確.故A正確.故選：A【點(diǎn)評】本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，注意積累.2.“北斗”衛(wèi)星導(dǎo)航定位系統(tǒng)將由5顆靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）和30顆非靜止

15、軌道衛(wèi)星組成，30顆非靜止軌道衛(wèi)星中有27顆是中軌道衛(wèi)星，中軌道衛(wèi)星的高度約為21500Km同步衛(wèi)星的高度約為36000Km下列說法正確的是（）A. 同步衛(wèi)星的向心加速度比中軌道衛(wèi)星向心加速度大B. 同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均大于第一宇宙速度C. 中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期小D. 赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大【考點(diǎn)】同步衛(wèi)星.I4IT2口La=mr,得至寸a-2T,vJ,T-2nJ1於JGM周期越大.中軌道衛(wèi)星的軌道高度低【專題】人造衛(wèi)星問題.【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力G7=ma=m_r|_r由此可知，軌道半徑越大，加速度越小，線速度越小于同步衛(wèi)星的軌道高

16、度，根據(jù)軌道高度的大小判斷周期、線速度和向心加速度的大小關(guān)系.赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度為ai=,，同步衛(wèi)星的向心加速度為，周期相同，由表達(dá)式可判斷兩處的向心加速度的大小.【解答】解：A、根據(jù)萬有引力提供向心力inMZC3GM,.，一丄，,亠Gr=ma,得a=r，由此可知，半徑越大，加速rT度越小，同步衛(wèi)星的軌道半徑大于中軌道衛(wèi)星的軌道半徑，所以同步衛(wèi)星的加速度比中軌道，得v=衛(wèi)星的加速度小，故A錯(cuò)誤.，由此可知，半徑越大，速度越小，半B根據(jù)萬有引力提供向心力Q=nm-rr徑越小，速度越大，當(dāng)半徑最小等于地球半徑時(shí)，速度最大等于第一宇宙速度，由于一般軌道衛(wèi)星的軌道高度和同步衛(wèi)星的軌道高度

17、遠(yuǎn)大于地球半徑，所以一般軌道衛(wèi)星的線速度和同步衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度.故B錯(cuò)誤.C根據(jù)萬有引力提供向心力T2得T=2n由此可知，軌道半徑越大，周期越大，同步衛(wèi)星的軌道半徑大于中軌道衛(wèi)星的軌道半徑，所以同步衛(wèi)星的周期比中軌道衛(wèi)星的周期大，故C正確.D赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度為ai=_，同步衛(wèi)星的向心加速度為2兀（R+h）、a2=，周期相同，由表達(dá)式可知，故赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度小.故D錯(cuò)誤.故選：C.【點(diǎn)評】本題主要要掌握萬有引力提供向心力這個(gè)關(guān)系題意選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_(dá)式是正確解題的關(guān)鍵.3圖中彈簧秤、繩和滑輪的重量均不計(jì)，繩與滑輪間的摩擦力不計(jì)

18、，物體的重力都是在圖甲、乙、丙三種情況下，彈簧秤的讀數(shù)分別是Fl、F2、卩3,則（）A.Fl>F2=F3B.F3=Fi>F2C.Fl=F2=F3D.Fi>F2=F3【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用.【專題】摩擦力專題.【分析】彈簧稱的讀數(shù)等于彈簧受到的拉力.甲圖、乙圖分別以物體為研究對象由平衡條件求解.丙圖以動(dòng)滑輪為研究對象分析受力情況，根據(jù)平衡條件求解.【解答】解：甲圖：物體靜止，彈簧的拉力Fi=mg；乙圖：對物體為研究對象，作出力圖如圖.F2=mgsin60°=0.866mg丙圖：以動(dòng)滑輪為研究對象，受力如圖.由幾何知識得F3=mg故F3=Fi>F2故選B

19、.【點(diǎn)評】本題是簡單的力平衡問題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，作出力圖對于丙圖，是平衡中的特例，結(jié)果要記憶.4.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1,Ri=20Q,F2=30Q,C為電容器.已知通過Ri的正弦交流電如圖乙所示，則（）B. 原線圈輸入電壓的最大值為200L【VC. 電阻F2的電功率約為6.67WD. 通過R的電流始終為零【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理；歐姆定律；電功、電功率；交流電的平均值及其應(yīng)用.【專題】交流電專題.【分析】由電壓與匝數(shù)成反比可以求得副線圈的電壓的大小，電容器的作用是通交流隔直流.【解答】解：A、根據(jù)變壓器原理可知原副線圈中電流的周期、頻率相同，周期為0

20、.02s、頻率為50赫茲，A錯(cuò).由圖乙可知通過R的電流最大值為ln=1A、根據(jù)歐姆定律可知其最大電壓為U=20V,再根據(jù)甩的電流有效值為原副線圈的電壓之比等于匝數(shù)之比可知原線圈輸入電壓的最大值為200V,B錯(cuò);電壓有效值為汎電阻R的電功率為Z乜C根據(jù)正弦交流電的峰值和有效值關(guān)系并聯(lián)電路特點(diǎn)可知電阻W=6.67W所以C對.D因?yàn)殡娙萜饔型ń涣?、阻直流的作用，則有電流通過F3和電容器，D錯(cuò);故選：C.【點(diǎn)評】本題需要掌握變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的關(guān)系，同時(shí)對于電容器的作用要了解.5如圖所示，A是一邊長為L的正方形導(dǎo)線框虛線框內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場寬度為3L.線框的be邊與磁場左右邊界

21、平行且與磁場左邊界的距離為L.現(xiàn)維持線框以恒定的速度v沿x軸正方向運(yùn)動(dòng).規(guī)定磁場對線框作用力沿x軸正方向?yàn)檎以趫D示位置時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則在線框穿過磁場的過程中，磁場對線框的作用力隨時(shí)間變化的圖象正確的是（）AA.F/N1r1'''1P-44fhitO12345代iJv；LD.-»i-VP4亠1/45rLJu)flI,+4hd【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢.【專題】電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.【分析】根據(jù)楞次定律：安培力阻礙導(dǎo)體與磁場間的相對運(yùn)動(dòng)，判斷安培力方向.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和安培力公式，推導(dǎo)出安培力與速度的表達(dá)式，從而可以選擇圖象.【解答】

22、解：在整個(gè)過程中，線框進(jìn)入和穿出磁場的過程中，只有一邊切割磁感線，線框的磁通量一直變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律，安培力阻礙導(dǎo)體與磁場間的相對運(yùn)動(dòng)，可知安培力方向一直向左，沿負(fù)方向.線框完全在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，不受安培力，F(xiàn)=0,故B正確，ACD錯(cuò)誤.故選：B.【點(diǎn)評】本題可分段分析，關(guān)鍵抓住在整個(gè)過程內(nèi)，線框只有一邊切割磁感線，線框勻速運(yùn)動(dòng)，安培力恒定.6運(yùn)動(dòng)員從懸停在空中的直升機(jī)上跳傘，傘打開前可看做是自由落體運(yùn)動(dòng)，打開傘后減速下降，最后勻速下落如果用h表示下落高度，t表示下落的時(shí)間，F(xiàn)表示人受到的合力，E表示人的機(jī)械能，Ep表示人的重力勢能，v表示人下落的速度，在

23、整個(gè)過程中，如果打開傘后空氣阻力與速度平方成正比，則下列圖象可能符合事實(shí)的是（12A.B.1【考點(diǎn)】功能關(guān)系；自由落體運(yùn)動(dòng).)【分析】運(yùn)動(dòng)員從直升機(jī)上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運(yùn)動(dòng)，即空氣阻力忽略不計(jì),開傘后減速下降，空氣阻力大于重力，故合力向上，當(dāng)阻力減小到等于重力時(shí)，合力為零,做勻速直線運(yùn)動(dòng).【解答】解：A、重力勢能逐漸減小，Ep=mgH=m（H）-h），即重力勢能與高度是線性關(guān)系，故A正確；B機(jī)械能的變化等于除重力外其余力做的功，故自由落體運(yùn)動(dòng)過程機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤;C運(yùn)動(dòng)員從懸停在空中的直升機(jī)上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運(yùn)動(dòng)，即空氣阻力忽略不計(jì)，故只受重力；開傘后減速下降，空

24、氣阻力大于重力，故合力向上，當(dāng)阻力減小到等于重力時(shí)，合力為零，做勻速直線運(yùn)動(dòng)；即合力先等于重力，然后突然反向變大，且逐漸減小到零，故C正確；D運(yùn)動(dòng)員從懸停在空中的直升機(jī)上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運(yùn)動(dòng)，開傘后后減速下降，由題意空氣阻力與速度平方成正比，則空氣阻力逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律f-mg=maf逐漸減小，則加速度a逐漸減小不是恒定不變，即D項(xiàng)中減速階段的v-t圖象不應(yīng)該呈線性，故D錯(cuò)誤；故選：AC.【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵是結(jié)合運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況分析其受到的阻力的變化情況，從而得到其合力和機(jī)械能的變化情況.7.額定電壓均為220V的白熾燈Li和L2的U-I特性曲線如圖（a）所示，現(xiàn)將和L2完

25、全相同的L3與Li和L2一起按如圖（b）所示電路接入220V電路中，則下列說法正確的是（）200”1閒尊讓12080噩40£:HiSHA.L2的額定功率為99WB.L2的實(shí)際功率為17WC.L2的實(shí)際功率比Ls的實(shí)際功率小17WD.L2的實(shí)際功率比Ls的實(shí)際功率小82WhhsIBMBHoQAOF0.30.1QjOL«i/【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線.【專題】實(shí)驗(yàn)題.【分析】由圖可知當(dāng)電壓為額定電壓時(shí)的電流，則由功率公式可得出額定功率；串聯(lián)后接在220V的電源上，則兩電阻兩端的電壓達(dá)不到220V,但二者電壓之和應(yīng)為220V,由圖可讀出電阻的電流，則可求得功率.【解答】解：

26、A、由圖可知，當(dāng)電壓為220V時(shí)，L2的電流為0.45A，故Li的額定功率P=Uli=220VX0.45A=99W故A正確；B兩燈泡串聯(lián)時(shí)，流過兩電阻的電流相等，而總電壓應(yīng)為220V,由U-I圖象可知，串聯(lián)時(shí)電流應(yīng)為0.25A，此時(shí)Li的電壓為150V,故此時(shí)Li的功率P=U11'=150X0.25W&37W而L2的電壓為70V,那么L2的功率P=Ul2=70X0.25W&17W故B正確；C當(dāng)電壓為220V時(shí)，Ls的電流為0.45A，故Ls的時(shí)間功率P=UIs=220VX0.45A=99WL2的實(shí)際功率比Ls的實(shí)際功率小：99-17=82W故C錯(cuò)誤，故D正確；故選：AB

27、D【點(diǎn)評】本題要結(jié)合圖象和串并聯(lián)電路的性質(zhì)進(jìn)行分析，注意燈絲電阻隨電壓的變化發(fā)生變化，故不能先求電阻，再進(jìn)行計(jì)算&一絕緣光滑半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)為E.在與環(huán)心等高處放有一質(zhì)量為m帶電+q的小球，由靜止開始沿軌道運(yùn)動(dòng)，下述說法正確的是（）A. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)速度最大B. 小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒C. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)對軌道壓力為(mg+qED. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)對軌道壓力為3(mg+qE【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；向心力.【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題.【分析】小球運(yùn)動(dòng)過程中電場力做功，機(jī)械能不守恒.根據(jù)動(dòng)能定理知小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)速度

28、最大.根據(jù)動(dòng)能定理求出小球經(jīng)過在最低點(diǎn)時(shí)的速度，由牛頓第二定律求出環(huán)對球的支持力，得到球?qū)Νh(huán)的壓力.【解答】解：A、小球從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，合力做正功最多，則根據(jù)動(dòng)能定理得知，動(dòng)能增加增大，速率增大增大，所以小球經(jīng)過環(huán)的最低點(diǎn)時(shí)速度最大.故A正確B錯(cuò)誤.mg+qEB小球運(yùn)動(dòng)過程中電場力做功，機(jī)械能不守恒.故CD小球從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得:，聯(lián)立解得N=3(mg+qE故D正確，C錯(cuò)誤.【點(diǎn)評】本題是帶電體在勻強(qiáng)電場中做圓周運(yùn)動(dòng)的問題，由動(dòng)能定理和牛頓運(yùn)動(dòng)定律結(jié)合求解是常用的思路.三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分.必考題，每個(gè)試題考生都必須作答.為選考題，考生根據(jù)要求作

29、答.(一)必考題9.(1)某同學(xué)用自己發(fā)明的新式游標(biāo)卡尺測量小鋼球的直徑，新式卡尺將主尺上39mn在游標(biāo)尺上均分成20等份.如圖1所示，則小鋼球的直徑為d=1.035cm.(2)該同學(xué)又用螺旋測微器測量某電阻絲的直徑，示數(shù)如圖2，則該金屬絲的直徑為1.195（土0.002）mm.11t11111L11i11111iiiiii1111iiii11rr1II1r叮1rT342025【考點(diǎn)】刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用；螺旋測微器的使用.【專題】實(shí)驗(yàn)題.【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀.

30、【解答】解：1、游標(biāo)卡尺的精確度為尋mm=0.05mm主尺讀數(shù)為：1cm=10mm游標(biāo)尺上第7個(gè)刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為7X0.05mm=0.35mm所以最終讀數(shù)為：10mm+0.35mm=10.35mm=1.035cm2、螺旋測微器的固定刻度為1mm可動(dòng)刻度為19.5x0.01mm=0.195mm所以最終讀數(shù)為1mm+0.195mm=1.195m最后的結(jié)果最后的結(jié)果可以為1.195±0.002故答案為：1.035;1.195（±0.002）【點(diǎn)評】對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量.10為了測量某電池

31、的電動(dòng)勢E（約為3V）和內(nèi)阻r，選用的器材如下:A. 電流表G（量程為2mA內(nèi)電阻為100Q）B. 電流表G2（量程為1mA內(nèi)電阻為200Q）C. 電阻箱R（099.99Q）D. 電阻箱R2（09999Q）E. 滑動(dòng)變阻器R3（0100Q允許最大電流1A）F. 待測電池G開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)利用上述器材，采用圖甲的電路測量該電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，請按照圖甲將圖乙所示的實(shí)物圖連線；（2）圖甲中利用電阻箱R將電流表G改裝成了量程為0.5A的電流表，利用電阻箱R2將將電流表G2裝成了量程為3V的電壓表，則電阻箱Ra的阻值調(diào)到2.8卜1°Q;（3）以G示數(shù)丨2為縱坐標(biāo)，G示數(shù)Ii為橫

32、坐標(biāo)，作出丨2-Ii圖象如圖丙所示，結(jié)合圖象可得出電源的電動(dòng)勢為2.7V,電源的內(nèi)阻為9.0Q;（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻.【專題】實(shí)驗(yàn)題.【分析】本題（1）的關(guān)鍵是連線時(shí)注意正負(fù)極；題（2）的關(guān)鍵是根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律和歐姆定律列出表達(dá)式求解即可；題（3）的關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律寫出公式（注意總電流），然后整理出有關(guān)縱軸和橫軸物理量的表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解.【解答】解：（1）:實(shí)物連線圖如圖所示：（2）:根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律應(yīng)有:由U”(r觀+%，代入數(shù)據(jù)解得：冋=2.8X1PG;11r(3):根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有：E=p匕+唧+(屮亠已)

33、r；整理可得：冋-（R1+r,）r1Rt（R2+r2+r）2+r2+r;結(jié)合圖象斜率和截距概念應(yīng)有：（叫+）f0.9-0.63Rj（R2+r2+r）°*4H弋彳0.9X1。'R+r2+r代入數(shù)據(jù)解得：r=9.0Q,E=2.7V;故答案為：(1)如圖(2) 2.8X1O3(3) 2.7,9.0【點(diǎn)評】應(yīng)明確：遇到應(yīng)用圖象求解的問題，首先應(yīng)根據(jù)物理規(guī)律寫出公式，然后整理出關(guān)于縱軸和橫軸物理量的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解.11如圖所示，水平桌面上有一輕彈簧，左端固定在A點(diǎn)，自然狀態(tài)時(shí)其右端位于B點(diǎn).D點(diǎn)位于水平桌面最右端，水平桌面右側(cè)有一豎直放置的光滑軌道MNP其形

34、狀為半徑R=0.8m的圓環(huán)剪去了左上角135°的圓弧，MN為其豎直直徑，P點(diǎn)到桌面的豎直距離為R,P點(diǎn)到桌面右側(cè)邊緣的水平距離為2R用質(zhì)量m=O.4kg的物塊a將彈簧緩慢壓縮到C點(diǎn)，釋放后彈簧恢復(fù)原長時(shí)物塊恰停止在B點(diǎn)用同種材料、質(zhì)量為mp0.2kg的物塊b將彈簧緩慢壓縮到C點(diǎn)釋放，物塊b過B點(diǎn)后其位移與時(shí)間的關(guān)系為x=6t-2t2,物塊從D點(diǎn)飛離桌面恰好由P點(diǎn)沿切線落入圓弧軌道.g=10m/s2,求：(1) B、D間的水平距離.(2)通過計(jì)算，判斷物塊b能否沿圓弧軌道到達(dá)M點(diǎn).(3)物塊b釋放后在桌面上運(yùn)動(dòng)的過程中克服摩擦力做的功.y。廠廠/:R)X4們/cfi二;；：；:-：；【

35、考點(diǎn)】動(dòng)能定理；機(jī)械能守恒定律.【專題】動(dòng)能定理的應(yīng)用專題.【分析】(1)物塊過B點(diǎn)后做勻變速運(yùn)動(dòng)，將其位移與時(shí)間的關(guān)系為s=6t-2t2與勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式進(jìn)行對比，得到初速度和加速度，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)和勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解BD間的水平距離.2(2) 物塊在內(nèi)軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)有臨界速度，貝Umg=，根據(jù)機(jī)械能守恒定律,遲求出M點(diǎn)的速度，與臨界速度進(jìn)行比較，判斷其能否沿圓軌道到達(dá)M點(diǎn).(3) 由能量轉(zhuǎn)化及守恒定律即可求出冊釋放后在桌面上運(yùn)動(dòng)的過程中克服摩擦力做的功.【解答】解：(1)設(shè)物塊由D點(diǎn)以初速度Vd做平拋運(yùn)動(dòng)，落到P點(diǎn)時(shí)其豎直方向分速度為:Vy=|2gF=tan45V

36、D所以vd=4m/s由題意知，物塊在桌面上過B點(diǎn)后初速度Vo=6m/s，加速度a=-4m/s所以B、D間水平距離為:=2.5m(2)若物塊能沿圓弧軌道到達(dá)M點(diǎn)，其速度為Vm,由機(jī)械能守恒定律得:軌道對物塊的壓力為Fn,則：FN+mg=mp解得：Fn=(1-|)m2gv0所以物塊不能到達(dá)M點(diǎn)(3)設(shè)彈簧長為xac時(shí)的彈性勢能為B，物塊a、b與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為釋放物塊a時(shí)，Ep=卩mgxcB釋放物塊b時(shí),Ep=(1m2gxcB+且m=2m，得:Ep=ma”#=7.2J物塊b釋放后在桌面上運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做功為W,則由功能關(guān)系得：&=w+得:Vf=5.6J.答:(1)BD間的水平距

37、離2.5m.(2) 物塊不能沿圓弧軌道到達(dá)M點(diǎn).(3) 物塊b釋放后在桌面上運(yùn)動(dòng)的過程中克服摩擦力做的功5.6J.【點(diǎn)評】該題涉及到多個(gè)運(yùn)動(dòng)過程，關(guān)鍵要掌握每個(gè)遵循的物理規(guī)律，如機(jī)械能守恒定律、平拋運(yùn)動(dòng)基本公式、圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式，還要把握住物塊到達(dá)最高點(diǎn)的臨界條件：重力提供向心力，求得臨界速度.12. 如圖所示，一個(gè)帶正電的粒子沿磁場邊界從A點(diǎn)射入左側(cè)磁場，粒子質(zhì)量為m電荷量為q,其中區(qū)域I、川內(nèi)是垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，左邊區(qū)域足夠大，右邊區(qū)域?qū)挾葹?.3d,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,區(qū)域n是兩磁場間的無場區(qū)，兩條豎直虛線是其邊界線，寬度為d；粒子從左邊界線A點(diǎn)射入磁場后，經(jīng)過i、n、川區(qū)域后

38、能回到A點(diǎn)，若粒子在左側(cè)磁場中t(2)若在區(qū)域n內(nèi)加一水平向右的勻強(qiáng)電場，粒子仍能回到A點(diǎn)，求：電場強(qiáng)度E.【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng).【專題】帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)專題.【分析】（1）畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)圓的對稱性求出其運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑，由牛頓第二定律和向心力公式求出其速率，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解時(shí)間t.（2）在區(qū)域n內(nèi)加一水平向右的勻強(qiáng)電場，當(dāng)粒子向右通過電場時(shí)將要被加速，向左通過電場時(shí)將要被減速畫出軌跡示意圖，根據(jù)動(dòng)能定理和幾何知識進(jìn)行求解.【解答】解：（1）因粒子從A點(diǎn)出發(fā)，經(jīng)過i、n、川區(qū)域后能回到A點(diǎn)，由對稱性可知粒子做圓周運(yùn)

39、動(dòng)的半徑為r=d，如右側(cè)上圖.由Bqv=所以運(yùn)行時(shí)間為（2）設(shè)在區(qū)域n內(nèi)加速的粒子到川區(qū)的速度為V1由動(dòng)能定理:qEd2mvi-一1一2mv設(shè)在區(qū)域川內(nèi)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，分析粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，如圖所示,粒子沿半徑為d的半圓運(yùn)動(dòng)至n區(qū)，經(jīng)電場加速后，在川區(qū)又經(jīng)半圓運(yùn)動(dòng)返回電場減速到邊界線的A點(diǎn)，此時(shí)設(shè)AN=xx,經(jīng)過n次回旋后能返回A則：x=2(r-d)此后，粒子每經(jīng)歷一次“回旋”，粒子沿邊界線的距離就減小占八、必須滿足：nx=2d（n=1、2、3、）求得:n+1r=n（n=1、2、3、）由r<1.3d，得:<1即n>y3.33,(n=4、由公式:；得:Bqvi=(n+1

40、)Bqdvi,(n=4、5、6、）半徑r太大可能從右邊飛出磁場，所以必須滿足下面條件:5、6、）代入得:（n=4、5、6、）答:（1）粒子從A點(diǎn)射出到回到A點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間t為Ba（2）若在區(qū)域n內(nèi)加一水平向右的勻強(qiáng)電場，粒子仍能回到A點(diǎn)，電場強(qiáng)度E應(yīng)為【點(diǎn)評】本題是帶電粒子在組合場中運(yùn)動(dòng)的問題，解題關(guān)鍵是畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，運(yùn)用幾何知識求解軌跡半徑滿足的條件.（二）選考題：共45分請考生從所給出的3道物理題任選一題作答，【物理-選修3-3】13. 下列說法正確的是（）A. 定質(zhì)量的氣體，在體積不變時(shí)，分子每秒與器壁平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而減小B. 晶體熔化時(shí)吸收熱量，分子平均動(dòng)能一定增大C.

41、空調(diào)既能制熱又能制冷，說明在不自發(fā)地條件下熱傳遞方向性可以逆向D. 外界對氣體做功時(shí)，其內(nèi)能一定會(huì)增大E. 生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)，需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻人其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來完成【考點(diǎn)】封閉氣體壓強(qiáng)；擴(kuò)散；熱力學(xué)第一定律；*晶體和非晶體.【分析】熱力學(xué)第二定律，熱力學(xué)基本定律之一，內(nèi)容為不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響；不可逆熱力過程中熵的微增量總是大于零.【解答】解：A、一定量的氣體，在體積不變時(shí)，溫度降低，壓強(qiáng)減小，根據(jù)氣體壓強(qiáng)原理知道分子每秒平均碰撞次數(shù)也減小，故A正確；B晶體都有固定的熔點(diǎn)

42、，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量能夠自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體，故C正確；D根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，當(dāng)外界對氣體做功的同時(shí)，對外放熱，其內(nèi)能可能會(huì)增大，也可能減小，也可為不變，故D錯(cuò)誤；E、生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)，需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻入其他元素，可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來完成，故E正確；故選：ACE【點(diǎn)評】本題綜合考查了熱力學(xué)第二定律、擴(kuò)散現(xiàn)象、分子力和分子勢能等知識點(diǎn)，關(guān)鍵要多看課本，熟悉基礎(chǔ)知識.14如圖所示，在兩端封閉粗細(xì)均勻的豎直長管道內(nèi)，用一可自由移動(dòng)的活塞A封閉體積相等的兩部分氣體.開始時(shí)管道內(nèi)氣體溫度都為To=5OOK,下部分

43、氣體的壓強(qiáng)po=1.25X105Pa,活塞質(zhì)量m=0.25kg，管道的內(nèi)徑橫截面積S=1crm現(xiàn)保持管道下部分氣體溫度不變，上部分氣體溫度緩慢降至T,最終管道內(nèi)上部分氣體體積變?yōu)樵瓉淼腏,若不計(jì)活塞與管道壁間的摩擦，g=10m/s2,求此時(shí)上部分氣體的溫度T.'-iBfl+a*a【考點(diǎn)】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng).【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題.【分析】對下部分氣體分析知?dú)怏w為等溫變化，根據(jù)玻意耳定律求出氣體壓強(qiáng)，再根據(jù)平衡求出上部分氣體壓強(qiáng)，最后對上部分氣體根據(jù)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求溫度.【解答】解：設(shè)初狀態(tài)時(shí)兩部分氣體體積均為Vo,對下部分氣體，等溫變化，根據(jù)玻意耳定律知：

44、PoV0=PV,其中：對上部分氣體，初態(tài)：R=P°-唾=1X105Pa末態(tài)：P蘆書巒根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有：ToT解得:P:1.25XI05Pa=1x105Pa解得：T=281.25K答：此時(shí)上部分氣體的溫度T=281.25K.【點(diǎn)評】對兩部分氣體分別分析，注意兩氣體之間的壓強(qiáng)關(guān)系和體積關(guān)系.【物理-選修3-4】15. 如圖所示是一列簡諧波在t=0時(shí)的波形圖象，波速為v=10m/s，此時(shí)波恰好傳到I點(diǎn),下列說法中正確的是（）A. 此列波的周期為T=0.4sB. 質(zhì)點(diǎn)BF在振動(dòng)過程中位移總是相等C. 質(zhì)點(diǎn)I的起振方向沿y軸負(fù)方向D. 當(dāng)t=5.1s時(shí)，x=10m的質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置處E

45、. 質(zhì)點(diǎn)AC、E、GI在振動(dòng)過程中位移總是相同【考點(diǎn)】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系.【專題】振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題.【分析】由波形圖可以直接得出波的波長，根據(jù)v=2求解周期，根據(jù)波形圖來確定I處的J起振方向，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)間的距離為波長的整數(shù)倍時(shí)，振動(dòng)情況完全相同，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)間的距離為半波長的奇數(shù)倍時(shí)，振動(dòng)情況相反.【解答】解：A、由波形圖可知，波長入=4m則T=上=0缶，故A正確；辛10B質(zhì)點(diǎn)BF之間的距離正好是一個(gè)波長，振動(dòng)情況完全相同，所以質(zhì)點(diǎn)B、F在振動(dòng)過程中位移總是相等，故B正確;C由圖可知，I剛開始振動(dòng)時(shí)的方向沿y軸負(fù)方向，故C正確；D波傳到x=l0m的質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間t'二仝二1口，

46、t=5.1s時(shí)，x=l0m的質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)v10T4.1s=10*T,所以此時(shí)處于波谷處，故D錯(cuò)誤；E、質(zhì)點(diǎn)AC間的距離為半個(gè)波長，振動(dòng)情況相反，所以位移的方向不同，故D錯(cuò)誤;故選：ABC其關(guān)鍵是理解振動(dòng)和波動(dòng)的【點(diǎn)評】本題考察了根據(jù)波動(dòng)圖象得出振動(dòng)圖象是一重點(diǎn)知識,區(qū)別.16. 半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面如圖所示，O點(diǎn)為圓心，00為直徑MN的垂線.足夠大的光屏PQ緊靠在玻璃磚的右側(cè)且與MN垂直.一束復(fù)色光沿半徑方向與00成0=30°角射向O點(diǎn)，已知復(fù)色光包含有折射率從n1=弓到n2=二的光束，因而光屏上出現(xiàn)了彩色光帶.(i)求彩色光帶的寬度;0角至少為多【專題】光的折射專題.(ii)當(dāng)復(fù)色光入射角逐漸增大時(shí)，光屏上的彩色光帶將變成一個(gè)光點(diǎn)，求【分析】（1）根據(jù)折射定律求出折射角，幾何關(guān)系求解兩個(gè)光斑之間的距離；（2）為使光屏上的彩色光帶消失，要使光線發(fā)生全反射由于niv壓，玻璃對其折射率為n2的色光先發(fā)生全反射，由臨界角公式求解為使光屏上的彩帶消失，復(fù)色光的入射角的最小值.【解答】解：（i）由折射定律代入數(shù)據(jù)，解得:31=45°,32=60°故彩色光帶的寬度為：Rtan45°-Rtan30°=（ii）當(dāng)所有光線均發(fā)生全反射時(shí)，光屏上的光帶消失，反射光束將在PN上形成一個(gè)光點(diǎn).即此