2025屆云南省高三上學(xué)期12月大聯(lián)考考后強(qiáng)化物理試卷（解析版）

高級中學(xué)名校試題PAGEPAGE12025屆高三12月大聯(lián)考考后強(qiáng)化卷（新高考卷）物理本卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.如圖1所示為原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)的關(guān)系曲線，如圖2所示為原子核的平均核子質(zhì)量與原子序數(shù)的關(guān)系曲線。下列說法正確的是（）A.根據(jù)圖1可知，核的結(jié)合能約為7MeVB.根據(jù)圖1可知，比更穩(wěn)定C.根據(jù)圖2可知，核D裂變成核E和F的過程中，生成的新核E、F的比結(jié)合能減小D.根據(jù)圖2可知，若A、B能結(jié)合成C，則結(jié)合過程中一定要吸收能量【答案】B【解析】A．根據(jù)圖1可知，核的比結(jié)合能約為7MeV，則核的結(jié)合能約為A錯誤；B．根據(jù)圖1可知，核的比結(jié)合能比核的比結(jié)合能小，所以比更穩(wěn)定，B正確；C．根據(jù)圖2可知，核D裂變成核E和F的過程中，核子的平均質(zhì)量減少，放出核能，比結(jié)合能增大，C錯誤；D．根據(jù)圖2可知，若A、B能結(jié)合成C，核子的平均質(zhì)量減少，結(jié)合過程一定要放出能量，D錯誤。故選B。2.無動力翼裝飛行是一種專業(yè)的極限滑翔運(yùn)動，飛行者運(yùn)用肢體動作來掌控滑翔方向，進(jìn)行無動力空中飛行。某翼裝飛行者在某次飛行過程中，在同一豎直面內(nèi)從A到B滑出了一段圓弧，如圖所示。該段運(yùn)動可視為勻速圓周運(yùn)動的一部分，關(guān)于該段運(yùn)動，下列說法正確的是（）A.飛行者所受重力的瞬時功率逐漸減小B.飛行者所受合力為零C.空氣對飛行者作用力的瞬時功率為零D.空氣對飛行者的作用力做正功【答案】A【解析】A．設(shè)飛行者速度方向與豎直方向的夾角為θ，飛行者所受重力的瞬時功率P=mgvcosθ，由于θ逐漸增大，則飛行者所受重力的瞬時功率逐漸減小，故A正確；B．該段運(yùn)動可視為勻速圓周運(yùn)動的一部分，故飛行者做勻速圓周運(yùn)動，其所受合力不為零，故B錯誤；C．飛行者受到重力和空氣對飛行者的作用力，其合力指向圓心，通過受力分析可知，空氣對飛行者的作用力方向與速度方向的夾角大于90°，故根據(jù)P=fvcosθ可知，空氣對飛行者的作用力的瞬時功率不零，故C錯誤；D．飛行者的動能不變，所以合外力做功為零，重力做正功，則空氣對飛行者的作用力做負(fù)功，故D錯誤；故選A。3.如圖所示，如果熱水瓶中的熱水未灌滿就蓋緊瓶塞，且瓶塞與瓶口的密封程度很好，經(jīng)過一段時間后，要拔出瓶塞會變得很吃力。假設(shè)某熱水瓶瓶口的截面積為，手指與瓶塞間的動摩擦因數(shù)為0.15，開始時熱水瓶內(nèi)的水溫為，經(jīng)過一段時間后，瓶內(nèi)水溫降至。已知瓶內(nèi)的氣體可視為理想氣體且氣體的質(zhì)量與體積不變，外界大氣壓強(qiáng)，不考慮瓶塞的重力及瓶塞與瓶口間的摩擦力，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則兩手指至少要用多大的壓力作用在瓶塞上才能拔出瓶塞（）（T=t+273K）A. B. C. D.【答案】A【解析】瓶內(nèi)氣體初始壓強(qiáng)為，初始溫度為末態(tài)溫度為設(shè)瓶內(nèi)氣體末態(tài)壓強(qiáng)為，根據(jù)查理定律有解得以瓶塞為研究對象，設(shè)每根手指對瓶塞的摩擦力大小為，則有又，聯(lián)立可得，故選A。4.如圖所示，半圓形ABC為玻璃磚的橫截面，O點(diǎn)為其圓心，一細(xì)束與ABC平行的單色光由空氣經(jīng)過O點(diǎn)射入半圓形玻璃磚，再由玻璃磚射向空氣中。下列敘述正確的是（）A.光線在圓弧界面ABC上會發(fā)生全反射 B.在圓弧界面ABC上始終有光線出射C.增大角度θ，光線會在下界面AOC發(fā)生全反射 D.增大角度θ，玻璃的折射率增大【答案】B【解析】AB．根據(jù)題意可知，O點(diǎn)是半圓形玻璃磚的圓心，可知光線一定垂直射到圓弧界面ABC上，則光線一定能從圓弧界面ABC上射出，不可能發(fā)生全反射，故A錯誤，B正確；C．發(fā)生全反射需要光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，則光線不會在下界面AOC發(fā)生全反射，故C錯誤；D．折射率是介質(zhì)的固有屬性，與入射角無關(guān)，故D錯誤。故選B5.2024年9月24日，我國全球首個醫(yī)學(xué)遙感衛(wèi)星（珞珈四號01星）成功發(fā)射，衛(wèi)星在離地面約的高度繞地球做勻速圓周運(yùn)動；2022年4月15日，我國新一代地球同步軌道通信衛(wèi)星（中星衛(wèi)星）成功發(fā)射，衛(wèi)星在離地面約的高度繞地球做勻速圓周運(yùn)動；地球赤道上有一物體。關(guān)于赤道上物體、珞珈四號01星、中星衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.赤道上物體的線速度最大B.赤道上物體的周期小于中星衛(wèi)星的周期C.珞珈四號01星的角速度小于中星6D衛(wèi)星的角速度D.珞珈四號01星的向心加速度大于中星衛(wèi)星的向心加速度【答案】D【解析】A．赤道上物體與中星衛(wèi)星的角速度相等，由，可知中星衛(wèi)星的線速度大于赤道上物體的線速度，由，可得珞珈四號01星的軌道半徑比中星衛(wèi)星的軌道半徑小，可知珞珈四號01星的線速度比中星衛(wèi)星的線速度大，所以珞珈四號01星的線速度最大，故A錯誤；B．赤道上物體的周期等于中星衛(wèi)星的周期，故B錯誤；C．由，可得由于珞珈四號01星的軌道半徑比中星衛(wèi)星的軌道半徑小，所以珞珈四號01星的角速度大于中星6D衛(wèi)星的角速度，故C錯誤；D．由，解得由于珞珈四號01星的軌道半徑比中星衛(wèi)星的軌道半徑小，所以珞珈四號01星的向心加速度大于中星衛(wèi)星的向心加速度，故D正確。故選D。6.如圖所示，電源的負(fù)極、電容器下極板與靜電計外殼相連并接地，R為定值電阻。將單刀雙擲開關(guān)打到1，電路穩(wěn)定時，一帶電的油滴恰好靜止于兩極板間的P點(diǎn)。下列說法正確的是（）A.若開關(guān)與1保持連接，將一適當(dāng)厚度的有機(jī)玻璃板插入電容器極板間，電阻R中有由b流向a的電流B.若開關(guān)與1保持連接，保持電容器下極板不動，將上極板稍微向右移動一點(diǎn)距離，油滴將向下運(yùn)動C.若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，保持電容器上極板不動，將下極板稍微上移一點(diǎn)距離，靜電計的張角將變大，油滴依然靜止于P點(diǎn)D.若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，保持電容器下極板不動，將上極板稍微向左移一點(diǎn)距離，P點(diǎn)的電勢將升高，油滴將向上運(yùn)動【答案】D【解析】A．若開關(guān)與1保持連接，電容器兩端的電壓不變，當(dāng)將一適當(dāng)厚度的玻璃板插入電容器極板間時，根據(jù)可知，電容器的電容增大，根據(jù)可知，電容器的電荷量增大，相當(dāng)于給電容器充電，故電阻R中有由a流向b的電流，故A錯誤；B．若開關(guān)與1保持連接，保持電容器下極板不動，將上極板稍微向右移動一點(diǎn)距離，因板間電壓和板間距離不變，根據(jù)知板間的場強(qiáng)大小不變，油滴依然靜止在P點(diǎn)，故B錯誤；C．若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量不變，保持電容器上極板不動，將下極板稍微上移一點(diǎn)距離，根據(jù)可知，電容器的電容增大，根據(jù)可知，電容器兩端的電壓減小，靜電計的張角變小，由，可得，可知電場強(qiáng)度不變，故油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C錯誤；D．若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量不變，將上極板稍微向左移一點(diǎn)距離，則正對面積減小，根據(jù)可知，電場強(qiáng)度增大，油滴將向上運(yùn)動，由于P點(diǎn)距下極板的距離不變，根據(jù)，可知P點(diǎn)的電勢升高，故D正確。故選D。7.如圖所示，帶電小球P固定在絕緣豎直墻面上，用繞過固定在豎直墻上O點(diǎn)的小定滑輪的細(xì)線拉著帶電小球Q。小球Q靜止時P、Q間的距離為r，O、P間的距離為h，?，F(xiàn)用拉力F緩慢拉動繩端，使小球Q緩慢移動，在小球Q從圖示位置緩慢移動到O點(diǎn)的過程中（）A.拉力F先增大后減小B.小球P、Q間的庫侖力逐漸減小C.小球P、Q系統(tǒng)的電勢能先不變后減小D.小球Q在P球位置產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小不變【答案】C【解析】AB．設(shè)小球Q的質(zhì)量為m，O、Q間距離為L，在小球Q到達(dá)豎直墻之前，對小球Q受力分析，小球受重力、拉力、庫侖力，如圖根據(jù)力的矢量三角形與幾何三角形相似可得在小球Q從圖示位置到與墻壁接觸的過程中，mg、h、qP、qQ均不變，L變小，r不變，因此這個過程小球Q繞小球P做圓周運(yùn)動，當(dāng)小球Q與墻壁接觸后受重力、拉力、向上的庫侖力，在拉力作用下沿墻壁直線上升，庫侖力變小，小球在豎直方向受力平衡，所以F變大，所以拉力F先減小后增大；小球P、Q間的庫侖力先不變，再逐漸減小故AB錯誤；C．當(dāng)小球Q與墻壁接觸前，庫侖力不做功，小球P、Q系統(tǒng)的電勢能不變；當(dāng)小球Q與墻壁接觸后庫侖力做正功，小球P、Q系統(tǒng)的電勢能減??；所以小球P、Q系統(tǒng)的電勢能先不變后減小，故C正確；D．小球Q在P球位置產(chǎn)生的電場強(qiáng)度由可知先大小不變后減小，故D錯誤。故選C。8.中國京劇的特技水袖舞包含了戲曲和舞蹈的成分，別具美感。某京劇演員舞動水袖形成的一列簡諧橫波在時刻的波形圖如圖甲所示，P、Q為該波沿傳播方向上相距的兩個質(zhì)點(diǎn)，P點(diǎn)振動領(lǐng)先Q點(diǎn)，時刻Q質(zhì)點(diǎn)正處于正向最大位移處（圖中未畫出），圖乙為P質(zhì)點(diǎn)的振動圖像。下列說法正確的是（）A.P質(zhì)點(diǎn)的振動方程為B.時刻，P質(zhì)點(diǎn)所受合力沿y軸正方向C.該簡諧橫波的波長可能為D.該簡諧橫波的傳播速度可能為【答案】AC【解析】A．由圖甲和圖乙可知，P質(zhì)點(diǎn)的振幅為，角頻率為時刻，，可得初相角，則有P質(zhì)點(diǎn)的振動方程為故A正確；B．時刻，P質(zhì)點(diǎn)在平衡位置，所受合力是0，故B錯誤；C．時刻，Q質(zhì)點(diǎn)在波峰，則有當(dāng)時，可得，故C正確；D．根據(jù)，其中（n=0，1，2，?）當(dāng)時當(dāng)時當(dāng)時因此該簡諧橫波傳播速度不可能是，故D錯誤。故選AC。9.如圖1所示，跳臺滑雪簡稱“跳雪”。一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑雪運(yùn)動員從距離跳臺底部高為h=3m的傾斜跳臺斜向上滑出后，在空中運(yùn)動過程中他離跳臺底部所在水平面的高度y隨時間t變化的圖線如圖2所示。已知t=1.4s時運(yùn)動員恰好到達(dá)最高點(diǎn)，重力加速度g取，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.t=1.0s時，運(yùn)動員豎直方向分速度大小為5m/sB.該運(yùn)動員起跳速度為14m/sC.t=1.8s時，圖線的切線斜率大小為4m/sD.運(yùn)動員離跳臺底部所在水平面的最大高度為12.8m【答案】CD【解析】AB．時運(yùn)動員恰好到達(dá)最高點(diǎn)，由豎直方向上的運(yùn)動特點(diǎn)可得解得運(yùn)動員起跳時豎直方向的初速度此時還有水平分速度，則該運(yùn)動員起跳速度大于14m/s，則時，運(yùn)動員豎直方向分速度為故AB錯誤；C．根據(jù)運(yùn)動的對稱性可知，和時，豎直方向分速度大小相等，方向相反，圖線的切線斜率代表豎直方向的速度，所以時，圖線的切線斜率大小為，故C正確；D．根據(jù)豎直方向的運(yùn)動規(guī)律可知，最大高度為解得故D正確。故選CD。10.如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中放置兩個半徑分別為、的金屬圓環(huán)，兩金屬圓環(huán)處于同一水平面內(nèi)且圓心均為點(diǎn)，長為的金屬導(dǎo)體棒在兩金屬圓環(huán)上繞點(diǎn)勻速轉(zhuǎn)動，點(diǎn)為導(dǎo)體棒的中點(diǎn)。已知導(dǎo)體棒的電阻、定值電阻和的電阻均為，導(dǎo)體棒始終與兩金屬圓環(huán)接觸良好且a點(diǎn)轉(zhuǎn)動的線速度大小為v，其他電阻不計。在導(dǎo)體棒轉(zhuǎn)動一圈的過程中，下列說法正確的是（）A.導(dǎo)體棒上a、b兩點(diǎn)間的電壓為B.導(dǎo)體棒克服安培力做功的功率為C.通過電阻的電荷量為D.電阻產(chǎn)生的熱量為【答案】ABD【解析】A．由題意可知故導(dǎo)體棒段產(chǎn)生的電動勢電路中的總電阻為由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流故a、b兩點(diǎn)間的電壓故A正確；B．因克服安培力做功的功率等于電源產(chǎn)生電能的功率，故故B正確；C．通過電源的電荷量故流經(jīng)定值電阻的電荷量故C錯誤；D．由可知，電阻產(chǎn)生的熱量故D正確。故選ABD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某物理小組對光伏發(fā)電很感興趣，他們利用如圖1所示電路對光伏電池的伏安特性進(jìn)行了探究。圖中定值電阻，設(shè)相同光照強(qiáng)度下光伏電池的電動勢不變，電壓表、電流表均可視為理想電表。（1）實驗一：用一定強(qiáng)度的光照射該電池，閉合電鍵S，調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值，通過測量得到該電池兩端電壓隨電流變化如圖2中的曲線①所示?？芍撾姵貎?nèi)阻隨電流增大而______（選填“增大”“減小”或“不變”），電池的電動勢大小為______V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；某時刻電壓表示數(shù)如圖3所示，讀數(shù)為______V，由圖像可知，此時電池的內(nèi)阻為______。（2）實驗二：換另一光源照射，重復(fù)上述實驗，測得該電池兩端電壓隨電流變化如圖2中曲線②所示。若在“實驗一”中當(dāng)滑動變阻器的電阻為某值時，電源的路端電壓為，則在“實驗二”中滑動變阻器仍為該值時，滑動變阻器消耗的電功率為______W（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）增大2.501.00150（2）1.1×10-2##1.0×10-2##1.2×10-2【解析】【小問1詳析】[1]圖2中，電池兩端電壓隨電流變化圖像斜率的絕對值等于電源的內(nèi)阻，隨著電流的增大，曲線①斜率的絕對值在不斷增大，可知電池內(nèi)阻在不斷增大；[2]曲線①中，圖像與縱軸的截距值為電池的電動勢，可知[3]題圖3中電壓表的讀數(shù)[4]電壓為1.00V，由曲線①知，此時電路中的電流為可得此時電源的內(nèi)阻【小問2詳析】由曲線①可知，當(dāng)時有由歐姆定律得代入數(shù)據(jù)得解得在實驗二中，滑動變阻器仍為該值時，此時外電路電阻為將R外的圖線畫在題圖2中，如圖所示其與曲線②的交點(diǎn)為電路的工作點(diǎn)，此時有則滑動變阻器消耗的電功率為12.如圖1所示，用“碰撞實驗器”可以研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系，從而驗證動量守恒定律。（1）實驗中，為了使入射小球A不反彈，入射小球A和被碰小球B的質(zhì)量大小關(guān)系為_____（選填“>”“=”或“<”）。為了發(fā)生對心正碰，兩小球的半徑關(guān)系為_____（選填“>”“=”或“<”）。用10分度游標(biāo)卡尺測量小球直徑D，測量結(jié)果如圖2所示，_____。（2）圖1中，點(diǎn)O是入射小球A拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，點(diǎn)是支柱管在地面上的垂直投影，。實驗時，先讓小球A多次從斜軌上S處靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)P，再把小球B靜置于支柱管上，接著使小球A從S處靜止釋放，在水平段末端與小球B相碰（碰后支柱管立刻傾倒），多次重復(fù)實驗，找到小球A、B的平均落點(diǎn)M、N。測量出、、OP、OM、ON，若兩球相碰前后動量守恒，則該動量守恒表達(dá)式可表示為_____（用測量的物理量符號表示）。（3）以下說法中有助于減少實驗誤差的有_____。A.入射小球每次必須從同一位置靜止釋放 B.軌道必須光滑C.軌道末端必須水平 D.實驗中復(fù)寫紙不能移動（4）某實驗小組在實驗中發(fā)現(xiàn)小球落點(diǎn)不在同一條直線上，出現(xiàn)了如圖3所示的情況。已知M和N在OP連線上的垂直投影點(diǎn)為、（圖中未畫出），根據(jù)以上數(shù)據(jù)，_____（選填“能”或“不能”）驗證動量守恒定律，如果能，請寫出驗證所需的表達(dá)式_____（用測量的物理量符號表示）?！敬鸢浮浚?）>=14.7（2）（3）AC（4）能【解析】【小問1詳析】[1]為了保證入射小球A碰后不被反彈，要求入射小球A和被碰小球B的質(zhì)量大小關(guān)系應(yīng)為>。[2]為了發(fā)生對心正碰，兩小球的半徑關(guān)系為；[3]根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理可知；【小問2詳析】兩球碰撞過程水平方向動量守恒，碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動，令運(yùn)動時間為t，A球碰撞前的速度為A球碰撞后的速度為B球碰撞后的速度為若兩球相碰前后動量守恒，則即【小問3詳析】AB．為了保證小球做平拋運(yùn)動的初速度相等，每次讓小球從斜槽的同一位置靜止釋放，但斜槽軌道不一定光滑，故A正確，B錯誤；C．為了保證小球的初速度水平，斜槽末端必須水平，故C正確；D．復(fù)寫紙不需要固定在白紙上，測定P點(diǎn)位置時的復(fù)寫紙可移到測M點(diǎn)的位置時使用，故D錯誤。故選AC。【小問4詳析】[1][2]能驗證動量守恒定律，分別測出OP、、的長度，在誤差允許的范圍內(nèi)滿足關(guān)系式，則可驗證兩球碰撞過程動量守恒。13.如圖所示，勻強(qiáng)電場與矩形ABCD所在平面平行，矩形邊長，。以B點(diǎn)為零電勢點(diǎn)，則A、C兩點(diǎn)的電勢分別為、。某時刻有一比荷為的帶負(fù)電粒子從B點(diǎn)垂直電場線方向射出，經(jīng)過一段時間粒子到達(dá)A點(diǎn)，不計粒子重力。求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小；（2）帶電粒子從B點(diǎn)射出時的初速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）設(shè)BC的中點(diǎn)為P，在勻強(qiáng)電場中，沿一條直線電勢的降落是均勻的，因此解得P點(diǎn)電勢可見A、P等勢，則直線AP就是等勢線，電場強(qiáng)度方向與等勢線AP垂直則根據(jù)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)與電勢降落的關(guān)系得（2）帶電粒子做類平拋運(yùn)動聯(lián)立解得所以14.如圖所示，水平地面上固定一高的水平臺面，臺面上豎直固定傾角為的直軌道AB、水平直軌道BC、四分之一圓周細(xì)圓管道CD和半圓形軌道DEF，它們平滑連接且處處光滑，其中管道CD的半徑、圓心在點(diǎn)，軌道DEF的半徑、圓心在點(diǎn)，、、和F點(diǎn)均處在同一水平線上。一小球從軌道AB上距水平直軌道BC高為h（未知）的P點(diǎn)由靜止?jié)L下，小球經(jīng)管道CD、軌道DEF從F點(diǎn)豎直向下運(yùn)動，與正下方固定在直桿上的三棱柱G碰撞，碰后速度方向水平向右，大小與碰前相等，最終落在地面上的Q點(diǎn)（小球做平拋運(yùn)動的豎直距離可視為G距離水平地面的高度），取重力加速度大小，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，不計空氣阻力。（1）若P處小球的初始高度，求小球到達(dá)B點(diǎn)時的速度大?。唬?）若小球恰好能過最高點(diǎn)E，求h的最小值；（3）若小球恰好能過最高點(diǎn)E，且三棱柱G的位置上下可調(diào)，求G距水平面的高度多大時，落地點(diǎn)Q與F點(diǎn)的水平距離x最大，其最大值為多少？【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳析】對小滑塊，從P到B，由動能定理得代入數(shù)據(jù)解得【小問2詳析】當(dāng)小球恰好能過最高點(diǎn)E時，h具有最小值，E點(diǎn)有代入數(shù)據(jù)解得P點(diǎn)到E點(diǎn)，由動能定理得代入數(shù)據(jù)解得【小問3詳析】設(shè)G到地面的高度為y，則E到G，由動能定理得過D點(diǎn)后，由平拋規(guī)律得聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得當(dāng)?shù)臅r候，即，x最大，解得15.如圖所示，直角坐標(biāo)系xOy平面內(nèi)，第一象限內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，第二象限內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場。一個質(zhì)量為m、電荷量為-q（q>0）的粒子從x軸負(fù)半軸上的M點(diǎn)沿與x軸正方向夾角為60°射入電場，粒子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后以大小為的速度從點(diǎn)P（0，d）垂直y軸進(jìn)入磁場，最后粒子從x軸正半軸上的N點(diǎn)沿與x軸正方向夾角為60°射出磁場，不計粒子重力。（1）求粒子在M點(diǎn)速度大??；（2）磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；（3）若粒子在磁場中受到與速度大小成正比的阻力，阻力大小f=kv（k為已知常量），粒子恰好從Q點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）垂直x軸射出磁場，求Q點(diǎn)的坐標(biāo)?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】粒子射入電場后做類斜拋運(yùn)動，在水平方向做勻速直線運(yùn)動，則有解得【小問2詳析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，其軌跡如圖所示設(shè)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系有解得由牛頓第二定律有解得【小問3詳析】對粒子受力分析可知，粒子速度沿x軸方向的分量會產(chǎn)生沿x軸負(fù)方向的阻力與沿y軸負(fù)方向的洛倫茲力；粒子速度沿y軸方向的分量會產(chǎn)生沿y軸正方向的阻力與沿x軸負(fù)方向的洛倫茲力，其受力分析如圖所示在x軸上，由動量定理有由微元法累加后可得解得則Q點(diǎn)的坐標(biāo)為2025屆高三12月大聯(lián)考考后強(qiáng)化卷（新高考卷）物理本卷滿分100分，考試時間75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.如圖1所示為原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)的關(guān)系曲線，如圖2所示為原子核的平均核子質(zhì)量與原子序數(shù)的關(guān)系曲線。下列說法正確的是（）A.根據(jù)圖1可知，核的結(jié)合能約為7MeVB.根據(jù)圖1可知，比更穩(wěn)定C.根據(jù)圖2可知，核D裂變成核E和F的過程中，生成的新核E、F的比結(jié)合能減小D.根據(jù)圖2可知，若A、B能結(jié)合成C，則結(jié)合過程中一定要吸收能量【答案】B【解析】A．根據(jù)圖1可知，核的比結(jié)合能約為7MeV，則核的結(jié)合能約為A錯誤；B．根據(jù)圖1可知，核的比結(jié)合能比核的比結(jié)合能小，所以比更穩(wěn)定，B正確；C．根據(jù)圖2可知，核D裂變成核E和F的過程中，核子的平均質(zhì)量減少，放出核能，比結(jié)合能增大，C錯誤；D．根據(jù)圖2可知，若A、B能結(jié)合成C，核子的平均質(zhì)量減少，結(jié)合過程一定要放出能量，D錯誤。故選B。2.無動力翼裝飛行是一種專業(yè)的極限滑翔運(yùn)動，飛行者運(yùn)用肢體動作來掌控滑翔方向，進(jìn)行無動力空中飛行。某翼裝飛行者在某次飛行過程中，在同一豎直面內(nèi)從A到B滑出了一段圓弧，如圖所示。該段運(yùn)動可視為勻速圓周運(yùn)動的一部分，關(guān)于該段運(yùn)動，下列說法正確的是（）A.飛行者所受重力的瞬時功率逐漸減小B.飛行者所受合力為零C.空氣對飛行者作用力的瞬時功率為零D.空氣對飛行者的作用力做正功【答案】A【解析】A．設(shè)飛行者速度方向與豎直方向的夾角為θ，飛行者所受重力的瞬時功率P=mgvcosθ，由于θ逐漸增大，則飛行者所受重力的瞬時功率逐漸減小，故A正確；B．該段運(yùn)動可視為勻速圓周運(yùn)動的一部分，故飛行者做勻速圓周運(yùn)動，其所受合力不為零，故B錯誤；C．飛行者受到重力和空氣對飛行者的作用力，其合力指向圓心，通過受力分析可知，空氣對飛行者的作用力方向與速度方向的夾角大于90°，故根據(jù)P=fvcosθ可知，空氣對飛行者的作用力的瞬時功率不零，故C錯誤；D．飛行者的動能不變，所以合外力做功為零，重力做正功，則空氣對飛行者的作用力做負(fù)功，故D錯誤；故選A。3.如圖所示，如果熱水瓶中的熱水未灌滿就蓋緊瓶塞，且瓶塞與瓶口的密封程度很好，經(jīng)過一段時間后，要拔出瓶塞會變得很吃力。假設(shè)某熱水瓶瓶口的截面積為，手指與瓶塞間的動摩擦因數(shù)為0.15，開始時熱水瓶內(nèi)的水溫為，經(jīng)過一段時間后，瓶內(nèi)水溫降至。已知瓶內(nèi)的氣體可視為理想氣體且氣體的質(zhì)量與體積不變，外界大氣壓強(qiáng)，不考慮瓶塞的重力及瓶塞與瓶口間的摩擦力，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則兩手指至少要用多大的壓力作用在瓶塞上才能拔出瓶塞（）（T=t+273K）A. B. C. D.【答案】A【解析】瓶內(nèi)氣體初始壓強(qiáng)為，初始溫度為末態(tài)溫度為設(shè)瓶內(nèi)氣體末態(tài)壓強(qiáng)為，根據(jù)查理定律有解得以瓶塞為研究對象，設(shè)每根手指對瓶塞的摩擦力大小為，則有又，聯(lián)立可得，故選A。4.如圖所示，半圓形ABC為玻璃磚的橫截面，O點(diǎn)為其圓心，一細(xì)束與ABC平行的單色光由空氣經(jīng)過O點(diǎn)射入半圓形玻璃磚，再由玻璃磚射向空氣中。下列敘述正確的是（）A.光線在圓弧界面ABC上會發(fā)生全反射 B.在圓弧界面ABC上始終有光線出射C.增大角度θ，光線會在下界面AOC發(fā)生全反射 D.增大角度θ，玻璃的折射率增大【答案】B【解析】AB．根據(jù)題意可知，O點(diǎn)是半圓形玻璃磚的圓心，可知光線一定垂直射到圓弧界面ABC上，則光線一定能從圓弧界面ABC上射出，不可能發(fā)生全反射，故A錯誤，B正確；C．發(fā)生全反射需要光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，則光線不會在下界面AOC發(fā)生全反射，故C錯誤；D．折射率是介質(zhì)的固有屬性，與入射角無關(guān)，故D錯誤。故選B5.2024年9月24日，我國全球首個醫(yī)學(xué)遙感衛(wèi)星（珞珈四號01星）成功發(fā)射，衛(wèi)星在離地面約的高度繞地球做勻速圓周運(yùn)動；2022年4月15日，我國新一代地球同步軌道通信衛(wèi)星（中星衛(wèi)星）成功發(fā)射，衛(wèi)星在離地面約的高度繞地球做勻速圓周運(yùn)動；地球赤道上有一物體。關(guān)于赤道上物體、珞珈四號01星、中星衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.赤道上物體的線速度最大B.赤道上物體的周期小于中星衛(wèi)星的周期C.珞珈四號01星的角速度小于中星6D衛(wèi)星的角速度D.珞珈四號01星的向心加速度大于中星衛(wèi)星的向心加速度【答案】D【解析】A．赤道上物體與中星衛(wèi)星的角速度相等，由，可知中星衛(wèi)星的線速度大于赤道上物體的線速度，由，可得珞珈四號01星的軌道半徑比中星衛(wèi)星的軌道半徑小，可知珞珈四號01星的線速度比中星衛(wèi)星的線速度大，所以珞珈四號01星的線速度最大，故A錯誤；B．赤道上物體的周期等于中星衛(wèi)星的周期，故B錯誤；C．由，可得由于珞珈四號01星的軌道半徑比中星衛(wèi)星的軌道半徑小，所以珞珈四號01星的角速度大于中星6D衛(wèi)星的角速度，故C錯誤；D．由，解得由于珞珈四號01星的軌道半徑比中星衛(wèi)星的軌道半徑小，所以珞珈四號01星的向心加速度大于中星衛(wèi)星的向心加速度，故D正確。故選D。6.如圖所示，電源的負(fù)極、電容器下極板與靜電計外殼相連并接地，R為定值電阻。將單刀雙擲開關(guān)打到1，電路穩(wěn)定時，一帶電的油滴恰好靜止于兩極板間的P點(diǎn)。下列說法正確的是（）A.若開關(guān)與1保持連接，將一適當(dāng)厚度的有機(jī)玻璃板插入電容器極板間，電阻R中有由b流向a的電流B.若開關(guān)與1保持連接，保持電容器下極板不動，將上極板稍微向右移動一點(diǎn)距離，油滴將向下運(yùn)動C.若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，保持電容器上極板不動，將下極板稍微上移一點(diǎn)距離，靜電計的張角將變大，油滴依然靜止于P點(diǎn)D.若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，保持電容器下極板不動，將上極板稍微向左移一點(diǎn)距離，P點(diǎn)的電勢將升高，油滴將向上運(yùn)動【答案】D【解析】A．若開關(guān)與1保持連接，電容器兩端的電壓不變，當(dāng)將一適當(dāng)厚度的玻璃板插入電容器極板間時，根據(jù)可知，電容器的電容增大，根據(jù)可知，電容器的電荷量增大，相當(dāng)于給電容器充電，故電阻R中有由a流向b的電流，故A錯誤；B．若開關(guān)與1保持連接，保持電容器下極板不動，將上極板稍微向右移動一點(diǎn)距離，因板間電壓和板間距離不變，根據(jù)知板間的場強(qiáng)大小不變，油滴依然靜止在P點(diǎn)，故B錯誤；C．若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量不變，保持電容器上極板不動，將下極板稍微上移一點(diǎn)距離，根據(jù)可知，電容器的電容增大，根據(jù)可知，電容器兩端的電壓減小，靜電計的張角變小，由，可得，可知電場強(qiáng)度不變，故油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C錯誤；D．若將開關(guān)打到2，電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量不變，將上極板稍微向左移一點(diǎn)距離，則正對面積減小，根據(jù)可知，電場強(qiáng)度增大，油滴將向上運(yùn)動，由于P點(diǎn)距下極板的距離不變，根據(jù)，可知P點(diǎn)的電勢升高，故D正確。故選D。7.如圖所示，帶電小球P固定在絕緣豎直墻面上，用繞過固定在豎直墻上O點(diǎn)的小定滑輪的細(xì)線拉著帶電小球Q。小球Q靜止時P、Q間的距離為r，O、P間的距離為h，?，F(xiàn)用拉力F緩慢拉動繩端，使小球Q緩慢移動，在小球Q從圖示位置緩慢移動到O點(diǎn)的過程中（）A.拉力F先增大后減小B.小球P、Q間的庫侖力逐漸減小C.小球P、Q系統(tǒng)的電勢能先不變后減小D.小球Q在P球位置產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小不變【答案】C【解析】AB．設(shè)小球Q的質(zhì)量為m，O、Q間距離為L，在小球Q到達(dá)豎直墻之前，對小球Q受力分析，小球受重力、拉力、庫侖力，如圖根據(jù)力的矢量三角形與幾何三角形相似可得在小球Q從圖示位置到與墻壁接觸的過程中，mg、h、qP、qQ均不變，L變小，r不變，因此這個過程小球Q繞小球P做圓周運(yùn)動，當(dāng)小球Q與墻壁接觸后受重力、拉力、向上的庫侖力，在拉力作用下沿墻壁直線上升，庫侖力變小，小球在豎直方向受力平衡，所以F變大，所以拉力F先減小后增大；小球P、Q間的庫侖力先不變，再逐漸減小故AB錯誤；C．當(dāng)小球Q與墻壁接觸前，庫侖力不做功，小球P、Q系統(tǒng)的電勢能不變；當(dāng)小球Q與墻壁接觸后庫侖力做正功，小球P、Q系統(tǒng)的電勢能減小；所以小球P、Q系統(tǒng)的電勢能先不變后減小，故C正確；D．小球Q在P球位置產(chǎn)生的電場強(qiáng)度由可知先大小不變后減小，故D錯誤。故選C。8.中國京劇的特技水袖舞包含了戲曲和舞蹈的成分，別具美感。某京劇演員舞動水袖形成的一列簡諧橫波在時刻的波形圖如圖甲所示，P、Q為該波沿傳播方向上相距的兩個質(zhì)點(diǎn)，P點(diǎn)振動領(lǐng)先Q點(diǎn)，時刻Q質(zhì)點(diǎn)正處于正向最大位移處（圖中未畫出），圖乙為P質(zhì)點(diǎn)的振動圖像。下列說法正確的是（）A.P質(zhì)點(diǎn)的振動方程為B.時刻，P質(zhì)點(diǎn)所受合力沿y軸正方向C.該簡諧橫波的波長可能為D.該簡諧橫波的傳播速度可能為【答案】AC【解析】A．由圖甲和圖乙可知，P質(zhì)點(diǎn)的振幅為，角頻率為時刻，，可得初相角，則有P質(zhì)點(diǎn)的振動方程為故A正確；B．時刻，P質(zhì)點(diǎn)在平衡位置，所受合力是0，故B錯誤；C．時刻，Q質(zhì)點(diǎn)在波峰，則有當(dāng)時，可得，故C正確；D．根據(jù)，其中（n=0，1，2，?）當(dāng)時當(dāng)時當(dāng)時因此該簡諧橫波傳播速度不可能是，故D錯誤。故選AC。9.如圖1所示，跳臺滑雪簡稱“跳雪”。一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑雪運(yùn)動員從距離跳臺底部高為h=3m的傾斜跳臺斜向上滑出后，在空中運(yùn)動過程中他離跳臺底部所在水平面的高度y隨時間t變化的圖線如圖2所示。已知t=1.4s時運(yùn)動員恰好到達(dá)最高點(diǎn)，重力加速度g取，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.t=1.0s時，運(yùn)動員豎直方向分速度大小為5m/sB.該運(yùn)動員起跳速度為14m/sC.t=1.8s時，圖線的切線斜率大小為4m/sD.運(yùn)動員離跳臺底部所在水平面的最大高度為12.8m【答案】CD【解析】AB．時運(yùn)動員恰好到達(dá)最高點(diǎn)，由豎直方向上的運(yùn)動特點(diǎn)可得解得運(yùn)動員起跳時豎直方向的初速度此時還有水平分速度，則該運(yùn)動員起跳速度大于14m/s，則時，運(yùn)動員豎直方向分速度為故AB錯誤；C．根據(jù)運(yùn)動的對稱性可知，和時，豎直方向分速度大小相等，方向相反，圖線的切線斜率代表豎直方向的速度，所以時，圖線的切線斜率大小為，故C正確；D．根據(jù)豎直方向的運(yùn)動規(guī)律可知，最大高度為解得故D正確。故選CD。10.如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中放置兩個半徑分別為、的金屬圓環(huán)，兩金屬圓環(huán)處于同一水平面內(nèi)且圓心均為點(diǎn)，長為的金屬導(dǎo)體棒在兩金屬圓環(huán)上繞點(diǎn)勻速轉(zhuǎn)動，點(diǎn)為導(dǎo)體棒的中點(diǎn)。已知導(dǎo)體棒的電阻、定值電阻和的電阻均為，導(dǎo)體棒始終與兩金屬圓環(huán)接觸良好且a點(diǎn)轉(zhuǎn)動的線速度大小為v，其他電阻不計。在導(dǎo)體棒轉(zhuǎn)動一圈的過程中，下列說法正確的是（）A.導(dǎo)體棒上a、b兩點(diǎn)間的電壓為B.導(dǎo)體棒克服安培力做功的功率為C.通過電阻的電荷量為D.電阻產(chǎn)生的熱量為【答案】ABD【解析】A．由題意可知故導(dǎo)體棒段產(chǎn)生的電動勢電路中的總電阻為由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流故a、b兩點(diǎn)間的電壓故A正確；B．因克服安培力做功的功率等于電源產(chǎn)生電能的功率，故故B正確；C．通過電源的電荷量故流經(jīng)定值電阻的電荷量故C錯誤；D．由可知，電阻產(chǎn)生的熱量故D正確。故選ABD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某物理小組對光伏發(fā)電很感興趣，他們利用如圖1所示電路對光伏電池的伏安特性進(jìn)行了探究。圖中定值電阻，設(shè)相同光照強(qiáng)度下光伏電池的電動勢不變，電壓表、電流表均可視為理想電表。（1）實驗一：用一定強(qiáng)度的光照射該電池，閉合電鍵S，調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值，通過測量得到該電池兩端電壓隨電流變化如圖2中的曲線①所示?？芍撾姵貎?nèi)阻隨電流增大而______（選填“增大”“減小”或“不變”），電池的電動勢大小為______V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；某時刻電壓表示數(shù)如圖3所示，讀數(shù)為______V，由圖像可知，此時電池的內(nèi)阻為______。（2）實驗二：換另一光源照射，重復(fù)上述實驗，測得該電池兩端電壓隨電流變化如圖2中曲線②所示。若在“實驗一”中當(dāng)滑動變阻器的電阻為某值時，電源的路端電壓為，則在“實驗二”中滑動變阻器仍為該值時，滑動變阻器消耗的電功率為______W（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）增大2.501.00150（2）1.1×10-2##1.0×10-2##1.2×10-2【解析】【小問1詳析】[1]圖2中，電池兩端電壓隨電流變化圖像斜率的絕對值等于電源的內(nèi)阻，隨著電流的增大，曲線①斜率的絕對值在不斷增大，可知電池內(nèi)阻在不斷增大；[2]曲線①中，圖像與縱軸的截距值為電池的電動勢，可知[3]題圖3中電壓表的讀數(shù)[4]電壓為1.00V，由曲線①知，此時電路中的電流為可得此時電源的內(nèi)阻【小問2詳析】由曲線①可知，當(dāng)時有由歐姆定律得代入數(shù)據(jù)得解得在實驗二中，滑動變阻器仍為該值時，此時外電路電阻為將R外的圖線畫在題圖2中，如圖所示其與曲線②的交點(diǎn)為電路的工作點(diǎn)，此時有則滑動變阻器消耗的電功率為12.如圖1所示，用“碰撞實驗器”可以研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系，從而驗證動量守恒定律。（1）實驗中，為了使入射小球A不反彈，入射小球A和被碰小球B的質(zhì)量大小關(guān)系為_____（選填“>”“=”或“<”）。為了發(fā)生對心正碰，兩小球的半徑關(guān)系為_____（選填“>”“=”或“<”）。用10分度游標(biāo)卡尺測量小球直徑D，測量結(jié)果如圖2所示，_____。（2）圖1中，點(diǎn)O是入射小球A拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，點(diǎn)是支柱管在地面上的垂直投影，。實驗時，先讓小球A多次從斜軌上S處靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)P，再把小球B靜置于支柱管上，接著使小球A從S處靜止釋放，在水平段末端與小球B相碰（碰后支柱管立刻傾倒），多次重復(fù)實驗，找到小球A、B的平均落點(diǎn)M、N。測量出、、OP、OM、ON，若兩球相碰前后動量守恒，則該動量守恒表達(dá)式可表示為_____（用測量的物理量符號表示）。（3）以下說法中有助于減少實驗誤差的有_____。A.入射小球每次必須從同一位置靜止釋放 B.軌道必須光滑C.軌道末端必須水平 D.實驗中復(fù)寫紙不能移動（4）某實驗小組在實驗中發(fā)現(xiàn)小球落點(diǎn)不在同一條直線上，出現(xiàn)了如圖3所示的情況。已知M和N在OP連線上的垂直投影點(diǎn)為、（圖中未畫出），根據(jù)以上數(shù)據(jù)，_____（選填“能”或“不能”）驗證動量守恒定律，如果能，請寫出驗證所需的表達(dá)式_____（用測量的物理量符號表示）?！敬鸢浮浚?）>=14.7（2）（3）AC（4）能【解析】【小問1詳析】[1]為了保證入射小球A碰后不被反彈，要求入射小球A和被碰小球B的質(zhì)量大小關(guān)系應(yīng)為>。[2]為了發(fā)生對心正碰，兩小球的半徑關(guān)系為；[3]根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理可知；【小問2詳析】兩球碰撞過程水平方向動量守恒，碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動，令運(yùn)動時間為t，A球碰撞前的速度為A球碰撞后的速度為B球碰撞后的速度為若兩球相碰前后動量守恒，則