甘肅省白銀市會寧一中高三物理上學(xué)期第四次月考試卷（含解析）.doc

甘肅省白銀市會寧一中2015-2016學(xué)年高三（上）第四次月考物理試卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3s內(nèi)通過的位移是3m，則（）a第3s內(nèi)的平均速度是3m/sb物體的加速度是0.4m/s2c前3s內(nèi)的位移是6md3s末的速度是4m/s2如圖所示，穿在一根光滑的固定桿上的小球a、b連接在一條跨過定滑輪的細繩兩端，桿與水平面成角，不計所有摩擦，當(dāng)兩球靜止時，oa繩與桿的夾角為，ob繩沿豎直方向，則正確的說法是（）a小球a可能受到2個力的作用b小球b可能受到3個力的作用ca、b的質(zhì)量之比為1：sinda、b的質(zhì)量之比為1：tan3在汽車無極變速器中，存在如圖所示的裝置，a是與b同軸相連的齒輪，c是與d同軸相連的齒輪，a、c、m為相互咬合的齒輪已知齒輪a、c規(guī)格相同，半徑為r，齒輪b、d規(guī)格也相同，半徑為1.5r，齒輪m的半徑為0.9r當(dāng)齒輪m如圖方向轉(zhuǎn)動時以下說法錯誤的是（）a齒輪d和齒輪b的轉(zhuǎn)動方向相同b齒輪d和齒輪a的轉(zhuǎn)動周期之比為1：1c齒輪m和齒輪b邊緣某點的線速度大小之比為2：3d齒輪m和齒輪c的角速度大小之比為9：104如圖所示，質(zhì)量相同的甲乙兩個小物塊，甲從豎直固定的光滑圓弧軌道頂端由靜止滑下，軌道半徑為r，圓弧底端切線水平，乙從高為r的光滑斜面頂端由靜止滑下下列判斷正確的是（）a兩物塊到達底端時速度相同b兩物塊到達底端時動能相同c兩物塊運動到底端的過程中重力做功的瞬時功率在增大d兩物塊到達底端時，甲物塊重力做功的瞬時功率大于乙物塊重力做功的瞬時功率5如圖所示，虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面2的電勢為0一帶正電的點電荷在靜電力的作用下運動，經(jīng)過a、b點時的動能分別為26ev和5ev當(dāng)這一點電荷運動到某一位置，其電勢能變?yōu)?ev，它的動能應(yīng)為（）a6 evb13 evc20 evd27 ev6如圖所示的電路中，ab是兩金屬板構(gòu)成的平行板電容器先將電鍵k閉合，等電路穩(wěn)定后再將k斷開，然后將b板向下平移一小段距離，并且保持兩板間的某點p與a板的距離不變則下列說法正確的是（）a電容器的電容變小b電容器內(nèi)部電場強度大小變大c電容器內(nèi)部電場強度大小不變dp點電勢升高72014年11月1日早上6時42分，被譽為“嫦娥5號”的“探路尖兵”再人返回飛行試驗返回器在內(nèi)蒙古四于王旗預(yù)定區(qū)域順利著陸，標志著我國已全面突破和掌握航天器以接近第二宇宙速度的高速再人返回關(guān)鍵技術(shù)，為“嫦娥5號”任務(wù)順利實施和探月工程持續(xù)推進奠定了堅實基礎(chǔ)已知人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運動，經(jīng)過時間t（t小于航天器的繞行周期），航天器運動的弧長為s，航天器與月球的中心連線掃過角度為引力常量為g，則（）a航天器的環(huán)繞周期為b航天器的軌道半徑為c月球的質(zhì)量為d月球的密度為8質(zhì)量分別為m和m的物塊形狀大小均相同，將它們通過輕繩和光滑定滑輪連接，如圖甲所示，繩子在各處均平行于傾角為的斜面，m恰好能靜止在斜面上，不考慮m、m與斜面之間的摩擦若互換兩物塊位置，按圖乙放置，然后釋放m，斜面仍保持靜止則下列說法正確的是（）a輕繩的拉力等于mgb輕繩的拉力等于mgcm運動加速度大小為（1sin）gdm運動加速度大小為g三、非選擇題：9用落體驗證機械能守恒定律的實驗（1）為進行該實驗，備有下列器材可供選擇鐵架臺、打點計時器、復(fù)寫紙片、紙帶、低壓直流電源、天平、秒表、導(dǎo)線、開關(guān)其中不必要的器材是，缺少的器材是（2）若實驗中所用重物的質(zhì)量m=1kg，打點時間間隔為0.02s，打出的紙帶如圖所示，o、a、b、c、d為相鄰的幾點，測得oa=0.78cm、ob=1.79cm、oc=3.14cm、od=4.90cm，查出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2，則重物在b點時的動能ekb= j，從開始下落到b點的過程中，重物的重力勢能減少量是j（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）由此得出的結(jié)論是10某實驗小組測量小車從斜面上下滑所受到的阻力大小，實驗裝置如圖1所示，一打點計時器固定在斜面上某處，一小車拖著穿過打點計時器的紙帶從斜面上滑下圖2是打出的紙帶的一段，已量出各相鄰計數(shù)點（相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出）的長度分別為：x1、x2、x3、x4、x5、x6（1）已知打點計時器使用的交流電頻率為f，則打下3計數(shù)點時小車的速度v3=，小車下滑的加速度算式為a=（用題中所給的符號表示）（2）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，本實驗中只有毫米刻度尺，沒有量角器，為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，還需測量的物理量有 （要用文字及符號表示）（3）用加速度a及其他需要測得的量表示阻力的計算式為f阻=11如圖所示，有一電子（電量為e，質(zhì)量為m，）經(jīng)電壓u0加速后，進入兩塊間距為d、電壓為u的平行金屬板間若電子從兩板正中間垂直電場方向射入，且恰好能從金屬板右緣飛出，求：（1）該電子剛飛離加速電場時的速度大小（2）金屬板ab的長度（3）電子最后穿出電場時的動能12如圖所示，一質(zhì)量m=2kg的物體從離地面高h=0.8m處水平拋出，恰能無碰撞第沿圓弧切線從a點切入光滑豎直圓弧軌道，并沿軌道下滑圓弧ab和四分之一圓弧cd與水平固定bc相切，已知=53，圓弧ab半徑為r=1.0m，bc部分與物體的摩擦因素=0.4，bc段長度為3m，其余部分均為光滑面（計算中取g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）物體水平拋出的速度v？（2）物體運動到圓弧軌道最低點b時對軌道的壓力？（3）物塊最終靜止在哪個位置？三、選考題。請考生任選一模塊作答物理-選修3-3（15分）13一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其pt圖象如圖所示下列判斷正確的是（）a過程ab中氣體一定吸熱b過程bc中氣體既不吸熱也不放熱c過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱da，b和c三個狀態(tài)中，狀態(tài)a分子的平均動能最小eb和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同14如圖所示蹦蹦球是一種兒童健身玩具，某同學(xué)在17的室內(nèi)對蹦蹦球充氣，已知充氣前球的總體積為2l，壓強為latm，充氣筒每次充入0.2l壓強為latm的氣體，忽略蹦蹦球體積變化及充氣過程中氣體溫度的變化，求：充氣多少次可以讓氣體壓強增大至3atm；將充氣后的蹦蹦球拿到溫度為13的室外后，壓強將變?yōu)槎嗌?？物?選修3-4（15分）15（2015梧州模擬）圖（a）為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖（b）為媒質(zhì)中平衡位置在x=1.5m處的質(zhì)點的振動圖象，p是平衡位置為x=2m的質(zhì)點，下列說法正確的是（）a波速為0.5m/sb波的傳播方向向右c02s時間內(nèi)，p運動的路程為8cmd02s時間內(nèi)，p向y軸正方向運動e當(dāng)t=7s時，p恰好回到平衡位置16（2015秋會寧縣校級月考）一玻璃立方體中心有一點狀光源今在立方體的部分表面鍍上不透明薄膜，以致從光源發(fā)出的光線只經(jīng)過一次折射不能透出立方體已知該玻璃的折射率為，求鍍膜的面積與立方體表面積之比的最小值物理-選修3-5（15分）17（2015秋會寧縣校級月考）關(guān)于天然放射性，下列說法正確的（）a放射性元素的半衰期與外界的溫度無關(guān)b所有元素都有可能發(fā)生衰變c一個原子核在一次衰變中可同時放出、和三種射線d、和三種射線中，射線的穿透能力最強e放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性18（2015陜西校級二模）如圖，小球a、b用等長細 線懸掛于同一固定點o讓球a靜止下垂，將球b向右拉起，使細線水平從靜止釋放球b，兩球碰后粘在一起向左擺動，此后細線與豎直方向之間的最大偏角為60忽略空氣阻力，求兩球a、b的質(zhì)量之比；兩球在碰撞過程中損失的機械能與球b在碰前的最大動能之比2015-2016學(xué)年甘肅省白銀市會寧一中高三（上）第四次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3s內(nèi)通過的位移是3m，則（）a第3s內(nèi)的平均速度是3m/sb物體的加速度是0.4m/s2c前3s內(nèi)的位移是6md3s末的速度是4m/s【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；平均速度【專題】直線運動規(guī)律專題【分析】由公式=求解第3s內(nèi)的平均速度第3s內(nèi)位移等于前3s內(nèi)與前2s內(nèi)位移之差，根據(jù)位移公式列式，求出加速度再由運動學(xué)求出前3s內(nèi)的位移和3s末的速度【解答】解：a、第3s內(nèi)的平均速度為： =m/s=3m/s，故a正確；b、設(shè)加速度大小為a，則有：x=aa=，得：a=1.2m/s2，故b錯誤；c、前3s內(nèi)位移為：x3=，故c錯誤；d、3s末的速度是v=at3=1.23=3.6m/s，故d錯誤；故選a【點評】本題運用勻變速直線運動的基本公式研究初速度為零的勻加速運動問題，也可以通過圖象研究2如圖所示，穿在一根光滑的固定桿上的小球a、b連接在一條跨過定滑輪的細繩兩端，桿與水平面成角，不計所有摩擦，當(dāng)兩球靜止時，oa繩與桿的夾角為，ob繩沿豎直方向，則正確的說法是（）a小球a可能受到2個力的作用b小球b可能受到3個力的作用ca、b的質(zhì)量之比為1：sinda、b的質(zhì)量之比為1：tan【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【專題】定性思想；圖析法；共點力作用下物體平衡專題【分析】分別對ab兩球分析，運用合成法，用t表示出a、b兩球的重力，同一根繩子上的拉力相等，即繩子ab兩球的拉力是相等的【解答】解：a、對a球受力分析可知，a受到重力，繩子的拉力以及桿對a球的彈力，三個力的合力為零，故a錯誤；b、對b球受力分析可知，b受到重力，繩子的拉力，兩個力合力為零，桿子對b球沒有彈力，否則b不能平衡，故b錯誤；c、定滑輪不改變力的大小，則繩子對a的拉力等于對b的拉力，故c錯誤；d、分別對ab兩球分析，運用合成法，如圖：根據(jù)共點力平衡條件，得：t=mbg=（根據(jù)正弦定理列式）故ma：mb=1：tan，故d正確，abc錯誤故選：d【點評】本題考查了隔離法對兩個物體的受力分析，關(guān)鍵是抓住同一根繩子上的拉力處處相等結(jié)合幾何關(guān)系將兩個小球的重力聯(lián)系起來3在汽車無極變速器中，存在如圖所示的裝置，a是與b同軸相連的齒輪，c是與d同軸相連的齒輪，a、c、m為相互咬合的齒輪已知齒輪a、c規(guī)格相同，半徑為r，齒輪b、d規(guī)格也相同，半徑為1.5r，齒輪m的半徑為0.9r當(dāng)齒輪m如圖方向轉(zhuǎn)動時以下說法錯誤的是（）a齒輪d和齒輪b的轉(zhuǎn)動方向相同b齒輪d和齒輪a的轉(zhuǎn)動周期之比為1：1c齒輪m和齒輪b邊緣某點的線速度大小之比為2：3d齒輪m和齒輪c的角速度大小之比為9：10【考點】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速【專題】勻速圓周運動專題【分析】ab同軸轉(zhuǎn)動，cd同軸轉(zhuǎn)動，角速度相同，amc三個緊密咬合的齒輪是同緣傳動，邊緣點線速度相等，然后利用v=r解決問題【解答】解：a、amc三個緊密咬合的齒輪是同緣傳動，因為m順時針轉(zhuǎn)動，故a逆時針轉(zhuǎn)動，c逆時針轉(zhuǎn)動，又ab同軸轉(zhuǎn)動，cd同轉(zhuǎn)轉(zhuǎn)動，所以齒輪d和齒輪b的轉(zhuǎn)動方向相同，故a正確；b、amc三個緊密咬合的齒輪是同緣傳動，邊緣線速度大小相同，齒輪a、c規(guī)格相同，半徑為r，根據(jù)v=r得，ac轉(zhuǎn)動的角速度相同，ab同軸轉(zhuǎn)動，角速度相同，cd同軸轉(zhuǎn)動相同，且齒輪b、d規(guī)格也相同，所以齒輪d和齒輪a的轉(zhuǎn)動角速度相同，轉(zhuǎn)動周期之比為1：1，故b正確；c、amc三個緊密咬合的齒輪是同緣傳動，邊緣線速度大小相同，根據(jù)v=r得，a是與b同軸相連的齒輪，所以a=b，根據(jù)v=r得：m和齒輪b邊緣某點的線速度大小之比為2：3，故c正確；d、amc三個緊密咬合的齒輪是同緣傳動，邊緣線速度大小相同，根據(jù)v=r得：m和齒輪c的角速度大小之比為10：9，故d錯誤；本題選錯誤的，故選：d【點評】本題關(guān)鍵明確同緣傳動邊緣點線速度相等，然后結(jié)合v=r以及頻率和周期的定義進行分析，基礎(chǔ)題4如圖所示，質(zhì)量相同的甲乙兩個小物塊，甲從豎直固定的光滑圓弧軌道頂端由靜止滑下，軌道半徑為r，圓弧底端切線水平，乙從高為r的光滑斜面頂端由靜止滑下下列判斷正確的是（）a兩物塊到達底端時速度相同b兩物塊到達底端時動能相同c兩物塊運動到底端的過程中重力做功的瞬時功率在增大d兩物塊到達底端時，甲物塊重力做功的瞬時功率大于乙物塊重力做功的瞬時功率【考點】動能定理；功率、平均功率和瞬時功率【專題】動能定理的應(yīng)用專題【分析】根據(jù)動能定理比較兩物塊到達底端的動能，從而比較出速度的大小，根據(jù)重力與速度方向的關(guān)系，結(jié)合p=mgvcos比較瞬時功率的大小【解答】解：a、根據(jù)動能定理得，mgr=，知兩物塊達到底端的動能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同故a錯誤，b正確b、兩物塊運動到底端的過程中，下落的高度相同，由于質(zhì)量不一定相等，則重力做功不一定相同故b錯誤c、兩物塊到達底端的速度大小相等，甲重力與速度方向垂直，瞬時功率為零，故甲的功率先增大后減小，故c錯誤d、兩物塊到達底端的速度大小相等，甲重力與速度方向垂直，瞬時功率為零，則乙重力做功的瞬時功率大于甲重力做功的瞬時功率故d錯誤故選：b【點評】動能是標量，只有大小沒有方向，但是要注意速度是矢量，比較速度不僅要比較速度大小，還要看速度的方向；以及知道瞬時功率的表達式p=mgcos，注意為力與速度方向的夾角5如圖所示，虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面2的電勢為0一帶正電的點電荷在靜電力的作用下運動，經(jīng)過a、b點時的動能分別為26ev和5ev當(dāng)這一點電荷運動到某一位置，其電勢能變?yōu)?ev，它的動能應(yīng)為（）a6 evb13 evc20 evd27 ev【考點】電勢能【分析】由題，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運動時電場力做功相等，電勢能變化量相等，根據(jù)能量守恒定律確定出電荷在b等勢面上的電勢能，寫出電荷的總能量，再由能量守恒求出其電勢能變?yōu)?ev時的動能值【解答】解：由題，電荷經(jīng)過a、b點時的動能分別為26ev和5ev，動能減小為21ev而相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運動時電場力做功相等，電勢能變化量相等，則電荷從2等勢面到4等勢面時，動能減小14ev，電勢能增大，等勢面2的電勢為0，電荷經(jīng)過b時電勢能為14ev，又由題，電荷經(jīng)b點時的動能為5ev，所以電荷的總能量為e=ep+ek=14ev+5ev=19ev，其電勢能變?yōu)?ev時，根據(jù)能量守恒定律得到，動能應(yīng)為27ev，故d正確，abc錯誤；故選：d【點評】本題關(guān)鍵要根據(jù)電場力做功與電勢差的關(guān)系確定電荷的總能量，注意動能與電勢能之和是不變，是解題的突破口6如圖所示的電路中，ab是兩金屬板構(gòu)成的平行板電容器先將電鍵k閉合，等電路穩(wěn)定后再將k斷開，然后將b板向下平移一小段距離，并且保持兩板間的某點p與a板的距離不變則下列說法正確的是（）a電容器的電容變小b電容器內(nèi)部電場強度大小變大c電容器內(nèi)部電場強度大小不變dp點電勢升高【考點】電容器的動態(tài)分析【專題】電容器專題【分析】在電容器的電量不變的情況下，將b板下移，則導(dǎo)致電容變化，電壓變化，根據(jù)e=與c=相結(jié)合可得e=，從而確定電場強度是否變化再根據(jù)電荷帶電性可確定電勢能增加與否【解答】解：a、根據(jù)c=，當(dāng)b板向下平移一小段距離，間距d增大，其它條件不變，則導(dǎo)致電容變小，故a正確；b、根據(jù)e=與c=相結(jié)合可得e=，由于電量不變，場強大小不變，故b錯誤c正確；d、b板接地，場強不變，所以p點與地間的電勢差增大，即p點電勢升高，故d正確；故選：acd【點評】做好電容器的題目要把電容的定義式、決定式和場強的推導(dǎo)式結(jié)合應(yīng)用72014年11月1日早上6時42分，被譽為“嫦娥5號”的“探路尖兵”再人返回飛行試驗返回器在內(nèi)蒙古四于王旗預(yù)定區(qū)域順利著陸，標志著我國已全面突破和掌握航天器以接近第二宇宙速度的高速再人返回關(guān)鍵技術(shù)，為“嫦娥5號”任務(wù)順利實施和探月工程持續(xù)推進奠定了堅實基礎(chǔ)已知人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運動，經(jīng)過時間t（t小于航天器的繞行周期），航天器運動的弧長為s，航天器與月球的中心連線掃過角度為引力常量為g，則（）a航天器的環(huán)繞周期為b航天器的軌道半徑為c月球的質(zhì)量為d月球的密度為【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】由萬有引力充當(dāng)向心力而做圓周運動的，則由萬有引力公式及已知量可得出能計算的物理量【解答】解：a、經(jīng)過時間t，航天器與月球的中心連線掃過角度為則：，得：故a正確；b、根據(jù)幾何關(guān)系得：故b錯誤；c、由萬有引力充當(dāng)向心力而做圓周運動，所以：所以：故c正確；d、人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運動，月球的半徑等于r，則月球的體積：月球的密度：故d錯誤故選：ac【點評】萬有引力在天體中的運動，主要是萬有引力充當(dāng)向心力，注意向心力的表達有多種形式，應(yīng)靈活選擇8質(zhì)量分別為m和m的物塊形狀大小均相同，將它們通過輕繩和光滑定滑輪連接，如圖甲所示，繩子在各處均平行于傾角為的斜面，m恰好能靜止在斜面上，不考慮m、m與斜面之間的摩擦若互換兩物塊位置，按圖乙放置，然后釋放m，斜面仍保持靜止則下列說法正確的是（）a輕繩的拉力等于mgb輕繩的拉力等于mgcm運動加速度大小為（1sin）gdm運動加速度大小為g【考點】牛頓第二定律【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】由第一次放置m恰好能靜止在斜面上，可得m和m的質(zhì)量關(guān)系，進而可求第二次放置m的加速度，輕繩的拉力【解答】解：第一次放置時m靜止，則：mgsin=mg，第二次放置時候，由牛頓第二定律：mgmgsin=（m+m）a，聯(lián)立解得：a=（1sin）g=g對m由牛頓第二定律：tmgsin=ma，解得：t=mg，故a錯誤，b正確，c正確，d正確故選：bcd【點評】該題的關(guān)鍵是用好牛頓第二定律，對給定的情形分別列方程，同時注意連接體問題的處理方法：整體法和隔離法的靈活應(yīng)用三、非選擇題：9用落體驗證機械能守恒定律的實驗（1）為進行該實驗，備有下列器材可供選擇鐵架臺、打點計時器、復(fù)寫紙片、紙帶、低壓直流電源、天平、秒表、導(dǎo)線、開關(guān)其中不必要的器材是秒表、低壓直流電源、天平，缺少的器材是低壓交流電源、刻度尺（2）若實驗中所用重物的質(zhì)量m=1kg，打點時間間隔為0.02s，打出的紙帶如圖所示，o、a、b、c、d為相鄰的幾點，測得oa=0.78cm、ob=1.79cm、oc=3.14cm、od=4.90cm，查出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2，則重物在b點時的動能ekb=0.174 j，從開始下落到b點的過程中，重物的重力勢能減少量是0.175j（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）由此得出的結(jié)論是誤差允許的范圍內(nèi)，做自由落體運動的重錘的機械能守恒【考點】驗證機械能守恒定律【專題】實驗題【分析】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的儀器、操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，清楚該實驗的誤差來源根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出b點的速度，從而得出b點的動能，根據(jù)下降的高度求出物體重力勢能的減小量，從而判斷機械能是否守恒【解答】解：（1）該實驗中，要有做自由落體運動的物體重錘；通過打點計時器來記錄物體運動時間，不需要秒表，打點計時器需要的是交流電源，因此低壓直流電源不需要，缺少低壓交流電源，由于驗證機械能公式中可以把物體質(zhì)量約掉，因此不需要天平，同時實驗中缺少刻度尺所以不必要的器材有：秒表、低壓直流電源、天平缺少的器材是：低壓交流電源、刻度尺（2）利用勻變速直線運動的推論得：vb=0.59m/s則b點的動能ekb=mvb2=（0.59）2=0.174j重物重力勢能的減小量ep=mgh=19.80.0179j=0.175j在實驗誤差允許的范圍內(nèi)減少的物體重力勢能等于其增加的動能，物體自由下落過程中機械能守恒故答案為：（1）秒表、低壓直流電源、天平；低壓交流電源、刻度尺（2）0.174；0.175；誤差允許的范圍內(nèi)，做自由落體運動的重錘的機械能守恒【點評】運用運動學(xué)公式和動能、重力勢能的定義式解決問題是該實驗的常規(guī)問題，同時要熟練應(yīng)用基本物理規(guī)律解決實驗問題10某實驗小組測量小車從斜面上下滑所受到的阻力大小，實驗裝置如圖1所示，一打點計時器固定在斜面上某處，一小車拖著穿過打點計時器的紙帶從斜面上滑下圖2是打出的紙帶的一段，已量出各相鄰計數(shù)點（相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出）的長度分別為：x1、x2、x3、x4、x5、x6（1）已知打點計時器使用的交流電頻率為f，則打下3計數(shù)點時小車的速度v3=，小車下滑的加速度算式為a=（用題中所給的符號表示）（2）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，本實驗中只有毫米刻度尺，沒有量角器，為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，還需測量的物理量有小車質(zhì)量m、斜面上任意兩點間距離l及這兩點的高度差h （要用文字及符號表示）（3）用加速度a及其他需要測得的量表示阻力的計算式為f阻=mgma【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【專題】實驗題【分析】（1）勻變速直線運動中，平均速度等于中間時刻的瞬時速度，根據(jù)x=at2列式求解加速度；（2、3）根據(jù)牛頓第二定律列式求解阻力，確定待測量【解答】解：（1）相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，打點計時器使用的交流電頻率為f，則勻變速直線運動中，平均速度等于中間時刻的瞬時速度，故：v3=根據(jù)公式x=at2，有：（x6+x5+x4）（x1+x2+x3）=a（3t）2解得：a=， （2、3）根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinf阻=ma解得：f阻=mgsinma=mgma故還需要測量小車質(zhì)量m、斜面上任意兩點間距離l及這兩點的高度差h；故答案為：（1）；（2）小車質(zhì)量m； 斜面上任意兩點間距離l及這兩點的高度差h；（3）mgma【點評】本題關(guān)鍵是明確小車的受力情況和運動性質(zhì)，然后結(jié)合運動學(xué)公式和牛頓第二定律定律列式求解11如圖所示，有一電子（電量為e，質(zhì)量為m，）經(jīng)電壓u0加速后，進入兩塊間距為d、電壓為u的平行金屬板間若電子從兩板正中間垂直電場方向射入，且恰好能從金屬板右緣飛出，求：（1）該電子剛飛離加速電場時的速度大?。?）金屬板ab的長度（3）電子最后穿出電場時的動能【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】帶電粒子在電場中的運動專題【分析】（1）電子先在加速電場中加速，由動能定理可求其加速后的速度，（2）電子進入偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，由于電子正好能穿過電場，所以在偏轉(zhuǎn)電場中的偏轉(zhuǎn)的距離就是，由此可以求得極板的長度；（3）電子正好能穿過電場偏轉(zhuǎn)電場對電子做功【解答】解：（1）設(shè)電子被加速后速度大小為v0，對于電子在加速電場中由動能定理得： 所以 （2）在偏轉(zhuǎn)電場中，由電子做類平拋運動，設(shè)加速度為a，極板長度為l，由于電子恰好射出電場，所以有： l=v0t 由解得：（3）電子正好能穿過電場偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)的距離就是，由此對電子做功 代人中得：答：（1）電子進入偏轉(zhuǎn)電場時的速度為；（2）極板的長度為；（3）電子最后穿出電場時的動能【點評】電子先在加速電場中做勻加速直線運動，后在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，根據(jù)電子的運動的規(guī)律逐個分析即可12如圖所示，一質(zhì)量m=2kg的物體從離地面高h=0.8m處水平拋出，恰能無碰撞第沿圓弧切線從a點切入光滑豎直圓弧軌道，并沿軌道下滑圓弧ab和四分之一圓弧cd與水平固定bc相切，已知=53，圓弧ab半徑為r=1.0m，bc部分與物體的摩擦因素=0.4，bc段長度為3m，其余部分均為光滑面（計算中取g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）物體水平拋出的速度v？（2）物體運動到圓弧軌道最低點b時對軌道的壓力？（3）物塊最終靜止在哪個位置？【考點】機械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力【專題】機械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】（1）物體從平臺飛出后做的是平拋運動，根據(jù)平拋運動在豎直方向上是自由落體運動，可以求得運動的時間，得到物體通過a點的豎直分速度，再根據(jù)速度的分解求解初速度v（2）從a點開始物體做的是圓周運動，由機械能守恒求出物體經(jīng)過b點的速度，根據(jù)向心力的公式可以求得在b點時受到的支持力的大小，再由牛頓第三定律得到壓力（3）由于物體克服摩擦力做功，機械能不斷減小，最終停在bc上，設(shè)在bc上運動的總路程是s，對全程運用動能定理求出s，即可確定位置【解答】解：（1）物體做平拋運動的過程，據(jù)平拋運動的規(guī)律可得通過a點時的豎直分速度 vy=4m/s據(jù)題知物體通過a點時速度沿a點的切線方向，與水平方向的夾角為53則根據(jù)速度的分解可知：v=vycot53=4m/s=3m/s（2）物體從拋出到b的過程，由機械能守恒得 mgh+mgr（1cos53）=在b點，有 nmg=m聯(lián)立解得=2m/s，n=100n根據(jù)牛頓第三定律知，物體運動到圓弧軌道最低點b時對軌道的壓力為100n（3）設(shè)在bc上運動的總路程是s，對全程運用動能定理得：mgs=0解得 s=5m因為bc段長度為3m，所以物體最終停在bc上離b點3m處答：（1）物體水平拋出的速度v是4m/s（2）物體運動到圓弧軌道最低點b時對軌道的壓力是100n（3）物塊最終靜止在bc上離b點3m處【點評】解決本題的關(guān)鍵要把握每個過程的規(guī)律，特別是要明確摩擦力作功與總路程有關(guān)，運用動能定理對整個過程列式，可求出總路程三、選考題。請考生任選一模塊作答物理-選修3-3（15分）13一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其pt圖象如圖所示下列判斷正確的是（）a過程ab中氣體一定吸熱b過程bc中氣體既不吸熱也不放熱c過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱da，b和c三個狀態(tài)中，狀態(tài)a分子的平均動能最小eb和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】由圖示圖象判斷氣體的狀態(tài)變化過程，應(yīng)用氣態(tài)方程判斷氣體體積如何變化，然后應(yīng)用熱力學(xué)第一定律答題【解答】解：a、由圖示可知，ab過程，氣體壓強與熱力學(xué)溫度成正比，則氣體發(fā)生等容變化，氣體體積不變，外界對氣體不做功，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量，故a正確；b、由圖示圖象可知，bc過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，氣體對外做功，由熱力學(xué)第一定律u=q+w可知，氣體吸熱，故b錯誤；c、由圖象可知，ca過程氣體壓強不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對氣體做功，w0，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，u0，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量，故c錯誤；d、由圖象可知，a狀態(tài)溫度最低，分子平均動能最小，故d正確；e、由圖象可知，bc過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，b、c狀態(tài)氣體的分鐘數(shù)密度不同，b和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同，故e正確；故選：ade【點評】本題考查氣體的狀態(tài)方程中對應(yīng)的圖象，要抓住在pt圖象中等容線為過原點的直線14如圖所示蹦蹦球是一種兒童健身玩具，某同學(xué)在17的室內(nèi)對蹦蹦球充氣，已知充氣前球的總體積為2l，壓強為latm，充氣筒每次充入0.2l壓強為latm的氣體，忽略蹦蹦球體積變化及充氣過程中氣體溫度的變化，求：充氣多少次可以讓氣體壓強增大至3atm；將充氣后的蹦蹦球拿到溫度為13的室外后，壓強將變?yōu)槎嗌?？【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】據(jù)題充氣過程中氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律求解當(dāng)溫度變化，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律求解【解答】解：設(shè)充氣n次可以讓氣體壓強增大至3atm據(jù)題充氣過程中氣體發(fā)生等溫變化，以蹦蹦球內(nèi)原來的氣體和所充的氣體整體為研究對象，由玻意耳定律得：p1（v+nv）=p2v代入：1（2+n0.2）=32解得 n=20（次）當(dāng)溫度變化，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：=可得 p3=p2=3atm2.8atm答：充氣20次可以讓氣體壓強增大至3atm；室外溫度達到了13，蹦蹦球拿到室外后，壓強將變?yōu)?.8atm【點評】本題的關(guān)鍵要明確不變量，運用玻意耳定律和查理定律求解，解題要注意確定氣體的初末狀態(tài)參量物理-選修3-4（15分）15（2015梧州模擬）圖（a）為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖（b）為媒質(zhì)中平衡位置在x=1.5m處的質(zhì)點的振動圖象，p是平衡位置為x=2m的質(zhì)點，下列說法正確的是（）a波速為0.5m/sb波的傳播方向向右c02s時間內(nèi)，p運動的路程為8cmd02s時間內(nèi)，p向y軸正方向運動e當(dāng)t=7s時，p恰好回到平衡位置【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】振動圖像與波動圖像專題【分析】先根據(jù)質(zhì)點的振動圖象，判斷波的傳播方向，再根據(jù)波長和周期求波速；據(jù)波形成的條件和特點分析各質(zhì)點的振動情況【解答】解：a、由圖（a）可知該簡諧橫波波長為2m，由圖（b）知周期為4s，則波速為v=0.5m/s，故a正確；b、根據(jù)圖（b）的振動圖象可知，在x=1.5m處的質(zhì)點在t=2s時振動方向向下，所以該波向左傳播，故b錯誤；c、由于t=2s時，質(zhì)點p在波谷，且2s=0.5t，所以質(zhì)點p的路程為2a=8cm，故c正確；d、由于該波向左傳播，由圖（a）可知t=2s時，質(zhì)點p已經(jīng)在波谷，所以可知02s時間內(nèi)，p向y軸負方向運動，故d錯誤；e、當(dāng)t=7s時，t=5s=1，p恰好回平衡位置，故e正確故選：ace【點評】熟練利用波形平移法判斷質(zhì)點的振動方向與傳播方向、利用周期表示時間，求質(zhì)點的路程、注意時間和空間周期性的對應(yīng)16（2015秋會寧縣校級月考）一玻璃立方體中心有一點狀光源今在立方體的部分表面鍍上不透明薄膜，以致從光源發(fā)出的光線只經(jīng)過一次折射不能透出立方體已知該玻璃的折射率為，求鍍膜的面積與立方體表面積之比的最小值【考點】光的折射定律【專題】壓軸題；光的折射專題【分析】通過光線在鍍膜部分發(fā)生全反射，根據(jù)臨界情況，通過幾何關(guān)系求出鍍膜面積與立方體表面積之比的最小值【解答】解：如圖，考慮從玻璃立方體中心o點發(fā)出的一條光線，假設(shè)它斜射到玻璃立方體上表面發(fā)生折根