2025年廣東省高考三輪沖刺練習(xí)物理試卷（五）含答案解析

2025年廣東省高考三輪沖刺練習(xí)物理試卷（五）

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.截至2024年8月，人類已發(fā)現(xiàn)了118種元素，其中原子序數(shù)大于92的元素都是人工合成的。第118號

元素Og是人類合成的最重的元素，合成0g的核反應(yīng)方程為患C/+第Ca名常。g+3X。已知毒的半衰

期為12ms,下列說法正確的是（）

A.X為正電子B.Og294的中子數(shù)為176

C.39寸的結(jié)合能大于把Qg的結(jié)合能D.1機。/的Og經(jīng)過24ms后會全部發(fā)生衰變

2.如圖所示為一束紫光在正六邊形冰晶中的折射光路，八/?分別為經(jīng)過第一個界面的入射角和折射角。已

知冰晶折射率為1.54,則折射角r的可能值為（已知sin40.5。=0.65）（）

A.40°B.42°C.51°D.52°

3.如圖所示是小型旋轉(zhuǎn)磁極式發(fā)電機的示意圖，通過理想變壓器接有阻值為R的負載電阻，原線圈接有理

想交流電壓表和理想交流電流表，原、副線圈匝數(shù)分別為％、孫。已知發(fā)電機線圈面積為S,匝數(shù)為N,

電阻不計，磁極勻速轉(zhuǎn)動的角速度為以磁極之間的磁場近似為勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為3,下列說

法正確的是（）

A.圖示位置的瞬時電流最大

ng/B2s2^2

B.負載電阻的功率為

2好R

C.從圖示位置轉(zhuǎn)過90。過程中電流方向由尸指向。

D.從圖示位置轉(zhuǎn)過90。時的瞬時電壓最小

4.某房子屋頂造形如圖所示，尸為頂點，底面四個點a、b、c、d構(gòu)成正方形，。

為正方形中點，一金屬球固定于頂點P,由于風(fēng)的摩擦而成為正場源點電荷，下列

說法正確的是（）

A.四個點4、b、c、d的場強相同

b

B.試探電荷在O處受到電場力方向豎直向下

C.底面必〃一定是一個等勢面

D.點電荷-q沿aOc移動電勢能先減小后增大

5.如圖1所示，。、A、8是介質(zhì)中的三個點，。4=3.5m,OB=4.5m。t=0時刻開始計時，位于。點的

波源開始振動，振動圖像如圖2所示,當(dāng)波傳到A點時，波源剛好第二次運動到波谷位置。當(dāng)波傳到B點

時，質(zhì)點A的位移為（）

6.如圖所示，光滑定滑輪固定在天花板上，輕繩繞過定滑輪，一端豎匕*

直懸掛質(zhì)量為2根的小球P,另一端連接質(zhì)量為加的圓環(huán)Q,圓環(huán)。C/?

FQ

套在粗糙水平桿上。一水平向左的力廠作用在圓環(huán)上，使輕繩和桿之?1oP

間夾角為30。，整個系統(tǒng)保持靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.桿對圓環(huán)。摩擦力的方向一定向右B.桿對圓環(huán)。摩擦力的方向可能向左

C.定滑輪對輕繩作用力的方向豎直向上D.定滑輪對輕繩作用力的大小為

7.一物體以初速度v豎直向上拋出，做豎直上拋運動，則物體的重力勢能琦一路程s圖像應(yīng)是下列四個圖

中的（）

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

8.天文學(xué)家利用萬有引力定律計算天王星位置的過程中，出現(xiàn)了一定的誤_海王星

差。他們猜測在天王星的軌道外，肯定有一顆沒有發(fā)現(xiàn)的行星，該行星的引—“：

力不斷地影響著天王星的運動。最終，科學(xué)家們通過計算“找”到了這顆遙A-..Q......?..........\C

遠的行星一一海王星。若海王星繞太陽逆時針運行的運動軌跡如圖所示，圖:「

：

中AC為長軸，為短軸，若只考慮萬有引力的作用，下列說法正確的是…苴

()

A.海王星在A點的速率大于在2點的速率

B.海王星在B點、的加速度與在。點的加速度相同

C.海王星從A到B的過程中與太陽的連線在相同單位時間內(nèi)掃過的面積比從B到C的大

D.海王星從C到D所用的時間大于從D到A的時間

9.如題圖1所示，一電阻不計的光滑U形金屬導(dǎo)軌固定在絕緣斜面上，導(dǎo)軌兩平行邊的間距為L斜面傾

角為8。虛線下方區(qū)域充滿一垂直斜面向上、磁感應(yīng)強度大小為2的勻強磁場。一細直金屬棒從虛線上方

。處由靜止釋放，進入磁場后，立即受到沿斜面的外力廠作用，經(jīng)過6點下行至c點并反向上行。該金屬

棒在磁場中第一次下行和上行的u-t圖像滿足余弦關(guān)系，如題圖2所示。若該金屬棒連入電路的阻值恒為

A.該金屬棒下行和上行經(jīng)過b處時所受安培力大小相等

B.該金屬棒下行和上行經(jīng)過b處時所受安培力大小不等

C.0?2to內(nèi)，該金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱為粵a

D.0?2to內(nèi)，該金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱為嗎邈

10.“離心軌道演示儀”是演示物體在豎直平面內(nèi)做圓周運動的實驗儀器，其原理示意圖如圖所示。某同

學(xué)調(diào)整小球初始位置與圓形軌道最高點等高后，由靜止釋放小球，已知圓形軌道半徑R=0.1M，取9=

l(hn/s2,小球可視為質(zhì)點，不計軌道厚度，不計摩擦力和空氣阻力。下列說法正確的是()

A.小球?qū)壍赖淖钚毫?

B.小球離開圓形軌道后做平拋運動

C.小球離開軌道時的速度大小為乎zn/s

D.小球進入圓形軌道后運動的最高點與釋放點的高度差為卷機

三、實驗題：本大題共2小題，共18分。

11.某實驗小組利用如圖1所示的裝置探究“小車加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”。小車與車中鉤碼的總質(zhì)量

為M,砂和砂桶的質(zhì)量為相，重力加速度為g。

小車打點計時器

單位:cm

砂桶

(1)下列實驗操作正確的是.

A平衡阻力時，需要通過細繩把砂桶掛在小車上

A平衡阻力后，長木板的位置不能移動

C.實驗中，細繩必須與長木板保持平行

。小車質(zhì)量遠小于砂和砂桶的總質(zhì)量

(2)如圖2是某次實驗所打出的一條紙帶，圖中0、1、2、3、4為相鄰的計數(shù)點，兩個相鄰的計數(shù)點間還有

4個點未標(biāo)出，已知交流電源的頻率/=50Hz,小車的加速度a=m/s2o

(3)小北同學(xué)在探究“小車的加速度。與尸的關(guān)系”時，保持M不變，以砂和砂桶的重力為凡根據(jù)實驗

數(shù)據(jù)作出a-F圖像，如圖2所示。并利用最初的幾組數(shù)據(jù)擬合了一條直線04P,畫一條與縱軸平行的直

線，這條直線和這兩條圖線以及橫軸的交點分別為尸、。、N。則黑=(用M和機表示)。

(4)小京同學(xué)在探究“小車加速度。與尸的關(guān)系”時，采用如圖4所示的實驗方案，實驗步驟如下：

①將木板裝有定滑輪的一側(cè)墊高，掛上裝有細砂的砂桶，保持細繩與長木板平行。調(diào)節(jié)木板的傾角，使質(zhì)

量為M的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；

②取下砂桶，測出砂和砂桶的總質(zhì)量相，并讓小車沿木板下滑，測出小車的加速度。；

③改變砂桶中砂子的質(zhì)量，重復(fù)步驟①和②，多次測量，仍然取砂和砂桶的重力為冗作出a-尸圖像。請

你定性畫出a-F圖像，并說明理由。

12.在“測定電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，實驗小組將待測電源￡、電流表2(量程0?0.24內(nèi)阻&=

6.0。)、電阻箱R和開關(guān)用導(dǎo)線連成圖甲所示的電路。

R.R

圖內(nèi)

(1)閉合開關(guān)S,記錄電阻箱接入電路的阻值R,電流表示數(shù)/,測得多組數(shù)據(jù)，作出彳-R圖像如圖乙所

示，則待測電源的電動勢E=一匕內(nèi)阻r=。。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(2)小明同學(xué)用該電源、某型號的熱敏電阻Rs和一定值電阻設(shè)計一個如圖丙所示的自動控制電路。當(dāng)1、2

兩端所加電壓上升至2V時，控制開關(guān)自動啟動加熱系統(tǒng)，已知熱敏電阻Rs的阻值隨溫度的變化如圖丁所

示，不考慮控制開關(guān)對所設(shè)計電路的影響，提供的定值電阻有：&=6。，7?2=12。，夫3=22。(限選其

中之一)，要求當(dāng)環(huán)境溫度降到10℃時啟動加熱系統(tǒng)，定值電阻R應(yīng)選；不考慮測量的偶然誤差，

若選擇當(dāng)加熱系統(tǒng)啟動時，環(huán)境溫度(選填“高于”、“低于”或“等于")10。盤

四、計算題：本大題共3小題，共36分。

13.如圖所示，豎直汽缸中間放置一可上下移動的絕熱活塞，將汽缸分為A、8兩部

分，且A部分導(dǎo)熱良好，B部分絕熱。汽缸內(nèi)橫截面積為S,高度為2/z,活塞的厚度

可忽略。初始時刻，汽缸豎直放置，活塞位于汽缸中間位置，A、B內(nèi)氣體的壓強分

別為Po、1.5p0-氣體溫度均為To。忽略一切摩擦，重力加速度為g。

(1)求活塞質(zhì)量m。

(2)若利用充氣裝置給A部分充入等量的相同狀態(tài)氣體，且通過8部分的電阻絲改變氣體溫度，最終A、B

部分的高度比為2：1,求最終B中氣體的溫度T。

14.如圖所示，質(zhì)量HIB=4kg的光滑斜劈8靜止在水平臺面上，底邊長度d=6機，高度h=4M。8底端

距離臺面邊緣Xo=2爪，水平地面上一質(zhì)量nic=2kg的木板C緊靠平臺靜置，C上表面與臺面相平。質(zhì)量

mA=2kg、可看作質(zhì)點的物塊A從8頂端由靜止釋放，滑到臺面上時與臺面發(fā)生相互作用，A的動能發(fā)生

損失，進入臺面后的速度水平向右，大小為以=4YIm/s。已知A沿B下滑過程中，A和8相對地面均做

勻變速直線運動，8與臺面、C與地面間均無摩擦，A與臺面、A與C間動摩擦因數(shù)〃=0.2,重力加速度

g=10m/s2o求：

(1)力滑到B底端時，B向左滑動的距離與；

(2)4滑上C時A的速度大小為；

(3)為使A不從C上滑下，C的最小長度心

(4)4滑到2底端后，與臺面發(fā)生相互作用過程中A損失的動能4%。

15.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy第一象限內(nèi)有垂直紙面、大小恒定的圓形勻fy/m

強磁場，半徑R=1TH,圓心坐標(biāo)(lzn,1TH)。一重力不計、帶正電的粒子從y軸

上的P點以速度為沿?zé)o軸正向進入磁場。己知粒子的比荷為5=lO'C/kg,P點、PF

的坐標(biāo)為(0,1m)。

(1)若"o=1067n/s,粒子從尸點進入磁場后恰能垂直無軸出磁場，求磁感應(yīng)強O

度B的大小及方向；

(2)若粒子以某一速度％進入磁場，粒子經(jīng)1=^x1。-6s后射出磁場并經(jīng)過％軸上。點，求。點的橫坐標(biāo)

々及粒子從P到。的時間tpQ;

(3)若將磁場沿y軸負方向移0.5根，粒子仍以%=106nl/s進入磁場，求粒子在磁場中運動的時間及離開磁

場時的方向。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得X的質(zhì)量數(shù)為1、電荷數(shù)為0,可知X為中

子，故A錯誤；

B、Og294的質(zhì)量數(shù)是294,電荷數(shù)（質(zhì)子數(shù)）是118,則中子數(shù)N=294個-118個=176個，故8正確；

C、原子核的核子數(shù)越大，結(jié)合能越大，故然兀/的結(jié)合能小于胃鼻09的結(jié)合能，故C錯誤；

￡）、LwoZ的0g經(jīng)過24ms（兩個半衰期）后會剩余m=8。，則乘馀0.25mol未衰變，故。錯誤。

故選：瓦

根據(jù)核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可判斷X以及0g的中子數(shù)；根據(jù)結(jié)合能的有關(guān)因素判斷；1根。/

的Og經(jīng)過24nls（兩個半衰期）后會剩余0.25nio（未衰變。

本題主要考查了核反應(yīng)方程、原子結(jié)構(gòu)以及半衰期等原子核物理部分的知識點。

2.【答案】A

【解析】解：若以最大入射角入射即2=90。，根據(jù)光的折射定律可知n=啊=1.54

sinr

1

可得sinr==0.65

可知r=40.5"

則折射角40.5。，故A正確，8。錯誤。

故選：Ao

根據(jù)全反射臨界角公式反推最大折射角，據(jù)此分析。

解題關(guān)鍵是能記住全反射臨界角公式。

3.【答案】B

【解析】解：4在圖示位置，線圈平面與磁場方向垂直，磁通量最大，磁通量發(fā)變化率為0,根據(jù)法拉第

電磁感應(yīng)定律e=村禁

可知此時感應(yīng)電動勢為0,瞬時電流也為0,故A錯誤；

A發(fā)電機產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值Emax=NBSCO

其有效值E=普=嚕

對于理想變壓器，有晟="，Ui=E

則”=吆E=也?財絲

九1njV2

負載電阻的功率p=

RR2卅R

故2正確；

C.根據(jù)楞次定律，從圖示位置轉(zhuǎn)過90。過程中，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場要阻礙原磁通量的變化，原磁通量減

小，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向與原磁場方向相同，再根據(jù)右手螺旋定則可判斷電流方向由。指向尸，故C

錯誤；

。從圖示位置轉(zhuǎn)過90。時，線圈平面與磁場方向平行，磁通量為0,磁通量的的變化率最大，根據(jù)法拉第電

磁感應(yīng)定律可知故此時瞬時電壓最大，故。錯誤。

故選：Bo

根據(jù)理想變壓器原理以及正弦式交變電流的產(chǎn)生以及特征分析。

解決本題時，要掌握變壓器的基本規(guī)律，知道正弦式交流電峰值的表達式/=N8SM以及知道峰值與有

效值的關(guān)系。

4.【答案】D

【解析】解：4四個點心b、c、d的場強大小相等，方向不同，故A錯誤；

民試探電荷的電性未知，無法判斷電場力方向，若為負電荷，則在。處受到電場力方向豎直向上，故2錯

誤；

C.正點電荷的等勢面是同心球面，底面Med不是一個等勢面，故C錯誤；

D。點距離場源電荷較近，電勢較高，所以點電荷-q沿aOc移動電勢能先減小后增大，故D正確；

故選：Do

根據(jù)點電荷產(chǎn)生的電場特點和矢量合成法則分析各個點的電場強度，根據(jù)電場力方向的規(guī)定分析3根據(jù)

點電荷等勢面的特點分析C,根據(jù)電勢變化分析電勢能變化。

本題以點電荷形成電場為背景，考查電場強度的疊加、電勢、電場力做功與電勢能改變等，要結(jié)合對稱

性、電場力做功與電勢能變化的關(guān)系進行分析。

5.【答案】A

【解析】解：由振動圖像可知波的周期為7=2s,質(zhì)點A開始振動時，波源。第二次到達波谷，可知此時

經(jīng)過的時間為t='T+T,解得t=3.5s

可得波速為u=華=y|m/s=lm/s

波從A傳到B點需要的時間為以B=邛=竺言s=ls=1T

可知質(zhì)點2開始振動時，質(zhì)點A處于平衡位置，位移為0,故A正確，BCD錯誤。

故選:Ao

由振動圖像可知周期，根據(jù)質(zhì)點振動情況求解時間與波速，根據(jù)時間與周期關(guān)系判斷質(zhì)點位置。

解題關(guān)鍵是能夠分析出時間與周期的關(guān)系，然后得出各個質(zhì)點的運動狀態(tài)。

6.【答案】D

【解析】解：力8對尸由平衡條件可知：繩子拉力T=2zng,。受到繩的拉力的豎直向上分力大小為

Tsin300=mg,可知。與桿之間的彈力為零，故。與桿之間沒有摩擦力作用，故AB錯誤；

CD.由平行四邊形定則可知，輕繩對定滑輪作用力的方向指向左下方，輕繩對定滑輪作用力的大小為

27cos30。=2X2mgx苧=2"加9，根據(jù)牛頓第三定律可知定滑輪對輕繩作用力的方向指向由上方，大

小為2/mg,故C錯誤，￡＞正確。

故選：Do

AB.對P、。分別受力分析，然后由平衡條件判斷；

CD.根據(jù)力的合成先判斷出輕繩對定滑輪的作用力，再由牛頓第三定律判斷；

本題考查共點力作用下物體的平衡，關(guān)鍵要會選擇合適的以及對象利用平衡條件求解。

7.【答案】A

【解析】解：設(shè)物體能上升的最大高度為人則上升過程，重力勢能為琦=mgs,即重力勢能隨路程的增

大而增大；

下降過程中，重力勢能為琦=zng(2H-s),即重力勢能隨路程的增大而減小，故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

明確重力勢能的定義式，根據(jù)公式分析對應(yīng)的圖象。

本題考查重力勢能的定義以及圖象的應(yīng)用，關(guān)鍵是明確表達式，再結(jié)合圖象分析求解。

8.【答案】AD

【解析】解：4根據(jù)開普勒第二定律可知，海王星離太陽越近，轉(zhuǎn)動線速度越大，A點到太陽的距離小于

3點到太陽的距離，所以在A點的速率大于在8點的速率，故A正確；

5由題圖可知，海王星在8、。兩點與太陽的連線不在同一方向，故加速度的方向不同，故B錯誤；

C.由開普勒第二定律可知，海王星在繞太陽運行的過程中，其軌道與太陽連線在相同單位時間內(nèi)掃過的面

積均相等，故C錯誤；

D海王星離太陽越近，轉(zhuǎn)動線速度越大，則海王星在AB段的平均速率大于在2c段的平均速率，故以B＜

tBC，根據(jù)對稱性，海王星在CD段的速率小于在。A段的速率，故即生4＜立°，故。正確。

故選：ADo

根據(jù)開普勒第二定律確定速率的大小關(guān)系；根據(jù)萬有引力定律判斷加速度的大小關(guān)系；根據(jù)開普勒第二定

律判斷；根據(jù)海王星在段和段的速率大小比較兩段過程中的運動時間，從而得出尸到M所用時間

與周期的關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵知道近日點的速度比較大，遠日點的速度比較小，從P到。和。到P的運動是對稱的，

但是P到M和M到Q不是對稱的。

9.【答案】AD

【解析】解：AB,由圖可2知，該金屬棒下行和上行經(jīng)過6處時，速度大小相等、方向相反，金屬棒所受

安培力大小為F=BE=B喈乙=號,可知，兩次經(jīng)過6處時金屬棒所受安培力大小相等，故A正確，

KK

B錯誤；

2

CD、0?2to內(nèi)，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢有效值為E=粵，則該金屬棒中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=「?

2to=嗎邈，故C錯誤，。正確。

故選：ADo

由圖2可知，該金屬棒下行和上行經(jīng)過6處時，速度大小相等、方向相反，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉

合電路歐姆定律和安培力公式相結(jié)合分析安培力關(guān)系；回路中產(chǎn)生正弦式交流電，由j=BLv0^E=*

求出感應(yīng)電動勢有效值，再根據(jù)焦耳定律求該金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱。

解答本題時，要明確回路中產(chǎn)生正弦式交流電，求焦耳熱時要用感應(yīng)電動勢有效值。

10.【答案】ACD

【解析】解：48.因為小球在與圓形軌道最高點等高處釋放，所以一定能過與圓心等高處，不能到圓形軌

道最高點，會離開軌道做斜拋運動，離開時對軌道的壓力為0,故A正確，2錯誤；

C.由動能定理，設(shè)小球離開軌道的位置與圓心的連線與豎直方向的夾角為仇得mgRQ-cos。）=：山廬

2

由牛頓第二定律得mgcose=等

聯(lián)立解得cos。=|,u=苧zn/s

故C正確；

D小球離開軌道時在水平方向的分速度大小u%=vcos3,解得以=^-m/s

設(shè)所求高度為〃，則=得八二備機

故。正確。

故選：ACDO

球在與圓形軌道最高點等高處釋放，所以一定能過與圓心等高處，不能到圓形軌道最高點，離開時與軌道

間彈力為零，重力指向半徑方向分力提供向心力，結(jié)合動能定理分析。

解題關(guān)鍵是知道二者分離是一些受力特征，結(jié)合速度合成與分解分析。

11?【答案】BC；0.34；-

【解析】解：(1)4平衡阻力時，需要把砂桶取下來，輕推小車，觀察打出來的紙帶上的點跡間距是否均勻

來判斷小車是否做勻速直線運動，進一步判斷是否已平衡摩擦力，故A錯誤；

員平衡阻力要讓小車重力沿斜面向下的分力與摩擦力二力平衡，設(shè)木板傾角為凡即MgsinJ="MgcosJ

解得4=tan0

因此平衡阻力后，傾角6不能變，長木板的位置不能移動，故8正確；

C.實驗中，細繩必須與長木板保持平行，保證繩中的拉力等于小車所受的合力，否則拉力不會等于合力，

故C正確；

D設(shè)繩中的拉力為為，根據(jù)牛頓第二定律可得%=Ma,mg-FT=ma

、廠Mmq

解得/=麗爪9=試

為使小車受到的繩子拉力近似等于砂和砂桶的總重力，需要讓小車與鉤碼的總質(zhì)量遠大于砂和砂桶的總質(zhì)

量，故。錯誤。

故選：BC。

(2)由已知條件可知，計數(shù)周期為T=5xj=5x^s=0.1s

逐差法求加速度可得a=。04_%-沏2="”六歲―x10-2m/s2=0.34m/s2

(3)圖中PN對應(yīng)小車所受合力為砂和砂桶的總重力機g時的加速度的,根據(jù)牛頓第二定律有mg=Mar

圖中。N對應(yīng)小車實際的加速度a2,由于實驗過程中，小車所受的合力等于繩中的拉力，根據(jù)牛頓第二定

律有「?=磊7ng=

聯(lián)立解喘逮=品

(4)由于小車勻速下滑，所以砂桶也應(yīng)做勻速直線運動，小車和砂桶此時受力平衡，設(shè)小車受摩擦力為力

此實驗中繩中拉力為T,根據(jù)平衡條件有Mgsin。=f+7,F=T

取下砂桶，由牛頓第二定律可得MgsinJ-f=Ma

聯(lián)立可得a=￡

可見，在M不變的情況下，a與尸成正比，定性作圖a-F圖像如下

故答案為：(1)BC；(2)0.34；(3)懸;

(1)根據(jù)平衡摩擦力方法分析判斷；根據(jù)保證繩中的拉力等于小車所受的合力判斷；根據(jù)牛頓第二定律推

導(dǎo)判斷；

(2)根據(jù)逐差法計算小車的加速度；

(3)根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)；

(4)根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)圖像對應(yīng)的表達式，畫出圖像。

本題關(guān)鍵掌握探究小車加速度與力、質(zhì)量關(guān)系的實驗原理和圖像問題的處理方法。

12.【答案】3.0；18；&；局于。

【解析】解：(1)根據(jù)圖甲所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律得：E=/0+RA+R),整理得：;="/?+

r+R/

E

由圖乙所示，一R圖像可知，圖像的斜率k=：=竽U-1=JuT,縱軸截距匕=學(xué)=84-1

代入數(shù)據(jù)解得，電源電動勢：￡=3.00,內(nèi)阻r=18D

(2)由圖丁所示圖像可知，1(TC時熱敏電阻阻值Rs=600,

由歐姆定律可知，熱敏電阻兩端電壓u=/&=F裊丁x/?s，

代入數(shù)據(jù)解得：R=12O,則定值電阻R應(yīng)選擇R2，

定值電阻若選擇治,熱敏電阻兩端電壓U=T—十/<T1十K示s

代入數(shù)據(jù)解得：Rs=480,由圖丁所示圖像可知，此時環(huán)境溫度高于10℃。

故答案為：(1)3.0；18；(2)/?2；高于。

(1)應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖像的函數(shù)解析式，根據(jù)圖示圖像求出電源的電動勢與內(nèi)阻。

(2)根據(jù)圖丁所示圖像求出熱敏電阻阻值，然后應(yīng)用閉合電路的歐姆定律分析答題。

理解實驗原理是解題的前提，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用閉合電路的歐姆定律即可解題。

13.【答案】活塞質(zhì)量等于羋；

2g

最終8中氣體的溫度等于等

【解析】解：(1)對活塞進行受力分析，則

p0S+mg=1.5p0S

解得

Pos

m=—

2g

(2)2部分導(dǎo)熱良好，氣體溫度不變，以原氣體和充入的氣體為研究對象，設(shè)變化后A部分氣體壓強為pi，

高度為色，由玻意耳定律得

2Po?S/i=pi,S/i]

8部分絕熱，設(shè)變化后3部分氣體壓強為P2,高度為八2,此時活塞受力平衡，則

P1S+mg—p2s

由理想氣體狀態(tài)方程得

1.5p0-Shp2-Sh2

=

-r~Q-^r~

且

"1+八2=2h,M：殳=2：1

解得

T①

9

答：(1)活塞質(zhì)量等于需；

(2)最終B中氣體的溫度等于等。

(1)對活塞進行受力分析，根據(jù)受力平衡求解活塞質(zhì)量m；

(2)4部分導(dǎo)熱良好，氣體溫度不變，由玻意耳定律列式，8部分絕熱，由理想氣體狀態(tài)方程列式。

運用氣體實驗定律和理想氣體狀態(tài)方程解題的一般步驟：

(1)明確所研究的氣體狀態(tài)變化過程；

(2)確定初、末狀態(tài)壓強p、體積K溫度T；

(3)根據(jù)題設(shè)條件選擇規(guī)律(實驗定律或狀態(tài)方程)列方程；

(4)根據(jù)題意列輔助方程(如壓強大小的計算方程等)

(5)聯(lián)立方程求解。

14.【答案】A滑到2底端時，B向左滑動的距離沖為2加；

A滑上C時A的速度大小為為4zn/s；

為使A不從C上滑下，C的最小長度L為2優(yōu)；

A滑到B底端后，與臺面發(fā)生相互作用過程中A損失的動能/以為32Jo

【解析】解：(1)4、8系統(tǒng)水平方向上動量守恒，取水平向右為正方向，則有

XAXD

犯I干一如彳=0

所以A滑到2底端過程中，有

mAxA=mBxB

又XR+xB—d

解得馬=4m,xB=2m

(2)設(shè)A滑上C時的速度為幾。A在臺面上滑行時，由動能定理得

11

mv

-HmAg(xB+%0)=2Ao-'啊吸

解得見=4mls

(3)4滑至C右端時兩者剛好共速，設(shè)共同速度為以0，取水平向右為正方向，由A、C系統(tǒng)動量守恒有

mAv0=(mA+mc)vAC

由A、C系統(tǒng)能量守恒有

11

P-mAgL=訝小4詔-2(a4+^B)若c

解得L=2m

(4)設(shè)A運動方向與水平方向夾角為a,已知A沿8下滑過程中，A和3相對地面均做勻變速直線運動，

A、B系統(tǒng)水平方向上動量守恒，取水平向右為正方向，則有

mAvAcosa—mBvB=0

由A、B系統(tǒng)機械能守恒有

11

mr

mAgh.=2啊若+2Bi

又tana=—=1

XB

解得以=8m/s

由能量守恒有

11

=2mAvA-2mAvx

解得=32/

答：(1)4滑到8底端時，2向左滑動的距離沖為2加

(2)4滑上C時A的速度大小火為4m/s；

(3)為使A不從C上滑下，C的最小長度L為2加；

(4)4滑到B底端后，與臺面發(fā)生相互作用過程中A損失的動能4%為32人

(1)4沿B下滑過程中，兩者組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，系統(tǒng)水平方向動量守恒，根據(jù)水平方向動量守

恒求A滑到B底端時，8向左滑動的距離%B；

(2)4在臺面上滑行時，根據(jù)動能定理求A滑上C時A的速度大小火；

(3)4滑至C右端時兩者剛好共速時，對應(yīng)的C的長度最小，根據(jù)動量守恒定律和