浙江省溫州市平陽縣2025屆八下數學期末教學質量檢測試題含解析

浙江省溫州市平陽縣2025屆八下數學期末教學質量檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題(每小題3分,共30分)1．如圖，在?ABCD中，如果∠A+∠C＝100°，則∠B的度數是（）A．50° B．80° C．100° D．130°2．下列各組數中不能作為直角三角形的三邊長的是（）A．7，24，25 B．，4，5 C．，1， D．40，50，603．下列命題是假命題的是（）A．四邊都相等的四邊形為菱形 B．對角線互相平分的四邊形為平行四邊形C．對角線相等的平行四邊形為矩形 D．對角線互相垂直且相等的四邊形為正方形4．在平面直角坐標系中，將點P（3，2）向右平移2個單位長度，再向下平移2個單位長度,所得到的點坐標為（）A．（1，0） B．（1，2） C．（5，4） D．（5，0）5．不等式的解在數軸上表示正確的是（）A． B．C． D．6．下列事件中是必然事件是（）A．明天太陽從西邊升起B(yǎng)．籃球隊員在罰球線投籃一次，未投中C．實心鐵球投入水中會沉入水底D．拋出一枚硬幣，落地后正面向上7．下列式子中為最簡二次根式的是（）A． B． C． D．8．一組數據、、、、、的眾數是（）A． B． C． D．9．如圖，在?ABCD中，AD＝8，點E，F(xiàn)分別是AB，AC的中點，則EF等于（）A．2 B．3 C．4 D．510．一個有進水管與出水管的容器，從某時刻開始4min內只進水不出水，在隨后的8min內既進水又出水，每分的進水量和出水量是兩個常數.容器內的水量y（單位：L）與時間（單位：min）之間的關系如圖所示.則每分的出水量是（）L．A．5 B．3.75 C．4 D．2.5二、填空題(每小題3分,共24分)11．如圖，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠ABC=60°，AB=4，點D是BC上一動點，以BD為邊在BC的右側作等邊△BDE，F(xiàn)是DE的中點，連結AF，CF，則AF+CF的最小值是_____.12．函數的圖象位于第________象限．13．函數y=36x-10的圖象經過第______象限．14．如圖，一直線與兩坐標軸的正半軸分別交于A，B兩點，P是線段AB上任意一點（不包括端點），過P分別作兩坐標軸的垂線與兩坐標軸圍成的矩形的周長為10，則該直線的函數表達式是__．15．如果多邊形的每個內角都等于，則它的邊數為______.16．如圖，在△ABC中，∠ABC＝90°，∠ACB＝30°，D是BC上的一點，且知AC＝20，CD＝10﹣6，則AD＝_____．17．已知方程的一個根為2，則________.18．現(xiàn)有兩根長6分米和3分米的木條，小華想再找一根木條為老師制作一個直角三角形教具，則第三根木條的長度應該為___分米.三、解答題(共66分)19．（10分）一次函數（a為常數，且）.（1）若點在一次函數的圖象上，求a的值；（2）當時，函數有最大值2，請求出a的值.20．（6分）如圖，在中，，，，點、分別在，上，連接.(1)將沿折疊，使點落在邊上的點處，如圖1，若，求的長；(2)將沿折疊，使點落在邊上的點處，如圖2，若.①求的長；②求四邊形的面積；(3)若點在射線上，點在邊上，點關于所在直線的對稱點為點，問：是否存在以、為對邊的平行四邊形，若存在，求出的長；若不存在，請說明理由.21．（6分）甲、乙兩臺包裝機同時包裝的糖果，從中各抽出袋，測得實際質量(g)如下：甲：；乙：.（1）分別計算兩組數據的平均數(結果四舍五入保留整數)和方差；（2）哪臺包裝機包裝糖果的質量比較穩(wěn)定(方差公式：)22．（8分）如圖，在中，，于，平分，分別交，于，，于.連接，求證：四邊形是菱形.23．（8分）如圖，菱形ABCD的對角線AC、BD相交于點O，BE∥AC，AE∥BD，OE與AB交于點F.（1）試判斷四邊形AEBO的形狀，并說明理由；（2）若OE=10，AC=16，求菱形ABCD的面積.24．（8分）如圖1，矩形ABCD的四邊上分別有E、F、G、H四點，順次連接四點得到四邊形EFGH．若∠1＝∠2＝∠3＝∠4，則四邊形EFGH為矩形ABCD的“反射四邊形”．（1）請在圖2，圖3中分別畫出矩形ABCD的“反射四邊形EFGH”．（2）若AB＝4，BC＝8，請在圖2，圖3中任選其一，計算“反射四邊形EFGH”的周長．25．（10分）國家規(guī)定“中小學生每天在校體育活動時間不低于1小時”．為此，某市就“每天在校體育活動時間”的問題隨機抽樣調查了321名初中學生．根據調查結果將學生每天在校體育活動時間t（小時）分成，，，四組，并繪制了統(tǒng)計圖（部分）．組：組：組：組：請根據上述信息解答下列問題：（1）組的人數是；（2）本次調查數據的中位數落在組內；（3）若該市約有12840名初中學生，請你估算其中達到國家規(guī)定體育活動時間的人數大約有多少．26．（10分）如圖，以矩形的頂點為坐標原點，所在直線為軸，所在直線為軸，建立平面直角坐標系，已知，，將矩形繞點逆時針方向放置得到矩形.（1）當點恰好落在軸上時，如圖1，求點的坐標.（2）連結，當點恰好落在對角線上時，如圖2，連結，.①求證：.②求點的坐標.（3）在旋轉過程中，點是直線與直線的交點，點是直線與直線的交點，若，請直接寫出點的坐標.

參考答案一、選擇題(每小題3分,共30分)1、D【解析】

四邊形ABCD是平行四邊形，可得∠A＝∠C，又由∠A+∠C＝200°，即可求得∠A的度數，繼而求得答案．【詳解】解：∵四邊形ABCD是平行四邊形，∴∠A＝∠C，∵∠A+∠C＝100°，∴∠A＝∠C＝50°，∴∠B＝180°﹣∠A＝130°．故選：D．【點睛】此題考查了平行四邊形的性質．此題比較簡單，熟記平行四邊形的各種性質是解題的關鍵．2、D【解析】

根據勾股定理的逆定理依次計算各項后即可解答.【詳解】選項A，∵72+242＝252，∴7，24，25能構成直角三角形；選項B，∵42+52＝（）2，∴，4，5能構成直角三角形；選項C，∵12+（）2＝（）2，∴，1，能構成直角三角形；選項D，∵402+502≠602，∴40，50，60不能構成直角三角形．故選D．【點睛】本題考查了勾股定理的逆定理，熟練運用勾股定理的逆定理是解決問題的關鍵.3、D【解析】

根據矩形、平行四邊形、菱形、正方形的判定定理判斷即可.【詳解】A、根據菱形的判定定理可知是真命題；B、根據平行四邊形的判定定理可知是真命題；C、根據矩形的的判定定理可知是真命題；D、根據正方形的判定定理可知是假命題.故選D【點睛】本題考查假命題的定義，涉及了矩形、平行四邊形、菱形、正方形的判定定理.4、D【解析】

根據“橫坐標右移加，左移減；縱坐標上移加，下移減”的規(guī)律求解即可.【詳解】將點P（3，2）向右平移2個單位長度得到（5，2），再向下平移2個單位長度,所得到的點坐標為（5，0）.故選D.【點睛】本題考查了坐標與圖形變化-平移：向右平移a個單位，坐標P（x，y）（x+a，y）；向左平移a個單位，坐標P（x，y）（x-a，y）；向上平移b個單位，坐標P（x，y）（x，y+b）；向下平移b個單位，坐標P（x，y）（x，y-b）．5、C【解析】

先求出不等式的解集，再在數軸上表示出來即可．【詳解】解：解不等式1+x＞3得，x＞2，

在數軸上表示為：故選：C【點睛】本題考查的是在數軸上表示不等式的解集，熟知實心原點與空心原點的區(qū)別是解答此題的關鍵．6、C【解析】

必然事件就是一定會發(fā)生的事件，即發(fā)生的概率是1的事件，依據定義即可解決．【詳解】解：A、明天太陽從西邊升起，是不可能事件，故不符合題意；B、籃球隊員在罰球線投籃一次，未投中，是隨機事件，故不符合題意；C、實心鐵球投入水中會沉入水底，是必然事件，故符合題意；D、拋出一枚硬幣，落地后正面向上，是隨機事件，故不符合題意．故選C．7、C【解析】

根據最簡二次根式的概念逐一進行判斷即可.【詳解】A.，故A選項不符合題意；B.，故B選項不符合題意；C.是最簡二次根式，符合題意；D.，故不符合題意，故選C.【點睛】本題考查了最簡二次根式的識別，熟練掌握最簡二次根式的概念以及二次根式的化簡是解題的關鍵.8、D【解析】

根據眾數的定義進行解答即可．【詳解】解：6出現(xiàn)了2次，出現(xiàn)的次數最多，則眾數是6；故選：D．【點睛】此題考查了眾數，眾數是一組數據中出現(xiàn)次數最多的數．9、C【解析】

利用平行四邊形性質得到BC長度，然后再利用中位線定理得到EF【詳解】在?ABCD中，AD＝8，得到BC=8，因為點E，F(xiàn)分別是AB，AC的中點，所以EF為△ABC的中位線，EF=，故選C【點睛】本題主要考查平行四邊形性質與三角形中位線定理，屬于簡單題10、B【解析】

觀察函數圖象找出數據，根據“每分鐘進水量=總進水量÷放水時間”算出每分鐘的進水量，再根據“每分鐘的出水量=每分鐘的進水量-每分鐘增加的水量”即可算出結論．【詳解】每分鐘的進水量為：20÷4=5（升），每分鐘的出水量為：5-（30-20）÷（12-4）=3.75（升）．故選B．【點睛】本題考查了一次函數的應用，解題的關鍵是根據函數圖象找出數據結合數量關系列式計算．二、填空題(每小題3分,共24分)11、2．【解析】

以BC為邊作等邊三角形BCG，連接FG，AG，作GH⊥AC交AC的延長線于H，根據等邊三角形的性質得到DC=EG，根據全等三角形的性質得到FC=FG，于是得到在點D的運動過程中，AF+FC=AF+FG，而AF+FG≥AG，當F點移動到AG上時，即A，F(xiàn)，G三點共線時，AF+FC的最小值=AG，根據勾股定理即可得到結論．【詳解】以BC為邊作等邊三角形BCG，連接FG，AG，

作GH⊥AC交AC的延長線于H，

∵△BDE和△BCG是等邊三角形，

∴DC=EG，

∴∠FDC=∠FEG=120°，

∵DF=EF，

∴△DFC≌△EFG（SAS），

∴FC=FG，

∴在點D的運動過程中，AF+FC=AF+FG，而AF+FG≥AG，

∴當F點移動到AG上時，即A，F(xiàn)，G三點共線時，AF+FC的最小值=AG，

∵BC=CG=AB=2，AC=2，

在Rt△CGH中，∠GCH=30°，CG=2，

∴GH=1，CH=，

∴AG===2，

∴AF+CF的最小值是2．【點睛】此題考查軸對稱-最短路線問題，等邊三角形的性質，直角三角形的性質，正確的作出輔助線是解題的關鍵．12、二、四【解析】

根據反比例函數的性質：y=，k＞0時，圖象位于一三象限，k＜0時，圖象位于二、四象限，可得答案．【詳解】解：反比例函數y=-的k=-6＜0，

∴反比例函數y=-的圖象位于第二、四象限，

故答案為二、四．【點睛】本題考查反比例函數的性質，解題關鍵是利用y=，k＞0時，圖象位于一三象限，k＜0時，圖象位于二、四象限判斷．13、【解析】

根據y＝kx＋b（k≠0，且k，b為常數），當k＞0，b＜0時，函數圖象過一、三、四象限．【詳解】解：因為函數中，，，所以函數圖象過一、三、四象限，故答案為：一、三、四．【點睛】此題主要考查了一次函數的性質，同學們應熟練掌握根據函數式判斷出函數圖象的位置，這是考查重點內容之一．14、【解析】試題分析：首先設點P的坐標為(x，y)，根據矩形的周長可得：2(x+y)=10，則y=-x+5，即該直線的函數解析式為y=-x+5.15、1【解析】

先求出這個多邊形的每一個外角的度數，再用360°除以外角的度數即可得到邊數．【詳解】∵多邊形的每一個內角都等于150°，∴多邊形的每一個外角都等于180°﹣150°=30°，∴邊數n=360°÷30°=1．故答案為：1．【點睛】本題考查了多邊形的內角與外角的關系，求出每一個外角的度數是解答本題的關鍵．16、1【解析】

根據直角三角形的性質求出AB，根據勾股定理求出BC，計算求出BD，根據勾股定理計算即可．【詳解】解：∵∠ABC＝90°，∠ACB＝30°，∴AB＝AC＝10，由勾股定理得，BC＝，∴BD＝BC﹣CD＝6，∴AD＝，故答案為：．【點睛】本題考查的是勾股定理、直角三角形的性質，如果直角三角形的兩條直角邊長分別是a，b，斜邊長為c，那么a1+b1＝c1．17、【解析】

把x=2代入原方程，得到一個關于k的方程，求解可得答案.【詳解】解：把x=2代入方程3x2+kx-2=0得3×4+2k-2=0，

解得k=-1．

故答案為-1．【點睛】本題考查了一元二次方程的解：能使一元二次方程左右兩邊相等的未知數的值是一元二次方程的解．18、或3【解析】

根據勾股定理解答即可．【詳解】解：第三根木條的長度應該為或分米；故答案為或3.．【點睛】此題考查勾股定理，關鍵是根據勾股定理解答．三、解答題(共66分)19、（1）；（2）或．【解析】

（1））把代入即可求出a；（2）分①時和②時根據函數值進行求解.【詳解】解：（1）把代入得，解得；（2）①時，y隨x的增大而增大，則當時，y有最大值2，把，代入函數關系式得，解得；②時，y隨x的增大而減小，則當時，y有最大值2，把代入函數關系式得，解得，所以或．【點睛】此題主要考查一次函數的圖像，解題的關鍵是根據題意分情況討論.20、(1)；(2)①；②；(3)存在，或6.【解析】

（1）先判斷出S△ABC=4S△AEF，再求出AB，判斷出Rt△AEF∽△Rt△ABC，得出，代值即可得出結論；

（2）先判斷出四邊形AEMF是菱形，再判斷出△CME∽△CBA得出比例式，代值即可得出結論；

（3）分兩種情況，利用平行四邊形的性質，對邊平行且相等，最后用勾股定理即可得出結論．【詳解】解：(1)∵沿折疊，折疊后點落在上的點處，∴，，∴，∵，∴，在中，∵，，，∴，∵，∴，∴，∴，即：，∴；(2)①∵沿折疊，折疊后點落在邊上的點處，∴，，，∴，∴，∴，∴四邊形是菱形，設，則，，∵四邊形是菱形，∴，∴，∴，∴，∴，，即：，②由①知，，，∴；(3)①如圖3，當點在線段上時，∵與是平行四邊形的對邊，∴，，由對稱性知，，，∴，設，∵，∴，，∴，∴，∴，，∴，，在中，，∴，∴，即：；②如圖4，當點在線段的延長線上時，延長交于，同理：，，在中，，∴，∴，∴，即：或6.【點睛】此題是四邊形綜合題，主要考查了全等三角形的判定和性質，相似三角形的判定和性質，對稱的性質，勾股定理，平行四邊形的性質，求出AE是解本題的關鍵．21、（1），，，；（2）乙包裝機包裝的質量比較穩(wěn)定.【解析】

（1）根據平均數就是對每組數求和后除以數的個數；根據方差公式計算即可；

（2）方差大說明這組數據波動大，方差小則波動小，就比較穩(wěn)定．依此判斷即可．【詳解】解：(1)，；，；(2)因為所以乙包裝機包裝袋糖果的質量比較穩(wěn)定.故答案為：（1），，，；（2）乙包裝機包裝的質量比較穩(wěn)定.【點睛】本題考查平均數、方差的計算以及它們的意義，熟練掌握計算公式是解題的關鍵．22、詳見解析【解析】

求出CE=EH，AC=AH，證△CAF≌△HAF，推出∠ACD=∠AHF，求出∠B=∠ACD=∠FHA，推出HF∥CE，推出CF∥EH，得出平行四邊形CFHE，根據菱形判定推出即可．【詳解】∵∠ACB=90°，AE平分∠BAC，EH⊥AB，∴CE=EH，在Rt△ACE和Rt△AHE中，AE=AE，CE=EH，∴Rt△ACE≌Rt△AHE(HL)，∴AC=AH，∵AE平分∠CAB，∴∠CAF=∠HAF，在△CAF和△HAF中，，∴△CAF≌△HAF(SAS)，∴∠ACD=∠AHF，∵CD⊥AB，∠ACB=90°，∴∠CDA=∠ACB=90°，∴∠B+∠CAB=90°，∠CAB+∠ACD=90°，∴∠ACD=∠B=∠AHF，∴FH∥CE，∵CD⊥AB，EH⊥AB，∴CF∥EH，∴四邊形CFHE是平行四邊形，∵CE=EH，∴四邊形CFHE是菱形．【點睛】本題考查了平行四邊形的性質和判定，菱形的判定，三角形的內角和定理，全等三角形的性質和判定，角平分線性質等知識點的應用，熟練掌握相關知識是解題的關鍵.23、（1）四邊形AEBO為矩形，理由見解析（2）96【解析】

（1）根據有3個角是直角的四邊形是矩形即可證明；（2）根據矩形的性質得出AB=OE=10，再根據勾股定理求出BO，即可得出BD的長，再利用菱形的面積公式進行求解.【詳解】（1）四邊形AEBO為矩形，理由如下：∵菱形ABCD的對角線AC、BD相交于點O∴AC⊥BD，∵BE∥AC，AE∥BD，∴BE⊥BD，AE⊥AC，∴四邊形AEBO為矩形；（2）∵四邊形AEBO為矩形∴AB=OE=10，∵AO=12AC=8∴OB=10∴BD=12，故S菱形ABCD=12AC×BD=1【點睛】此題主要考查特殊平行四邊形的判定與性質，解題的關鍵是熟知矩形的判定與性質及菱形的性質定理.24、（1）見解析；（2）8【解析】

（1）根據反射四邊形的定義即可得；（2）利用勾股定理分別求得各邊的長度，由周長公式求解可得．【詳解】解：（1）如圖所示，四邊形EFGH即為所求；（2）在圖②中，EF＝FG＝GH＝HE＝，∴反射四邊形EFGH的周長為8；在圖③中，EF＝GH＝，∴反射四邊形EFGH的周長為．【點睛】本題主要考查作圖-應用與設計作圖，熟練掌握勾股定理是解題的關鍵．25、（1）141；（2）；（3）估算其中達到國家規(guī)定體育活動時間的人數大約有8040人．