2025屆天津市某中學高三年級下冊模擬物理試卷（解析版）

2025年天津市耀華中學高考物理模擬試卷

一、單選題：本大題共4小題，共20分。

1.在物理學的發(fā)展過程中，有一些科學家由于突出的貢獻而被定義為物理量的單位以示紀念.下面對高中

學習的物理單位及其相對應的科學家做出的貢獻敘述正確的是（）

A.力的單位是牛頓（N）,牛頓通過實驗測定出萬有引力常量

B,電量的單位是庫倫（C）,庫倫通過實驗測定出元電荷

C.磁感應強度的單位是特斯拉（T）,特斯拉發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應

D.電流強度的單位是安培（A）,安培提出了分子電流假說

【答案】D

【解析】

【詳解】A.力的單位是牛頓（N）,牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，卡文迪許通過實驗測定出萬有引力常量，故A

錯誤；

B.電量的單位是庫倫（C）,密立根通過實驗測定出元電荷，故B錯誤；

C.磁感應強度的單位是特斯拉（T）,奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，故C錯誤；

D.電流強度的單位是安培（A）,安培提出了分子電流假說，故D正確；

2.有關原子與原子核的相關知識，以下說法正確的是（）

A.核反應方程式%Csf啜Ba+X中X為正電子

B.a射線是高速運動的氫原子核，具有良好的穿透性，能夠穿透幾厘米厚的鉛板

C.聚變又叫“熱核反應”，太陽就是一個巨大的熱核反應堆

D.2；；U->22Th+；He是核裂變方程，該反應能發(fā)生鏈式反應

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)核反應方程式可以判斷其中X質(zhì)量數(shù)為0,電荷數(shù)為-1,則X為負電子，故A錯誤；

B.a射線是高速運動氫原子核，電離本領較強，穿透性極弱，只能穿透薄紙片，故B錯誤；

C.聚變又叫“熱核反應”，宇宙中時時刻刻都在進行著，太陽就是一個巨大的熱核反應堆，故C正確；

D.22Th+；He是a衰變方程，不是核裂變方程，當鈾塊體積大于臨界體積時，發(fā)生鏈式反應，

故D錯誤。

故選C。

3.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C,其V-T圖象如圖所示。下列說法正確的有

O

A.A—B的過程中,氣體對外界做功

B.A—B的過程中,氣體放出熱量

C.B—C的過程中,氣體壓強增大

D.A—B—C的過程中，氣體內(nèi)能增加

【答案】B

【解析】

【詳解】A.A-B的過程中，溫度不變，體積減小，可知外界對氣體做功，故A錯誤;

B.A-B的過程中，溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律△U=W+。

知,W為正，則0為負，即氣體放出熱量，故B正確;

C.因為V-T圖線中，BC段的圖線是過原點的傾斜直線，則程B-C的過程中，壓強不變，故C錯誤;

D.A到B的過程中，溫度不變，內(nèi)能不變，B到C的過程中，溫度降低，內(nèi)能減小，則A-B-C的過程

中，氣體內(nèi)能減小，故D錯誤。

故選B。

4.一個帶負電的粒子僅在電場力的作用下，從x軸的原點O由靜止開始沿x軸正方向運動，其運動速度v

隨位置x的變化關系如圖所示，圖中曲線是頂點為。的拋物線，粒子的質(zhì)量和電荷量大小分別為相和q,

A.粒子沿x軸做加速度不斷減小的加速運動

mv

B.。、Xi兩點之間的電勢差氣i

2qxx

1

c.粒子從。點運動到沏點的過程中電勢能減少了5根片9

D.電場為勻強電場，電場強度大小E=口

qxi

【答案】c

【解析】

【詳解】AD.由題意可知，圖中曲線是拋物線，則曲線表達式可寫為

粒子只在電場力作用下運動，由動能定理得

1

r"x=-mv2

2

即

22

F_mv_mvi

2x2再

又

F=Eq

所以粒子在運動過程中，受到的電場力不變，說明電場為勻強電場，場強為

2qX]

沿x軸合外力不變，即粒子沿％軸做加速度不變的加速運動，故AD錯誤；

BC.粒子從。點運動到點打，由動能定理得

電場力做正功，電勢能減少，為

則0、M兩點之間電勢差為

2q

故B錯誤，C正確。

故選C。

二、多選題：本大題共4小題，共20分。

5.如圖甲所示，在平靜的水面下深〃處有一個點光源s,它發(fā)出的兩種不同顏色的。光和b光在水面上形成

了一個有光線射出的圓形區(qū)域，該區(qū)域的中間為由“6兩種單色光所構成的復色光圓形區(qū)域，周圍為環(huán)狀

區(qū)域，且為。光的顏色（見圖乙）。以下說法正確的是（）

光的單色光區(qū)域

----*-------復色光區(qū)域

甲乙

A.在同一裝置的雙縫干涉實驗中，。光條紋間距比b光寬

B.若兩種光照射某種金屬均能產(chǎn)生光電效應現(xiàn)象，則。光產(chǎn)生的光電子最大初動能更大

C,由點光源S垂直水面發(fā)出的光，a光在水中的傳播時間比6光長

D.在水中，。光的波長比6光大

【答案】AD

【解析】

【詳解】D.在水面上被照亮的圓形區(qū)域邊緣光線恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角C,。光在水面上形

成的圓形亮斑面積較大，可知a光的臨界角較大，根據(jù)sinC=4，水對a光的折射率比b光小，則在真空

n

中，。光的頻率較小，波長較長，D正確；

A.在同一裝置的楊氏雙縫干涉實驗中，根據(jù)'=因為a光波長長，則a光條紋間距比6光寬，A

a

正確；

B.因為。光的頻率較小，則若用a、b兩種光照射某種金屬均可以發(fā)生光電效應現(xiàn)象，根據(jù)

耳皿二丸〃一唉出功，則用6光照射該金屬時產(chǎn)生的光電子最大初動能更大，B錯誤；

C.根據(jù)丫=9,因。光的折射率比6光小，則a光在水中的速度較大，則由點光源S垂直水面發(fā)生的光，

n

。光在水中的傳播時間比6光短，C錯誤。

故選AD,

6.“太空涂鴉”是近年來非常流行的一種非軍事暴力性的反衛(wèi)星技術。其基本過程為：進攻前處于低軌運

行的攻擊衛(wèi)星通過變軌接近高軌偵查衛(wèi)星，準確計算軌道并向其發(fā)射“漆霧”彈，“漆霧”彈在臨近偵查

衛(wèi)星時，壓爆彈囊，讓高分子粘性磁電材料“漆霧”散開并噴向偵查衛(wèi)星，使之暫時失效。下列關于攻擊衛(wèi)

星的說法正確的是（）

A.攻擊衛(wèi)星進攻前需要加速才能進入偵察衛(wèi)星軌道

B.攻擊衛(wèi)星進攻前的向心加速度小于攻擊時的向心加速度

C.攻擊衛(wèi)星進攻前的機械能小于攻擊時的機械能

D.攻擊衛(wèi)星進攻時的線速度大于7.9km/s

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.攻擊衛(wèi)星進攻前要從低軌道進入高軌道，則需要加速做離心運動才能進入偵察衛(wèi)星軌道，選

項A正確；

攻擊衛(wèi)星進攻前的軌道半徑小于攻擊時的軌道半徑，可知攻擊衛(wèi)星進攻前的向心加速度大于攻擊時的向心

加速度，選項B錯誤；

C.攻擊衛(wèi)星進攻前要加速進入高軌道，除引力外的其他力做正功，機械能增加，則攻擊前的機械能小于

攻擊時的機械能，選項C正確；

D.7.9km/s是所用繞地球做圓周運動衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則攻擊衛(wèi)星進攻時的線速度小于7.9km/s,選

項D錯誤。

故選AC。

7.一不計電阻的矩形導線框，在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的正弦交流電如圖甲所

示。把該交流電接在圖乙中理想變壓器的。、方兩端，品為熱敏電阻（溫度升高時，其電阻減小），R為定

值電阻，電壓表和電流表均為理想電表。下列說法正確的是（）

A.在Z=1.5xl（y2s時刻，線框平面與磁場方向垂直

B.該交流電電壓的瞬時值表達式為a=22應sinlOO加（V）

C.R處溫度升高時，Vi表示數(shù)與V2表示數(shù)的比值增大

D.R處溫度升高時，定值電阻R上消耗功率減小

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.在r=L5xl（）-2s時刻，交變電壓最大，穿過線圈的磁通量的變化率最大，穿過該線圈的磁通量

為零，線框平面與磁場方向平行，故A錯誤;

B.由圖知，最大電壓

Um=220V

周期為0.02s,角速度是

co=2L=100〃rad/s

0.02

則該交流電電壓的瞬時值表達式為

M=2272sin100^/（V）

故B正確；

C.R處溫度升高時，原副線圈電壓比不變，但是V2不是測量副線圈電壓，尺溫度升高時，阻值減小，電

流增大，則R電壓增大，所以V2示數(shù)減小，則電壓表Vi、V2示數(shù)的比值增大，故C正確；

D.Rt處溫度升高時，阻值減小，副線圈的電流增大，則定值電阻R上消耗的功率增大，故D錯誤。

故選BC。

8.如圖，一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿+x軸方向傳播，其波長為人周期為兀某時刻，在該波傳播方向

上的尸、。兩質(zhì)點（圖中未畫出，P點比。點更靠近波源）偏離各自平衡位置的位移大小相等、方向相

反，則下列說法正確的是（）

A.波從P點傳到Q點所需時間可能等于一個周期

B.此時刻P、。兩質(zhì)點的速度可能相同

C.若該波的頻率增加一倍，其它條件不變，則波從P點傳到。點的時間將減少一半

D.P、。兩質(zhì)點平衡位置間的距離可能介于5和％之間

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.依題，某時刻P、。兩質(zhì)點的位移大小相等、方向相反，而相差一個波長的兩個質(zhì)點位移是

大小相等、方向相同的，則兩質(zhì)點間的距離不可能等于一個波長，即波從尸點傳到。點所需時間不可能等

于一個周期，故A錯誤；

B.根據(jù)波形分析得知，此時刻尸、。兩質(zhì)點的速度方向可能相反，也可能相同，故B正確；

C.波速是由介質(zhì)決定的，若該波的頻率增加一倍，而波速不變，波從尸點傳到。點的時間將保持不變,

故C錯誤；

三、實驗題：本大題共1小題，共12分。

9.某同學在做“利用單擺測定重力加速度”的實驗中，先測得擺線長為101.00cm,擺球直徑為

2.00cm,然后用秒表記錄了單擺完成50次全振動所用的時間為101.5s。貝U：

（1）他測得的重力加速度gm/s2=（計算結(jié)果取三位有效數(shù)字）

⑵他測得的g值偏小，可能原因是。

A.測擺線長時擺線拉得過緊

B.擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，擺線長度增加

C.開始計時時，秒表過遲按下

D.實驗中誤將49次全振動計為50次

【答案】①.9.76②.B

【解析】

【詳解】（1）口］由實驗數(shù)據(jù)可知，單擺的擺長

L=I+—=1.02m

2

單擺的周期

T=-=2.03s

n

由單擺的周期公式T=2萬J；可得

4/L

8=—^~=9.76m/s2

⑵⑵根據(jù)

4兀"

s=~^-

可知，若g值測量值變小，可能是乙變小，也可能是丁值變大。

A.測擺線長時擺線拉得過緊，會使得擺長變長，g值測量值變大，故A錯誤；

B.擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，導致測量的擺長比實際擺長偏小，g值測量值變小，

故B正確；

C.開始計時時，秒表過遲按下，會使得周期偏小，g值測量值變大，故C錯誤；

D.實驗中誤將49次全振動計為50次，周期偏小，g值測量值變大，故D錯誤。

故選B。

10.某同學用伏安法測定待測電阻尺的阻值（約為10k。），除了治,開關S、導線外，還有下列器材供選

用：

A.電壓表（量程O~1V,內(nèi)阻約10k。）

B.電壓表（量程0~10V,內(nèi)阻約100k。）

C.電流表（量程0~lmA,內(nèi)阻約30。）

D.電流表（量程0~0.6A,內(nèi)阻約0.05。）

E.電源（電動勢1.5V,額定電流0.5A,內(nèi)阻不計）

F.電源（電動勢12V,額定電流2A,內(nèi)阻不計）

G.滑動變阻器R）（阻值范圍0?:10Q,額定電流2A）

①為使測量盡量準確，電壓表選用_______，電流表選用,電源選用o（均填器材的字母代

號）；

②畫出測量飛阻值的實驗電路圖______。

③該同學選擇器材、連接電路和操作均正確從實驗原理上看，待測電阻測量值會其真實值（填

“大于”“小于”或“等于"），原因是一___O

rR^x-?-

【答案】①.B②.C③.F⑤.大于⑥.電壓表的讀數(shù)大于待測

電阻兩端實際電壓

【解析】

【分析】①由于本題的被測電阻達到10kQ,所以電源要選擇電動勢大的，然后根據(jù)電路電流選擇電流

表，電壓表;

②若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，根據(jù)三Rv上和R黃x的

關系分析電流表的接法;

③根據(jù)電流表的接法判斷實驗誤差所在;

【詳解】①⑴⑶若選用電源L5V,由于被測電阻很大，電路中電流非常小，不利于實驗，即電源選用

12V的，即F；則電壓表就應該選取B；

⑵電路中的最大電流為

1=———A=1.2mA

10000

故選用電流表C。

②[4]因為給的滑動變阻器的最大阻值只有10。，若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采

用滑動變阻器的分壓接法，由于R傳v〈黃R,，所以采用電流表內(nèi)接法，電路圖如圖所示

&4

③[5][6]由于電流表的分壓，導致電壓測量值偏大，而電流準確，根據(jù)&=-可知測量值偏大;

【點睛】滑動變阻器的分壓和限流接法的區(qū)別和選用原則：

區(qū)別：（1）限流接法線路結(jié)構簡單，耗能少；

（2）分壓接法電壓調(diào)整范圍大，可以從0到路端電壓之間連續(xù)調(diào)節(jié)；

選用原則：（1）優(yōu)先限流接法，因為它電路結(jié)構簡單，耗能較少；

（2）下列情況之一者，須采用分壓接法：

①當測量電路的電阻遠大于滑動變阻器阻值，采用限流法不能滿足要求時（本題就是該例子）；

②當實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)（電壓變化范圍大），或要求電壓從零開始調(diào)節(jié)；

③電源電動勢比電壓表量程大得多，限流法滑動變阻器調(diào)到最大仍超過電壓表量程時。

電流表內(nèi)接和外接的選用：

當弓刀RA時，宜采用內(nèi)接法，即大電阻用內(nèi)接法；

當R,*Ry時，宜采用外接法，即小電阻用外接法；可記憶為“大內(nèi)，小外”。

四、計算題：本大題共3小題，共48分。

11.如圖甲所示，電阻廠=2。的金屬棒油垂直放置在水平導軌正中央，導軌由兩根長L=2m、間距d=lm

的平行金屬桿組成，其電阻不計，在導軌左端接有阻值R=4Q的電阻，金屬棒與導軌接觸良好。從f=0

時刻開始，空間存在垂直導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，在t=O.ls時刻,

金屬棒恰好沿導軌開始運動。取重力加速度g=10m/s2。求:

(1)在0.1s內(nèi)，導體棒上所通過的電流大小和方向;

(2)在0.1s內(nèi)，電阻R上所通過的電荷量q及產(chǎn)生的焦耳熱0；

(3)在0.05s時刻，導體棒所受磁場作用力的大小廠和方向。

MaN

XXXXXXXx

rXXXXXXXx

RXXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

Pb~Q

甲

【答案】（1）2A,從6至Ija；(2)0.2C,1.6J；(3)1.2N,水平向左

【解析】

【分析】

【詳解】（1）由法拉第電磁感應定律可知，在0.1s時間內(nèi),回路中的感應電動勢為

E=--Ld

At2

由閉合電路歐姆定律可得

1=-^-

R+r

由題圖乙可得

—=12T/s

聯(lián)立解得

Z=2A

由楞次定律可知，導體棒上電流方向為從b到心

（2）在0.1s時間內(nèi)，通過電阻R的電荷量為

q=l^t

代入數(shù)據(jù)可得

q=0.2C

電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為

代入數(shù)據(jù)可得

Q=1.6J

⑶在r=0.05s時刻，磁感應強度為

B=—xr=0.6T/s

AZ

導體棒所受磁場作用力的大小為

F=BId

代入數(shù)據(jù)可得

F=1.2N

根據(jù)左手定則可知，導體棒所受磁場作用力方向水平向左。

12.如圖，質(zhì)量為6m、長為L的薄木板AB放在光滑的平臺上，木板B端與臺面右邊緣齊平.B端上放有

質(zhì)量為3m且可視為質(zhì)點的滑塊C,C與木板之間的動摩擦因數(shù)為質(zhì)量為m的小球用長為L的細

繩懸掛在平臺右邊緣正上方的O點，細繩豎直時小球恰好與C接觸.現(xiàn)將小球向右拉至細繩水平并由靜止

釋放，小球運動到最低點時細繩恰好斷裂，小球與C碰撞后反彈速率為碰前的一半.

(1)求細繩能夠承受的最大拉力;

(2)若要使小球落在釋放點的正下方P點，平臺高度應為多大;

(3)通過計算判斷C能否從木板上掉下來.

【答案】(l)3mg(2)L(3)滑塊C不會從木板上掉下來

【解析】

【詳解】(1)設小球運動到最低點的速率為vo,小球向下擺動過程機械能守恒，由機械能守恒定律得:

mgL=gmvl

解得：v0=y/2gL

2

小球在圓周運動最低點，由牛頓第二定律：T-mg^m^

R

由牛頓第三定律可知，小球?qū)毨K的拉力：T'=T

解得：T'=3mg

1,

(2)小球碰撞后平拋運動.在豎直方向上：h=~gt

水平方向：—t

2

解得：h=L

(3)小球與滑塊C碰撞過程中小球和C系統(tǒng)滿足動量守恒，設C碰后速率為力,以小球的初速度方向為

正方向，由動量守恒定律得：mvQ=m^-^+3mvl

設木板足夠長，在C與木板相對滑動直到相對靜止過程，設兩者最終共同速率為vz,由動量守恒定律的：

3mVj=(3m+v2

由能量守恒定律得：=^-(3m+6m)v1+jU-3mgs

聯(lián)立⑨⑩?解得：s=L/2

由s〈L知，滑塊C不會從木板上掉下來.

【點睛】(1)由機械守恒定律求出小球的速度，然后由牛頓定律求出繩子能夠承受的最大拉力；

(2)小球做平拋運動，應用平拋運動規(guī)律分析答題；

(3)應用動量守恒定律與能量守恒定律求出C的位移，然后根據(jù)位移與木板的長度關系分析答題.

13.如圖所示，在平面直角坐標系龍。y的第二象限內(nèi)有平行于y軸的勻強電場，電場強度大小為E,方向

沿y軸負方向。在第一、四象限內(nèi)有一個半徑為r的圓，圓心坐標為(r,0),圓內(nèi)有方向垂直于切，平面

向里的勻強磁場。一帶正電的粒子(不計重力)，以速度為%從第二象限的P點，沿平行于x軸正方向射

入電場，通過坐標原點。進入第四象限，速度方向與無軸正方向成60°,最后從。點平行于＞軸離開磁

場，已知尸點的橫坐標為一2〃。求：

⑴帶電粒子的比荷?；

m

⑵圓內(nèi)磁場的磁感應強度B的大?。?/p>

⑶帶電粒子從P點進入電場到從Q點射出磁場的總時間t。

24%+5兀/

；-----

m2Ehr12%

【解析】

【詳解】（1）由水平方向勻速直線運動得