山西省懷仁第一中學(xué)2018_2019學(xué)年高一物理下學(xué)期第一次月考試卷（含解析）.docx

2018-2019學(xué)年高一第二學(xué)期月考一考試試題物理試題一、選擇題1.在物理學(xué)發(fā)展的過程中,許多物理學(xué)家的科學(xué)研究推動了人類文明的進(jìn)程。在對以下幾位物理學(xué)家所作科學(xué)貢獻(xiàn)的敘述中或者研究方法中,正確的說法是( )A. 在對自由落體運(yùn)動的研究中，伽利略猜想運(yùn)動速度與下落時間成正比，并直接用實(shí)驗進(jìn)行了驗證B. 偉大的物理學(xué)家牛頓最先建立了速度、加速度等概念。并創(chuàng)造了一套科學(xué)研究方法C. 在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動位移公式時，把整個運(yùn)動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動，然后把各小段的位移相加，物理學(xué)中把這種研究方法叫做“微元法”D. 亞里士多德認(rèn)為兩個物體從同一高度自由落下，重物體與輕物體下落一樣快【答案】C【解析】【詳解】在對自由落體運(yùn)動的研究中，伽利略猜想運(yùn)動速度與下落時間成正比，但沒有直接用實(shí)驗進(jìn)行驗證，故A錯誤； 偉大的物理學(xué)家伽利略最先建立了速度、加速度等概念。并創(chuàng)造了一套科學(xué)研究方法，選項B錯誤；在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動位移公式時，把整個運(yùn)動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動，然后把各小段的位移相加，物理學(xué)中把這種研究方法叫做“微元法”，選項C正確；伽利略認(rèn)為兩個物體從同一高度自由落下，重物體與輕物體下落一樣快，選項D錯誤；故選C.2.關(guān)于速度、速度變化量、加速度，正確的說法是()A. 物體運(yùn)動時，速度的變化量越大，它的加速度一定越大B. 速度很大的物體，其加速度可能為零C. 某時刻物體的速度為零，其加速度不可能很大D. 加速度很大時，運(yùn)動物體的速度一定很快變大【答案】B【解析】【詳解】A、根據(jù)可知加速度a由速度的變化量v和速度發(fā)生改變所需要的時間t共同決定，雖然v大，但t更大時，a可以很??；故A錯誤。B、根據(jù)可知物體的加速度跟速度的變化率成正比，與物體的速度的大小無關(guān)，所以即使速度好大，但速度的變化率很小，其加速度也很??；若保持勻速，則加速度為零；故B正確。C、當(dāng)物體的速度為0時，若物體所受的合外力不為0，其加速度不為0，可能很大；若物體所受的合外力為零則加速度為零；故C錯誤。D、物體的加速度很大，代表物體速度的變化率很大，而并不代表物體的速度變化很大。故D正確。故選BD。【點(diǎn)睛】把握加速度的定義式中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關(guān)系是解決此類問題的關(guān)鍵，是正確理解加速度的定義的基礎(chǔ)3.如圖所示相鄰兩點(diǎn)之間的距離均為50m,一質(zhì)點(diǎn)從計時開始由a點(diǎn)以大小為v0=5m/s的初速度向右做勻加速直線運(yùn)動，經(jīng)過t=10s的時間剛好運(yùn)動c點(diǎn)。則下列說法中不正確的是（ ）A. 質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動的加速度大小為1m/s2B. 質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動到g點(diǎn)時速度大小為25m/sC. 質(zhì)點(diǎn)在c、g之間的平均速度大小為20m/sD. 質(zhì)點(diǎn)由c點(diǎn)運(yùn)動到g點(diǎn)的時間應(yīng)為20s【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)x=v0t+at2可得100=510+a102，解得a=1m/s2，選項A正確；根據(jù)v2=v02+2ax可得質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動到g點(diǎn)時速度大小為，選項B正確；質(zhì)點(diǎn)從a到g的時間：；從a到c的時間：100=5tac+ 1tac2，解得tac=10s，則質(zhì)點(diǎn)由c點(diǎn)運(yùn)動到g點(diǎn)的時間應(yīng)為10s，選項D錯誤；質(zhì)點(diǎn)在c、g之間的平均速度大小為，選項C正確；此題選擇不正確的選項，故選D.4.甲、乙兩車在平直公路上同向行駛，其 v-t 圖像如圖所示。已知兩車在t=3s時并排行駛，則（ ）A. 在t=1s 時，甲車在乙車后B. 在t=0 時，甲車在乙車前7.5mC. 兩車另一次并排行駛的時刻是t=2sD. 甲、乙車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為45m【答案】B【解析】【分析】在速度時間圖象中，圖象與坐標(biāo)軸圍成面積表示位移，根據(jù)位移關(guān)系分析兩車位置關(guān)系可結(jié)合幾何知識分析兩車另一次并排行駛的時刻并求出兩車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離【詳解】A. 根據(jù)“面積”大小表示位移，由圖象可知，1s到3s甲、乙兩車通過的位移相等，兩車在t=3s時并排行駛，所以兩車在t=1s時也并排行駛，故A錯誤；B. 由圖象可知，甲的加速度a甲=v甲/t甲=20/2=10m/s2；乙的加速度a乙=v乙/t乙=(2010)/2=5m/s2；0至1s，甲的位移x甲=a甲t2=1012=5m，乙的位移x乙=v0t+a乙t2=101+512=12.5m，x=x乙x甲=12.55=7.5m，即在t=0時，甲車在乙車前7.5m，故B正確；C.1s末甲車的速度為：v=a甲t=101=10m/s，乙車的速度v=10+51=15m/s；12s時，甲的位移x1=101+1012=15m；乙的位移x2=151+51=17.5m；在1s時兩車并聯(lián)，故2s時兩車相距2.5m，且乙在甲車的前面，故C錯誤；D.1s末甲車的速度為：v=a甲t=101=10m/s，1到3s甲車的位移為：x=vt+a甲t2=102+1022=40m，即甲、乙兩車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為40m，故D錯誤。故選：B5.如圖所示，滑輪本身的質(zhì)量可忽略不計，滑輪軸O安在一根輕桿B上，一根輕繩AC繞過滑輪，A端固定在墻上，且繩保持水平，C端下面掛一個重物，BO與豎直方向夾角=45，系統(tǒng)保持平衡.若保持滑輪的位置不變，改變的大小，則滑輪受到木桿的彈力大小變化情況是（）A. 只有角變小，彈力才變小B. 只有角變大，彈力才變大C. 不論角變大或變小，彈力都變大D. 不論角變大或變小，彈力都不變【答案】D【解析】試題分析：對滑輪受力分析，受兩個繩子的拉力和桿的彈力；滑輪一直保持靜止，合力為零，故桿的彈力與兩個繩子的拉力的合力等值、反向、共線；由于兩個繩子的拉力大小等于重物的重力，大小不變，方向也不變，所以桿的彈力也不變，D正確；考點(diǎn)：考查了共點(diǎn)力平衡條件【名師點(diǎn)睛】在處理共點(diǎn)力平衡問題時，關(guān)鍵是對物體進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)正交分解法將各個力分解成兩個方向上的力，然后列式求解，如果物體受到三力處于平衡狀態(tài)，則可根據(jù)矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，然后根據(jù)角度列式求解，6.如圖所示，橫截面為直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的豎直墻面上，力F通過球心水平作用在光滑球Q上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)當(dāng)力F增大時，系統(tǒng)仍保持靜止。下列說法正確的是A. 斜劈P對豎直墻壁的壓力增大B. 斜劈P所受合外力增大C. 球Q對地面的壓力不變D. 墻面對斜劈P的摩擦力增大【答案】A【解析】A. 以整體為研究對象，受力分析，根據(jù)平衡條件，水平方向：N=F，N為豎直墻壁對P的彈力，F(xiàn)增大，則N增大，所以由牛頓第三定律可得：P對豎直墻壁的壓力增大。故A正確；B. 斜劈P一直處于靜止，所受合外力一直為零不變，故B錯誤； C. 對Q力分析，如圖：根據(jù)平衡條件：，F(xiàn)增大，則N增大，N增大，則N增大，根據(jù)牛頓第三定律得，球?qū)Φ孛娴膲毫υ龃?，以整體為研究對象，豎直方向：N+f=Mg，故隨支持力的增大，摩擦力減小，若N增大至與Mg相等，則f=0，故CD錯誤。故選：A點(diǎn)睛：P一直處于靜止，所受合外力一直為零不變，以整體為研究對象，分析P對豎直墻壁的壓力變化情況以及墻面對A的摩擦力，對Q受力分析，根據(jù)平衡條件得出Q對地面的壓力變化情況。7.如圖所示，質(zhì)量為m的滑塊在水平面上撞向輕彈簧，當(dāng)滑塊將彈簧壓縮了x0時速度減小到零，然后彈簧又將滑塊向右推開。已知彈簧的勁度系數(shù)為k，滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，整個過程彈簧未超過彈性限度，則（重力加速度為g）（ ）。A. 滑塊向左運(yùn)動過程中，始終做減速運(yùn)動B. 滑塊與彈簧接觸過程中最大加速度為C. 滑塊向右運(yùn)動過程中，先做加速運(yùn)動，離開彈簧后才做減速運(yùn)動D. 滑塊向右運(yùn)動過程中，當(dāng)彈簧形變量x=mg/2k時，物體的速度最大【答案】A【解析】【詳解】滑塊向左接觸彈簧的運(yùn)動過程中，在水平方向上受到向右的彈簧的彈力和向右的摩擦力，在此過程中彈簧的彈力是逐漸增大的，彈力和摩擦力的合力與運(yùn)動方向始終相反，物體做減速運(yùn)動，故A正確。由以上分析可知，當(dāng)彈簧的壓縮量為x0時，水平方向的合力為F=kx0+mg，此時合力最大，由牛頓第二定律有：，故B錯誤?；瑝K向右接觸彈簧的運(yùn)動是從彈簧壓縮量最大時開始的，此時受到水平向右的彈力和向左的摩擦力，開始時彈簧的彈力大于摩擦力，但當(dāng)彈簧伸長到一定程度，彈力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于彈力。所以滑塊向右接觸彈簧的運(yùn)動過程中，是先加速，后減速；離開彈簧后繼續(xù)做減速。故C錯誤。在滑塊向右接觸彈簧的運(yùn)動中，當(dāng)彈力和摩擦力大小相等，即滿足kx=mg時，即x=mg/k時，在水平方向上合外力為零，加速度為零，所以此時速度最大，故D錯誤。故選A。8.如圖所示,兩根直木棍AB和CD相互平行,斜靠在豎直墻壁上固定不動，一根水泥圓筒從木棍的上部勻速滑下.若保持兩木棍傾角不變，將兩棍間的距離減小后固定不動，仍將水泥圓筒放在兩木棍上部，則水泥圓筒在兩木棍上將（ ）A. 仍勻速滑下B. 勻加速滑下C. 可能靜止D. 一定靜止【答案】D【解析】【詳解】水泥圓筒從木棍的上部勻速滑下過程中，受到重力、兩棍的支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條件得知：mgsin-2f1=0；將兩棍間的距離稍減小后，兩棍支持力的合力不變，夾角減小，每根木棍對圓筒的支持力減小，滑動摩擦力減小，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin-2f2=ma，由于摩擦力變小，故加速度變大；可知圓筒將勻加速滑動；故選B?！军c(diǎn)睛】本題中關(guān)鍵是討論滑動摩擦力的變化，也就是討論正壓力的變化，運(yùn)用到推論：當(dāng)兩個分力大小一定時，夾角增大時，其合力減小，分析兩棍支持力的變化9.如圖所示是滑梯簡化圖,一小孩從滑梯上A點(diǎn)開始無初速度下滑,在AB段勻加速下滑,在BC段勻減速下滑,滑到C點(diǎn)恰好靜止,整個過程中滑梯保持靜止?fàn)顟B(tài)。假設(shè)小孩在AB段和BC段滑動時的動摩擦因數(shù)分別為1和2,AB與BC長度相等,則( ) A. 整個過程中地面對滑梯始終無摩擦力作用B. 整個過程中地面對滑梯摩擦力始終向右C. 小孩從滑梯上A點(diǎn)滑到C點(diǎn)先超重后失重D. 整個過程中地面對滑梯的支持力先小于小孩和滑梯的總重力后大于小孩和滑梯的總重力【答案】D【解析】【詳解】小朋友在AB段做勻加速直線運(yùn)動，將小朋友的加速度a1分解為水平和豎直兩個方向，由于小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力，根據(jù)牛頓定律知，地面對滑梯的摩擦力方向先水平向右；有豎直向下的分加速度，則由牛頓第二定律分析得知：小孩處于失重，地面對滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的總重力。同理，小朋友在BC段做勻減速直線運(yùn)動時，小孩處于超重，地面對滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的總重力，地面對滑梯的摩擦力方向水平向左。故ABC錯誤，D正確。故選D。10.一輛汽車以14m/s的速度做直線運(yùn)動。某時刻開始以恒定的加速度剎車。第一個1s內(nèi)位移為12m,汽車剎車的加速度小于14m/s2.下列說法正確的是( )A. 汽車剎車的加速度大小為12m/s2B. 5s內(nèi)汽車的位移為24.5mC. 汽車在第2s內(nèi)的位移是8mD. 汽車在第4s內(nèi)的平均速度是1m/s【答案】BC【解析】【詳解】根據(jù)x1v0t1+at12得，代入數(shù)據(jù)解得a=-4m/s2，故A錯誤。汽車速度減為零的時間，則5s內(nèi)的位移等于3.5s內(nèi)的位移，故B正確。根據(jù)x=aT2得，第2s內(nèi)的位移x2x1+aT21241m8m，故C正確。第4s內(nèi)的位移等于最后0.5s內(nèi)的位移，采用逆向思維，xat240.25m0.5m，則第4s內(nèi)的平均速度為0.5m/s，故D錯誤。故選BC。11.如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為3m和2m，兩物塊靜止疊放在水平地面上A、B間的動摩擦因數(shù)為，B與地面間的動摩擦因數(shù)為(0)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g.現(xiàn)對B施加一水平推力F，則下列說法正確的是() A. 若Fmg，A、B間的摩擦力一定為零B. 當(dāng)F7.5mg時，A相對B滑動C. 當(dāng)F3mg時，A的加速度為gD. 若去掉B上的力，而將F3mg的力作用在A上，則B的加速度為0.1g【答案】ABD【解析】B與地面間的最大靜摩擦力fB5mgmg，當(dāng)F=mg時，AB處于靜止，對A分析，A所受的摩擦力為零，故A正確A發(fā)生相對滑動的臨界加速度a=g，對整體分析，F(xiàn)5mg5ma，解得F=7.5mg，所以當(dāng)F7.5mg時，A相對B滑動故B正確當(dāng)7.5mgF=3mgmg，可知AB保持相對靜止，一起做勻加速直線運(yùn)動，加速度a=0.1g，故C錯誤若去掉B上的力，而將F=3mg的力作用在A上，B發(fā)生相對滑動的臨界加速度a0.25g，對A分析F-3mg=3ma，解得不發(fā)生相對滑動的最小拉力F=3.75mg，可知F=3mg的力作用在A上，一起做勻加速直線運(yùn)動，加速度a=0.1g，故D正確故選ABD點(diǎn)睛：本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對滑動時的最大拉力12.自卸式運(yùn)輸車是車廂配有自動傾卸裝置的汽車，又稱為翻斗車、工程車，由汽車底盤、液壓舉升機(jī)構(gòu)、取力裝置和貨廂組成如圖所示，在車廂由水平位置逐漸抬起的過程中，有關(guān)貨物所受車廂的支持力FN和摩擦力Ff，下列說法中正確的是A. 摩擦力Ff逐漸減小B. 摩擦力Ff先增大后減小C. 支持力FN逐漸減小D. 支持力FN先增大后減小【答案】BC【解析】試題分析：開始時貨物受重力和支持力，抬起后受到向上的靜摩擦力；靜摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，即Ff=mgsin，隨角度的增大，靜摩擦力增大；當(dāng)角度達(dá)一定程度時，物體開始滑動，由靜摩擦力變化滑動摩擦力，而滑動摩擦力Ff=mgcos，cos隨角度的增加而增小，故滑動摩擦力將減小；故摩擦力是先增大后減小的，故A錯誤，B正確；支持力FN=mgcos，cos隨角度的增加而增小，故支持力一定是逐漸減小，故C正確，D錯誤；故選BC.考點(diǎn)：摩擦力；物體的平衡13. 如圖所示，在斜面上放兩個光滑球A和B，兩球的質(zhì)量均為m，它們的半徑分別是R和r，球A左側(cè)有一垂直于斜面的擋板P，兩球沿斜面排列并處于靜止，以下說法正確的是（ ）A. 斜面傾角一定，Rr時，R越大，r越小，B對斜面的壓力越小B. 斜面傾角一定時，半徑R=r時，兩球之間的彈力最小C. 斜面傾角一定時，無論半徑如何， A球隊擋板的壓力一定D. 半徑確定時，隨著斜面傾角逐漸增大，A受到擋板作用力先增大后減小【答案】BC【解析】試題分析：以B球為研究對象進(jìn)行受力分析，如下圖：對B球，設(shè)A對B的彈力方向與斜面的夾角為，則有：，R越大、r越小，則角越大，越大，斜面對B的支持力越大，由牛頓第三定律可知，B對斜面的壓力越大，所以A錯誤；如果一定，當(dāng)Rr時，此時，值最小，所以B正確；以AB兩球整體為研究對象，分析受力如上圖，故有，與球體半徑無關(guān)，角一定時，擋板對A的彈力一定，故C正確；越大，擋板對A的作用力越大，所以D錯誤?？键c(diǎn)：共點(diǎn)力平衡14.如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊A，受到水平向右的拉力F作用，F(xiàn)與時間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面的最大靜摩擦力fm與滑動摩擦力大小相等，則（）A. 0tl時間內(nèi)物塊A的加速度逐漸增大B. t2時刻物塊A的加速度最大C. t3時刻物塊A的速度最大D. t2t4時間內(nèi)物塊A一直做減速運(yùn)動【答案】BC【解析】0t1時間內(nèi)物塊A受到的靜摩擦力逐漸增大，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，選項A錯誤t2時刻物塊A受到的拉力F最大，物塊A的加速度最大，選項B正確t3時刻物塊A受到的拉力減小到等于滑動摩擦力，加速度減小到零，物塊A的速度最大，選項C正確t2t3時間內(nèi)物塊A做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，t3t4時間內(nèi)物塊A一直做減速運(yùn)動，選項D錯誤二、實(shí)驗題： 15.“驗證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗情況如圖所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗結(jié)果畫出的圖示。(1)圖乙中的F與F兩力中，方向一定沿AO方向的力是_。(2)本實(shí)驗采用的主要科學(xué)方法是（ ）A理想實(shí)驗法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法(3)實(shí)驗中可減小誤差的措施是（ ）A兩個分力F1、F2的大小要越大越好B兩個分力F1、F2間的夾角應(yīng)越大越好C拉橡皮筋時，彈簧秤、橡皮筋、細(xì)繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行DAO間距離要適當(dāng)，將橡皮筋拉至結(jié)點(diǎn)O時，拉力要適當(dāng)大些【答案】 (1). ; (2). B; (3). CD;【解析】【詳解】(1) 實(shí)驗中F是通過平行四邊形定則作圖得出的，而F是通過用一根細(xì)線拉動橡皮筋，使與兩個力拉時的效果相同得出的，故F一定是沿AO方向的；(2) 本實(shí)驗是通過一個力與兩力效果相同得了的合力，故運(yùn)用了等效替代的方法，故B正確；(3) A項：實(shí)驗是通過作圖得出結(jié)果，故為了減小誤差應(yīng)讓拉力盡量大些，但不是越大越好，故A錯誤；B項：兩個分力F1、F2間夾角應(yīng)盡量大些，但不是越大越好，故B錯誤；C項：為了防止出現(xiàn)分力的情況，應(yīng)讓各力盡量貼近木板，且與木板平行，故C正確；D項：為了準(zhǔn)確記下拉力的方向，故采用兩點(diǎn)描線時兩點(diǎn)應(yīng)盡量距離大一些，故細(xì)繩應(yīng)長些，故D正確。故應(yīng)選CD。16. 某同學(xué)用如圖甲所示裝置做“探究物體的加速度跟力的關(guān)系”的實(shí)驗。實(shí)驗時保持小車的質(zhì)量不變，用鉤碼所受的重力作為小車受到的合力，用打點(diǎn)計時器和小車后端拖動的紙帶測出小車運(yùn)動的加速度。（1）實(shí)驗時先不掛鉤碼，反復(fù)調(diào)整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運(yùn)動，這樣做的目的是 。（2）圖乙為實(shí)驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點(diǎn)跡起，在紙帶上標(biāo)出了連續(xù)的5個計數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E，相鄰兩個計數(shù)點(diǎn)之間都有4個點(diǎn)跡沒有標(biāo)出，測出各計數(shù)點(diǎn)到A點(diǎn)之間的距離，如圖乙所示。已知打點(diǎn)計時器接在頻率為50Hz的交流電源兩端，則此次實(shí)驗中小車運(yùn)動的加速度的測量值a=_m/s2。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）實(shí)驗時改變所掛鉤碼的質(zhì)量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度。根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)畫出a-F關(guān)系圖線，如圖丙所示。試分析：圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)O的原因是_；曲線上部彎曲的原因_?！敬鸢浮浚?）平衡小車運(yùn)動中受到的摩擦阻力；（2）10；（3）沒有平衡摩擦力或摩擦力平衡不夠，未滿足拉車的鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量?！窘馕觥吭囶}分析：（1）實(shí)驗時繩的下端先不掛鉤碼，反復(fù)調(diào)整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運(yùn)動，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力這樣做的目的是平衡小車運(yùn)動中所受的摩擦阻力（2）計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔 t=002s5=01s，由x=at2可得：小車的加速度（3）從圖象可以看出當(dāng)有了一定的拉力F時，小車的加速度仍然是零，小車沒動說明小車的合力仍然是零，即小車還受到摩擦力的作用，說明摩擦力還沒有平衡掉，或者是平衡摩擦力了但是平衡的還不夠，沒有完全平衡掉摩擦力，所以圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是實(shí)驗前該同學(xué)未平衡摩擦力或未平衡摩擦力不足考點(diǎn)：探究物體的加速度跟力的關(guān)系。【名師點(diǎn)睛】對于實(shí)驗，我們要從實(shí)驗原理、實(shí)驗儀器、實(shí)驗步驟、實(shí)驗數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗注意事項這幾點(diǎn)去理解對牛頓第二定律實(shí)驗中關(guān)鍵明確平衡摩擦力的原因和要求滿足砝碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的理由。三、計算題17.如圖所示,在傾角為=37的粗糙斜面上,一個質(zhì)量為m=10kg的物體被水平力F推著靜止于斜面上,物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為=0.5,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：(sin37=0.6,cos37=0.8,g取10m/s)（1）力F為多大時，物體不受摩擦力（2）物體靜止在斜面上時，力F的取值范圍.【答案】（1）75N（2）18.2NF200N.【解析】【詳解】（1）物體不受摩擦力時由平衡條件得：解得：F=75N（2）若物體在力F的作用下剛好不下滑，則物體受沿斜面向上的最大靜摩擦力，且此時F最小，對物體受力分析，如圖甲所示，由平衡條件：mgsin=Fcos+F N=mgcos+mgsin F=N 由得Fmin =18.2N若物體在力F的作用下剛好不上滑，則物體受沿斜面向下的最大靜摩擦力，且此時F最大，對物體受力分析，如圖乙所示，由平衡條件：mgsin+F=Fcos N=mgcos+Fsin F=N 由得Fmax =200N所以18.2NF200N18.如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的兩物塊A、B，質(zhì)量分別為m、2m，A放在一傾角為30并固定在水平面上的光滑斜面上，一不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑輕質(zhì)定滑輪，兩端分別與A、B相連接托住B使兩物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時B距地面高度為h，輕繩剛好拉緊，A和滑輪間的輕繩與斜面平行現(xiàn)將B從靜止釋放，斜面足夠長重力加