2025年廣東高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理試卷試題（含答案詳解）

第頁2025年廣東省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試模擬卷三物理本試卷滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。一、單項(xiàng)選擇題(本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的)1．硼中子俘獲治療技術(shù)(BNCT)的治療原理是向患者體內(nèi)注入含硼藥劑,這種藥劑對(duì)腫瘤細(xì)胞有很強(qiáng)的親和力,在足夠濃度的硼元素進(jìn)入腫瘤細(xì)胞后,再用中子束照射腫瘤細(xì)胞,中子被腫瘤細(xì)胞內(nèi)的硼(2510B)俘獲后,釋放粒子Ⅰ和粒子Ⅱ兩種粒子,這兩種粒子能使腫瘤細(xì)胞DNA雙螺旋鏈斷裂,從而消滅腫瘤細(xì)胞。若粒子Ⅰ是A．α粒子 B．β粒子 C．11H粒子2．滾筒式靜電分離器原理如圖所示，轉(zhuǎn)輪C由導(dǎo)體制作并接地。放電針G與轉(zhuǎn)輪C間施加高壓并電離空氣，顆粒a、b經(jīng)過電離空氣后都帶上電荷。b顆粒直接掉落在B盤，a顆粒被D刮落到A盤。下列說法正確的是A．a(chǎn)顆粒為絕緣材料，b為導(dǎo)電材料B．a(chǎn)顆粒為導(dǎo)電材料，b為絕緣材料C．經(jīng)過電離空氣后，a顆粒帶正電，b帶負(fù)電D．對(duì)調(diào)G、C間的極性，顆粒a、b的落點(diǎn)也對(duì)調(diào)3．如圖所示，固定的傾斜光滑桿上套有一個(gè)重環(huán)，繞過光滑定滑輪的輕繩一端與重環(huán)相連，另一端施加拉力F使重環(huán)從A點(diǎn)緩慢上升到B點(diǎn)。設(shè)桿對(duì)重環(huán)的彈力大小為FN，整個(gè)裝置處于同一豎直平面內(nèi)，在此過程中A．F逐漸增大，F(xiàn)N逐漸增大B．F逐漸增大，F(xiàn)N先減小后增大C．F先減小后增大，F(xiàn)N逐漸增大D．F先減小后增大，F(xiàn)N先減小后增大4．t=0時(shí)刻,兩列分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波的波形圖如圖所示,質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期均為T=0．1s,此時(shí)刻平衡位置在x=-2m和x=4m處的M、N兩質(zhì)點(diǎn)剛開始振動(dòng),下列說法正確的是A．兩波源的起振方向相反B．兩列波在介質(zhì)中傳播的速度大小不同C．兩列波相遇之前,平衡位置在x=10m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=6sin20πt(cm)D．兩列波相遇之前,平衡位置在x=10m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=6sin(20πt+π)(cm)5．如圖是采用動(dòng)力學(xué)方法測(cè)量空間站質(zhì)量的原理圖。已知飛船的質(zhì)量為m，其推進(jìn)器工作時(shí)飛船受到的平均推力為F。在飛船與空間站對(duì)接后，推進(jìn)器工作時(shí)間為Δt，測(cè)出飛船和空間站的速度變化為Δv。下列說法正確的是A．空間站的質(zhì)量為eq\f(FΔt,Δv)B．空間站的質(zhì)量為eq\f(FΔt,Δv)－mC．飛船對(duì)空間站的作用力大小為FD．飛船對(duì)空間站的作用力大小一定為meq\f(Δv,Δt)6．某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)的自動(dòng)水位控制裝置示意圖如圖所示。固定的激光束以45°入射角從空氣射入足夠?qū)挼拈L(zhǎng)方形水池中，經(jīng)偏折照射到池底。隨著水位升高，當(dāng)池底A點(diǎn)的光傳感器接收到激光信號(hào)時(shí)停止加水，此時(shí)激光的入射點(diǎn)為O。已知O′為O點(diǎn)在池底的垂直投影位置，AO′的距離s＝eq\f(\r(3),2)m，該激光在水中的折射率為n＝eq\r(2)。該激光在水中的折射角為A．30° B．37°C．45° D．60°7．我國(guó)傳統(tǒng)民俗文化表演“掄花”如圖甲所示,“掄花”是為了祈福來年風(fēng)調(diào)雨順、免于火災(zāi),已被列入國(guó)家級(jí)非物質(zhì)文化遺產(chǎn)?！皰嗷ā痹砣鐖D乙所示,快速轉(zhuǎn)動(dòng)豎直轉(zhuǎn)軸O1O2上的手柄AB,帶動(dòng)可視為質(zhì)點(diǎn)的“花筒”M、N在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng),筒內(nèi)燒紅的鐵花沿軌跡切線飛出,落到地面,形成絢麗的圖案。已知水平桿的長(zhǎng)度MO1=NO1=1m,M、N離地高為3．2m,若手搖AB轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為7rad/s,不計(jì)空氣阻力,重力加速度g=10m/s2,則鐵花落地點(diǎn)到O2的距離約為A．5．6m B．5．7m C．6．6m D．8．4m二、多項(xiàng)選擇題(本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)8．如圖，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點(diǎn)處有一正點(diǎn)電荷，帶負(fù)電的小物體從M點(diǎn)沿斜面上滑，到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度為零，然后下滑回到M點(diǎn)。若小物體電荷量保持不變，OM＝ON，則()A．從M到N的過程中，電場(chǎng)力對(duì)小物體先做正功后做負(fù)功B．小物體再次回到M點(diǎn)時(shí)，摩擦力和電場(chǎng)力做功均為零C．小物體上滑和下滑過程中經(jīng)過同一位置時(shí)庫(kù)侖力大小相等D．小物體上滑和下滑過程中速度最大的位置均在MN的中點(diǎn)9．如圖所示,人造地球衛(wèi)星在圓軌道Ⅰ上做勻速圓周運(yùn)動(dòng),為躲避太空垃圾的碰撞,衛(wèi)星由圓軌道Ⅰ上的a點(diǎn)經(jīng)軌道Ⅱ變軌到圓軌道Ⅲ上的b點(diǎn),太空垃圾通過后,衛(wèi)星再由圓軌道Ⅲ上的c點(diǎn)變軌到圓軌道Ⅰ上的a點(diǎn)。已知地球的半徑為R0,圓軌道Ⅰ的半徑為R1,圓軌道Ⅲ的半徑為R3,地球表面處的重力加速度為g,下列說法正確的是A．衛(wèi)星由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn),克服引力做功B．衛(wèi)星由c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn),克服引力做功C．衛(wèi)星在軌道Ⅰ上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為R1gD．衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運(yùn)動(dòng)的周期為2π10．我國(guó)完全自主設(shè)計(jì)建造的首艘電磁彈射型航空母艦“福建艦”采用平直通長(zhǎng)飛行甲板，滿載排水量8萬余噸。電磁彈射器的主要部件是一套直線感應(yīng)電動(dòng)機(jī)，利用強(qiáng)大電流通過線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)推動(dòng)飛機(jī)托架高速前進(jìn)，帶動(dòng)飛機(jī)起飛，原理簡(jiǎn)圖如圖所示。電動(dòng)機(jī)初級(jí)線圈固定在甲板下方，彈射時(shí)，旋轉(zhuǎn)電刷極短時(shí)間內(nèi)從觸點(diǎn)1高速旋轉(zhuǎn)到觸點(diǎn)14，依次在線圈A、B、C、D、E、…、M、N中產(chǎn)生強(qiáng)大的磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)從線圈A高速變化到線圈N的過程中，直線感應(yīng)電機(jī)的次級(jí)線圈(飛機(jī)托架)中就會(huì)產(chǎn)生強(qiáng)大的感應(yīng)電流，飛機(jī)托架會(huì)在安培力的推動(dòng)下帶動(dòng)飛機(jī)高速前進(jìn)。已知整個(gè)加速系統(tǒng)長(zhǎng)約90余米，彈射時(shí)在2．5s內(nèi)可以將質(zhì)量為30t的飛機(jī)由靜止加速到260km/h的離艦速度。設(shè)彈射過程安培力恒定，不計(jì)阻力，飛機(jī)托架的質(zhì)量可忽略，線圈電阻不計(jì)，重力加速度為g，下列說法正確的是()A．彈射過程中，飛機(jī)運(yùn)動(dòng)的速度總是落后磁場(chǎng)變化(運(yùn)動(dòng))的速度B．彈射該架飛機(jī)，安培力做的功約為1．01×109JC．彈射過程中，直線感應(yīng)電機(jī)的最大輸出功率約為2．6×107WD．彈射過程中，質(zhì)量為m的飛行員需要承受座艙的水平作用力的大小約為3mg三、非選擇題(本題共5小題，共54分?？忌鶕?jù)要求作答)11．(7分)用如圖甲所示的裝置探究小車的加速度與小車質(zhì)量及小車所受合力的關(guān)系,細(xì)線與木板始終保持平行,力傳感器可以直接測(cè)出細(xì)線拉力的大小。已知小車的質(zhì)量為M,沙和沙桶的總質(zhì)量為m,滑輪的質(zhì)量和摩擦忽略不計(jì)。(1)該實(shí)驗(yàn)是否需要滿足沙和沙桶的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M?(選填“需要”或“不需要”)。

(2)為平衡小車運(yùn)動(dòng)過程中受到木板的摩擦力,下列操作正確的是。(填正確答案序號(hào))

A．平衡摩擦力前,應(yīng)將沙桶用細(xì)線繞過定滑輪系在小車上B．平衡摩擦力前,小車后面應(yīng)固定一條紙帶,紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(3)某次實(shí)驗(yàn)所有步驟正確操作,力傳感器顯示細(xì)線拉力大小F=1．52N,則小車受到的合力大小為N。接在頻率為50Hz的低壓交流電源上的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出來的一條紙帶如圖乙所示,從比較清晰的點(diǎn)起,每5個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),分別標(biāo)記為A、B、C、D、E,則小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為m/s2(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

12．(10分)小張同學(xué)想探究電阻表的內(nèi)置電源對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，設(shè)計(jì)了一個(gè)電阻表，其電路圖如圖甲所示。(1)A接_____(選填“紅”或“黑”)表筆。(2)已知圖甲中電源的電動(dòng)勢(shì)為1．5V，微安表的內(nèi)阻約為1200Ω、量程0～250μA，若在AB間接電流傳感器，調(diào)節(jié)Rx、R2使得微安表滿偏，此時(shí)電流傳感器讀數(shù)為10．00mA，則圖甲中滑動(dòng)變阻器Rx的規(guī)格應(yīng)選_____。甲A．最大電阻10Ω，額定電流1AB．最大電阻50Ω，額定電流1AC．最大電阻200Ω，額定電流1A(3)歐姆調(diào)零之后，使用該電阻表測(cè)量電阻箱的阻值，發(fā)現(xiàn)電阻表的讀數(shù)與電阻箱阻值相同。為了探究電阻表的內(nèi)置電源對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，把甲圖中的電源換成其他型號(hào)的電源，重新歐姆調(diào)零后，測(cè)量電阻箱的阻值，發(fā)現(xiàn)電阻表的測(cè)量值總是偏大。該同學(xué)猜想出現(xiàn)上述現(xiàn)象的原因是，更換后的電源電動(dòng)勢(shì)更小。(4)為了驗(yàn)證上述猜想，用圖甲的電路測(cè)量新電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻：進(jìn)行歐姆調(diào)零后，在表筆AB間接入電流傳感器和電阻箱(串聯(lián))，改變電阻箱的阻值，讀出電阻箱阻值R和電流傳感器讀數(shù)I。分析數(shù)據(jù)后描繪出R-eq\f(1,I)圖像(如圖乙所示)，則該電源的電動(dòng)勢(shì)為________V，電阻表總內(nèi)阻為_______Ω，由此驗(yàn)證了小張同學(xué)的猜想。通過這種方法測(cè)得的電源電動(dòng)勢(shì)______(選填“大于”“等于”或“小于”)它的真實(shí)值。(以上計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字，電流傳感器電阻不計(jì))。乙13．(9分)如圖所示，該裝置是某醫(yī)院內(nèi)給病人輸液的部分裝置示意圖，AB兩瓶均可視作圓柱體(橫截面積為S，高度為h)，AB內(nèi)液體由細(xì)管連通，B瓶瓶口管道與大氣相通，剛開始輸液時(shí)兩瓶液面相平，瓶中液體占容積的eq\f(3,4)。滴壺頂部與瓶底的高度差為H。輸液管中的液體體積可以忽略不計(jì)。已知液體密度為ρ，大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g。則：(1)此時(shí)滴壺中的氣體的壓強(qiáng)。(2)當(dāng)升高液瓶B的高度時(shí)，則滴壺中氣體壓強(qiáng)將如何變化？14．(13分)噴墨打印機(jī)的原理示意圖如圖所示，質(zhì)量為m的墨滴從墨盒進(jìn)入帶電室后帶上電荷，并以相同的速度v0進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)。墨滴經(jīng)過電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后打到紙上，顯示字體。沒有信號(hào)時(shí)墨滴不帶電并沿直線運(yùn)動(dòng)打到回流槽中回收。已知上偏轉(zhuǎn)板帶正電，下偏轉(zhuǎn)板帶負(fù)電，偏轉(zhuǎn)板長(zhǎng)為L(zhǎng)1，偏轉(zhuǎn)板間距離為d，兩板間電壓為U，偏轉(zhuǎn)板右端與紙的距離為L(zhǎng)2，墨滴打到紙上的點(diǎn)向上偏離原入射方向的距離為y。忽略空氣阻力和重力的作用。(1)墨滴帶電的電性及電荷量q。(2)由于墨盒故障，吐出墨滴質(zhì)量變大，若墨滴進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)速度不變，則打出的字會(huì)如何變化？(3)若要使紙上的字體放大為原來2倍(偏轉(zhuǎn)量變?yōu)?y)同時(shí)保證字跡清晰，需要把墨滴進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)速度調(diào)節(jié)為2v0，同時(shí)調(diào)節(jié)U、d或L2中的一個(gè)參數(shù)，請(qǐng)根據(jù)計(jì)算寫出一個(gè)可行的調(diào)節(jié)方案，如該方案有限制條件，請(qǐng)寫出必要的注意事項(xiàng)。15．(15分)類比是研究問題的常用方法。eq\o(\s\up7(),\s\do5(圖1))eq\o(\s\up7(),\s\do5(圖2))(1)情境1：如圖1所示，彈簧振子的平衡位置為O點(diǎn)，在B、C兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，小球相對(duì)平衡位置的位移x隨時(shí)間t的變化規(guī)律可用方程x＝xmcoseq\r(\f(k,m))t描述，其中xm為小球相對(duì)平衡位置O時(shí)的最大位移，m為小球的質(zhì)量，k為彈簧的勁度系數(shù)。請(qǐng)?jiān)趫D2中畫出彈簧的彈力F隨位移x變化的示意圖，并求出小球從C點(diǎn)到O點(diǎn)的時(shí)間。(2)情境2：假設(shè)地球可視為一個(gè)質(zhì)量分布均勻且密度為ρ的球體，地球的半徑為R，萬有引力常數(shù)為G。圖3①根據(jù)電荷均勻分布的球殼內(nèi)試探電荷所受庫(kù)侖力的合力為零，利用庫(kù)侖力與萬有引力的表達(dá)式的相似性和相關(guān)力學(xué)知識(shí)，在圖3中畫出質(zhì)量為m的小球所受萬有引力F與小球到球心之間的距離r的圖像，并標(biāo)出r＝R時(shí)的縱坐標(biāo)。②若通過地球的南北兩極之間能夠打通一個(gè)真空隧道，把一個(gè)質(zhì)量為m的小球從北極的隧道口(地面處)由靜止釋放后，小球能夠在隧道內(nèi)運(yùn)動(dòng)。求小球從隧道口到地心的時(shí)間?！緟⒖即鸢浮?．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知n＋1＝149，n＝148，衰變產(chǎn)物eq\o\al(n,70)Yb的中子數(shù)為148－70＝78，故A錯(cuò)誤；衰變反應(yīng)中釋放能量，所以衰變后產(chǎn)物更穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，故镥－149的比結(jié)合能比eq\o\al(n,70)Yb的小，故B錯(cuò)誤；元素原子核的半衰期是由元素本身決定的，與元素所處的物理狀態(tài)和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故C錯(cuò)誤；根據(jù)電荷數(shù)守恒可知，z＝1＋70，镥－149原子核衰變前核內(nèi)中子數(shù)為149－z＝78，故D正確。2．軟件繪制的實(shí)際上是vt圖象，A、B兩點(diǎn)的速度均為正，所以運(yùn)動(dòng)方向相同；加速度大小跟斜率的絕對(duì)值有關(guān)，A點(diǎn)加速度小于B點(diǎn)的；80s末時(shí)電動(dòng)車速度減為零，但位移大小等于曲線與時(shí)間軸圍成的面積大小，可以通過數(shù)格子，也可以簡(jiǎn)化為勻加速、勻速和勻減速三個(gè)運(yùn)動(dòng)并計(jì)算總位移，可得電動(dòng)車的位移約為300m。故選D。3．由于鈉24衰變過程中動(dòng)量守恒，因此衰變后的兩部分動(dòng)量等大反向，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡相切于一點(diǎn)，由洛倫茲力充當(dāng)向心力有Bqv＝meq\f(v2,R)，可得R＝eq\f(mv,qB)，可知，電荷量越大，其運(yùn)動(dòng)時(shí)的軌跡半徑越小，由此可知小圓對(duì)應(yīng)的粒子所帶電荷量更大，且其所帶電荷為正電荷，根據(jù)左手定則可知，小圓對(duì)應(yīng)的粒子的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，而根據(jù)左手定則結(jié)合軌跡可知，大圓對(duì)應(yīng)的粒子帶負(fù)電，則可確定該衰變?yōu)棣滤プ?，故A、B正確；根據(jù)以上分析，寫出其衰變方程為eq\o\al(24,11)Na→eq\o\al(24,12)Mg＋eq\o\al(0,－1)e，產(chǎn)生的新核與β粒子的電荷量之比為12∶1，而根據(jù)R＝eq\f(mv,qB)且兩部分動(dòng)量等大反向可知，粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑之比等于其所帶電荷量的反比，由此可知，小圓和大圓的軌道半徑之比為1∶12，故C正確；衰變過程中始終遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，但在衰變過程中會(huì)存在質(zhì)量虧損，有能量釋放，根據(jù)愛因斯坦的質(zhì)能方程可知，衰變后兩條軌跡對(duì)應(yīng)的粒子的質(zhì)量之和小于衰變前鈉24的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。4．B【解題分析】開始時(shí)物體A恰好能靜止在斜面上,有mgsinθ=kx1+fm,解得最大靜摩擦力大小為30N;施加沿斜面向上的拉力且拉力大小為100N時(shí),摩擦力沿斜面向下且大小為30N,由物體的平衡條件得F=mgsinθ+kx2+fm,解得kx2=20N,則彈簧伸長(zhǎng)了2cm,故此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為12cm,B項(xiàng)正確。5．根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有h＝eq\f(1,2)gt2，解得t＝eq\r(\f(2h,g))，所以兩支箭在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故A正確；水平方向有x＝v0t，由于水平位移不同，則水平初速度不同，故B錯(cuò)誤；平拋運(yùn)動(dòng)重力做功W＝mgh，故C錯(cuò)誤；根據(jù)豎直方向的運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知vy＝gt，則插入壺中瞬間豎直分速度相同，故D錯(cuò)誤。6．D【解題分析】由左手定則可以判斷出正離子運(yùn)動(dòng)到下側(cè)壁,負(fù)離子運(yùn)動(dòng)到上側(cè)壁,b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)電勢(shì),a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)高低與磁場(chǎng)方向和污水流動(dòng)方向有關(guān),與離子的正負(fù)沒有關(guān)系,故A、B項(xiàng)錯(cuò)誤;由Bqv=qUbad,可得Uba=Bdv,電勢(shì)差Uba的大小與污水流速有關(guān),與離子的濃度沒有關(guān)系,故C項(xiàng)錯(cuò)誤;污水的流量Q=Svtt=Sv,又S=π7．從正視方向研究CD導(dǎo)體棒電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)分布，如圖所示，可知CD導(dǎo)體棒電流在B端有垂直于AB棒向上的分磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則可知B端受到垂直于紙面向外的安培力，B端向外轉(zhuǎn)動(dòng)，CD導(dǎo)體棒電流在A端有垂直AB棒向下的分磁場(chǎng)，根據(jù)左手定則可知A端受到垂直于紙面向里的安培力，A端向里轉(zhuǎn)動(dòng)，故俯視看導(dǎo)體棒AB將要順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，故A、B錯(cuò)誤，C正確；根據(jù)右手定則可知通電瞬間CD導(dǎo)體棒電流和AB導(dǎo)體棒電流在線段O1O2間產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向相互垂直，故通電瞬間線段O1O2間不存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的位置，故D錯(cuò)誤。8．傳送帶對(duì)貨物做功的功率P＝fv，由于貨物與傳送帶間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，故f不變，貨物勻加速直線運(yùn)動(dòng)，功率也均勻增大，當(dāng)達(dá)到與傳送帶相同速度后保持勻速，功率也不變，故A、B正確；貨物在加速階段隨著速度增大st圖象斜率應(yīng)該增大，故C錯(cuò)誤；貨物加速度分為兩段，第一段加速度為某定值，第二段為勻速階段，加速度為零，故D錯(cuò)誤。9．BC【解題分析】從a點(diǎn)和d點(diǎn)射出的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,根據(jù)幾何關(guān)系可得Ra=l4,根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得qvaB=mva2Ra,解得va=qBl4m,故A項(xiàng)錯(cuò)誤、B項(xiàng)正確;對(duì)于從d點(diǎn)射出的粒子,根據(jù)幾何關(guān)系可得Rd2=l2+(Rd-l2)2,解得Rd=10．通電直導(dǎo)線周圍的磁場(chǎng)的是以導(dǎo)線為圓心的一個(gè)個(gè)同心圓，當(dāng)線圈平面平行于地面Oabc移動(dòng)時(shí)，線圈中無感應(yīng)電流產(chǎn)生，則穿過線圈的磁通量不變，說明線圈平面與磁場(chǎng)所在平面平行，即通電導(dǎo)線應(yīng)垂直于Oabc平面，當(dāng)線圈平面平行于墻面Oade移動(dòng)時(shí)，沿Oa方向平移有電流，磁通量變化，沿Oe方向平移無電流，磁通量不變，說明導(dǎo)線應(yīng)該沿Oe方向。故選ABC。11．(1)1．14(2分)(2)2gh(1分)(3)1t2【解題分析】(1)10分度的游標(biāo)卡尺的精確度為0．1mm,則小球的直徑為1．1cm+4×0．1mm=1．14cm。(2)金屬小球經(jīng)過O'點(diǎn)時(shí)的速度大小v=Dt,如果機(jī)械能守恒定律成立,則12m(Dt)2(3)把D2t2=2gh變形為h=D22g·12．(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)將皮帶套在左右半徑不同的變速塔輪上，使得小球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不同，所以可以探究向心力與角速度的關(guān)系。(2)相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T＝0．1s，根據(jù)逐差法，該小車的加速度a1＝eq\f((xEF＋xDE＋xCD)－(xBC＋xAB＋xOA),9T2)＝0．63m/s2。(3)如果變壓器為理想變壓器，則eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，而由于電流流經(jīng)銅線圈時(shí)會(huì)發(fā)熱，鐵芯在交變磁場(chǎng)作用下形成渦流也會(huì)發(fā)熱，交變電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)不可能完全局限在鐵芯內(nèi)，會(huì)發(fā)生漏磁，因此實(shí)際測(cè)得U2小于理想變壓器條件下的電壓，導(dǎo)致eq\f(U1,U2)>eq\f(n1,n2)。13．(1)設(shè)速度反方向彈回是正方向，由動(dòng)量定理可得eq\x\to(F)t＝mv2－mv1，解得eq\x\to(F)＝eq\f(0.4×6－(－0.4×10),0.1)N＝64N。(2)①設(shè)足球的初動(dòng)能為Ek0，上升高度h時(shí)的動(dòng)能為Ek，足球所受空氣阻力大小為Ff，由動(dòng)能定理可得－(mg＋Ff)h＝Ek－Ek0，整理可得Ek＝－(mg＋Ff)h＋Ek0，由動(dòng)能Ek隨上升高度h的變化關(guān)系圖像可得－(mg＋Ff)＝eq\f(ΔEk,Δh)＝eq\f(10－24,3)N＝－eq\f(14,3)N，即mg＋Ff＝eq\f(1