新疆維吾爾自治區(qū)普通高中2024年1月學(xué)業(yè)水平考試物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試題PAGEPAGE1物理注意事項：1．本試題卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共6頁，總分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，考生先在答題卡上填寫科目名稱，并將自己的座位號、姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，待監(jiān)考員粘貼條形碼后，認(rèn)真核對條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號、座位號與自己的準(zhǔn)考證上的信息是否一致。3．考生必須在答題卡上答題，在草稿紙、試題卷上答題無效。本試卷g值均取10m/s2。第Ⅰ卷（選擇題，共50分）一、單項選擇題（本大題共25小題，每小題2分，共50分）1.下列物理量屬于矢量的是（）A.質(zhì)量 B.時間 C.力 D.動能【答案】C【解析】質(zhì)量、時間和動能均只有大小、沒有方向，均屬于標(biāo)量；力即有大小、又有方向，屬于矢量。故選C。2.下列屬于勻變速直線運動的是（）A.平拋運動 B.斜拋運動 C.勻速圓周運動 D.自由落體運動【答案】D【解析】平拋運動、斜拋運動均為勻變速曲線運動；勻速圓周運動的加速度方向時刻發(fā)生變化，屬于加速度變化的曲線運動；自由落體運動是加速度為重力加速度的勻加速直線運動。故選D。3.下列競技運動中，可將比賽過程中的運動員看成質(zhì)點的是（）A.高臺跳水 B.花樣滑冰 C.馬拉松賽跑 D.藝術(shù)體操【答案】C【解析】在高臺跳水、花樣滑冰和藝術(shù)體操比賽中，運動員的形狀和大小都不能忽略不計，不能把運動員看做質(zhì)點；而在馬拉松賽跑中，運動員的形狀和大小都可以忽略不計，能把運動員看做質(zhì)點。故選C。4.為減小戰(zhàn)斗機(jī)的慣性，下列做法正確的是（）A.減小飛行速度 B.增大飛行高度C.向下加速俯沖 D.扔掉戰(zhàn)斗機(jī)的副油箱【答案】D【解析】慣性是物體的固有屬性，只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的運動狀態(tài)無關(guān)。故選D。5.木塊沿斜面勻速下滑，對木塊受力分析，正確的是（）A.木塊受重力和斜面對它的支持力B.木塊受重力、斜面對它的支持力和摩擦力C.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力和下滑力D.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力、下滑力和壓力【答案】B【解析】木塊沿斜面勻速下滑，受力平衡，受到豎直向下的重力、斜面對它的垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力。故選B。6.一輕質(zhì)彈簧豎直懸掛，若彈簧下端掛2.0N的重物時，彈簧伸長了1.0cm，則彈簧的勁度系數(shù)為（）A.2N/m B.20N/m C.200N/m D.2000N/m【答案】C【解析】根據(jù)胡克定律可得故選C。7.一質(zhì)量為40kg同學(xué)站在電梯內(nèi)，若電梯以0.25m/s2的加速度勻加速上升，設(shè)豎直向上為正方向，則該同學(xué)對電梯的壓力為（）A.-410N B.-390N C.410N D.390N【答案】A【解析】根據(jù)牛頓第二定律可得根據(jù)牛頓第三定律該同學(xué)對電梯的壓力大小為410N，方向豎直向下，則為-410N。故選A。8.如圖所示，輕質(zhì)彈簧右端固定，一物體沿光滑水平面以速度v向右運動，物體與彈簧開始接觸到彈簧被壓縮到最短的過程中（）A.物體做勻速直線運動B.物體做勻減速直線運動C.物體的速度減小，加速度減小D.物體的速度減小，加速度增大【答案】D【解析】隨著彈簧的被壓縮，物塊受的彈力逐漸變大，則物塊的加速度逐漸變大，因加速度方向與速度反向，則物塊速度逐漸減小，即物塊做加速度增大的減速運動。故選D。9.一物體做勻速直線運動，某時刻受到一恒力作用，若恒力的方向與物體運動的方向不在同一直線上，則物體（）A.做直線運動 B.做勻加速直線運動C.一定做曲線運動 D.一定做圓周運動【答案】C【解析】物體受力方向與物體運動方向不在同一直線上，物體做曲線運動，物體受到恒力，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體有恒定的加速度，所以物體做勻變速曲線運動。故選C。10.在地面附近，一氣球勻速上升，上升過程中氣球的機(jī)械能（）A.不變 B.增大C.減小 D.先增大后減小【答案】B【解析】氣球勻速上升時，上升過程中動能不變，重力勢能增大，則氣球的機(jī)械能增大。故選B。11.關(guān)于開普勒行星運動定律，下列說法正確的是（）A.行星離太陽較近的時候，運行的速度較小B.行星的公轉(zhuǎn)周期與它的軌道半徑的平方成正比C.所有行星繞太陽的運行軌道是圓，太陽處在圓心上D.對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積相等【答案】D【解析】C．根據(jù)開普勒第一定律，所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上，故C錯誤；AD．根據(jù)開普勒第二定律，對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積相等，因此行星離太陽較近的時候，它的運行速度較大，故A錯誤，D正確；B．根據(jù)開普勒第三定律，所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，即行星的公轉(zhuǎn)周期與它的軌道半徑的平方不成正比，故B錯誤。故選D。12.如圖所示，是利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學(xué)研究方法是（）A.類比法 B.放大法C.累積法 D.理想實驗法【答案】B【解析】利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學(xué)研究方法是放大法。故選B。13.如圖所示，一物體在力F作用下沿水平方向做勻速直線運動，若物體通過的位移為s，則（）A.力F做的功為FsB.物體克服摩擦力做的功為FsC.重力做的功為FsD.支持力做的功為零【答案】D【解析】A．力F做的功為WF=Fscosα選項A錯誤；B．物體克服摩擦力做的功為Wf=Fscosα選項B錯誤；C．重力方向與位移方向垂直，則重力做的功為零，選項C錯誤；D．支持力方向與位移方向垂直，則支持力做的功為零，選項D正確；故選D。14.一汽車質(zhì)量為1500kg，速度的大小為20m/s，則汽車的動能為（）A.3.0×105J B.4.5×105J C.5.4×105J D.6.0×105J【答案】A【解析】汽車的動能故選A。15.一質(zhì)量為1kg物體由靜止開始自由下落，不計空氣阻力，下落2s末（物體未落地）重力的瞬時功率為（）A.50W B.100W C.150W D.200W【答案】D【解析】重力的瞬時功率故選D。16.一衛(wèi)星繞地球做圓周運動，若衛(wèi)星線速度的大小為v，距離地面高度為h，地球半徑為R，萬有引力常量為G，則地球的質(zhì)量為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力可得解得地球的質(zhì)量為故選A。17.下列關(guān)于電場的說法不正確的是（）A.電場并不存在，是人們想象出來的B.電場是一種客觀存在的物質(zhì)C.電荷之間通過電場相互作用D.電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用【答案】A【解析】AB．電場是一種客觀存在的物質(zhì)，不是人們想象出來的，故A錯誤，B正確；C．電荷之間通過電場相互作用，故C正確；D．電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用，故D正確。本題選不正確的，故選A。18.帶有異種電荷的兩個金屬小球，其所帶電荷量分別為0.2C和-0.5C，接觸后，兩個金屬小球所帶電荷量的總量為（）A.0.7C B.0.35C C.-0.3C D.-0.15C【答案】C【解析】根據(jù)電荷守恒定律可知，由于兩小球帶異種電荷，則接觸后兩球電荷量應(yīng)中和，所以接觸后兩小球帶電荷量總量為-0.3C。故選C。19.如圖所示，在正點電荷形成的電場中有A，B兩點的電勢，分別用EA,EB表示A,B兩點的電場強(qiáng)度，則（）A. B.C. D.【答案】A【解析】由電場線的疏密可知，A點處電場線較密，電場強(qiáng)度較大，所以EA＞EB，沿著電場線，電勢是降低的，所以A點所在等勢面的電勢高于B點所在等勢面的電勢，故．A．．故A符合題意．B．．故B不符合題意．C．．故C不符合題意．D．．故D不符合題意．20.首次發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（）A.奧斯特 B.法拉第 C.伽利略 D.愛因斯坦【答案】A【解析】首次發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)的物理學(xué)家是奧斯特。故選A。21.在恒定電場的作用下，導(dǎo)體中的自由電荷做定向移動。若在2s內(nèi)有0.32C的電荷量通過導(dǎo)體某橫截面，則導(dǎo)體中電流大小為（）A.0.08A B.0.32A C.0.16A D.0.64A【答案】C【解析】根據(jù)電流的定義式可得故選C。22.下列說法正確的是（）A.任何材料的電阻率都隨溫度的升高而減小B.把一根長導(dǎo)線截成等長的三段，則每段的電阻率均減小C.由可知，導(dǎo)體兩端的電壓為零時，導(dǎo)體的電阻也為零D.電阻只跟導(dǎo)體本身性質(zhì)有關(guān)，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓無關(guān)【答案】D【解析】A．金屬的電阻率隨溫度升高而增大，半導(dǎo)體的電阻率隨溫度升高而減小，故A錯誤；B．電阻率與材料的長度無關(guān)，把一根長導(dǎo)線截成等長的三段，則每段的電阻率都不變，故B錯誤；CD．電阻的定義式采用比值定義法，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓和電流無關(guān)，只跟導(dǎo)體本身性質(zhì)有關(guān)，故C錯誤，D正確。故選D。23.下列屬于不可再生能源的是（）A.風(fēng)能 B.水能 C.煤炭 D.太陽能【答案】C【解析】風(fēng)能、水能、太陽能都屬于可再生能源，煤炭為化石能源，屬于不可再生能源。故選C。24.面積是S的矩形導(dǎo)線框，放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)線框平面與磁場方向平行時，穿過導(dǎo)線框所圍面積的磁通量為（）A.BS B.0 C. D.【答案】B【解析】線圈在勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)線圈平面與磁場方向夾角為θ，穿過線圈的Φ=BSsinθ，當(dāng)線框平面與磁場方向平行時，所以穿過導(dǎo)線框所圍面積的磁通量為為零，B正確，ACD錯誤。故選B。25.如圖所示，傳送帶與水平面的夾角為37°，傳送帶以4m/s的速度逆時針勻速運行，一物體在傳送帶上端A處無初速度釋放，在傳送帶下端B處離開。A、B相距3.05m，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。則物體離開傳送帶時的速度為（）A.4m/s B.5m/s C.6m/s D.8m/s【答案】B【解析】物體剛放上傳送帶時，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為設(shè)經(jīng)過時間物體與傳送帶共速，則有該過程物體下滑的距離為由于，可知共速后物體繼續(xù)向下加速運動，加速度大小為根據(jù)運動學(xué)公式可得其中解得物體離開傳送帶時的速度為故選B。第Ⅱ卷（選擇題，共50分）注意：在答題卡上作答時，需依次寫明小題號。二、填空題（本題共5小題，每空2分，共20分）26.以5m/s初速度豎直向上拋出一小球，不計空氣阻力，小球上升的最大高度為________m，從拋出到返回拋出點的時間為________s?！敬鸢浮?.251【解析】[1]小球豎直上拋到最高點時速度為0，所以小球上升的最大高度為[2]小球從拋出到最高點的時間為所以從拋出到返回拋出點的時間為27.作用在物體上的兩個共點力，大小均為10N，若兩個力的合力為20N，則兩個力的夾角為________；若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為________N?！敬鸢浮?°10【解析】[1]兩個力的合力等于兩個分力之和，所以兩分力同向共線，所以夾角為0°；[2]若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為28.一物體繞中心軸在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，圓周的半徑為2m，若物體的線速度2m/s，則其角速度為________rad/s，周期為________s（π取3.14）?！敬鸢浮?6.28【解析】[1]根據(jù)勻速圓周運動線速度與角速度的關(guān)系可得[2]周期為29.一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10?6C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為________F。若電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，則電容器的電容為________F?！敬鸢浮?.0×10?71.0×10?7【解析】[1]一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10??C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為[2]電容器的電容只由電容器自身決定，與電容器所帶電荷量無關(guān)，所以電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，電容器的電容仍為30.一手電筒內(nèi)電池組的電動勢為3.0V，手電筒內(nèi)小燈泡的額定電壓為2.4V，額定電流為0.6A。若閉合開關(guān)，小燈泡剛好正常發(fā)光，則小燈泡的電阻為________Ω；若手電筒正常工作1分鐘，則電池組內(nèi)阻產(chǎn)生的熱量為________J?！敬鸢浮?21.6【解析】[1]閉合開關(guān)，小燈泡剛好正常發(fā)光，根據(jù)歐姆定律可得小燈泡的電阻為[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得電池組內(nèi)阻為則手電筒正常工作1分鐘，則電池組內(nèi)阻產(chǎn)生的熱量為三、計算題（本題10分。解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、物理公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分）31.如圖所示，一質(zhì)量為m物體在水平恒力F作用下，由靜止開始沿光滑水平面向右運動。已知m=2kg，F(xiàn)=6N。求：（1）物體加速度的大??；（2）物體運動10s末的速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）30m/s【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律可得（2）物體運動10s末的速度大小四、計算題（本題10分。解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、物理公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分）32.如圖所示，A、B為勻強(qiáng)電場中同一條電場線上的兩點，兩點間距離d=15cm。若將一帶正電、電荷量q=1×10-5C的試探電荷，放入勻強(qiáng)電場中的B點，試探電荷受到的靜電力大小F=5×10-4N。求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大??；（2）A、B兩點間的電勢差；（3）若將該試探電荷從B點移動到A點，其電勢能變化了多少?！敬鸢浮浚?）50N/C（2）75V（3）【解析】（1）由電場強(qiáng)度定義式可得，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為（2）由公式可得，A、B兩點間的電勢差（3）將該試探電荷從B點移動到A點，電場力做功為則其電勢能變化了五、計算題（本題10分。解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、物理公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分）33.如圖所示，在豎直平面內(nèi)，光滑斜面下端與水平面BC平滑連接于B點，水平面BC與光滑半圓弧軌道CDE相切于C點，E點在圓心O點正上方，D點與圓心等高。一物塊（可看作質(zhì)點）從斜面上A點由靜止釋放，物塊通過半圓弧軌道E點且水平飛出，最后落到水平面BC上的F（圖中未標(biāo)出）點處。已知斜面上A點距離水平面BC的高度h=2.0m，圓弧軌道半徑R=0.4m，B、C兩點距離LBC=2.0m，F(xiàn)、C兩點距離LFC=1.6m。求：（1）物塊通過E點時的速度大??；（2）物塊與水平面BC間的動摩擦因數(shù)；（3）將物塊從斜面上由靜止釋放，若物塊在半圓弧軌道上運動時不脫離軌道，則物塊釋放點距離水平面BC的高度h'應(yīng)滿足的條件。【答案】（1）（2）（3）或【解析】（1）物塊從E點飛出到落在F點，做平拋運動，則有，聯(lián)立解得物塊通過E點時的速度大小為（2）物塊從A點到E點過程，根據(jù)動能定理可得代入數(shù)據(jù)解得物塊與水平面BC間的動摩擦因數(shù)為（3）若物塊剛好通過E點，則有解得根據(jù)動能定理可得解得若物塊剛好可以運動到與圓心等高處，根據(jù)動能定理可得解得若物塊剛好可以運動C點，根據(jù)動能定理可得解得綜上分析可知，要物塊在半圓弧軌道上運動時不脫離軌道，則物塊釋放點距離水平面BC的高度應(yīng)滿足或物理注意事項：1．本試題卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共6頁，總分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，考生先在答題卡上填寫科目名稱，并將自己的座位號、姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，待監(jiān)考員粘貼條形碼后，認(rèn)真核對條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號、座位號與自己的準(zhǔn)考證上的信息是否一致。3．考生必須在答題卡上答題，在草稿紙、試題卷上答題無效。本試卷g值均取10m/s2。第Ⅰ卷（選擇題，共50分）一、單項選擇題（本大題共25小題，每小題2分，共50分）1.下列物理量屬于矢量的是（）A.質(zhì)量 B.時間 C.力 D.動能【答案】C【解析】質(zhì)量、時間和動能均只有大小、沒有方向，均屬于標(biāo)量；力即有大小、又有方向，屬于矢量。故選C。2.下列屬于勻變速直線運動的是（）A.平拋運動 B.斜拋運動 C.勻速圓周運動 D.自由落體運動【答案】D【解析】平拋運動、斜拋運動均為勻變速曲線運動；勻速圓周運動的加速度方向時刻發(fā)生變化，屬于加速度變化的曲線運動；自由落體運動是加速度為重力加速度的勻加速直線運動。故選D。3.下列競技運動中，可將比賽過程中的運動員看成質(zhì)點的是（）A.高臺跳水 B.花樣滑冰 C.馬拉松賽跑 D.藝術(shù)體操【答案】C【解析】在高臺跳水、花樣滑冰和藝術(shù)體操比賽中，運動員的形狀和大小都不能忽略不計，不能把運動員看做質(zhì)點；而在馬拉松賽跑中，運動員的形狀和大小都可以忽略不計，能把運動員看做質(zhì)點。故選C。4.為減小戰(zhàn)斗機(jī)的慣性，下列做法正確的是（）A.減小飛行速度 B.增大飛行高度C.向下加速俯沖 D.扔掉戰(zhàn)斗機(jī)的副油箱【答案】D【解析】慣性是物體的固有屬性，只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的運動狀態(tài)無關(guān)。故選D。5.木塊沿斜面勻速下滑，對木塊受力分析，正確的是（）A.木塊受重力和斜面對它的支持力B.木塊受重力、斜面對它的支持力和摩擦力C.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力和下滑力D.木塊受重力、斜面對它的支持力、摩擦力、下滑力和壓力【答案】B【解析】木塊沿斜面勻速下滑，受力平衡，受到豎直向下的重力、斜面對它的垂直于斜面向上的支持力和沿斜面向上的摩擦力。故選B。6.一輕質(zhì)彈簧豎直懸掛，若彈簧下端掛2.0N的重物時，彈簧伸長了1.0cm，則彈簧的勁度系數(shù)為（）A.2N/m B.20N/m C.200N/m D.2000N/m【答案】C【解析】根據(jù)胡克定律可得故選C。7.一質(zhì)量為40kg同學(xué)站在電梯內(nèi)，若電梯以0.25m/s2的加速度勻加速上升，設(shè)豎直向上為正方向，則該同學(xué)對電梯的壓力為（）A.-410N B.-390N C.410N D.390N【答案】A【解析】根據(jù)牛頓第二定律可得根據(jù)牛頓第三定律該同學(xué)對電梯的壓力大小為410N，方向豎直向下，則為-410N。故選A。8.如圖所示，輕質(zhì)彈簧右端固定，一物體沿光滑水平面以速度v向右運動，物體與彈簧開始接觸到彈簧被壓縮到最短的過程中（）A.物體做勻速直線運動B.物體做勻減速直線運動C.物體的速度減小，加速度減小D.物體的速度減小，加速度增大【答案】D【解析】隨著彈簧的被壓縮，物塊受的彈力逐漸變大，則物塊的加速度逐漸變大，因加速度方向與速度反向，則物塊速度逐漸減小，即物塊做加速度增大的減速運動。故選D。9.一物體做勻速直線運動，某時刻受到一恒力作用，若恒力的方向與物體運動的方向不在同一直線上，則物體（）A.做直線運動 B.做勻加速直線運動C.一定做曲線運動 D.一定做圓周運動【答案】C【解析】物體受力方向與物體運動方向不在同一直線上，物體做曲線運動，物體受到恒力，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體有恒定的加速度，所以物體做勻變速曲線運動。故選C。10.在地面附近，一氣球勻速上升，上升過程中氣球的機(jī)械能（）A.不變 B.增大C.減小 D.先增大后減小【答案】B【解析】氣球勻速上升時，上升過程中動能不變，重力勢能增大，則氣球的機(jī)械能增大。故選B。11.關(guān)于開普勒行星運動定律，下列說法正確的是（）A.行星離太陽較近的時候，運行的速度較小B.行星的公轉(zhuǎn)周期與它的軌道半徑的平方成正比C.所有行星繞太陽的運行軌道是圓，太陽處在圓心上D.對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積相等【答案】D【解析】C．根據(jù)開普勒第一定律，所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上，故C錯誤；AD．根據(jù)開普勒第二定律，對任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內(nèi)掃過的面積相等，因此行星離太陽較近的時候，它的運行速度較大，故A錯誤，D正確；B．根據(jù)開普勒第三定律，所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，即行星的公轉(zhuǎn)周期與它的軌道半徑的平方不成正比，故B錯誤。故選D。12.如圖所示，是利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學(xué)研究方法是（）A.類比法 B.放大法C.累積法 D.理想實驗法【答案】B【解析】利用扭秤測量萬有引力常量的實驗裝置，該實驗用到的科學(xué)研究方法是放大法。故選B。13.如圖所示，一物體在力F作用下沿水平方向做勻速直線運動，若物體通過的位移為s，則（）A.力F做的功為FsB.物體克服摩擦力做的功為FsC.重力做的功為FsD.支持力做的功為零【答案】D【解析】A．力F做的功為WF=Fscosα選項A錯誤；B．物體克服摩擦力做的功為Wf=Fscosα選項B錯誤；C．重力方向與位移方向垂直，則重力做的功為零，選項C錯誤；D．支持力方向與位移方向垂直，則支持力做的功為零，選項D正確；故選D。14.一汽車質(zhì)量為1500kg，速度的大小為20m/s，則汽車的動能為（）A.3.0×105J B.4.5×105J C.5.4×105J D.6.0×105J【答案】A【解析】汽車的動能故選A。15.一質(zhì)量為1kg物體由靜止開始自由下落，不計空氣阻力，下落2s末（物體未落地）重力的瞬時功率為（）A.50W B.100W C.150W D.200W【答案】D【解析】重力的瞬時功率故選D。16.一衛(wèi)星繞地球做圓周運動，若衛(wèi)星線速度的大小為v，距離地面高度為h，地球半徑為R，萬有引力常量為G，則地球的質(zhì)量為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力可得解得地球的質(zhì)量為故選A。17.下列關(guān)于電場的說法不正確的是（）A.電場并不存在，是人們想象出來的B.電場是一種客觀存在的物質(zhì)C.電荷之間通過電場相互作用D.電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用【答案】A【解析】AB．電場是一種客觀存在的物質(zhì)，不是人們想象出來的，故A錯誤，B正確；C．電荷之間通過電場相互作用，故C正確；D．電場的基本特性是對放入其中的電荷有力的作用，故D正確。本題選不正確的，故選A。18.帶有異種電荷的兩個金屬小球，其所帶電荷量分別為0.2C和-0.5C，接觸后，兩個金屬小球所帶電荷量的總量為（）A.0.7C B.0.35C C.-0.3C D.-0.15C【答案】C【解析】根據(jù)電荷守恒定律可知，由于兩小球帶異種電荷，則接觸后兩球電荷量應(yīng)中和，所以接觸后兩小球帶電荷量總量為-0.3C。故選C。19.如圖所示，在正點電荷形成的電場中有A，B兩點的電勢，分別用EA,EB表示A,B兩點的電場強(qiáng)度，則（）A. B.C. D.【答案】A【解析】由電場線的疏密可知，A點處電場線較密，電場強(qiáng)度較大，所以EA＞EB，沿著電場線，電勢是降低的，所以A點所在等勢面的電勢高于B點所在等勢面的電勢，故．A．．故A符合題意．B．．故B不符合題意．C．．故C不符合題意．D．．故D不符合題意．20.首次發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（）A.奧斯特 B.法拉第 C.伽利略 D.愛因斯坦【答案】A【解析】首次發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)的物理學(xué)家是奧斯特。故選A。21.在恒定電場的作用下，導(dǎo)體中的自由電荷做定向移動。若在2s內(nèi)有0.32C的電荷量通過導(dǎo)體某橫截面，則導(dǎo)體中電流大小為（）A.0.08A B.0.32A C.0.16A D.0.64A【答案】C【解析】根據(jù)電流的定義式可得故選C。22.下列說法正確的是（）A.任何材料的電阻率都隨溫度的升高而減小B.把一根長導(dǎo)線截成等長的三段，則每段的電阻率均減小C.由可知，導(dǎo)體兩端的電壓為零時，導(dǎo)體的電阻也為零D.電阻只跟導(dǎo)體本身性質(zhì)有關(guān)，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓無關(guān)【答案】D【解析】A．金屬的電阻率隨溫度升高而增大，半導(dǎo)體的電阻率隨溫度升高而減小，故A錯誤；B．電阻率與材料的長度無關(guān)，把一根長導(dǎo)線截成等長的三段，則每段的電阻率都不變，故B錯誤；CD．電阻的定義式采用比值定義法，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓和電流無關(guān)，只跟導(dǎo)體本身性質(zhì)有關(guān)，故C錯誤，D正確。故選D。23.下列屬于不可再生能源的是（）A.風(fēng)能 B.水能 C.煤炭 D.太陽能【答案】C【解析】風(fēng)能、水能、太陽能都屬于可再生能源，煤炭為化石能源，屬于不可再生能源。故選C。24.面積是S的矩形導(dǎo)線框，放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)線框平面與磁場方向平行時，穿過導(dǎo)線框所圍面積的磁通量為（）A.BS B.0 C. D.【答案】B【解析】線圈在勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)線圈平面與磁場方向夾角為θ，穿過線圈的Φ=BSsinθ，當(dāng)線框平面與磁場方向平行時，所以穿過導(dǎo)線框所圍面積的磁通量為為零，B正確，ACD錯誤。故選B。25.如圖所示，傳送帶與水平面的夾角為37°，傳送帶以4m/s的速度逆時針勻速運行，一物體在傳送帶上端A處無初速度釋放，在傳送帶下端B處離開。A、B相距3.05m，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。則物體離開傳送帶時的速度為（）A.4m/s B.5m/s C.6m/s D.8m/s【答案】B【解析】物體剛放上傳送帶時，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為設(shè)經(jīng)過時間物體與傳送帶共速，則有該過程物體下滑的距離為由于，可知共速后物體繼續(xù)向下加速運動，加速度大小為根據(jù)運動學(xué)公式可得其中解得物體離開傳送帶時的速度為故選B。第Ⅱ卷（選擇題，共50分）注意：在答題卡上作答時，需依次寫明小題號。二、填空題（本題共5小題，每空2分，共20分）26.以5m/s初速度豎直向上拋出一小球，不計空氣阻力，小球上升的最大高度為________m，從拋出到返回拋出點的時間為________s?！敬鸢浮?.251【解析】[1]小球豎直上拋到最高點時速度為0，所以小球上升的最大高度為[2]小球從拋出到最高點的時間為所以從拋出到返回拋出點的時間為27.作用在物體上的兩個共點力，大小均為10N，若兩個力的合力為20N，則兩個力的夾角為________；若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為________N?！敬鸢浮?°10【解析】[1]兩個力的合力等于兩個分力之和，所以兩分力同向共線，所以夾角為0°；[2]若兩個力的夾角為120°，則兩個力的合力大小為28.一物體繞中心軸在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，圓周的半徑為2m，若物體的線速度2m/s，則其角速度為________rad/s，周期為________s（π取3.14）。【答案】16.28【解析】[1]根據(jù)勻速圓周運動線速度與角速度的關(guān)系可得[2]周期為29.一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10?6C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為________F。若電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，則電容器的電容為________F?！敬鸢浮?.0×10?71.0×10?7【解析】[1]一個平行板電容器，所帶電荷量為1.0×10??C，兩板間的電勢差為10V，則電容器的電容為[2]電容器的電容只由電容器自身決定，與電容器所帶電荷量無關(guān)，所以電容器所帶電荷量為2.0×10?6C時，電容器的電容仍為30.一手電筒內(nèi)電池組的電動勢為3.0V，手電筒內(nèi)小燈泡的額定電壓為2.4V，額定