2021年新高考高三八省聯(lián)考物理模擬試題與答案

1、2021年新高考高三八省聯(lián)考物理模擬試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題3分，共計(jì)21分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題 意.1.在學(xué)習(xí)物理知識(shí)的同時(shí)，還應(yīng)當(dāng)十分注意學(xué)習(xí)物理學(xué)研究問(wèn)題的思想和方法，從一定意義 上說(shuō)，后一點(diǎn)甚至更重要。偉大的物理學(xué)家伽利略的研窕方法對(duì)于后來(lái)的科學(xué)研究具有重大 的啟蒙作用，至今仍然具有重要意義。請(qǐng)你回顧伽利略探究物體下落規(guī)律的過(guò)程，判定下列 哪個(gè)過(guò)程是伽利略的探究過(guò)程A.猜想問(wèn)題數(shù)學(xué)推理一實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證合理外推得出結(jié)論B.問(wèn)題猜想一實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證數(shù)學(xué)推理合理外推得出結(jié)論C.問(wèn)題一猜想一數(shù)學(xué)推理實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證合理外推得出結(jié)論D.猜想一問(wèn)題實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證數(shù)學(xué)推理一合理外推得出結(jié)論2.在光滑水平

2、而上，有一個(gè)粗細(xì)均勻的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的單匝正方形閉合線框”機(jī)&在水平外力的作 用下，從靜止開(kāi)始沿垂直磁場(chǎng)邊界方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，穿過(guò)勻強(qiáng)磁場(chǎng),如圖甲所示。測(cè)得線 框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流，的大小和運(yùn)動(dòng)時(shí)間，的變化關(guān)系如圖乙所示A.線框受到的水平外力一定是恒定的B.線框邊長(zhǎng)與磁場(chǎng)寬度的比值為3 : 8C.出磁場(chǎng)的時(shí)間是進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的一半D.出磁場(chǎng)的過(guò)程中外力做的功與進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中外力做的功相等3 .如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在斜而上，在斜而體以加速度a水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng) 的過(guò)程中，物體始終靜止在斜而上，物體受到斜面的摩擦力f和斜面的支持力N分別為(重力 加速度為g)()A. / = m(si

3、n0 4- acosO)B. f = 7ngsin8 4- acosO) C. f = 7ngsin8 - acos0) D. f = m(gsinO - acos0)N = m(gcosO - asin0) N = m(gcosO - acosO) N = mgcos0 + asin0) N = m(gcos0 4- acosO)4 .如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在增上，另一端與置于水平而上質(zhì)量為?的物 體尸接觸，但未與物體P連接,彈簧水平且無(wú)形變?，F(xiàn)對(duì)物體尸施加一個(gè)水平向右的瞬間沖量， 大小為測(cè)得物體P向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為.之后物體P被彈簧彈回最終停在距離初始位置左側(cè)2%處。已

4、知彈簧始終在彈簧彈性限度內(nèi)，物體P與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為"，重力加速 度為.下列說(shuō)法中正確的是（）A.物體P與彈簧作用的過(guò)程中，系統(tǒng)的最大彈性勢(shì)能”2m3 卬哂。XYX口 bB.彈簧被壓縮成最短之后的過(guò)程,P先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，再做加£/）速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，最后做勻減速運(yùn)動(dòng)縹45c.物體戶整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量大小相等、方,4k；-向相反D.最初對(duì)物體P施加的瞬時(shí)沖量大小4尸2,儀麗 5.如圖所示，給平行板電容器帶一定的電荷后，將電容器的A極板與靜電計(jì)小球相連，并將B極板與靜電計(jì)的外殼接地.下列說(shuō)法正確的是A.將A極板向右移動(dòng)少許，靜電計(jì)指針的

5、偏轉(zhuǎn)角將增大B.將8極板向上移動(dòng)少許，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小C.將一塊玻璃板插入A、8兩極板之間，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減 小D.用手觸摸一下8極板，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小到零6.如圖所示,一根豎直的彈簧支持著一倒立汽缸的活塞，使汽缸懸空而靜B.若外Bc.若氣D.若氣iho設(shè)活塞和缸壁間無(wú)摩擦且可以在缸內(nèi)自由移動(dòng)，缸壁導(dǎo)熱性能良好，使缸內(nèi)氣體溫度總能 與外界大氣的溫度相同，則下列結(jié)論中正確的是（）A.若外界大氣壓強(qiáng)增大，則彈簧將壓縮一些界大氣壓強(qiáng)增大，則汽缸的上底面距地而的高度將增大溫升高，則活塞距地面的高度將減小溫升高，則汽缸的上底而距地面的高度將增大 7,兩個(gè)電荷量相等但電性相反的帶電粒

6、子4、方分別以速度匕和心射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩粒子的 入射方向與磁場(chǎng)邊界的夾角分別為30。和60。，磁場(chǎng)寬度為乩 兩粒子同時(shí)由A點(diǎn)出發(fā)，同時(shí) 到達(dá)B點(diǎn)，如圖所示，則（）A. a粒子帶正電，粒子帶負(fù)電B.兩粒子的軌道半徑之比（：/?b=V3： 1C.兩粒子的質(zhì)量之比叫：叫=1： 2D.兩粒子的速度之比匕：4=1： 2二、多項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題4分，共計(jì)20分.每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意. 全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得。分.8 .摩擦傳動(dòng)是傳動(dòng)裝置中的一個(gè)重要模型，如圖所示的兩個(gè)水平放置的輪盤(pán)靠摩擦力傳動(dòng)， 其中0、0'分別為兩輪盤(pán)的軸心,已知兩個(gè)輪盤(pán)的半徑比j

7、"3 ： 1,且在正常工作時(shí)兩 輪盤(pán)不打滑。今在兩輪盤(pán)上分別放置兩個(gè)同種材料制成的滑塊A、8,兩滑塊與輪盤(pán)間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，兩滑塊距離軸心0、。，的間距&=21。若輪盤(pán)乙由靜止開(kāi)始緩慢地轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái), 且轉(zhuǎn)速逐漸增加，則下列敘述正確的是（）A.滑塊A和8在與輪盤(pán)相對(duì)靜止時(shí)，角速度之比為3甲：3/ =1： 3滑塊A和8在與輪盤(pán)相對(duì)靜止時(shí)，向心加速度的比值為“A ： %=2 : 9轉(zhuǎn)速增加后滑塊B先發(fā)生滑動(dòng)D.轉(zhuǎn)速增加后兩滑塊一起發(fā)生滑動(dòng)9 .如圖所示，邊長(zhǎng)為1m的正方體空間圖形A3CD-4&G。，其下表面在水平地而上，將 可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從頂點(diǎn)A在/胡。所在范闈內(nèi)（包括邊

8、界）分別沿不同的水平方向拋出，落 點(diǎn)都在平而范圍內(nèi)（包括邊界）.不計(jì)空氣阻力，以地面為重力勢(shì)能參考平面，g取 lOm/s?.則（）A.小球落在4點(diǎn)時(shí)，初速度為強(qiáng)m/s,是拋出速度的最小值B.小球落在£點(diǎn)時(shí)，初速度為是拋出速度的最大值c.落在國(guó)？線段上的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最小值與最大值之比是1 ：2D.軌跡與AG線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向相同10.如圖所示，物體A和帶負(fù)電的物體8用跨過(guò)定滑輪的絕緣輕繩連接，A、8的質(zhì)量分別是 ，和2加，勁度系數(shù)為上的輕質(zhì)彈簧一端固定在水平面上，另一端與物體A相連，傾角為6的 斜面處于沿斜面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，整個(gè)系統(tǒng)不計(jì)一切摩擦.開(kāi)始時(shí)，物體8

9、在一沿斜面向上 的外力F=3儂in。的作用下保持靜止且輕繩恰好伸直，然后撤去外力F,直到物體B獲得最 大速度，且彈簧未超過(guò)彈性限度，則在此過(guò)程中.VA.撤去外力產(chǎn)的瞬間，物體8的加速度為駕B. 8的速度最大時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為W萼C.物體A的最大速度為gsin。悟湮D.物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量大于物體8電勢(shì)能的減少量11 .如圖甲所示，用單色光照射透明標(biāo)準(zhǔn)板M來(lái)檢查平面N的上表面的平滑情況，觀察到的條紋 情況如圖乙中的P和。所示,這說(shuō)明（）甲乙A.N的上表面A處向上凸起C.N的上表面A處向下凹陷B.N的上表面3處向上凸起D.N的上表面3處向下凹陷12 .如圖所示，質(zhì)量為M表而光

10、滑的斜面體放在粗糙的水平而上，其傾角為a,斜面頂端與 勁度系數(shù)為k自然長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧相連，彈簧的下端連接著質(zhì)量為m的物塊。壓縮彈簧 使其長(zhǎng)度為時(shí)將物塊由靜止開(kāi)始釋放，且物塊在以后的運(yùn)動(dòng)中斜面體始終處于靜止?fàn)?態(tài)，（重力加速度為g）則下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊下滑的過(guò)程中彈簧的彈性勢(shì)能一直增大B.物塊下滑到速度最大時(shí)其重力勢(shì)能減少安必+若吧 k4C.物塊下滑過(guò)程中，地面對(duì)斜面體的摩擦力最大值為mgsinacosa + WD.斜而體與地面的摩擦因數(shù) > Rnac*啜 4Mg+4mgcosa-kLsina三、簡(jiǎn)答題：本題共2小題，共計(jì)14分.請(qǐng)將答案填寫(xiě)在答題卡的 相應(yīng)的位置13 .某實(shí)

11、驗(yàn)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)測(cè)量勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加 速度?；瑝K上的左右端各有一個(gè)完全一樣的遮光板。若光線被遮光板 遮擋,光電傳感器會(huì)輸出高電平?；瑝K在細(xì)線的牽引下向左加速運(yùn)動(dòng)，遮光板1、2分別經(jīng)過(guò)光電傳感器時(shí)，通過(guò)計(jì)算機(jī)可以得到如圖乙所示的電壓隨時(shí)間變化的圖像。光電傳感器乙丙（1）實(shí)驗(yàn)前，接通氣源,將滑塊（不掛鉤碼）置于氣墊導(dǎo)軌上，輕推滑塊，則圖乙中的小 公與、q間 滿足關(guān)系，則說(shuō)明氣墊導(dǎo)軌已經(jīng)水平。如圖丙所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光板的寬度”，掛上鉤碼后，將滑塊由如圖甲所示位置釋放，通 過(guò)光電傳感器和計(jì)算機(jī)得到的圖像如圖乙所示，若小 小 小乙和4己知，則遮光板1和遮光板 2在經(jīng)過(guò)光電傳感器過(guò)

12、程中的平均速度分別為、（用已知量的字母表示）。（3）在（2）情況下，滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度«=（用己知量的字母表示）。14 .用伏安法測(cè)定一個(gè)待測(cè)電阻4的阻值（阻值約為200 C）,實(shí)驗(yàn)室提供如下器材：電池組E（電動(dòng)勢(shì)3 V,內(nèi)阻不計(jì)）電流表冬（量程015 mA,內(nèi)阻約為100 Q）電流表A2（量程0300 »iA,內(nèi)阻為2 000 Q）滑動(dòng)變阻器凡(阻值范圍020。，額定電流2 A)電阻箱&(阻值范圍09 999 Q額定電流1 A)電鍵S、導(dǎo)線若干要求實(shí)驗(yàn)中盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量與的阻值，請(qǐng)回答下而問(wèn)題: (1)將電流表A：與電阻箱串聯(lián)，改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表,需將

13、電阻箱阻值調(diào)到 (2)在方框中完整畫(huà)出測(cè)量凡阻值的電路圖，并在圖中標(biāo)明器材代號(hào);調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器.兩表的示數(shù)如圖所示,可讀出電流表A】的示數(shù)是 mA.電流表A?的示數(shù)是兒測(cè)得待測(cè)電阻凡的阻值是 C。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)45分.解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要 的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不得分.有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須寫(xiě)出數(shù)值和單位.(12分)15.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖所示的A-B、B-C、C-A三個(gè)變化過(guò)程，T300K,氣體從C-A的過(guò)程中吸熱250J,已知?dú)怏w的內(nèi)能與溫度成正比.求：(1)氣體在狀態(tài)B的溫度Tb：(2)C->A的過(guò)程中氣體內(nèi)能改變多少？(3)氣

14、體處于狀態(tài)C時(shí)的內(nèi)能Ec(15分)16.將兩足夠長(zhǎng)的平行直導(dǎo)軌MN、PQ固定在絕緣斜而上，已知導(dǎo)軌與水平而之間 的夾角為柒30。，兩導(dǎo)軌之間的距離為£=2m,下端接有R=1.5Q的定值電阻，如圖甲所示。 在整個(gè)空間加一范圍足夠大且方向垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間 的變化規(guī)律如圖乙所示，/0時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直導(dǎo)軌平面向上。將一質(zhì)量為m=1.4 kg、 阻值為r=O.5C、長(zhǎng)度為的導(dǎo)體棒垂直地放在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌始終接觸良好，開(kāi)始時(shí) 導(dǎo)體棒與MP的距離為乙二lm,其他電阻不計(jì)，己知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=, 最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m

15、/s1圖甲圖乙(1)如果導(dǎo)體棒在01 s內(nèi)始終不動(dòng)，求流過(guò)定值電阻的電流大小以及方向: (2)分析uLl s時(shí)導(dǎo)體棒所處的狀態(tài)以及此時(shí)所受摩擦力的大小和方向；(3)如果/=1.2 s時(shí)在導(dǎo)體棒上加一沿導(dǎo)軌向上的外力凡使導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向上以“=5 m/s?的加 速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，寫(xiě)出該外力隨時(shí)間變化的表達(dá)式。(18分)17.如圖所示，從A點(diǎn)以某一水平速度%拋出質(zhì)量kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，當(dāng) 物塊運(yùn)動(dòng)至8點(diǎn)時(shí),恰好沿切線方向進(jìn)入圓心角NBOC=37。的光滑圓弧軌道8C,經(jīng)圓弧軌道后 滑上與C點(diǎn)等高、靜止在粗糙水平面上的長(zhǎng)木板上，圓弧軌道C端的切線水平。已知長(zhǎng)木板的 質(zhì)量M=4 kg人B兩點(diǎn)距

16、C點(diǎn)的高度分別為H=0.6 m、力=0.15 m,圓弧軌道半徑R=0.75 m,物 塊與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)"1=0.7,長(zhǎng)木板與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.2,g=10 ni/ssin 37。=06cos(1)小物塊在8點(diǎn)時(shí)的速度大小;(2)小物塊滑動(dòng)至C點(diǎn)時(shí)，對(duì)圓弧軌道的壓力大?。?3)長(zhǎng)木板至少為多長(zhǎng)，才能保證小物塊不滑出長(zhǎng)木板(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)。參考答案1 .【答案】C【解析】伽利略在研究物體下落規(guī)律時(shí)，首先是提出問(wèn)題即對(duì)亞里士多德的觀 點(diǎn)提出疑問(wèn)，然后進(jìn)行了猜想即落體是一種最簡(jiǎn)單的變速運(yùn)動(dòng)，而最簡(jiǎn)單的變速運(yùn)動(dòng)就是速 度變化是均勻的，接著進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)，伽利略對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果進(jìn)

17、行數(shù)學(xué)推理，然后進(jìn)行合理的外推 得出結(jié)論，故ABD錯(cuò)誤，C正確。2 .【答案】B【解析】本題考查牛頓第二定律、勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式、功能關(guān)系、通電導(dǎo)線 在磁場(chǎng)中受的力安培力等知識(shí)。線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv, 由歐姆定律得/=4,導(dǎo)體框在磁場(chǎng)中受到的安培力為小、=5比.由于導(dǎo)體框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則 v=W,聯(lián)立解得安培力為F、=喈=寫(xiě)竺.由牛頓第二定律得F-F'=“所以F=寫(xiě)竺+故線 框受到的水平外力為變力,A錯(cuò)誤;設(shè)磁場(chǎng)寬度為U"邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為匕由圖像可得 口二2”,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得2u+x22="v+、x42=U聯(lián)立解得器=軸正確;

18、假設(shè)出磁場(chǎng)的時(shí)間是 進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)間的一半，由題可知進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)間是2 s,則出磁場(chǎng)的時(shí)間為1 s,而線框邊長(zhǎng) L=2u+'x22=6,由圖像可知，線框ab邊剛出場(chǎng)時(shí)的速度為vf，+而=64則線框邊長(zhǎng)為 l=6axl+'xl2=6.5”,所以假設(shè)不成立，故出磁場(chǎng)的時(shí)間應(yīng)小于1 s,C錯(cuò)誤;由于線框做勻加速直 線運(yùn)動(dòng)，線框出磁場(chǎng)時(shí)的速度比進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大，由尸=限+?”可知外力尸在線框出磁場(chǎng) 時(shí)，比進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)大,故出磁場(chǎng)時(shí)外力做的功比進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做的功多,D錯(cuò)誤。3 .【答案】A【解析】對(duì)物體受力分析如圖所示:在水平方向根據(jù)牛頓第二定律：/cos。- Nsin。= ma,在豎直方向：

19、fsinO 4- NcosO - mg = 0,聯(lián)立解得：f = m （gsinO + acosO） , N = m （geos。 asin。），故 AiE 確，BCD錯(cuò)誤。4 .【答案】D【解析】本題考查動(dòng)量定理、能量守恒定律等相關(guān)知識(shí)，難度較大。彈簧壓縮量 最大時(shí)，彈性勢(shì)能最大,從彈簧的彈性勢(shì)能最大到靜I匕彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，由能量守恒定律有 月尸3卬叫分選項(xiàng)A錯(cuò)誤;物體P被彈開(kāi)的過(guò)程中,彈簧彈力大于摩擦力，但彈力逐漸減小.P先做 加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈力等于摩擦力之后，彈力小于摩擦力,P做減速運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)彈簧后，只 受摩擦力的作用，仍做勻減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;物體P整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，摩擦力

20、的沖量與彈簧彈力 的沖量及外力的沖量的合沖量為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤;對(duì)物體P施加一個(gè)水平向右的瞬間沖量后，設(shè) 物體P獲得的速度為為根據(jù)動(dòng)量定理得/產(chǎn)?%，從對(duì)物體P施加一個(gè)水平向右的瞬間沖量后到 最終靜止,根據(jù)能量守恒得如詔=4卬叫/,解得=入麗，所以對(duì)物體P施加的瞬時(shí)沖量大小 /o=2/j2gx（）,選項(xiàng) D 正確。5 .【答案】C【解析】將A極板向右移動(dòng)少許，電容器兩極板間的距離減小，根據(jù)電容的決 定式Cq為可知，電容C增大，而電容器所帶的電荷量。不變，由電容的定義式c可知, 電容器兩極板間電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;將5極板向上移 動(dòng)少許，兩極板正對(duì)而積減小，根據(jù)電容的

21、決定式C=二 可知，電容C減小，而電容器所 帶的電荷量。不變，由電容的定義式c=*可知，電容器兩極板間電勢(shì)差U增大，靜電計(jì)指 針的偏轉(zhuǎn)角將增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;將一塊玻璃板插入A、8兩極板之間，根據(jù)電容的決定式 。三3可知，電容。增大，而電容器所帶的電荷量。不變，由電容的定義式c=K可知，電 容器兩極板間電勢(shì)差U減小，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將減小，選項(xiàng)C正確;用手觸摸一下8極 板，電容器所帶電荷量沒(méi)有改變，靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角將不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.6 .【答案】D【解析】取活塞及汽缸為研究對(duì)象，其重力和彈簧彈力平衡，因此無(wú)論氣體怎樣 變化，其受到的彈力不變，所以彈簧長(zhǎng)度不變，A錯(cuò)。對(duì)活塞及汽缸有y。+攀.

22、當(dāng)大氣壓強(qiáng) 幾增大時(shí)，氣缸里的氣體壓強(qiáng)變大，而溫度不變，由玻意耳定律知?dú)庵兌蹋雌咨系锥x地面 高度變小，B錯(cuò)。當(dāng)氣體壓強(qiáng)不變，溫度升高時(shí)，由蓋一呂薩克定律知?dú)怏w體積增大，即氣柱變 長(zhǎng),C錯(cuò)、D對(duì)。7 .【答案】C【解析】粒子與磁場(chǎng)邊界的夾角為30。，而粒子與磁場(chǎng)邊界的夾角為60。 由于從8點(diǎn)射出，有幾何關(guān)系可知，在A點(diǎn)，”粒子受到的洛倫茲力方向沿粒子速度方向, 而。粒子受到的洛倫茲力方向沿“粒子速度方向，由磁場(chǎng)方向，左手定則得“粒子帶負(fù)電， 而"粒子帶正電，故A錯(cuò)誤.如圖所示，連接AB, A5連線是兩粒子的運(yùn)動(dòng)圓弧對(duì)應(yīng)的弦，則 弦的中垂線與入射點(diǎn)處各自速度方向的垂線的交點(diǎn)即為各

23、自圓心。由圖可知，48的連線必然 與磁場(chǎng)的邊界垂直，兩圓心的連線與兩個(gè)半徑構(gòu)成一個(gè)角為30。、另一個(gè)為60。的直角三角形, 根據(jù)幾何關(guān)系，則有兩半徑相比為此：&=1：我，故B錯(cuò)誤。粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓 心角為120。，而b粒子圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為60。，由于它們運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，所以它們的周期 之比為=1： 2,則質(zhì)量之比町,：，詢=1： 2,故C正確。由半徑公式可知，在磁場(chǎng)、電 荷量一定的情況下，速度大小與粒子的質(zhì)量成反比，與軌跡的半徑成正比，所以速度大小之 比匕I： 、=2： >/3»故D錯(cuò)誤。8 .【答案】ABC【解析】假設(shè)輪盤(pán)乙的半徑為八由題意可知兩輪盤(pán)邊緣的線速度

24、v大小相 等，由，=3八公：小=3 ： 1,可得3 J 3乙=1 ： 3,所以滑塊相對(duì)輪盤(pán)滑動(dòng)前，A、5的角速 度之比為1： 3,故A正確：滑塊相對(duì)盤(pán)開(kāi)始滑動(dòng)前，根據(jù)加速度公式：=/?/,把RJ R2 ： 1, 3J %=1 ： 3,代入可得：A、B的向心加速度之比為% ： %=2 ： %故B正 確；據(jù)題意可得物塊的最大靜摩擦力分別為以=卬%!9，% =則最大靜摩擦力之比為啟加=叫:撈8：轉(zhuǎn)動(dòng)中所受的靜摩擦力之比為以'：?jiǎn)?也44： mBaB =4.5ms，由上式可得滑塊§先達(dá)到最大靜摩擦力，而先開(kāi)始滑動(dòng)，故C正確、D錯(cuò)誤。 所以ABC正確，D錯(cuò)誤。9.【答案】BD【解析】試

25、題分析：小球水平拋出即為平拋運(yùn)動(dòng)，落在ATCPi平面內(nèi)任意 一點(diǎn)，高度都是等于九=1m,運(yùn)動(dòng)時(shí)間1=后=?,水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平位移 x = vot,即%二二遍又。小球落在B1點(diǎn)時(shí)時(shí)，水平 = 1m,初速度%=VS"x 1 = 帚/s,但落在當(dāng)點(diǎn)的水平位移不是最小值，所以初速度也不是最小值，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小 球落在G點(diǎn)時(shí)，水平位移 =血血，初速度如= Vx夜= JIUm/s,此時(shí)水平位移最大, 所以初速度最大，選項(xiàng)B正確：落在BQ1線段上的小球，水平位移最小為%1 =手6，水平 位移最大為1m,所以平拋的初速度之比為初動(dòng)能之比為1:2,整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程機(jī) 械能守恒，所以落地的機(jī)械能之

26、比為（租9九+ £）:（租9九+ 2%）中1:2,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；軌跡與AC1線段相交的小球，豎直位移和水平位移的比值為1:1,即;9產(chǎn)=%匕交點(diǎn)處的速度方向與水平夾角為。則有tan。=gt - gt=2,所以速度方向都相同，選項(xiàng)D正確。10 .【答案】BD【解析】在外力撤去前，繩子剛好伸直，拉力為零，對(duì)8受力分析可得F = mgsinO + Eq,解得：Eq = 2mgsin6,撤去外力的瞬間8在沿斜面方向上只受沿斜面向下 的重力的分力，沿斜面向卜,的電場(chǎng)力，對(duì)AB整體有：= mgsinO + Eq = 3mgsin0 = 3ma,解得a = gsin8,選項(xiàng)A錯(cuò)誤：隨著8沿著斜面下滑

27、，繩子的拉力逐漸增大，當(dāng)加速 度為零時(shí)，即合力為零時(shí)，B的速度最大，此時(shí)繩子拉力T =依= 3mgsii訪，解得“ = 史誓，選項(xiàng)B正確：對(duì)A8整體由動(dòng)能定理可得：一;kx2+3mgxsine=/x3mu2,解Av4C得i? = gsinej"，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于過(guò)程中只有重力和電場(chǎng)力，彈力做功，所以根據(jù)能量 守恒看得物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量等于物體B電勢(shì)能的減少量和B物 體機(jī)械能的減小量，選項(xiàng)D正確.綜上本題選BD.11 .【答案】BC【解析】利用光的薄膜干涉來(lái)檢查平面的情況,就是使標(biāo)準(zhǔn)樣板平面和被檢 查平面間形成一個(gè)很小的楔形空氣薄層,用單色光從上而照射，入射光在

28、空氣層的上、下表而 反射形成的兩列光波發(fā)生干涉。如果被檢測(cè)的平面是平的,那么空氣層的厚度相同的各點(diǎn)在一 條直線上,形成的干涉條紋也是直線。若是被檢測(cè)的平面的某處凹下去了，這時(shí)干涉條紋就不 再是直線,在凹處的干涉條紋將向楔形膜中薄的一側(cè)彎曲。由于凹處的兩束反射光的路程差變 大，所以它只能與膜厚一些位置的兩反射光的路程差相同而形成同一級(jí)的條紋（路程差相同的 干涉條紋為同一級(jí)，一般路程差大的干涉條紋級(jí)別高，路程差小的下涉條紋級(jí)別低），顯然凹處的 級(jí)別增大，將與膜厚一些位置的干涉條紋形成同一級(jí)別的條紋。同理，若是被檢測(cè)的平面某處 凸起,則該處的干涉條紋將向楔形膜中厚的一側(cè)彎曲。用干涉法檢查平面時(shí)，如果

29、被檢測(cè)的平 而是平整的，得到的干涉圖樣必是等間距的;如果某處凹下去,則對(duì)應(yīng)的條紋（或暗紋）提前出現(xiàn)； 如果某處凸起來(lái)，則對(duì)應(yīng)的條紋延后出現(xiàn)。方法總結(jié):同一條明條紋（暗條紋）上各點(diǎn)對(duì)應(yīng)的空氣膜的厚度相同。向楔形空氣膜薄處彎曲說(shuō) 明該處向下凹陷，向空氣膜厚處彎曲說(shuō)明該處向上凸起。12 .【答案】BD【解析】因彈簧開(kāi)始處于壓縮狀態(tài)，故當(dāng)釋放后物塊下滑的過(guò)程中彈簧的彈 性勢(shì)能先減小后增大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤：根據(jù)平衡條件，處于平衡狀態(tài)時(shí)：n】gsine=M x得 % = 胃上，則物塊下滑到速度最大時(shí)其重力勢(shì)能減少/切=mgsinOx + ?=叱sin2a + 吟吧,選項(xiàng)B正確：對(duì)斜面體而言，當(dāng)物塊到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)

30、地面對(duì)斜而體的摩擦力最大：物塊做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為4 = ：+當(dāng)竺:在平衡位置，彈簧的伸長(zhǎng)量為= 4 k岑竺：由對(duì)稱(chēng)性可知，最大伸長(zhǎng)量為J +竺警，儲(chǔ)=kAxmcosa - FN1sina = k（： + 2msin-）cosa mgcosasina =k（：+ 1）cosa=mgsinacosa+ ZcLcosa, 選項(xiàng) C 錯(cuò)誤： 斜面體受力情況如圖所示，由于斜而體平衡，所以有水平方向f+F“ina-Fcosa=0,豎直方 向：Fs-Mg-FzCOSa-FsincuO,又 F=k（x+a L）, FN1=mgcosa,聯(lián)立可得f=kxcosa, FN2=Mg+mg+kxsina,為使斜面體始

31、終處于靜止，結(jié)合牛頓第三定律，應(yīng)旬年川山所以之依c”a,當(dāng)x=-A時(shí)，上式右端達(dá)到最大值，于是有之Fn 2 Mg-¥mg+kxsina13 .(1)【答案】9=也 【答案】d d【答案】2dJ+Q七14.(1)【答案】8 000【解析】本題考查電表的改裝，電流表的內(nèi)、外接法和分壓限流電路。由U=/&.+R)可得 ，3=300x10 6(2 000+R),解得 R=8 000 C?！窘馕觥坑捎诖郎y(cè)電阻飛阻值遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，所以要采用電流表的外接法;實(shí)驗(yàn)中盡可 能準(zhǔn)確地測(cè)量與的阻值,應(yīng)該采用分壓電路。(3)【答案】8.0 150 187.5(或 191)【解析】)電流表A1的量程為15 mA,所以每一小格為