2024屆河南省高三年級下冊適應(yīng)性測試理綜-物理試題（解析版）

2024年河南省普通高中畢業(yè)班高考適應(yīng)性測試

理科綜合

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑；如需

改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫

在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

第I卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14?18

題只有一項符合題目要求，第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不

全的得3分，有選錯的得0分。

1.瓦房為中國常見的一種傳統(tǒng)建筑。如圖為一瓦房屋頂結(jié)構(gòu)的簡化圖，橫截面為圓弧的瓦片靜置在兩根相

互平行的椽子正中間，已知椽子間距離為d,與水平面夾角均為仇瓦片質(zhì)量為7",忽略瓦片厚度，重力加

速度為g。則（）

A.椽子對瓦片彈力的合力方向豎直向上

B.椽子對瓦片作用力的合力大小為加geos，

C.僅減小椽子的傾角仇椽子對瓦片彈力的合力變小

D.僅減小椽子間的距離力椽子對瓦片彈力的合力不變

【答案】D

【解析】

【詳解】A.對瓦片進行受力分析，瓦片所受支持力垂直于瓦片的切面指向瓦片，兩力的合力方向垂直于椽

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子斜向上，故A錯誤；

B.瓦片處于靜止狀態(tài)，則椽子對瓦片的作用力的合力與重力等大反向，大小為機g,方向豎直向上，故B

錯誤；

CD.以瓦片為對象，垂直于斜面的截面圖及受力分析如圖所示

根據(jù)受力平衡可得

N合=2Ncosa=mgcos3

可知僅減小椽子的傾角椽子對瓦片彈力的合力變大；僅減小椽子間的距離力由于6不變，椽子對瓦片

彈力的合力不變，故C錯誤，D正確。

故選D。

2.如圖為某同學做“水流導(dǎo)光”的實驗裝置：在一透明塑料透明瓶右側(cè)下方開一個小孔，向瓶中灌入清水,

水便從小孔流出。在瓶左側(cè)用激光水平射向小孔，發(fā)現(xiàn)光束并未完全約束在流出的水流中。則（）

A,可能是水面過高引起的

B.可能是塑料瓶橫截面積過大引起的

C.可換用波長更長的激光使光完全約束在水流中

D,可換折射率更大的液體使光完全約束在水流中

【答案】D

【解析】

【詳解】A.在瓶左側(cè)用激光水平射向小孔，發(fā)現(xiàn)光束并未完全約束在流出的水流中，是因為光發(fā)生折射,

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不會發(fā)生全反射，則如果是水面過高引起的，流出的水流與光的夾角過小，導(dǎo)致入射角大于臨界角，從而

出現(xiàn)光的全反射現(xiàn)象，A錯誤；

B.如果塑料瓶橫截面積過大或過小，光從水射向空氣的入射角不變，因此光仍能發(fā)生折射現(xiàn)象，所以與塑

料瓶橫截面積無關(guān)，B錯誤；

C.如果換用波長更大的激光，其折射率減小，則臨界角增大，從而出現(xiàn)折射現(xiàn)象，不能完全約束在水流中，

C錯誤；

D.如果換用折射率更大的液體，則臨界角減小，更容易發(fā)生全反射，能完全約束在水流中，D正確。

故選D。

3.圖甲為一個簡易的靜電除塵裝置，沒有底的空塑料瓶上固定著一塊鋁片和一根銅棒，將它們分別與起電

機的正、負極相連。在塑料瓶里放置點燃的蚊香，瓶內(nèi)產(chǎn)生煙塵，搖動起電機后瓶內(nèi)變得清澈透明。圖乙

為瓶內(nèi)俯視圖，其中b、c為瓶內(nèi)電場中同一條電場線上的三個點，且ab=bc。則起電機搖動時（）

A.帶負電的煙塵會向銅棒聚集

B.a點的電場強度大于b點的電場強度

C.a,6兩點間的電勢差小于6、c兩點間的電勢差

D.帶負電的煙塵在b點時的電勢能大于它在c點時的電勢能

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.起電機搖動時，根據(jù)題意可知銅棒帶負電，鋁片帶正電，所以帶負電的煙塵會向鋁片聚集，

由于二者之間的電場線分布是從左至右依次變的密集,即。點的電場強度小于b點的電場強度，故AB錯誤;

C.a、6兩點間的電場線比6、c兩點間的電場線要疏一些，故

Eab<Ebc

根據(jù)

U=Ed

其中

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可知

Uab<ubc

故a、6兩點間的電勢差小于6、c兩點間的電勢差，C正確;

D.根據(jù)電場線的分布情況可知

<Pb>(Pc

根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系

Ep=q(P

其中

q<0

即帶負電的煙塵在b點時的電勢能小于它在c點時的電勢能，故D錯誤。

故選C。

4.衛(wèi)星上裝有太陽能帆板，可將光能轉(zhuǎn)化為電能儲存在蓄電池中，為衛(wèi)星提供電能。現(xiàn)有一顆人造地球衛(wèi)

星繞地球做勻速圓周運動，其運行軌道位于赤道平面上，軌道半徑為地球半徑的行倍。已知地球的自轉(zhuǎn)周

期為《，半徑為R,地球同步衛(wèi)星軌道半徑約為50及。在春分這一天，太陽光可視為直射赤道，該衛(wèi)星

繞地心轉(zhuǎn)動一周，太陽能帆板能接收到太陽光的時間約為()(V?=2.24)

A.0.077；B.0.037；C.0.147；D.0.277；

【答案】A

【解析】

【詳解】對同步衛(wèi)星由萬有引力提供向心力

Mm4萬2

x5同

G瓦函7二加不

對于人造衛(wèi)星的軌道半徑為

=727?

由萬有引力提供向心力得

Mm4/

GX岳

解得

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如圖所示，人造衛(wèi)星在4到2(順時針)的過程中太陽能帆板無法工作

.0R1

2y/2R2

可得

6^=90°

則該衛(wèi)星繞地心轉(zhuǎn)動一周，太陽能帆板能接收到太陽光的時間約為

360°-6)3

360°

故選Ao

5.圖甲為氫原子的能級圖，大量處于〃=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時，發(fā)出頻率不同的光子，其中只

有兩種頻率的光可使圖乙中的光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)?，F(xiàn)分別用這兩種頻率的光.、6照射該光電管陰

極K,測得光電流隨電壓變化的關(guān)系如圖丙所示，陰極K金屬材料的逸出功為4.75eV。下列說法正確的是

()

A.這些氫原子躍遷時共發(fā)出5種頻率的光

B.氫原子躍遷時發(fā)出。光的頻率大于6光的頻率

C.用6光照射光電管陰極K時，遏止電壓為8V

D.用頻率越大的光照射光電管陰極K時，產(chǎn)生的光電流越大

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【答案】C

【解析】

【詳解】A.第4能級的氫原子，向低能級躍遷過程中，能發(fā)出C；=6種不同頻率的光，故A錯誤;

B.由圖可知6光的遏止電壓最大，由

eUc=Ek

Ek=hv-JV0

聯(lián)立可知6光的頻率大于。光的頻率，故B錯誤；

C.圖丙中的圖線方所表示的光的遏止電壓較大，則光電子最大初動能較大，所對應(yīng)的光子能量較大，原子

躍遷對應(yīng)的能級差較大，即對應(yīng)于從〃=4到〃=1的躍遷，則光子能量為

(-0.85eV)-(-13.6eV)=12.75eV

則遏止電壓為

^=12.75eV-4.75eV=8v

e

故C正確；

D.當提高光的頻率后，單個光子的能量E=/zu增大，在光強(單位時間內(nèi)所有光子的總能量)不變的前

提下，光子的數(shù)目必然減少，光電管陰極發(fā)射的光電子數(shù)目自然就會減小，光電流減小，故D錯誤。

故選C。

6.如圖為一“凸”形絕熱且內(nèi)壁光滑的汽缸，被兩輕質(zhì)絕熱活塞分成A、B、C三部分，兩活塞用輕桿連接。

活塞穩(wěn)定時，A、B、C內(nèi)的理想氣體溫度均相同。現(xiàn)通過電熱絲使B中氣體溫度緩慢升高，在兩活塞緩慢

下降的過程中，下列說法正確的是()

A.A中氣體內(nèi)能減少

B.A中氣體壓強增大

C.B中氣體所有分子的動能均增大

D.C中氣體分子的數(shù)密度增大

【答案】AD

【解析】

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【詳解】ABD.以B中氣體為研究對象，體積不變，根據(jù)查理定律得

旦=衛(wèi)

A1

可知B中氣體溫度升高，壓強增大；以活塞和連桿整體為研究對象,受到向上和向下氣體的壓力025和P2SC，

因為S<Sc，則有

p2sA<piSc

可知活塞和連桿合力向下，豎直向下運動，A中氣體體積增大，壓強減小，對外做功，根據(jù)熱力學第一定

律

^U=W+Q

汽缸絕熱。=0,內(nèi)能減小，溫度降低；C中氣體體積變小，氣體分子的數(shù)密度增大，故AD正確，B錯誤;

C.B中氣體溫度升高，分子的平均動能增大，并不是所有分子的動能均增大，故C錯誤。

故選AD。

7.圖甲為一超聲波懸浮儀，其上方圓柱體內(nèi)通過圖乙中的振蕩電路產(chǎn)生高頻電信號，經(jīng)轉(zhuǎn)換成同頻率的高

頻聲信號后發(fā)出超聲波，下方圓柱體將接收到的超聲波反射回去。兩列超聲波疊加后，會出現(xiàn)振幅幾乎為

零的點一節(jié)點，在節(jié)點兩側(cè)聲波壓力的作用下，小水珠能在節(jié)點附近保持懸浮狀態(tài)。該情境可等效簡化為

圖丙所示情形，圖丙為某時刻兩列超聲波的波形圖，「（-1.5,0）、。（2,0）分別為兩波源所在的位置，己知

超聲波傳播的速度為340m/s。則下列說法正確的是（）

y/cm

----->A------

A\/1MO2?-x/cm

[_____cr<------

甲1丙

A.懸浮儀發(fā)出的超聲波頻率為34000Hz

B.圖丙所示時刻M、N兩質(zhì)點的振動方向相同

C.兩列波疊加穩(wěn)定后，波源尸、。之間的小水珠共有3個懸浮點

D.若增大平行板電容器C極板間距離，可以增加懸浮儀中的節(jié)點個數(shù)

【答案】ABD

【解析】

【詳解】A.由圖可知，超聲波的波長為

2=1cm

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則超聲波懸浮儀所發(fā)出的超聲波信號頻率為

340m/s

=34000Hz

0.01m

故A正確;

B.由同側(cè)法可知，該時刻M、N兩質(zhì)點的振動方向相同，均沿y軸正方向，故B正確；

C.波源尸、。振動步調(diào)相反，當波程差為半波長的奇數(shù)倍時，該點是振動加強點，當波程差為波長的整數(shù)

倍時，該點是振動減弱點，設(shè)波源尸、。之間某一點坐標為陽懸浮點為振動減弱點，滿足

|(2-x)-((x-(-1.5))|=|2x-0.5|=?2為自然數(shù))

解得

x=±0.25cm>±0.75cm、±1.25cmJ.75cm

故兩列波穩(wěn)定疊加后，波源尸、。之間小水珠共有7個懸浮點，故C錯誤；

D.若增大平行板電容器。極板間距離，根據(jù)

csS

C=-------

471kd

可知平行板電容器的電容減小，根據(jù)

可知ZC振蕩回路的振蕩周期減小，超聲波頻率變大，波長變短，相同空間距離內(nèi)節(jié)點個數(shù)變多，則可以增

加懸浮儀中的節(jié)點個數(shù)，故D正確。

故選ABDo

8.圖甲中豎直放置的輕質(zhì)彈簧一端固定在風洞實驗室中的水平面上，以此水平面為重力勢能的零勢能面，

質(zhì)量為0.1kg的小球在彈簧正上方某處由靜止下落，同時受到一個豎直向上恒定的風力。以小球開始下落的

位置為原點O,豎直向下為x軸正方向，在小球下落的過程中，小球重力勢能隨其位移變化關(guān)系如圖乙中

的圖線①，彈簧彈性勢能隨小球位移變化關(guān)系如圖乙中的圖線②，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，勁度系數(shù)為

108N/m,重力加速度g取lOm/s?。則下列說法正確的是()

A.彈簧原長為0.5m

B.小球剛接觸彈簧時的動能為0.45J

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C.小球下落過程中所受風力為0.2N

D.小球的最大加速度大小為99m/s2

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.取地面為零勢能參考面，根據(jù)圖像可知小球初狀態(tài)的重力勢能為

Eo=mgh=0.7J

圖乙中的圖線②表示彈簧的彈性勢能隨小球位移變化的關(guān)系，由此可知小球下落4=0.5m開始接觸彈簧;

則彈簧的原長為

L=h-hl=0.7m-0.5m=0.2m

故A錯誤；

C.由圖乙可知小球速度減為0時小球下落

s=0.6m

根據(jù)功能關(guān)系有

mgs-fs=0.54J

解得

/=0.1N

故C錯誤；

B.小球剛接觸彈簧時，小球下落了0.5m,則根據(jù)動能定理有

mgs0-fs0=Ek

解得

Ek=0.45J

故B正確；

D.彈簧壓縮量最大時，彈性勢能最大

1,

E=-k-\xl=0.54J

P2

Axm=0.6m-0.5m=0.1m

則勁度系數(shù)

k=108N/m

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加速度

a〃陪+/=99mzs2

m

故D正確。

故選BDo

第n卷

三、非選擇題：本題共14小題，共174分。

（說明：物理部分為第22?26題，共62分；化學部分為第27?30題，共58分；生物部分

為第31?35題，共54分）

9.“筋膜槍”是利用內(nèi)部電機帶動“槍頭”高頻沖擊肌肉，緩解肌肉酸痛的設(shè)備。某同學為了測量“槍頭

的沖擊頻率，將帶限位孔的塑料底板固定在墻面上，“槍頭”放在限位孔上方，靠近并正對紙帶，如圖甲

所示。啟動筋膜槍，松開紙帶，讓紙帶在重錘帶動下穿過限位孔，“槍頭”在紙帶上打下系列點跡。更換

紙帶，重復(fù)操作。

甲乙

（1）實驗時打出一條清晰的紙帶，截取其中一段，測得相鄰點跡間的距離如圖乙所示，則紙帶的（填

“左”或“右”）端連接重錘；若取重力加速度大小為9.8m/s2,可計算出“槍頭”的沖擊頻率為Hz,

A點對應(yīng)的速度為in/so（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

（2）該實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是“槍頭”在打點瞬間阻礙紙帶的運動，這樣會導(dǎo)致沖擊頻率的測量值

（填“大于”“小于”或“等于"）實際值。

【答案】（1）①.左?.20③.1.5

（2）大于

【解析】

【小問1詳解】

[1]松開紙帶，紙帶在重錘作用下做加速運動，紙帶上相鄰兩點間的距離逐漸增大，由圖可知，紙帶左端與

重錘相連；

[2]根據(jù)逐差法，有

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g=

（2T『

即

(85.7-36.6)mm+(110.1-61.2)mm&

9.8m/s92--------------1------------------------1——xlO^

(27)一

解得

T=0.05s

頻率為

f=^=20Hz

[3]/點對應(yīng)的速度為

m

巳=等寇'1075mzs

【小問2詳解】

“槍頭”打點瞬間阻礙紙帶的運動，使得重物下落的加速度小于自由落體加速度，故計算周期時，加速度

值偏大，導(dǎo)致測量結(jié)果偏小，則測量的頻率偏大，故頻率測量值大于實際值。

10.某實驗小組想了解一氣壓傳感器的電阻隨所處環(huán)境氣壓變化的規(guī)律，他們在室溫下利用實驗室提供的以

下器材進行探究。

A.氣壓傳感器凡.（阻值變化范圍從幾十歐到幾百歐）;

B.直流電源（電動勢6V,內(nèi)阻不計）；

C.電壓表匕（量程0?3V,內(nèi)阻為4kQ）；

D.電壓表匕（量程。?15V,內(nèi)阻為20k。）；

E.電流表A（量程0?150mA,內(nèi)阻不計）；

F.定值電阻4（阻值為4k。）；

G.定值電阻鳥（阻值為20k。）；

H.滑動變阻器R（最大阻值為50Q）；

I.開關(guān)S、導(dǎo)線若干。

（1）該小組設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路原理圖，其中電壓表應(yīng)選擇,定值電阻應(yīng)選擇?（填

器材前的字母代號）

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R/Q

^p/(xlO5Pa)

丙

（2）請按圖甲所示的電路圖，將圖乙中的實物連線補充完整

（3）改變環(huán)境壓強0,測得不同的凡值，繪出如圖丙所示的圖像，可得凡隨壓強p變化的關(guān)系式為

尺

（4）某次測量時，電壓表、電流表的示數(shù)分別為。=2.40V和/=24.0mA,則氣壓傳感器的阻值

Rx=Q,此時氣壓傳感器所處環(huán)境的壓強0=Pao

【答案】10.①.C②.F

12.1300Q-1X10-2/?

13.①.200②.l.lxlO5

【解析】

【小問1詳解】

[1]根據(jù)題意可知，電源電動勢為6V,電壓表讀數(shù)時要在表盤中間三分之一更準確，而且串聯(lián)定值電阻可

以擴大量程，故電壓表選C。

⑵串聯(lián)定值電阻，相當于擴大電壓表量程，擴大到6V即可，電壓表V的量程為3V,內(nèi)阻為4kC,根據(jù)

串聯(lián)分壓原理，故需串聯(lián)一個阻值為4kC定值電阻，故定值電阻應(yīng)選用。

故選Fa

【小問2詳解】

按照圖甲所示的電路圖，連接實物圖如圖所示

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【小問3詳解】

根據(jù)圖像，假設(shè)

4=&一切

代入數(shù)據(jù)可得

4=1300。-1x10-2夕

【小問4詳解】

[1]根據(jù)題意，由歐姆定律有

2U2x2.40V

=200Q

&I~24.0xlO-3A

[2]將'=200Q代入表達式

4=1300。-1義10-22

可以解得，此時氣壓傳感器所處環(huán)境的壓強為

^=l.lxlO5Pa

II.在冰壺比賽中，所用的冰壺除顏色外其他完全相同。如圖甲所示，紅壺在水平冰面上以一定的速度與靜

止在大本營中心的藍壺發(fā)生對心碰撞，碰撞時間極短。碰后，運動員用毛刷去擦藍壺運動前方的冰面來減

小阻力。碰撞前后兩壺運動的速度v隨時間t變化的關(guān)系如圖乙中實線所示。已知紅壺、藍壺質(zhì)量均為20kg,

重力加速度g取lOm/s?。求：

(1)碰撞后藍壺運動的時間；

(2)碰撞后藍壺與冰面間的動摩擦因數(shù)；

(3)兩冰壺在碰撞過程中損失的機械能。

監(jiān)壺

甲

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【答案】(1)5s；(2)0.016；(3)3.2J

【解析】

【詳解】(1)設(shè)碰撞后藍壺運動的時間為。根據(jù)三角形相似可知：

1.2-1.01

1.0匚

解得碰撞后藍壺運動的時間為

，=5s

(2)由題意可知，紅壺碰前的速度為匕=L0m/s,碰后的速度為v；=0.2m/s,設(shè)碰后藍壺的速度為修，

根據(jù)動量守恒定律有

mvx=mv[+mv2

解得

v2=0.8m/s

碰撞后藍壺運動的加速度大小為

a=-='^-m/s2=0.16m/s2

t5

根據(jù)牛頓第二定律

/j.mg=ma

可得藍壺與冰面間的動摩擦因數(shù)

〃=0.016

(3)由能量守恒定律，碰撞過程中兩冰壺損失的機械能為

AE=^mv\一(~mvi2+~mvl)=3-2J

12.如圖所示，兩個完全相同的正方形金屬細線框M、N,置于光滑的絕緣水平桌面上。在線框M右側(cè)寬

度為/的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直于桌面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為反開始時線框M、N并排靠在一起,

彼此絕緣且不粘連，其左、右邊框與磁場邊界平行，每個線框的邊長、質(zhì)量、電阻分別為/、機、R.

(1)用水平推力作用在線框N上，讓M、N一起以速度%沿垂直于磁場邊界的方向勻速穿過磁場區(qū)域，

求整個過程中水平推力的最大值；

(2)不加推力，讓M、N一起以大小為%的初速度沿垂直于磁場邊界的方向自由滑行，線框N恰好能穿

過磁場區(qū)域。求：

(i)線框M完全離開磁場時的速度與初速度%的比值；

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(ii)整個過程中線框M產(chǎn)生的熱量QM與N產(chǎn)生的熱量QN的比值。

XXX

XXX

Xz\zx

XXX

XXX

215

【答案】(1)⑴—；(zii)—

R58

【解析】

【詳解】(1)線框M、N均在磁場區(qū)域運動時，每個線框內(nèi)電流大小均為

I=E=Blv。

~R~R

當M、N靠在一起的邊均進入磁場時，水平推力達到最大，其大小為

Fm=2BII

聯(lián)立解得最大水平推力

212Vo

mR

(2)(i)以線框M的右邊框剛進入磁場為計時起點，把線框N向右運動的過程分為0?/、/?2/、27-3/

三個階段，線框N相應(yīng)的末速度依次記為％、匕和0在第一階段，M、N一起減速，時間為線框M中

的平均感應(yīng)電動勢

—A①Bl2

1=T=T

感應(yīng)電流

由動量定理得

-BI11?tx=2mvi-2mv0

其中

q=It

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聯(lián)立可得

在第二階段，由于M、N同時處于磁場中，二者產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和電流總是相同，受力也相同，因此仍

一起減速，同理可得

^y-=2m（v1-v2）

在第三階段，M已經(jīng)離開磁場，而N還在磁場中做減速運動，因此M、N分開，N最后恰好離開磁場，對

線框N同理可得

聯(lián)立各式可得

2c

匕=1%，匕=2匕

則線框M完全離開磁場時的速度v2與初速度％的比值

v2_2

%5

（ii）由能量守恒定律可知，線框M、N在整個過程中產(chǎn)生的熱量分別為

2

0N=1^(v1-vf)+|mvf

聯(lián)立解得

0M=15

0N8

13.如圖所示，從粒子源發(fā)射出一質(zhì)量為〃?、電荷量為g的正粒子（不計重力），經(jīng)加速后以速度v沿水平

方向射入速度選擇器，再經(jīng)磁分析器和電場偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)最后打在xOy平面上。已知形狀為四分之一圓環(huán)的速

度選擇器內(nèi)，存在方向指向圓心。，的輻射狀電場，圓環(huán)內(nèi)、外半徑分別為工和3"在速度選擇器兩端沿中

心軸線處各有一個小孔/、N,粒子從〃孔射入、N孔穿出后進入磁分析器，磁分析器是與速度選擇器形

狀完全相同的四分之一圓環(huán)，其圓心也為。，內(nèi)部分布有垂直紙面向里的勻強磁場，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后從

出口端（含尸、。兩點）飛出，之后進入電場偏轉(zhuǎn)區(qū)，此區(qū)域充滿著垂直紙面向外的勻強電場，其電場

強度與速度選擇器中心軸線處的電場強度大小相等。粒子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后打在與尸。距離為22的X。），平面上,

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P。的中點K與。點的連線垂直于x(方平面。求：

(1)速度選擇器中心軸線處電場強度￡的大小；

(2)要保證粒子能順利通過磁分析器，磁感應(yīng)強度3的取值范圍；

(3)當磁分析器中的磁感應(yīng)強度3為最小值時，粒子落在X。平面上的坐標(x,同。

M，/中心軸線

口--

粒子源速度選擇器

2

mv/、4mv八4mv16"UL

【答案】(1)E=---；(2)——<B<—~；(3)9

2qL13qL5qL144~6~

【解析】

【詳解】(1)根據(jù)牛頓第二定律有

LWV2

qE二----------