四川省樂山市2017-2018學(xué)年高二上學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測物理試題 含解析

1、一.選擇題：1. 下列說法中正確的是A. 點(diǎn)電荷就是體軹很小的帶電體B. 體積大的帶電體肯定不能看成點(diǎn)電荷C. 靜電感應(yīng)不是創(chuàng)造電荷，只是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分D. 摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，得到電子帶正電【答案】C【解析】A、由帶電體看作點(diǎn)電荷的條件，當(dāng)帶電體的形狀和大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體就可看作點(diǎn)電荷，帶電體能否看作點(diǎn)電荷是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀和電量多少無具體關(guān)系，A、B錯誤；C、靜電感應(yīng)是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個部分，而不是創(chuàng)造了電荷，C正確；D、摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，物體原理呈現(xiàn)電中性，失去電子的物體

2、帶正電，得到電子的物體帶負(fù)電，D錯誤；故選C。2. 真空中，AB兩點(diǎn)與點(diǎn)電荷Q的距離分別為r和2r，則A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為A. .1 : 2 B. 2 : 1 C. 1 : 4 D. 4 : 1【答案】D【解析】根據(jù)真空中點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式：，可得，則A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為 ，D正確；A、B、C錯誤；故選D。3. 平行板電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上，若將云母介質(zhì)移出，則電容器A. 極板上的電荷量變小,極板間電場強(qiáng)度不變B. 極板上的電荷量變小，極板間電場強(qiáng)度變大C. 極板上的電荷量變大，極板間電場強(qiáng)度變大D. 極板上的電荷量變大，極板間電場強(qiáng)度不變【答案】A【

3、解析】平行板電容器接在恒壓直流電源上，其兩極間的電壓不變?nèi)魧⒃颇附橘|(zhì)移出，由電容的決定式，可知，電容C會減小，再由電容的定義式，可得，電荷量會減小，因，所以板間場強(qiáng)不變 B正確；ACD錯誤；故選B。4. 如圖（a）所示,AB是某電場中的一條電場線.若有一電子以某一初速度并且僅在電場力的作用下，沿AB由點(diǎn)A運(yùn)動到B點(diǎn)，其速度圖象如圖(b)所示.下列關(guān)于A、B兩點(diǎn)的電勢和電場強(qiáng)度E大小的判斷正確的是 .A. EA = EB B. .EAB D. .A B【答案】C【解析】A、B，vt圖象的斜率等于加速度，由圖可知，電子在A點(diǎn)加速度較大，則可知A點(diǎn)所受電場力較大，由可知，A點(diǎn)的場強(qiáng)要大于B點(diǎn)場強(qiáng)，即

4、， A、B錯誤；C、D電子從A到B的過程中，速度減小，動能減小，則可知電場力做負(fù)功，電場力方向由BA，而電子帶負(fù)電，則電場線方向由AB，A點(diǎn)的電勢要大于B點(diǎn)電勢，即，C正確；D錯誤；故選C。5. 如圖所示，虛線代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下的運(yùn)動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知A. 三個等勢面中,a的電勢較髙B. 帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時的電勢能較大C. 帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時的動能較大.D. 帶電質(zhì)點(diǎn)通過Q點(diǎn)時的加速度較大【答案】B【解析】A、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢

5、降低，故c等勢線的電勢最高，a等勢線的電勢最低，A錯誤；B、根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點(diǎn)的電勢能大于Q點(diǎn)的電勢能，B正確；C、從P到Q過程中電場力做正功，電勢能減少，動能增大，故P點(diǎn)的動能小于Q點(diǎn)的動能， C正確；D、等勢線密的地方電場線密場強(qiáng)大，故Q點(diǎn)位置電場弱，電場力小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也小， D錯誤；故選B。6. 如圖所示的電路中，輸人電壓U恒為12 V,燈泡L上標(biāo)有“6V，12W”字樣，電動機(jī)線圈的電阻RM=0.50，若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說法中正確的是A. 電動機(jī)的輸入功率為72 WB. 電動機(jī)的輸出功率為12 WC. 電動機(jī)的熱功率

6、為2.0 WD. 整個電路消耗的電功率為22 W【答案】C【解析】A、電動機(jī)兩端的電壓：，整個電路中的電流：I=，所以電動機(jī)的輸入功率：A錯誤；B、C電動機(jī)的熱功率：，則電動機(jī)的輸出功率：B錯誤；C正確； D、整個電路消耗的功率：D錯誤；故選C。7. 如圖所示的電路中，R1、R、R3和R4皆為定值電阻，R5為可變電阻，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，設(shè)電流表A的讀數(shù)為I，電壓表V的讀數(shù)為當(dāng)U，當(dāng)R5滑動觸點(diǎn)向圖中a端移動時A. I變大，U變小 B. I變大，U變大C. I變小，U變大 D. I變小，U變小【答案】D【解析】當(dāng)R5的滑動觸點(diǎn)向圖中a端移動時，R5變小，外電路總電阻變小，則由閉合電路歐

7、姆定律知，總電流I變大，路端電壓變小，U變小根據(jù)閉合電路歐姆定律，電路中并聯(lián)部分電壓：）變小，則I變小故選：D8. 如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點(diǎn)，O為半圓弧的圓心，MOP = 60.在M、N處各有一條長直導(dǎo)線垂直 穿過紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖所示，這時 O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1.若將M處長直導(dǎo)線移至P處，則O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，那么B2與B1之比為A. :1 B. :2 C. 1:1 D. 1：2【答案】B【解析】依題意，每根導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感強(qiáng)度為，方向豎直向下，則當(dāng)M移至P點(diǎn)時，O點(diǎn)合磁感強(qiáng)度大小為：，則B2與B1之比為故選B。9. 如圖

8、所示，有一帶電粒子貼A板沿水平方向射人勻強(qiáng)電場，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時，帶電粒子沿軌跡從兩板正中間飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時，帶 電粒子沿軌跡落到B板中點(diǎn).設(shè)兩次射入電場的水平速度相同，不計(jì)重力，則電壓U1、U2之比為A. 1 ： 8 B. 1 ： 4 C. 1 : 2 D. 1 :1【答案】A【解析】設(shè)平行板電容器板為L，板間距離為d，粒子的初速度為v則對于第一種情況：，則得：同理對于第二種情況：得到：所以：故選A。10. 如圖所示，平行板電容器經(jīng)開關(guān)S與電池連接，a處有一電荷量非常小的點(diǎn)電荷，S是閉合的，a表示a點(diǎn)的電勢,F表示點(diǎn)電荷受到的電場力.現(xiàn)將電容器的B板向上稍微移動，使兩板間的距離減小

9、，則A. .a變大，F(xiàn)變大 B. .a變大, F變小C. a變小，F(xiàn)變大 D. a變小，F(xiàn)不變【答案】C【解析】開關(guān)S閉合，且電容器兩極板始終與電源的兩極相連，故電容器兩極板之間的電壓UAB保持不變隨B極板上移兩極板之間的距離增大，根據(jù)可知兩極板之間的電場強(qiáng)度E增大，由于，由于電場強(qiáng)度E增大，故UAa增大，由于，所以UaB減小，由題圖可知電源的負(fù)極接地，故B極板接地，所以B板的電勢為0，即，又，所以變小而點(diǎn)電荷在a點(diǎn)所受的電場力，由于E增大，所以電場力F增大C正確；ABD錯誤；故選C。11. 如圖所示，長為L,質(zhì)量都為m的兩相同導(dǎo)體棒a、b，a被放置在光滑的斜面上，b固定不動，a、b在同一水平

10、面上且保持平行，斜面傾角45，當(dāng)a、b中通有電流強(qiáng)度為I的反向電流時，a恰好能在斜 面上保持靜止，則b在a處所產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為A. B. C. D. 【答案】C【解析】對電流a受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有： 故電流b在電流a處所產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為：，故選B。12. 如圖所示電路中，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略.下述中正確的是A. 合上開關(guān)S接通電路時，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B. 合上開關(guān)S接通電路時, A1和A2始終一樣亮 .C. 斷開開關(guān)S切斷電路時，A2立刻熄滅，A1過一會兒熄滅D. 斷開開關(guān)S切斷電路時，A1和A2都要過一會兒才熄滅【

11、答案】AD【解析】A、合上開關(guān)S接通電路，A2立即亮，線圈對電流的增大有阻礙作用，所以通過A1的電流慢慢變大，最后兩燈泡的電壓一樣大，所以一樣亮 A正確，B錯誤；C、斷開開關(guān)S切斷電路時，通過A2的用來的電流立即消失，線圈對電流的減小有阻礙作用，所以通過A1的電流會慢慢變小，并且通過A2，所以兩燈泡一起過一會兒熄滅，但通過A2的燈的電流方向與原來的方向相反C錯誤、D正確；故選AD。13. 某同學(xué)在“探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件”的實(shí)驗(yàn)中，將直流電源、滑動變阻器、線圈A(有鐵芯）、線圈B、靈敏電流計(jì)及開關(guān)按圖連接成電路.在實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)開關(guān)閉合的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針向右由此可以判斷，在保持開關(guān)閉

12、合的狀態(tài)下A. 當(dāng)線圈A拔出時，靈敏電流計(jì)的指針向右偏B. 當(dāng)線圈A中的鐵芯拔出時，靈敏電流計(jì)的指針向左偏C. 當(dāng)滑動變阻器的滑片勻速滑動時，靈敏電流計(jì)的指針不偏轉(zhuǎn)D. 當(dāng)滑動變阻器的滑片向N端滑動時，靈敏電流計(jì)的指針向右偏【答案】BD【解析】由題意可知：開關(guān)閉合的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針向左偏，則當(dāng)磁通量增大時，則指針左偏；若磁通量減小時，則右偏；A、當(dāng)線圈A拔出，或線圈A中的鐵芯拔出時，均導(dǎo)致磁通量減小，因此電流計(jì)指針向右偏，A錯誤，B正確；C、滑動變阻器的滑動端P勻速滑動，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，電流計(jì)指針都要發(fā)生偏轉(zhuǎn)，C錯誤；D、當(dāng)滑動變阻器的滑片向N端滑動時，電阻減小，則電流增大，導(dǎo)

13、致磁通量增大，因此靈敏電流計(jì)的指針向、右偏，D正確；故選BD。14. 如圖所示，帶負(fù)電的小球用絕緣絲線懸掛于O點(diǎn)并在勻強(qiáng)磁揚(yáng)中擺動，當(dāng)小球每次通過最低點(diǎn)A時A. 擺球的動能相同B. 擺球受到的磁場力相同C. 擺球受到的絲線的拉力相同D. 向右擺動通過A點(diǎn)時懸線的拉力大于向左擺動通過A點(diǎn)時懸線的拉力【答案】AD【解析】A、由題意可知，拉力與洛倫茲力對小球不做功，僅僅重力做功，則小球機(jī)械能守恒，所以小球分別從左側(cè)最高點(diǎn)和右側(cè)最高點(diǎn)向最低點(diǎn)A運(yùn)動且兩次經(jīng)過A點(diǎn)時的動能相同，A正確；B、由于小球的運(yùn)動方向不同，則根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向不同， B錯誤；C、D、由A選項(xiàng)可知，速度大小相等，則根據(jù)

14、牛頓第二定律可知，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則拉力的大小也不同，向左擺動通過A點(diǎn)時所受洛倫茲力的方向向上，充當(dāng)一部分向心力，繩子拉力較小，即向右擺動通過A點(diǎn)時懸線的拉力大于向左擺動通過A點(diǎn)時懸線的拉力， C錯誤，D正確；故選：AD。二實(shí)驗(yàn)題15. “用DIS測定電源的電動勢和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)電路如圖（a)所示，其中定值電阻R1=1(1)圖(a)中A為_ (選填電壓或電流)傳感器，定值電阻R1在實(shí)驗(yàn)中起_的作用;(2)實(shí)驗(yàn)測得的路端電壓U相應(yīng)電流J的擬合曲線如圖（b)所示，由此得到電源電動勢E=_V；內(nèi)阻 r=_ (3)實(shí)驗(yàn)測得的數(shù)據(jù)如圖所示，則實(shí)驗(yàn)中選用的的滑動變阻器最合理

15、的阻值范圍為_.A.05 B. 0-20 C. 050 D. 0-200【答案】 (1). 電流 (2). 保護(hù)電路 (3). 1.50 (4). 0.28 (5). B【解析】（1）A串聯(lián)在電路中，測量電流的，所以A是電流傳感器；B與滑動變阻器并聯(lián)，測量電壓，所以B是電壓傳感器；定值電阻R1在實(shí)驗(yàn)中中的作用主要是保護(hù)電源，防止短路；（2）根據(jù)可知，圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電源的電動勢，故；圖象的斜率表示內(nèi)阻，則可知，；同時為了調(diào)節(jié)方便，總阻值不應(yīng)過大，故應(yīng)選擇20的總阻值，故B正確，ACD錯誤。16. 在探究小燈泡的伏安特性時，所用小燈泡上標(biāo)有“2. 5V，0.6W”字樣，實(shí)驗(yàn)室提 供的器材有：

16、A.電流表A1(內(nèi)阻約為5，量程為025mA)B.電流表A2(內(nèi)阻約為1，量程為0300mA)C.電壓表V1(內(nèi)阻約為5k,量程為03V)D.電壓表V2(內(nèi)阻約為15k，量程為015V)E.滑動變阻器R1（最大阻值為0l0，額定電流為0. 6A)F.滑動變阻器R2（最大阻值為01000,額定電流為0.2A)G.穩(wěn)壓電源E(電動勢為9. 0V,內(nèi)阻可忽略）H.開關(guān)一個，定值電阻若干，導(dǎo)線若干由以上信息回答下列問題：(1)實(shí)驗(yàn)前設(shè)計(jì)的電路圖如圖1所示。為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，該實(shí)驗(yàn)所用的電流表、電壓表、滑動變阻器應(yīng)分別為_(選填A(yù)、B、C、D、E、F).為保護(hù)清動變阻器和燈泡,在電路中串聯(lián)的定值電阻R0

17、合適的電阻值應(yīng)為_(選填“1”、“10”、“30”、“100”). (2)請確定測量電路中電壓表右側(cè)導(dǎo)線的正確位置后，在圖2中用筆畫線代替導(dǎo)線，將實(shí)物圖完整連接起來.(3)連接好電路后，通過改變滑動變阻器的滑片問題，并通過計(jì)算機(jī)描繪了該燈泡的伏安特性曲線如圖3所示.若將兩個這樣的小燈泡并聯(lián)后直接接在電動勢E= 3V、內(nèi)電阻r=5的電源上，則每個小燈抱所消的實(shí)際功率為P=_W (結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后兩位數(shù)字)【答案】 (1). BCE (2). l0 (3). 0. 22(0.21-0.23)【解析】（1）小燈泡上額定電壓為2.5V，故電壓表應(yīng)選擇C；額定電流為：，故電流表應(yīng)選擇B；本實(shí)驗(yàn)采用分壓接

18、法，故應(yīng)采用小電阻E；由于電動勢為9V，而測量電壓只需要2.5V，故可以采用定值電阻與滑動變阻器串聯(lián)分壓的方式減小滑動變阻器兩端的電壓，為了滿足電壓要求，可以采用10電阻串聯(lián)；（2）由于燈泡內(nèi)阻較小，故為了減小誤差應(yīng)采用電流表外接法，故接a處，根據(jù)原理圖可得出對應(yīng)的實(shí)物圖如圖所示；（3）兩燈泡并聯(lián)接在電源兩端，則設(shè)電壓為U，電流為I，則由閉合電路歐姆定律可知：.故答案為：（1）BCE；10；（2）如圖所示；（3）0.22“三、計(jì)算題17. 如圖所示，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為E=2104V/m，沿電場線上A、B兩點(diǎn)間距離d = 4cm,BC垂直于電場線=30；求：(1) AC兩點(diǎn)間的電勢差； (2)

19、將一電子沿路徑ACB從A移至B，電子電勢能的變化.已知電子電荷量為 e=1.610-19C，質(zhì)量為 m=9.210-31Kg.【答案】（1) UAB=8102V (2) 電子電勢能增加了 1.2810-16J【解析】（1).因B、C在同一等勢面上，故： 且由得：(2)把電子從A移至B，電場力功為： 解得： 故電子電勢能增加了 1.2810-16J (或電子電勢能變化了 1.2810-16J )18. 如圖所示，電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌MN和OP放置在水平面內(nèi).MO間接有阻值為R = 3的電阻.導(dǎo)軌相距d =lm，其間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感強(qiáng)度B = 0.5T. 質(zhì)量為m =0.1kg，電阻為r =1的導(dǎo)體棒CD垂直于導(dǎo)軌放置，并接