2025屆河南省豫北名校高三下學(xué)期4月聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試題PAGEPAGE1物理全卷滿分100分考試時(shí)間75分鐘注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡相應(yīng)位置上。2.請按照題號(hào)順序在各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.2024年10月3日，期刊上發(fā)表了中國科學(xué)院近代物理研究所的研究成果：研究團(tuán)隊(duì)合成新核素钚，并測量了該新核素的半衰期。已知钚的衰變方程為，下列說法正確的是（）A.10個(gè)钚原子核經(jīng)過一個(gè)半衰期后還剩余5個(gè)B.钚原子核發(fā)生的是衰變C.钚原子核發(fā)生衰變時(shí)需要吸收能量D.原子核的比結(jié)合能比原子核的比結(jié)合能大【答案】B【解析】A．半衰期是大量粒子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，10個(gè)钚-227經(jīng)過一個(gè)半衰期不一定還剩余5個(gè)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，可知Y的質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，可知Y為α粒子，則钚-227發(fā)生的是α衰變，B正確；CD．钚-227衰變的過程中是釋放能量的，比結(jié)合能增大，的比結(jié)合能比的比結(jié)合能小，CD錯(cuò)誤。故選B。2.為實(shí)時(shí)監(jiān)測高壓輸電線的電壓和電流，需要測量出輸電線上的電壓和電流的大小。因高壓輸電線的電壓和電流很大，可采用互感器進(jìn)行測量。如圖所示，電壓互感器和電流互感器分別連接在高壓線上，設(shè)兩個(gè)互感器的原、副線圈的匝數(shù)比分別為、，兩個(gè)互感器所連的電表的示數(shù)分別為a、b，則高壓輸電線的電壓和電流分別為（）A.， B.， C.， D.，【答案】B【解析】由題意可知，對(duì)電壓互感器，由理想變壓器有對(duì)電流互感器，由理想變壓器有解得，故選B。3.《西游記》中孫悟空武器如意金箍棒大小可隨心變化，深受讀者喜愛。假設(shè)金箍棒可以變長到地球直徑的高度，把金箍棒立在地面上，若變長的金箍棒質(zhì)量分布均勻，其長度的中點(diǎn)在處，那么金箍棒的重心位置（）A.也在點(diǎn)處B.在點(diǎn)右方，比點(diǎn)更遠(yuǎn)離地球C.在點(diǎn)左方，比點(diǎn)更靠近地球D.無法確定在點(diǎn)左方還是右方【答案】C【解析】因?yàn)橘|(zhì)量分布均勻，但越靠近地面重力加速度越大，所以重心與質(zhì)心不重合，在O點(diǎn)左方，比質(zhì)心更靠近地球。故選C。4.如圖為質(zhì)點(diǎn)P受到的8個(gè)力的圖示，8個(gè)力的頂點(diǎn)剛好構(gòu)成長方體，為該長方體的中心，若力的圖示可表示為有向線段，則質(zhì)點(diǎn)P受到的合力為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】如圖，易知點(diǎn)O為AG的中點(diǎn)，由平行四邊形定則可知力、的合力為，同理，力、的合力、力、的合力、力、的合力均為，所以質(zhì)點(diǎn)P受到的合力為。故選D。5.如圖所示，粗糙的絕緣水平地面上有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小滑塊在地面上向右滑動(dòng)。已知小滑塊始終未離開地面，則下列小滑塊的速度-時(shí)間圖像可能正確的是（）A. B.C.D.【答案】B【解析】A．洛倫茲力對(duì)滑塊不做功，摩擦力做負(fù)功，滑塊的速度不會(huì)增大，故A錯(cuò)誤；B．若小滑塊帶正電荷，由左手定則知小滑塊受到的洛倫茲力豎直向上，當(dāng)洛倫茲力等于小滑塊的重力時(shí)，小滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；CD．當(dāng)洛倫茲力小于重力時(shí)，小滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得小滑塊的加速度大小可知小滑塊的速度越來越小，加速度越來越大；若小滑塊帶負(fù)電荷，由左手定則知小滑塊受到的洛倫茲力豎直向下，小滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得小滑塊的加速度大小可知小滑塊的速度越來越小，加速度越來越小，故CD錯(cuò)誤。故選B。6.彈簧振子的振動(dòng)周期可表示為，其中m為振子的質(zhì)量，k為彈簧的勁度系數(shù)。如圖所示，質(zhì)量為的滑塊左右兩端與輕彈簧相連，兩彈簧的原長相等，另一端均固定在光滑水平面上的豎直擋板上，勁度系數(shù)分別為、（）。開始時(shí)兩彈簧均處于原長，將滑塊向左移動(dòng)一小段距離后由靜止釋放，滑塊第一次運(yùn)動(dòng)到最右邊所需時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】易知兩彈簧的形變量大小相等，當(dāng)彈簧形變量為x時(shí)，對(duì)滑塊有滑塊受力情況與只有一個(gè)勁度系數(shù)為的彈簧作用相同，所以該系統(tǒng)的振動(dòng)周期為滑塊運(yùn)動(dòng)到最右邊所需時(shí)間為半個(gè)周期故選B。7.如圖為某雙量程電流表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，已知靈敏電流計(jì)的滿偏電流為mA。使用該電表的A擋測電流時(shí)，電阻因故障而短路，此時(shí)電流表示數(shù)為A，則實(shí)際流過電流表的電流為（）A.1.0A B.1.1A C.1.2A D.1.3A【答案】D【解析】由題意可得當(dāng)電路沒有故障時(shí)，使用0.6A量程時(shí)使用3A量程時(shí)，聯(lián)立，解得當(dāng)電阻因故障而短路，使用該電表的0~3A擋，電流表示數(shù)為1.5A，可知靈敏電流計(jì)半偏，流過靈敏電流計(jì)的電流為流過電阻的電流為流過電流表的電流為，故選D。8.如圖所示，空間有垂直于坐標(biāo)系xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場。時(shí)，帶電粒子從點(diǎn)沿軸負(fù)方向射出；時(shí)刻，與靜置于軸上點(diǎn)的靶粒子發(fā)生正碰，碰后a、b結(jié)合成粒子，時(shí)刻，第一次沿軸負(fù)方向通過軸上的點(diǎn)。已知，不考慮粒子間靜電力的作用，忽略碰撞時(shí)間，則（）A.粒子帶負(fù)電 B.和的電荷量之比為1：2C.和的速率之比為5：2 D.和的質(zhì)量之比為1：4【答案】AD【解析】C．設(shè)，碰撞前后做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)間為聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．發(fā)生碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒得解得故D正確；AB．粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)解得根據(jù)左手定則，可知粒子帶正電，則粒子帶負(fù)電，粒子帶正電，和的電荷量之比為故A正確，B錯(cuò)誤故選AD。9.某容器內(nèi)，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)過狀態(tài)D、C、B又回到狀態(tài)A，其p-V圖像如圖所示。已知?dú)怏w在A、B狀態(tài)的溫度相等，四邊形ABCD為平行四邊形，則下列說法正確的是（）A.氣體經(jīng)歷一個(gè)循環(huán)，對(duì)外放出熱量B.氣體在狀態(tài)C的溫度一定小于在狀態(tài)D的溫度C.氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)A，分子的平均動(dòng)能一直不變D.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)D，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積容器壁的分子數(shù)減少【答案】BD【解析】A．氣體經(jīng)過A→D→C→B→A循環(huán)，溫度不變，內(nèi)能不變，對(duì)外做功等于四邊形ABCD的面積，由熱力學(xué)第二定律可知?dú)怏w從外界吸收熱量，故A錯(cuò)誤；B．由題意可知所以A、B狀態(tài)的溫度相等有所以即所以氣體在狀態(tài)C的溫度小于在狀態(tài)D的溫度，故B正確；C．由等溫線的分布可知從狀態(tài)B到狀態(tài)A，氣體的溫度先升高后降低，分子平均動(dòng)能先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)D溫度升高，分子平均速率變大，氣體壓強(qiáng)不變，單位時(shí)間內(nèi)對(duì)單位面積容器壁的作用力不變，則撞擊單位面積容器壁的分子數(shù)減少，故D正確。故選BD。10.如圖，肖同學(xué)制作了一個(gè)“擺”玩具，三根長度均為的輕繩懸掛質(zhì)量均為的相同小鋼球，靜止時(shí)三個(gè)鋼球剛好接觸但彼此之間沒有彈力?，F(xiàn)將1號(hào)球向左拉到與最低點(diǎn)高度差為處由靜止釋放，且偏角，所有碰撞均為彈性正碰且時(shí)間極短，鋼球均視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.球1擺到最低點(diǎn)與球2碰撞后，球3上擺最高為B.以后的每一次碰撞都發(fā)生在最低點(diǎn)，球2始終沒有離開最低點(diǎn)C.若去掉球3且將球2質(zhì)量變?yōu)椋谝院筮\(yùn)動(dòng)中，球2最多只能上擺D.若去掉球3且將球2質(zhì)量變?yōu)椋谝院筮\(yùn)動(dòng)中，球1不能到達(dá)的高度【答案】BC【解析】A．由題意可知，三球之間為彈性正碰且時(shí)間極短，可分析得出發(fā)生碰撞時(shí)動(dòng)量、動(dòng)能均守恒。因此與球1的動(dòng)量和動(dòng)能全部傳遞給球2，球2的動(dòng)量和動(dòng)能又傳遞給球3，球3最終以與球1碰撞時(shí)相同大小的速度向上擺動(dòng)，能到達(dá)的高度也為h。故B錯(cuò)誤；B．由于每次碰撞都是完全彈性碰撞，所以球2的動(dòng)能和動(dòng)量會(huì)完全轉(zhuǎn)移給與它相碰的另一個(gè)球，所以不會(huì)離開最低點(diǎn)。故B正確；C．若去掉球3，球2質(zhì)量變?yōu)?m，球1與球2之間為完全彈性碰撞，動(dòng)量、能量守恒。假設(shè)碰撞時(shí)球1速度為v，則有可得因此碰撞后球2以的速度向上運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可得可得故C正確；D．因?yàn)閿[角很小，因此小球的擺動(dòng)都可以看成單擺，單擺的周期相同，因此下次小球會(huì)在最低點(diǎn)相遇發(fā)生彈性碰撞，由對(duì)稱性可知此時(shí)小球1的速度變?yōu)関，能夠到h的高度。故D錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.炎熱的夏天，水上娛樂成了人們喜歡的項(xiàng)目，玩具水槍幾乎成了水上娛樂的必備玩具，而水槍的噴水速度是決定水槍性能好壞的重要因素。小明同學(xué)充分利用自己所學(xué)的平拋知識(shí)來研究水從槍口噴出時(shí)的初速度。他將固定有水平桿的支架放在桌面上，桿的右端用一細(xì)線懸掛一重物，然后將水槍架在水平桿上，并將噴嘴調(diào)為水平，用力擠壓水槍扳機(jī)后，細(xì)水柱沿噴嘴噴出，用手機(jī)拍攝并將照片打印出來，如圖甲所示。設(shè)該段細(xì)水柱可認(rèn)為是均勻水平噴出的，不計(jì)空氣阻力。（1）水平桿的右端用一細(xì)線懸掛一重物的主要目的是___________。A.確定水平拋出初位置 B.增加支架的配重C.確定豎直方向（2）用刻度尺量出照片中水平桿長為，平拋水平位移為x1，實(shí)際水平桿長為。由上可知，細(xì)水柱平拋的實(shí)際水平位移為___________（用表示）。（3）為了求出水從槍口噴出時(shí)的初速度，小明將拍攝照片上的軌跡通過（2）問的比例換算得到如圖乙所示的曲線，并在該曲線上選取了A、B、C三點(diǎn)，其中AB、AC沿細(xì)線方向的實(shí)際距離分別為、，垂直于細(xì)線方向的實(shí)際距離分別為x、2x。已知重力加速度為g，則可求出噴水時(shí)的初速度___________（用題中所給字母表示）。【答案】（1）C（2）（3）【解析】【小問1詳析】本實(shí)驗(yàn)是用平拋研究水槍噴出的初速度，需要確定水平或豎直方向，故用細(xì)線懸掛重物的主要目的是確定平拋的豎直方向。故選C?！拘?詳析】由題設(shè)易知解得【小問3詳析】由水平位移關(guān)系可知，由A運(yùn)動(dòng)到B、B運(yùn)動(dòng)到的時(shí)間相等，令為。在水平方向在豎直方向聯(lián)立，解得12.實(shí)驗(yàn)室有下列器材：A．待測電源B．電流表A（內(nèi)阻不可忽略）；C．電阻箱兩個(gè)；D．開關(guān)2個(gè)；導(dǎo)線若干；（1）某同學(xué)甲使用如圖所示的電路測量待測電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。讀出電流表A的電流和電阻箱的示數(shù)R后，作出了圖像，得到圖像的斜率為，截距為，則待測電源的電動(dòng)勢為______，內(nèi)阻為______。（2）乙同學(xué)認(rèn)為甲的測量結(jié)果有較大誤差，原因是電流表的內(nèi)阻不可忽略。于是利用已有器材，增加了一個(gè)恒壓源（輸出電壓恒定），設(shè)計(jì)了以下電路測量電流表的內(nèi)阻。①閉合K1，斷開K2，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表A滿偏，記下此時(shí)的阻值；②閉合K2，保持不變，調(diào)節(jié)使電流表A半偏，記下此時(shí)的阻值，并發(fā)現(xiàn)并不滿足，導(dǎo)致電路中的總電流不能認(rèn)為恒定；③乙同學(xué)利用上述兩個(gè)數(shù)據(jù)算出電流表A的阻值RA=______（3）將乙同學(xué)測量的電流表A的內(nèi)阻代入甲同學(xué)的數(shù)據(jù)修正后，可得電源的真實(shí)電動(dòng)勢為=______；=______?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律化簡得于是得【小問2詳析】根據(jù)閉合電路歐姆定律可以解得【小問3詳析】[1][2]根據(jù)等效電源思想可知，（1）中測量電源電動(dòng)勢是準(zhǔn)確的，內(nèi)阻測量包含了電流表內(nèi)阻，所義在內(nèi)阻中只需要減去（2）中測量得到的電流表內(nèi)阻即可，即最終得電源的電動(dòng)勢準(zhǔn)確值內(nèi)阻的準(zhǔn)確值13.某柱形樣品由甲、乙兩種材料的玻璃磚構(gòu)成，其橫截面如圖所示。是邊長為的正方形，圓是其外接圓，半徑平行于。一束單色光平行于該截面，以入射角從真空中由點(diǎn)射入該樣品，經(jīng)邊折射后直接射到點(diǎn)。已知材料甲對(duì)該單色光的折射率為，求：（1）材料乙對(duì)該單色光的折射率；（2）不考慮光在樣品內(nèi)的反射，若改變光在點(diǎn)的入射角，求邊上能被光照射到部分的長度?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】光路圖，如圖所示由折射定律可得解得則所以光在E點(diǎn)折射角的正切值所以材料乙對(duì)該單色光折射率【小問2詳析】如圖所示光在E點(diǎn)的入射角接近90°時(shí)，折射角的正弦值為則光在F點(diǎn)發(fā)生折射有由幾何知識(shí)可得AB邊上能被光照射到部分的長度為14.如圖所示，間距為的光滑平行金屬導(dǎo)軌、由四分之一圓弧導(dǎo)軌和足夠長的水平導(dǎo)軌平滑連接，、為圓弧導(dǎo)軌的最低點(diǎn)，垂直于導(dǎo)軌的虛線右側(cè)區(qū)域有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，導(dǎo)體棒、固定在軌道最高點(diǎn)，由靜止釋放。已知導(dǎo)體棒、的質(zhì)量均為、電阻均為、均始終垂直于導(dǎo)軌，重力加速度為。求：（1）導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)受到的支持力大小；（2）若棒運(yùn)動(dòng)到位置時(shí)的速度為棒停下后靜止釋放棒，求最終兩棒之間的距離?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】設(shè)圓弧軌道的半徑為r，導(dǎo)體棒在圓弧軌道上滑到軌道最低點(diǎn)有導(dǎo)體棒在圓弧軌道最低點(diǎn)有解得導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)受到的支持力大小為【小問2詳析】設(shè)從MN位置運(yùn)動(dòng)到停止所用時(shí)間為t1，位移為x1，由動(dòng)量定理得其中，解得b棒進(jìn)入磁場時(shí)的速度也為v，進(jìn)入磁場后開始減速，棒加速，穩(wěn)定時(shí)兩棒速度相等，對(duì)兩棒整體由動(dòng)量守恒得對(duì)棒由動(dòng)量定理有其中可得、兩棒位移之差最終兩導(dǎo)體棒之間的距離15.如圖所示，質(zhì)量為m的小物塊A鎖定在傾角傾斜軌道上，A距傾斜軌道底端的距離為s。質(zhì)量的滑板B靜止在水平面上，其左上端緊靠傾斜軌道的末端。現(xiàn)解除A的鎖定使其由靜止開始下滑，最后A恰好停在滑板B的右端。A與傾斜軌道和B的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，B與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g，假設(shè)A從軌道末端滑上B，速度大小不變，僅方向改變。求：（1）A在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和剛滑上B時(shí)的速度大??；（2）滑板B的長度；（3）最終，整個(gè)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量．【答案】（1），（2）①，，②，（3）【解析】【小問1詳析】（1）A在傾斜軌道下滑，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有聯(lián)立解得，【小問2詳析】（2）①若，即滑板始終靜止，由動(dòng)能定理得解得②若，即當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到B的右端時(shí)二者恰好達(dá)到共同速度v。分別對(duì)A和B應(yīng)用牛頓第二定律得由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律得聯(lián)立解得【小問3詳析】（3）A和B最終將共同靜止在水平面上，由能量守恒定律得物理全卷滿分100分考試時(shí)間75分鐘注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡相應(yīng)位置上。2.請按照題號(hào)順序在各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.2024年10月3日，期刊上發(fā)表了中國科學(xué)院近代物理研究所的研究成果：研究團(tuán)隊(duì)合成新核素钚，并測量了該新核素的半衰期。已知钚的衰變方程為，下列說法正確的是（）A.10個(gè)钚原子核經(jīng)過一個(gè)半衰期后還剩余5個(gè)B.钚原子核發(fā)生的是衰變C.钚原子核發(fā)生衰變時(shí)需要吸收能量D.原子核的比結(jié)合能比原子核的比結(jié)合能大【答案】B【解析】A．半衰期是大量粒子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，10個(gè)钚-227經(jīng)過一個(gè)半衰期不一定還剩余5個(gè)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒，可知Y的質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，可知Y為α粒子，則钚-227發(fā)生的是α衰變，B正確；CD．钚-227衰變的過程中是釋放能量的，比結(jié)合能增大，的比結(jié)合能比的比結(jié)合能小，CD錯(cuò)誤。故選B。2.為實(shí)時(shí)監(jiān)測高壓輸電線的電壓和電流，需要測量出輸電線上的電壓和電流的大小。因高壓輸電線的電壓和電流很大，可采用互感器進(jìn)行測量。如圖所示，電壓互感器和電流互感器分別連接在高壓線上，設(shè)兩個(gè)互感器的原、副線圈的匝數(shù)比分別為、，兩個(gè)互感器所連的電表的示數(shù)分別為a、b，則高壓輸電線的電壓和電流分別為（）A.， B.， C.， D.，【答案】B【解析】由題意可知，對(duì)電壓互感器，由理想變壓器有對(duì)電流互感器，由理想變壓器有解得，故選B。3.《西游記》中孫悟空武器如意金箍棒大小可隨心變化，深受讀者喜愛。假設(shè)金箍棒可以變長到地球直徑的高度，把金箍棒立在地面上，若變長的金箍棒質(zhì)量分布均勻，其長度的中點(diǎn)在處，那么金箍棒的重心位置（）A.也在點(diǎn)處B.在點(diǎn)右方，比點(diǎn)更遠(yuǎn)離地球C.在點(diǎn)左方，比點(diǎn)更靠近地球D.無法確定在點(diǎn)左方還是右方【答案】C【解析】因?yàn)橘|(zhì)量分布均勻，但越靠近地面重力加速度越大，所以重心與質(zhì)心不重合，在O點(diǎn)左方，比質(zhì)心更靠近地球。故選C。4.如圖為質(zhì)點(diǎn)P受到的8個(gè)力的圖示，8個(gè)力的頂點(diǎn)剛好構(gòu)成長方體，為該長方體的中心，若力的圖示可表示為有向線段，則質(zhì)點(diǎn)P受到的合力為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】如圖，易知點(diǎn)O為AG的中點(diǎn)，由平行四邊形定則可知力、的合力為，同理，力、的合力、力、的合力、力、的合力均為，所以質(zhì)點(diǎn)P受到的合力為。故選D。5.如圖所示，粗糙的絕緣水平地面上有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小滑塊在地面上向右滑動(dòng)。已知小滑塊始終未離開地面，則下列小滑塊的速度-時(shí)間圖像可能正確的是（）A. B.C.D.【答案】B【解析】A．洛倫茲力對(duì)滑塊不做功，摩擦力做負(fù)功，滑塊的速度不會(huì)增大，故A錯(cuò)誤；B．若小滑塊帶正電荷，由左手定則知小滑塊受到的洛倫茲力豎直向上，當(dāng)洛倫茲力等于小滑塊的重力時(shí)，小滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；CD．當(dāng)洛倫茲力小于重力時(shí)，小滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得小滑塊的加速度大小可知小滑塊的速度越來越小，加速度越來越大；若小滑塊帶負(fù)電荷，由左手定則知小滑塊受到的洛倫茲力豎直向下，小滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得小滑塊的加速度大小可知小滑塊的速度越來越小，加速度越來越小，故CD錯(cuò)誤。故選B。6.彈簧振子的振動(dòng)周期可表示為，其中m為振子的質(zhì)量，k為彈簧的勁度系數(shù)。如圖所示，質(zhì)量為的滑塊左右兩端與輕彈簧相連，兩彈簧的原長相等，另一端均固定在光滑水平面上的豎直擋板上，勁度系數(shù)分別為、（）。開始時(shí)兩彈簧均處于原長，將滑塊向左移動(dòng)一小段距離后由靜止釋放，滑塊第一次運(yùn)動(dòng)到最右邊所需時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】易知兩彈簧的形變量大小相等，當(dāng)彈簧形變量為x時(shí)，對(duì)滑塊有滑塊受力情況與只有一個(gè)勁度系數(shù)為的彈簧作用相同，所以該系統(tǒng)的振動(dòng)周期為滑塊運(yùn)動(dòng)到最右邊所需時(shí)間為半個(gè)周期故選B。7.如圖為某雙量程電流表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，已知靈敏電流計(jì)的滿偏電流為mA。使用該電表的A擋測電流時(shí)，電阻因故障而短路，此時(shí)電流表示數(shù)為A，則實(shí)際流過電流表的電流為（）A.1.0A B.1.1A C.1.2A D.1.3A【答案】D【解析】由題意可得當(dāng)電路沒有故障時(shí)，使用0.6A量程時(shí)使用3A量程時(shí)，聯(lián)立，解得當(dāng)電阻因故障而短路，使用該電表的0~3A擋，電流表示數(shù)為1.5A，可知靈敏電流計(jì)半偏，流過靈敏電流計(jì)的電流為流過電阻的電流為流過電流表的電流為，故選D。8.如圖所示，空間有垂直于坐標(biāo)系xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場。時(shí)，帶電粒子從點(diǎn)沿軸負(fù)方向射出；時(shí)刻，與靜置于軸上點(diǎn)的靶粒子發(fā)生正碰，碰后a、b結(jié)合成粒子，時(shí)刻，第一次沿軸負(fù)方向通過軸上的點(diǎn)。已知，不考慮粒子間靜電力的作用，忽略碰撞時(shí)間，則（）A.粒子帶負(fù)電 B.和的電荷量之比為1：2C.和的速率之比為5：2 D.和的質(zhì)量之比為1：4【答案】AD【解析】C．設(shè)，碰撞前后做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)間為聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．發(fā)生碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒得解得故D正確；AB．粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)解得根據(jù)左手定則，可知粒子帶正電，則粒子帶負(fù)電，粒子帶正電，和的電荷量之比為故A正確，B錯(cuò)誤故選AD。9.某容器內(nèi)，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)過狀態(tài)D、C、B又回到狀態(tài)A，其p-V圖像如圖所示。已知?dú)怏w在A、B狀態(tài)的溫度相等，四邊形ABCD為平行四邊形，則下列說法正確的是（）A.氣體經(jīng)歷一個(gè)循環(huán)，對(duì)外放出熱量B.氣體在狀態(tài)C的溫度一定小于在狀態(tài)D的溫度C.氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)A，分子的平均動(dòng)能一直不變D.氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)D，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積容器壁的分子數(shù)減少【答案】BD【解析】A．氣體經(jīng)過A→D→C→B→A循環(huán)，溫度不變，內(nèi)能不變，對(duì)外做功等于四邊形ABCD的面積，由熱力學(xué)第二定律可知?dú)怏w從外界吸收熱量，故A錯(cuò)誤；B．由題意可知所以A、B狀態(tài)的溫度相等有所以即所以氣體在狀態(tài)C的溫度小于在狀態(tài)D的溫度，故B正確；C．由等溫線的分布可知從狀態(tài)B到狀態(tài)A，氣體的溫度先升高后降低，分子平均動(dòng)能先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)D溫度升高，分子平均速率變大，氣體壓強(qiáng)不變，單位時(shí)間內(nèi)對(duì)單位面積容器壁的作用力不變，則撞擊單位面積容器壁的分子數(shù)減少，故D正確。故選BD。10.如圖，肖同學(xué)制作了一個(gè)“擺”玩具，三根長度均為的輕繩懸掛質(zhì)量均為的相同小鋼球，靜止時(shí)三個(gè)鋼球剛好接觸但彼此之間沒有彈力?，F(xiàn)將1號(hào)球向左拉到與最低點(diǎn)高度差為處由靜止釋放，且偏角，所有碰撞均為彈性正碰且時(shí)間極短，鋼球均視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.球1擺到最低點(diǎn)與球2碰撞后，球3上擺最高為B.以后的每一次碰撞都發(fā)生在最低點(diǎn)，球2始終沒有離開最低點(diǎn)C.若去掉球3且將球2質(zhì)量變?yōu)?，在以后運(yùn)動(dòng)中，球2最多只能上擺D.若去掉球3且將球2質(zhì)量變?yōu)?，在以后運(yùn)動(dòng)中，球1不能到達(dá)的高度【答案】BC【解析】A．由題意可知，三球之間為彈性正碰且時(shí)間極短，可分析得出發(fā)生碰撞時(shí)動(dòng)量、動(dòng)能均守恒。因此與球1的動(dòng)量和動(dòng)能全部傳遞給球2，球2的動(dòng)量和動(dòng)能又傳遞給球3，球3最終以與球1碰撞時(shí)相同大小的速度向上擺動(dòng)，能到達(dá)的高度也為h。故B錯(cuò)誤；B．由于每次碰撞都是完全彈性碰撞，所以球2的動(dòng)能和動(dòng)量會(huì)完全轉(zhuǎn)移給與它相碰的另一個(gè)球，所以不會(huì)離開最低點(diǎn)。故B正確；C．若去掉球3，球2質(zhì)量變?yōu)?m，球1與球2之間為完全彈性碰撞，動(dòng)量、能量守恒。假設(shè)碰撞時(shí)球1速度為v，則有可得因此碰撞后球2以的速度向上運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可得可得故C正確；D．因?yàn)閿[角很小，因此小球的擺動(dòng)都可以看成單擺，單擺的周期相同，因此下次小球會(huì)在最低點(diǎn)相遇發(fā)生彈性碰撞，由對(duì)稱性可知此時(shí)小球1的速度變?yōu)関，能夠到h的高度。故D錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.炎熱的夏天，水上娛樂成了人們喜歡的項(xiàng)目，玩具水槍幾乎成了水上娛樂的必備玩具，而水槍的噴水速度是決定水槍性能好壞的重要因素。小明同學(xué)充分利用自己所學(xué)的平拋知識(shí)來研究水從槍口噴出時(shí)的初速度。他將固定有水平桿的支架放在桌面上，桿的右端用一細(xì)線懸掛一重物，然后將水槍架在水平桿上，并將噴嘴調(diào)為水平，用力擠壓水槍扳機(jī)后，細(xì)水柱沿噴嘴噴出，用手機(jī)拍攝并將照片打印出來，如圖甲所示。設(shè)該段細(xì)水柱可認(rèn)為是均勻水平噴出的，不計(jì)空氣阻力。（1）水平桿的右端用一細(xì)線懸掛一重物的主要目的是___________。A.確定水平拋出初位置 B.增加支架的配重C.確定豎直方向（2）用刻度尺量出照片中水平桿長為，平拋水平位移為x1，實(shí)際水平桿長為。由上可知，細(xì)水柱平拋的實(shí)際水平位移為___________（用表示）。（3）為了求出水從槍口噴出時(shí)的初速度，小明將拍攝照片上的軌跡通過（2）問的比例換算得到如圖乙所示的曲線，并在該曲線上選取了A、B、C三點(diǎn)，其中AB、AC沿細(xì)線方向的實(shí)際距離分別為、，垂直于細(xì)線方向的實(shí)際距離分別為x、2x。已知重力加速度為g，則可求出噴水時(shí)的初速度___________（用題中所給字母表示）?！敬鸢浮浚?）C（2）（3）【解析】【小問1詳析】本實(shí)驗(yàn)是用平拋研究水槍噴出的初速度，需要確定水平或豎直方向，故用細(xì)線懸掛重物的主要目的是確定平拋的豎直方向。故選C。【小問2詳析】由題設(shè)易知解得【小問3詳析】由水平位移關(guān)系可知，由A運(yùn)動(dòng)到B、B運(yùn)動(dòng)到的時(shí)間相等，令為。在水平方向在豎直方向聯(lián)立，解得12.實(shí)驗(yàn)室有下列器材：A．待測電源B．電流表A（內(nèi)阻不可忽略）；C．電阻箱兩個(gè)；D．開關(guān)2個(gè)；導(dǎo)線若干；（1）某同學(xué)甲使用如圖所示的電路測量待測電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。讀出電流表A的電流和電阻箱的示數(shù)R后，作出了圖像，得到圖像的斜率為，截距為，則待測電源的電動(dòng)勢為______，內(nèi)阻為______。（2）乙同學(xué)認(rèn)為甲的測量結(jié)果有較大誤差，原因是電流表的內(nèi)阻不可忽略。于是利用已有器材，增加了一個(gè)恒壓源（輸出電壓恒定），設(shè)計(jì)了以下電路測量電流表的內(nèi)阻。①閉合K1，斷開K2，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表A滿偏，記下此時(shí)的阻值；②閉合K2，保持不變，調(diào)節(jié)使電流表A半偏，記下此時(shí)的阻值，并發(fā)現(xiàn)并不滿足，導(dǎo)致電路中的總電流不能認(rèn)為恒定；③乙同學(xué)利用上述兩個(gè)數(shù)據(jù)算出電流表A的阻值RA=______（3）將乙同學(xué)測量的電流表A的內(nèi)阻代入甲同學(xué)的數(shù)據(jù)修正后，可得電源的真實(shí)電動(dòng)勢為=______；=______?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律化簡得于是得【小問2詳析】根據(jù)閉合電路歐姆定律可以解得【小問3詳析】[1][2]根據(jù)等效電源思想可知，（1）中測量電源電動(dòng)勢是準(zhǔn)確的，內(nèi)阻測量包含了電流表內(nèi)阻，所義在內(nèi)阻中只需要減去（2）中測量得到的電流表內(nèi)阻即可，即最終得電源的電動(dòng)勢準(zhǔn)確