2025年高考第三次模擬考試三模物理（山西、陜西、青海、寧夏卷）全解全析

2025年高考第三次模擬考試物理·全解全析注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1．某同學參加學校冬季運動會折返跑練習，某一次折返跑過程的圖像可能是（）A． B．C． D．【答案】B【詳解】AD．圖像中速度的正負表示方向，若開始速度為正，則返回時速度應為負，故AD錯誤；BC．圖像與時間軸所圍幾何圖形的面積表示位移，往返位移大小相等，所以對應面積應相等，故C錯誤，B正確。故選B。2．“彈簧公仔”以其呆萌的表情和搖搖晃晃的可愛姿態(tài)贏得人們的喜愛，如圖所示，已知彈簧公仔頭部A的質(zhì)量為2m，腳部B的質(zhì)量為m，連接AB的彈簧質(zhì)量忽略不計。現(xiàn)對其頭部A施加豎直向下的壓力F使其靜止，突然撤去力F后，A向上運動，一段時間后B也離開了地面。已知從撤去力F到A上升到最高點的過程中，彈簧的形變量始終未超出彈性限度。下列說法正確的是（）A．撤去力F后的瞬間，A的加速度大小為B．B剛要離開地面時，A的加速度大小為C．從撤去力F到B剛要離開地面的過程中，A一直處于超重狀態(tài)D．從B離開地面到A、B相距最遠的過程中，A的加速度不斷減小，B的加速度不斷增大【答案】B【詳解】A．撤去力F后的瞬間，A所受重力和彈簧彈力未發(fā)生突變，合力大小為F，方向豎直向上，由牛頓第二定律可知A的加速度大小故A錯誤；B．B剛要離開地面時，地面對B的支持力剛好為零，彈簧的拉力大小等于B所受的重力mg，由牛頓第二定律可知A的加速度大小故B正確；C．從撤去力F到B剛要離開地面的過程中，彈簧對A的彈力先是越來越小的支持力，后是越來越大的拉力，由牛頓第二定律可知A的加速度方向先豎直向上，后豎直向下，因此A先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，故C錯誤；D．當彈簧拉力大小時，B離開地面開始向上運動，此后由牛頓第二定律可知方向豎直向下，方向豎直向上，A減速上升，B加速上升，當A和B的速度相等時相距最遠，在此過程中，彈簧的伸長量不斷增大，拉力不斷增大，A和B的加速度均不斷增大，故D錯誤。故選B。3．2024年11月04日凌晨，神舟十八號載人飛船成功返回地面，葉光富、李聰和李廣蘇三位航天員圓滿完成任務，從神舟十八號與空間站對接算起，航天組成員在軌共計192天。神舟飛船返回過程簡化如圖所示，橢圓軌道1為載人飛船返回時的運行軌道，圓形軌道2為空間站運行軌道，為軌道切點，為軌道1近地點，離地高度不計。已知軌道2的半徑為，地球表面重力加速度為，地球半徑為，軌道1的周期為，引力常量為，下列分析或結(jié)論正確的是（）A．軌道1上點加速度大于軌道2上點加速度B．載人飛船在軌道1上經(jīng)過點時速度為C．載人飛船運行周期和空間站運行周期之比為D．地球質(zhì)量【答案】C【詳解】A．載人飛船在軌道1和空間站在軌道2上的處，都由萬有引力來提供向心力，根據(jù)軌道半徑相同，則加速度大小相同，故A錯誤；B．在軌道2上由萬有引力來提供向心力在地球表面上有解得載人飛船在軌道2上的線速度大小為由于載人飛船從軌道1到軌道2要在P點加速，則載人飛船在軌道1上經(jīng)過點時速度小于，故B錯誤；C．軌道1和軌道2運行的半徑之比為由開普勒第三定律可知，載人飛船運行周期和空間站運行周期之比為故C正確；D．在軌道2上由萬有引力來提供向心力解得地球質(zhì)量為由于故D錯誤。故選C。4．如圖所示，半徑為R的豎直半圓軌道BCD與光滑水平軌道AB平滑連接于B點，水平面上固定一輕質(zhì)彈簧，壓縮彈簧儲存的彈性勢能可以發(fā)射質(zhì)量為m的小滑塊，已知重力加速度g，則下列說法正確的（）A．若半圓軌道也是光滑的，彈簧彈性勢能為，則小滑塊恰能到達D點B．若半圓軌道也是光滑的，小滑塊恰能到達D點，則在C點對軌道的壓力為C．若半圓軌道也是光滑的，彈簧彈性勢能為，則小滑塊運動過程中距B點最大豎直高度為2RD．若彈簧彈性勢能為，小滑塊到達D點對軌道壓力為，則小滑塊在半圓軌道上克服摩擦力做的功為【答案】B【詳解】A．小滑塊恰能到達D點，有解得根據(jù)機械能守恒定律，有解得即，滑塊若恰好到達D點，彈性勢能為，故A錯誤；B．小滑塊恰能到達D點，有解得根據(jù)機械能守恒定律，有解得根據(jù)牛頓第二定律，有解得根據(jù)牛頓第三定律，可知對軌道的壓力為，故B正確；C．由于小滑塊的初動能為，可知小滑塊可以沖過C點不能到達D點就離開圓弧軌道，設小滑塊離開軌道的位置E與圓心的連線與水平方向夾角為，E距B點的豎直高度為，根據(jù)機械能守恒有根據(jù)牛頓第二定律，有根據(jù)幾何關(guān)系有聯(lián)立可得滑塊從E點離開軌道后還能上升的最大高度為小滑塊運動過程中距B點最大豎直高度為故C錯誤；D．若小滑塊到達D點對軌道壓力為，有解得根據(jù)能量守恒定律，有可得小滑塊在半圓軌道上克服摩擦力做的功為故D錯誤。故選BC。5．如圖所示是帶電量不同的正、負點電荷的某一平面的電場線，A、M、N是電場中的三點。A是兩電荷連線的中點，M、N在兩電荷連線的垂直平分線上，B電場線為過M點的一條電場線。取無窮遠處電勢為零。下列說法錯誤的是（）A．如將一帶正電的試探電荷從M點靜止釋放，僅在電場力作用下，將沿B電場線運動B．A點電勢大于0C．M點電勢高于N點電勢D．如將一帶正電的試探電荷從M點移動到N點的過程中，電場力做正功【答案】A【詳解】A．電場線的切線方向為場強方向，故如將一帶正電的試探電荷從M點靜止釋放，僅在電場力作用下電荷只會沿切線方向運動，不會沿電場線運動，故A錯誤，符合題意；B．根據(jù)電勢電勢為標量，滿足算術(shù)法則，設兩場源電荷到A點距離均為r，結(jié)合題意，A點電勢為故A點電勢大于0，故A正確，不符合題意；C．根據(jù)電場線特點，順著電場線方向電勢降低，故M點電勢大于N點電勢，故C正確，不符合題意；D．由于M點電勢高于N點電勢，故帶正電的試探電荷在M點電勢能高于N點電勢能，功能關(guān)系可知，正電的試探電荷從M點移動到N點的過程中電勢能降低，故電場力做正功，故D正確，不符合題意。故選A。6．如圖所示，D是一支理想二極管（正向電阻為零，可視為短路；反向電阻無窮大，可視為斷路），C是極板水平放置的平行板電容器，初始時不帶電。當S接1且穩(wěn)定后，處于兩極板間P點的一帶電油滴能保持靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）A．保持S接1，減小C兩極板的正對面積，油滴會向上移動B．保持S接1，將C的下極板上移，油滴會向下移動C．將S從1擲到2，油滴將向下運動D．將S從1擲到2，同時將下極板上移，油滴將向下運動【答案】A【詳解】A．保持S接1，減小C兩極板的正對面積，則根據(jù)知電容C減小，又而存在二極管，使得Q不能減少，故實際過程為Q不變，故U增大，根據(jù)及d不變，知E增大，所以油滴受到向上的電場力大于重力，油滴會向上移動，故A正確；B．保持S接1，將C的下極板上移，根據(jù)知d減小，C增大，U不變，Q增大，可以充電，根據(jù)知E增大，油滴向上運動，故B錯誤；C．將S從1擲到2，斷開開關(guān)，不能放電，故油滴不動，故C錯誤；D．將S從1擲到2，同時將下極板上移，d減小，根據(jù)知C增大，斷開開關(guān)，Q不變，根據(jù)聯(lián)立知不變，故油滴不動，故D錯誤。故選A。7．某學習小組在研究光的折射現(xiàn)象時，讓一束紅光和一束綠光，從半圓形的玻璃柱體橫截面的圓心O點以相同的入射角沿PO方向射入，其透射光線分別從同一橫截面上的A、B兩點射出，如圖所示，已知，光速，則下列說法正確的是（

）A．OB是紅光，OA是綠光B．玻璃對OA光束的折射率為C．OA光束在該玻璃中傳播的速度為m/sD．逐漸增大角，因發(fā)生全反射而先消失的是OA光束【答案】C【詳解】A．因為綠光的折射率大于紅光折射率，所以OB是綠光，OA是紅光，故A錯誤；B．玻璃對OA光束的折射率為故B錯誤；C．OA光束在該玻璃中傳播的速度為故C正確；D．全反射是從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)時，入射角大于等于臨界角時發(fā)生的現(xiàn)象。圖中所示光從光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)，逐漸增大角，也不會發(fā)生全反射現(xiàn)象，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求，全選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。8．簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿直線傳播，P、Q是傳播方向上相距10m的兩質(zhì)點，波先傳到P，當波傳到Q開始計時，P、Q兩質(zhì)點的振動圖像如圖所示。則（）A．該波的傳播速度可能為1m/sB．該波的傳播速度可能為5m/sC．該波的波長可能是7.5mD．該波的波長可能是15m【答案】AD【詳解】CD．根據(jù)圖像可知，周期則Q質(zhì)點的振動方程為將Q質(zhì)點的圖像向右平移2s得到P質(zhì)點的圖像，則P質(zhì)點的振動方程為可知，當t=0時刻解得根據(jù)振動圖像可知，0時刻，P質(zhì)點沿y軸負方向運動，P質(zhì)點的位移為，Q質(zhì)點沿y軸正方向運動，由于波由P位置傳播到Q位置，結(jié)合同側(cè)法，作出P、Q位置之間的最簡單波形如圖所示由于最簡單的波動方程對應的正弦波的表達式為當時，解得最小的x值為結(jié)合正弦波的對稱性有（n=0，1，2，3…）解得（n=0，1，2，3…）若波的波長為7.5m，解得可知，波長不可能為7.5m，若波的波長為15m，解得可知，波長可能為15m，故C錯誤，D正確；AB．結(jié)合上述可知，波速為（n=0，1，2，3…）若波速為1m/s，解得可知，波速可能為1m/s，若波速為5m/s，解得可知，波速不可能為5m/s，故A正確，B錯誤。故選AD。9．如圖甲所示，圓形線圈內(nèi)有垂直于線圈平面的磁場，已知線圈面積為，線圈匝數(shù)，線圈總電阻，線圈內(nèi)磁感應強度隨時間的變化情況如圖乙所示。設圖示的磁場方向與感應電流方向為正方向，則下列有關(guān)線圈的電動勢、感應電流、熱功率、焦耳熱隨時間的變化圖像正確的是（

）A． B．C． D．【答案】AD【詳解】A．圖乙可知0~1s內(nèi)，磁感應強度向里增加，根據(jù)楞次定律和安培定則可知，線圈中感應電流的方向沿逆時針方向，線圈產(chǎn)生的感應電動勢大小同理，內(nèi)，線圈中感應電流的方向沿順時針方向，產(chǎn)生的感應電動勢大小同理，內(nèi)，線圈中感應電流的方向沿逆時針方向，產(chǎn)生的感應電動勢大小故A正確；B．由楞次定律得內(nèi)的感應電流方向沿逆時針方向（正值），結(jié)合以上分析，得電流大小同理，由楞次定律得內(nèi)的感應電流方向沿順時針方向（負值），結(jié)合以上分析，電流大小同理，由楞次定律得內(nèi)的感應電流方向沿逆時針方向（正值），結(jié)合以上分析，電流大小故B錯誤；C．線圈在內(nèi)的熱功率同理，內(nèi)的熱功率同理，內(nèi)的熱功率故C錯誤；D．線圈產(chǎn)生的焦耳熱結(jié)合以上分析，內(nèi)產(chǎn)生的熱量為同理，內(nèi)產(chǎn)生的熱量為同理，內(nèi)產(chǎn)生的熱量為故D正確。故選AD。10．“西電東送”是我國實現(xiàn)經(jīng)濟跨區(qū)域可持續(xù)快速發(fā)展的重要保證，如圖為模擬遠距離輸電的部分測試電路，輸入端接在的交流電源上，原、副線圈匝數(shù)之比。定值電阻和理想變壓器相連，小燈泡和并聯(lián)，。電壓表和電流表均為理想交流電表，是熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小。下列說法正確的是（）A．流過燈泡L電流的頻率為100HzB．環(huán)境溫度降低時，電流表A示數(shù)一定增大C．環(huán)境溫度降低時，電壓表V示數(shù)一定增大D．當時，電壓表的讀數(shù)為12V【答案】CD【詳解】A.由知圓頻率為則流過燈泡L電流的頻率為故A錯誤；BC.根據(jù)理想變壓器的規(guī)律有，設副線圈電路總電阻為，則聯(lián)立解得環(huán)境溫度降低時，阻值變大，則變大，變小，變小，由知變大，變大，電壓表V示數(shù)一定變大，故B錯誤，C正確；D.當時，由知由解得由解得即電壓表的讀數(shù)為12V，故D正確。故選CD。二、實驗題：本題共2小題，共15分。11．某物理實驗小組探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，實驗裝置如圖甲所示，小車內(nèi)裝有數(shù)個砝碼，通過跨過滑輪的細繩連接一個裝有重物的托盤，實驗步驟如下：①掛上托盤和重物，改變木板的傾角，使小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；②取下托盤和重物，讓小車沿木板下滑，測出小車和車中砝碼的總質(zhì)量M及加速度a：③保持托盤和重物的質(zhì)量不變，在小車中依次減少砝碼的個數(shù)，重復步驟①和②，記錄多組數(shù)據(jù)，作出的圖像；④最后總結(jié)出加速度與質(zhì)量的關(guān)系。請回答以下問題：(1)該實驗方案（選填“需要”或“不需要”）滿足托盤和重物的總質(zhì)量遠小于小車及砝碼的總質(zhì)量。(2)圖乙為某次實驗中得到的紙帶，A、B、C、D、E為選取的計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間有四個點未畫出，打點計時器的頻率為50Hz，則小車的加速度為m/s2。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）(3)實驗中作出小車的的圖像如圖丙所示，已知圖像的斜率為k，重力加速度大小為g，則托盤和重物的總質(zhì)量m=?！敬鸢浮?1)不需要(2)1.72(3)【詳解】（1）掛上托盤和重物，改變木板的傾角，使小車拖著紙帶沿木板勻速下滑，有取下托盤和重物，讓小車沿木板下滑，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可得同理，保持托盤和重物的質(zhì)量不變，在小車中依次減少砝碼的個數(shù)，仍然有由此可知，實驗中mg等于小車合力的大小，則不需要滿足托盤和重物的總質(zhì)量遠小于小車及砝碼的總質(zhì)量。（2）打點計時器的頻率為50Hz，且相鄰兩計數(shù)點間有四個點未畫出，所以相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為所以小車運動的加速度大小為（3）根據(jù)以上分析可知所以則12．某探究小組為測量一種新型材料制成的圓柱形電阻絲的電阻率，進行了如下實驗探究。(1)該小組先用螺旋測微器測量該金屬絲的直徑D，示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為mm。再用米尺測量金屬絲長度L。(2)該小組用如圖甲所示的電路測量該金屬絲的電阻的阻值。圖中電壓表量程為3V，內(nèi)阻很大，電源為兩節(jié)串聯(lián)的干電池，定值電阻的阻值為20.0Ω，電阻箱R的最大阻值為999.9Ω。首先將置于位置1，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，記下電壓表的對應讀數(shù)U，并計算利的數(shù)值，多次改變電阻箱值，獲得多組和的數(shù)值，根據(jù)這些數(shù)據(jù)，在圖丙中繪出了的圖線。再將置于2，此時電壓表讀數(shù)為1.00V，根據(jù)圖丙可得金屬絲的電阻（保留一位小數(shù)）。然后可由表達式得到該材料的電阻率（用D、L、表示）(3)該小組根據(jù)圖甲的電路和圖丙的圖像，可以求得電池組電動勢V，內(nèi)阻Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）(4)持續(xù)使用后，電池組電動勢降低、內(nèi)阻變大。若該小組再次將此金屬絲電阻連入此裝置，測得電路的電流，仍根據(jù)原來描繪的圖丙的圖像得到該電阻的測量值會（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮?1)0.740(2)11.6（11.4~11.8）(3)2.8/2.7/2.91.6（1.5~1.8）(4)偏小【詳解】（1）螺旋測微器的精確值為，由圖乙可知金屬絲的直徑為（2）[1]電壓V，則，由圖丙中的圖線得Ω-1解得[2]根據(jù)電阻定律可得解得該材料的電阻率為（3）由閉合電路歐姆定律可得整理得則圖像的縱軸截距為解得圖像的斜率為解得（4）當電動勢E減小，內(nèi)阻r增大時，則做出的圖線的縱軸截距增大，斜率變大，如圖中虛線所示，則同樣電壓時使用原來的圖線對應偏大，則R測量值偏小。三、計算題：本題共3小題，共39分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13．如圖所示，開口向上的導熱薄壁汽缸豎直放置，a、b為固定在汽缸內(nèi)壁的卡口，水平活塞密封一定質(zhì)量的理想氣體。剛開始時活塞停在a處，缸內(nèi)氣體壓強處于大氣壓強為Pa，溫度為K的狀態(tài)A。緩慢升高氣體溫度至K，氣體處于狀態(tài)B。已知由狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體內(nèi)能增加量為J。卡口a、b之間的距離為cm，a、b的大小可忽略，a到汽缸底部的距離為cm?；钊|(zhì)量為kg，厚度為cm，橫截面積為cm2。不計活塞與汽缸之間的摩擦。求：狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體分子的平均速率（選填“變大”“變小”或“不變”），氣體吸收的熱量Q66J（選填“大于”“小于”或“等于”）；(2)活塞剛要離開卡口a時，氣體的熱力學溫度；(3)氣體在狀態(tài)B時的壓強。【答案】(1)變大大于(2)330K(3)【詳解】（1）[1]因為狀態(tài)A到狀態(tài)B，溫度升高，故氣體分子的平均速率變大；[2]根據(jù)熱力學第一定律可知，內(nèi)能變化量為正，氣體對外做功，W為負，故吸收熱量Q要大于W，即Q>66J（2）對活塞受力分析解得由于該過程為等容變化，根據(jù)查理定律

解得（3）設活塞到達卡口b時，氣體的熱力學溫度，氣體的體積為，該過程為等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律解得

溫度繼續(xù)升高至432K，氣體為等容變化，根據(jù)查理定律解得14.如圖所示，一質(zhì)量的物塊A（可視為質(zhì)點）用一長度的輕繩懸掛于P點（P點與水平面相距1m），初始時輕繩與豎直方向的夾角，輕繩所能承受的最大拉力，P點正下方C處有一釘子。另一質(zhì)量的物塊B（可視為質(zhì)點）與水平輕質(zhì)彈簧連接（此后B與彈簧的連接體稱為B），靜止于光滑水平面上?，F(xiàn)由靜止釋放物塊A，當其運動至P點正下方時，輕繩碰到釘子后恰好斷裂。之后物塊A將在光滑水平面上做勻速直線運動，直至與物塊B發(fā)生碰撞（物塊A觸地過程中機械能沒有損失，輕繩在斷裂后不影響物塊A的后續(xù)運動）。A、B分離后，B滑上傾角的固定粗糙斜面，然后下滑。已知物塊B與斜面間的動摩擦因數(shù)，斜面與水平面平滑連接，碰撞過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，B到斜面底端的距離足夠遠，取重力加速度大小，，。求：(1)P、C兩點間的距離x；(2)第一次碰撞過程中，彈簧的最大彈性勢能；(3)斜面的最小高度h?！敬鸢浮?1)0.8m(2)0.3J(3)0.25m【詳解】（1）設A擺至最低點時的速度為v0，根據(jù)動能定理解得輕繩即將斷裂時有解得可得（2）由題意可知，AB碰撞過程動量守恒，彈簧壓縮量最大時，AB速度相等，由動量守恒定律根據(jù)功能關(guān)系可知解得（3）由題意可知，AB碰撞過程動量守恒，設碰撞后AB的速度分別為v1和v2，由動量守恒定律由能量關(guān)系解得B進入斜面后由動能定理解得h=0.25m15．如圖所示，以O為坐標原點建立坐標系，x軸正方向水平向右，y軸正方向豎直向上，z軸正方向垂直紙面向外（圖中未畫出），沿x軸正方向從左到右依次存在四個區(qū)域，區(qū)域之間的邊界均平行于平面。Ⅰ區(qū)存在沿y軸負方向的勻強電場，電場強度大??；Ⅱ區(qū)存在沿x軸正方向的勻強磁場，磁感應強度大小；Ⅲ區(qū)存在沿z軸正方向的勻強磁場，磁感應強度大??；Ⅳ區(qū)存在沿y軸負方向的勻強電場和沿z軸負方向的勻強磁場，電場強度大小，磁感應強度大小，Ⅳ區(qū)足夠?qū)?。Ⅰ區(qū)右邊界與x軸的交點為，軸上的A點到O點的距離。一個比荷的帶電粒子從A點以速度、沿x軸正方向射入