廣東省部分學校2024-2025學年高二下學期3月月考物理試卷（A版）（解析版）VIP

高級中學名校試卷PAGEPAGE12024—2025學年度高二年級3月聯(lián)考物理試題本試卷共8頁，15題。全卷滿分100分?？荚囉脮r75分鐘。注意事項：1、答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3、非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4、考試結束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.生活中很多現象蘊含了物理知識，下列說法正確的是（）A.醫(yī)生利用彩超測病人血管內的血流速度是利用了超聲波的多普勒效應B.在屋外看不見屋內的人，卻能聽見屋內人說話，這是聲波的折射現象C.火車進站時，站臺上的人聽見火車鳴笛的音調會變高，出站時會變低，這是聲波的干涉現象D.在發(fā)聲的音叉周圍有些區(qū)域聲音較強，有些區(qū)域聲音較弱，這是聲波的衍射現象【答案】A【解析】A．醫(yī)生利用彩超測病人血管內的血流速度是利用了超聲波的多普勒效應，故A正確；B．在屋外看不見屋內的人，卻能聽見屋內人說話，這是聲波的衍射現象，故B錯誤；C．火車進站時鳴笛的音調變化，是聲波的多普勒效應，故C錯誤；D．發(fā)聲的音叉周圍有些區(qū)域聲音較強，有些區(qū)域聲音較弱，這是聲波的干涉現象，故D錯誤。2.魚洗是一個由青銅鑄造的具有一對提把的盆，如圖甲所示。在盆內注半盆水，用雙手輕搓兩個提把，利用手與提把之間的摩擦使提把振動并發(fā)出嗡嗡的聲音，提把的振動傳給盆內的水，在水面上形成反復疊加的水波（又叫橫駐波），則下列說法正確的是（）A.周圍的人接收到的“嗡嗡”的聲波是橫波B.提把的振動在水面上傳播，并與盆壁反射回來的反射波疊加是波的衍射現象C.魚洗里面的水做受迫振動D.手摩擦提把的過程中，出現了水花向外濺出，是因為手給水的能量過高【答案】C【解析】A．聲波是縱波，可知周圍的人接收到的“嗡嗡”的聲波是縱波，故A項錯誤；B．提把的振動在水面上傳播，并與盆壁反射回來的反射波疊加，不是波的衍射現象，故B項錯誤；C．水受到提把的振動而振動是做受迫振動，C項正確；D．魚洗的水的振幅越來越大，最后濺出，是水和提把的振動形成了共振造成的，D項錯誤。故選C。3.如圖甲、乙所示，將完全相同的彈簧振子分別放在水平和傾斜的木板上，兩圖中小球位于A點時，彈簧均處于原長狀態(tài)，圖甲中小球從某位置由靜止釋放，小球經過B點時的速度為零，圖乙中小球從A點由靜止釋放，點為平衡位置，小球經過B'點時的速度為零，且，不考慮一切摩擦，則下列說法正確的是（）A.兩圖中，均由彈簧彈力提供小球振動的回復力B.圖甲中，小球從A點向B點的運動過程中，小球的加速度先減小后增大C.兩圖中，小球振動時的機械能均守恒D.圖甲中小球的最大動能大于圖乙中小球的最大動能【答案】D【解析】A．圖甲中，由彈簧彈力提供小球振動的回復力，圖乙中，由彈簧彈力與重力的分力的合力提供小球振動的回復力，故A錯誤；B．小球位于A點時，彈簧均處于原長狀態(tài)，在圖甲中，A點是平衡位置，從A點到B點的運動過程中，回復力一直增大，加速度一直增大，故B錯誤；C．圖甲和圖乙中，振子做簡諧振動，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故C錯誤；D．由彈簧振子的分析可知，在圖乙中，點是平衡位置，則圖甲的振幅是圖乙的振幅的兩倍，回復力的比例常數一樣，振幅越大，彈簧振子的能量越高，小球的最大動能越大，故D正確。故選D。4.把線圈、電容器、電源和單刀雙擲開關連成如圖甲所示的LC振蕩電路。先把開關置于1給電容器充電，稍后再把開關置于2并開始計時，電容器所帶的電荷量q隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.時間內，LC振蕩電路中的電流正在減小B.時刻線圈中產生的磁場最強C.線圈的自感系數越大，其他條件不變，振蕩電路發(fā)射電磁波的本領越大D.電容器兩極板間的距離越大，其他條件不變，振蕩電路發(fā)射電磁波的本領越大【答案】D【解析】A．時間內，電容器極板的帶電量減小，電容器放電，則LC振蕩電路中的電流正在增大，A錯誤；B．時刻電容器極板的帶電量最大，電容器充電完畢，此時電路中電流最小，線圈中產生的磁場最弱，B錯誤；C．由公式可知，當電容C不變時，線圈的自感系數L越大，振蕩電路中頻率f越小，則發(fā)射電磁波的本領就越小，C錯誤；D．根據平行板電容器的決定式，電容器兩極板間的距離越大，電容器的電容變小，結合C項分析可知，振蕩電路中頻率f越大，振蕩電路發(fā)射電磁波的本領增大，D正確。故選D。5.如圖所示是某學習小組設計的光控電路。已知光照強度增大時，光敏電阻R的阻值減小，燈泡、的電阻不隨溫度改變?，F閉合開關S，當光照強度逐漸減小時，下列說法正確的是（）A.燈泡、的亮度不變B.燈泡的亮度變亮，燈泡的亮度變暗C.燈泡的亮度變暗，燈泡的亮度變亮D.燈泡、的亮度都變暗【答案】B【解析】當光敏電阻R所受的光照強度逐漸減小時，電阻增大，電路的總電阻增大，干路電流減小，燈泡變暗，燈泡的電壓增大，則燈泡變亮。故選B。6.某小組制作了圖甲所示的電磁槍，將待發(fā)射的金屬子彈放在絕緣且內壁光滑的發(fā)射導管內，閉合開關S后，在內驅動線圈通入的電流隨時間t的變化如圖乙所示，則在內，下列說法正確的是（）A.驅動線圈內部的磁場方向水平向左B.金屬子彈中產生的渦流的感應磁場方向水平向左C.時刻，金屬子彈受到安培力最大D.時刻，金屬子彈中的感應電流最大【答案】B【解析】A．根據安培定則可知，驅動線圈內的磁場方向水平向右，故A錯誤；B．由圖乙可知，通過驅動線圈的電流增大，則其在金屬子彈處產生的水平向右的磁場增強，根據楞次定律，金屬子彈中產生的渦流的感應磁場方向水平向左，故B正確；CD．時刻驅動線圈的電流變化最快，則此時通過金屬子彈的磁通量變化最快，金屬子彈中的感應電流最大，但此時驅動線圈產生的磁場最弱，故金屬子彈受到的安培力不是最大值，同理，時驅動線圈產生的磁場最強，但金屬子彈中的感應電流最小，故金屬子彈受到的安培力也不是最大值，故CD錯誤。故選B。7.將一根長軟繩的一端拴在門把上，用手握住另一端并上下擺動，使繩波向左（x軸負方向）傳播。圖中實線為時刻的波形圖，虛線為時的波形圖。已知該波的周期，P、Q兩個質點對應的平衡位置坐標分別為，，則下列說法正確的是（）A.該波的周期為2.4s，波速為0.5m/sB.時，質點P沿y軸正方向運動C.0~0.4s時間內，質點P經過的路程為2mD.時，質點Q到達波峰位置【答案】D【解析】A．題圖可知波長，振幅，從兩時刻的波形圖可以看出，在時間內，波傳播的距離故傳播時間解得周期波速為故A錯誤；B．同側法可知，時刻質點沿軸負方向運動，則經過可知質點沿軸負方向運動，故B錯誤；C．，質點經過的路程為故C錯誤；D．經過，實線波形向軸負方向平移處的波形剛好傳到質點，此時質點到達波峰，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，光滑弧形槽的弧長OP遠小于半徑R，使與豎直的夾角小于。將質量分別為2m和m的小球A、B從圖示位置同時由靜止釋放，不計空氣阻力，在兩小球發(fā)生碰撞之前，則下列說法正確的是（）A.小球A、B運動過程中的回復力是重力和支持力的合力B.小球A、B在運動過程中機械能都守恒C.小球B比小球A先運動到O點D.小球A、B同時到達O點【答案】BD【解析】A．小球A、B沿弧形槽做簡諧運動，也是單擺模型，故小球所受重力在垂直擺線方向的分力提供回復力，重力的另一個分力與支持力的合力提供向心力，故A錯誤；B．以小球和地球組成的系統(tǒng)，只有重力做功，小球的機械能守恒，故B正確；CD．由單擺周期公式，可知小球A、B運動到O點的時間相等，均為，故C錯誤，D正確。故選BD。9.如圖甲所示為某電動汽車充電樁的銘牌，將該充電樁和理想變壓器連接成圖乙所示的電路，輸入端a、b所接電壓u隨時間t的變化關系為，充電樁的能量損耗率為20%，下列說法正確的是（）A.交流電的頻率為50HzB.變壓器原、副線圈的匝數比C.充電樁輸出電壓的最大瞬時值為220VD.若10臺充電樁同時使用，變壓器的輸入功率約為70kW【答案】AB【解析】A．交流電的周期為則頻率故A正確；B．根據理想變壓器原、副線圈的電壓與線圈匝數的關系可得，原、副線圈的匝數比故B正確；C．充電樁輸出電壓的最大瞬時值為故C錯誤；D．若10臺充電樁同時使用，總輸出功率約為變壓器的輸出功率約為因為是理想變壓器，故輸入功率約為87.5kW，故D錯誤。故選AB。10.兩位同學分別在兩端抖動水平細繩，形成甲、乙兩列簡諧橫波。已知甲、乙兩波源相距12.5m，甲、乙兩列波的波速均為1.0m/s，周期為，距離乙波源6m的質點O處標記一個紅色點。某一時刻的波形圖如圖所示，從該時刻開始計時，下列說法正確的是（）A.甲乙兩列波的波長之比為B.在圖示時刻，質點P向上振動，質點Q向下振動C.時，質點O開始向上振動D.時，質點O到達波峰位置【答案】AC【解析】A．由波長計算公式，可得故A正確；B．由于振動方向與傳播方向垂直，利用同側垂直法可知，P、Q兩質點都是向上振動，故B錯誤；C．由A項分析可知，則O、Q兩質點的距離為O、P兩質點的距離為可知時，質點Q的振動形式剛好傳到質點O，而質點P的振動形式還沒有傳到質點O，故此時質點O的振動方向向上，故C正確；D．時，質點P的振動形式剛好傳到質點O，而質點Q的振動形式在質點O剛好振動了一個周期回到平衡位置，故此時質點O在平衡位置向上振動，故D錯誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.為探究影響感應電流方向的因素，某同學利用圖所示電路進行實驗。將條形磁鐵S極向下插入螺線管，可觀察到發(fā)光二極管______（填“”或“”）短暫發(fā)光。由此可分析得出：當穿過螺線管的磁通量增加時，感應電流產生的磁場與條形磁鐵的磁場方向______（填“相同”或“相反”）。【答案】相反【解析】[1][2]將條形磁鐵S極向下插入螺線管，則穿過螺線管的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流方向沿螺旋管的外表面向左，可觀察到發(fā)光二極管短暫發(fā)光。由此可分析得出：當穿過螺線管的磁通量增加時，感應電流產生的磁場與條形磁鐵的磁場方向相反。12.在“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”的實驗中，某實驗小組用如圖所示的變壓器中的匝數匝和匝做實驗，對應的電壓測量數據如表所示。根據測量數據，下列說法正確的是（）實驗次數12340.921.471.982.462.003.004.005.00A.一定是原線圈 B.一定是原線圈C.可能是原線圈 D.可能是副線圈【答案】B【解析】已知匝和匝，表格中每組數據都可以看出電壓之比由此可知此變壓器不是理想變壓器，原因是有能量損失，一定是原線圈，一定是副線圈。故選B。13.某同學利用如圖甲所示裝置做“用單擺測量重力加速度”的實驗。（1）實驗室有如下器材可供選用：A.長約1m的細線系著直徑約2cm的均質鋼球B.長約20cm的細線系著直徑約2cm的均質鋼球C.長約1m的細線系著直徑約5cm的均質鋼球D.長約1m的細線系著直徑約2cm的均質木球E.秒表 F.時鐘 G.最小刻度為毫米的米尺實驗小組的同學應選用的器材為________（填寫器材前面的字母序號）。（2）該同學用毫米刻度尺測得擺線長度為l，再用游標卡尺測量擺球直徑，結果如圖乙所示，則擺球的直徑________mm，擺長________（用字母l、d表達）。（3）該同學通過多次實驗得出數據并畫出擺長L和周期圖像，如圖丙所示，斜率為k，根據圖像求出重力加速度________（用含k、表示）。（4）若某同學利用單擺測重力加速度大小，某次測得的g值與真實值相比偏大，可能的原因是_______（填正確答案標號）。A.測擺長時記錄的是擺線的長度B.開始計時時，停表過早按下C.擺線上端未牢固地系于懸點，擺動中出現松動，使擺線長度增加了D.實驗中誤將29次全振動數記30次【答案】（1）AEG（2）12.0（3）（4）D【解析】（1）實驗中優(yōu)先選用的擺球是鋼球，因為鋼球密度大，空氣阻力影響較小，同時擺線長度要長一些，使該裝置接近理想單擺模型，還需要用秒表計時、用米尺測量擺長，故應選用的器材為AEG。（2）[1]游標卡尺的讀數為主尺讀數與游標尺讀數之和，所以擺球的直徑[2]擺長應等于擺線長與擺球半徑之和，即（3）根據單擺周期公式，可得結合圖像可得解得（4）A．根據單擺的周期公式推導出重力加速度的表達式。若將擺線的長誤認為擺長，即擺長L的測量值偏小，則重力加速度的測量值偏小，故A錯誤；B．開始計時時，停表過早按下，導致周期的測量值大于真實值，重力加速度的測量值偏小，故B錯誤；C．擺線上端未牢固地系于懸點，擺動中出現松動，使擺線長度增加了，即擺長L的測量值偏小，重力加速度的測量值偏小，故C錯誤；D．設單擺29次全振動的時間為t，則單擺的周期若誤計為30次，則即周期的測量值小于真實值，重力加速度的測量值偏大，故D正確。故選D。14.如圖甲所示為一列簡諧橫波在時的波形圖，P是平衡位置位于處的質點，Q是平衡位置位于處的質點。如圖乙所示為質點Q的振動圖像，求：（1）該列波的波速v；（2）在時，質點P的位置坐標；（3）從到的過程中，質點Q的路程s?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）由圖甲和圖乙可得，波長周期波速解得（2）由同側法可知，該列波沿x軸正方向傳播由可知，時，平衡位置位于處的質點的振動形式傳播到質點P處，即時質點P的位移為0。則時，質點Q的位置坐標為（3）由圖甲可知，振幅從到的過程中，質點Q運動的時間時質點Q位于平衡位置，質點Q在一個周期內的路程為4A，15.如圖甲所示為質譜儀工作的原理圖。從放射源O點釋放出的初速度可忽略不計的帶正電粒子，經電勢差為U的加速電場加速后，由小孔進入有磁感應強度大小為、方向垂直于紙面向里的勻強磁場的速度選擇器，兩極板的間距為d，極板間的電壓可調節(jié)。粒子沿著直線運動，從小孔垂直進入磁感應強度大小為，方向垂直于紙面向外的勻強磁場中，最后打在照相底片上的點，且。通過測量得到x與的關系如圖乙所示，已知斜率為k，忽略粒子重力。求：（1）該粒子的比荷；（2）該粒子離開加速電場的速度v與加速電壓U的關系；（3）速度選擇器的可調電壓與加速電壓U的關系?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）粒子經過加速電場過程，根據動能定理可得解得粒子直線通過速度選擇器，由力與運動的關系可知，粒子做勻速直線運動粒子在磁場中由洛倫茲力提供向心力可得可得則有可知圖像的斜率為可得粒子的比荷為（2）結合所以分析可知，粒子經過加速電場過程可得速度因為聯(lián)立解得（