江蘇省徐州市銅山區(qū)2024-2025學年高二下學期期中物理檢測試卷（選擇考）（附答案）

江蘇省徐州市銅山區(qū)2024-2025學年高二下學期期中物理檢測試卷（選擇考）一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.如圖所示，三個相同物體分別在大小相同的力F的作用下，沿水平方向通過相同位移l。下列說法正確的是(

)A.甲圖中力F做負功 B.乙圖中力F做正功C.丙圖中力F做正功 D.丙圖中力F做功最多2.假設火星和地球繞太陽均做勻速圓周運動，火星公轉周期約為687天。則火星(

)A.軌道半徑比地球的小 B.線速度比地球的大C.加速度比地球的大 D.角速度比地球的小3.靜止電荷會在其周圍產生靜電場。為了形象地描述電場，法拉第采用了畫電場線的方法。如圖是某一電場的電場線，下列說法正確的是(

)A.電場線可以形象地描述電場，所以電場線是實際存在的B.圖中A點的電場強度大于C點的電場強度C.圖中B點沒有畫電場線，所以B點的電場強度為零D.將帶正電的試探電荷從A點由靜止釋放，它將沿電場線運動到C點4.如圖所示，一個小球在真空中做自由落體運動，另一個同樣的小球在黏性較大的液體中由靜止開始下落。它們都由高度為?1的地方下落到高度為?2A.重力勢能的變化量相等 B.動能的變化量相等C.機械能都守恒 D.機械能都不守恒5.地球的公轉軌道接近圓，但彗星的公轉軌道則是一個非常扁的橢圓，如圖為地球與哈雷彗星繞太陽運動的示意圖。由圖可知，哈雷彗星(

)A.公轉周期大于地球的公轉周期B.在近日點的加速度小于地球的加速度C.在近日點的線速度比在遠日點的線速度小D.與太陽的連線和地球與太陽的連線在任意相等時間內掃過的面積相等6.小孩站在岸邊向湖面依次拋出三個石子，它們的軌跡如圖所示(各軌跡的最高點距湖面等高)。已知三個石子質量相等，不計空氣阻力，則沿軌跡1運動的石子(

)A.運動時間最長 B.在最高點的速度最大C.重力做功最多 D.入水時重力的功率最大7.如圖a是電場中的一條電場線，A、B是電場線上的兩點。一個點電荷僅在電場力作用下，從A運動到B過程的v?t圖像如圖b所示。下列說法正確的是(

)A.A點的電勢比B點高 B.A點的電勢比B點低C.點電荷在A點的電勢能比在B點小 D.點電荷在A點的電勢能比在B點大8.如圖所示，輕質彈簧下端固定，上端拴接小球，整個裝置靜止在光滑斜面上。用外力沿斜面向下推小球，直至彈簧壓縮最大時撤去外力，小球從最低點向上第一次運動到最高點的過程中(已知當小球在最高點時彈簧處于伸長狀態(tài)，整個過程中彈簧始終處于彈性限度內)(

)A.小球的加速度先增大后減小 B.彈簧恢復原長時小球的速度最大C.彈簧彈力做的功等于小球動能增加量 D.彈簧彈力做的功等于小球機械能的增加量9.某同學研究電容器充、放電的實驗電路如圖所示。實驗中先將開關接1，電路穩(wěn)定后再將開關接2。下列說法正確的是(

)A.開關接1時，電容器上極板帶負電B.開關接1時，靈敏電流計G的示數一直增大C.開關接2時，電阻R中的電流方向從左到右D.開關接2時，電容器兩極板的電勢差一直增大10.一根輕繩跨過定滑輪，繩的兩端各系一個小球A和B，B球的質量是A的3倍。A球靜止于地面，用手托住B球，當輕繩剛被拉緊時，B球離地面的高度是?，如圖所示。以地面為參考平面，不計一切阻力，將B球從靜止釋放直至落地，此過程中，A球的重力勢能Ep和動能Ek隨A球的位移xA. B.C. D.11.如圖甲所示，某裝置由多個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，序號為奇數的圓筒和交變電源的一個極相連，序號為偶數的圓筒和該電源的另一個極相連。交變電源兩極間電勢差的變化規(guī)律如圖乙所示。在t=0時，奇數圓筒相對偶數圓筒的電勢差為正值。此時位于和偶數圓筒相連的金屬圓板(序號為0)中央有一個電子由靜止開始加速。通過設計特定的圓筒長度，使得電子可以在任意兩個圓筒縫隙內運動時被加速。已知電子質量為m，電荷量為e，電壓絕對值為U，周期為T，電子通過圓筒間隙的時間忽略不計，則(

)A.電子在金屬圓筒中運動時也處于加速狀態(tài) B.電子在每個金屬圓筒中的運動時間均為TC.電子出第n個圓筒瞬間速度為2neUm D.第n個圓筒長度為二、實驗題：本大題共1小題，共15分。12.某同學用圖甲所示裝置來“驗證機械能守恒定律”。讓小球從A點由靜止下落，經過A點正下方的光電門B時，光電計時器記錄下小球通過光電門的時間t，已知當地的重力加速度為g。(1)為了減小實驗誤差，以下三個大小相同的球應選用____。A.鐵球B.鋁球C.塑料球(2)用毫米刻度尺測量小球的直徑，示數如圖乙所示，則其直徑為d=?________?cm。(3)調整AB兩點之間距離?，記錄下小球通過光電門B點的時間t，多次重復上述過程，作出1t2隨?的變化圖像如圖丙所示。若斜率等于___________________?(用題中所給物理量符號表示(4)實驗中發(fā)現，小球動能增加量總是略小于重力勢能減少量，原因可能是___________。(5)若只考慮“利用小球通過光電門的平均速度來代替瞬時速度”引起的誤差，則小球通過B點動能的測量值______?(選填“大于”或“小于”)真實值。三、計算題：本大題共4小題，共41分。13.某中子星的質量為M，半徑為R，萬有引力常量為G．(1)求此中子星表面的自由落體加速度；(2)貼近中子星表面，求沿圓軌道運動的小衛(wèi)星的速度．14.如圖所示，電荷量為+q的點電荷與均勻帶電薄板相距2d，點電荷到帶電薄板的垂線通過板的幾何中心O，圖中AO=OB=d，A點的電場強度為零。求：(1)點電荷+q在A點產生電場的電場強度大??；(2)B點的電場強度大小。15.如圖所示，質量為m、電荷量為+q的離子從A處由靜止釋放，經電場加速后沿圖中圓弧虛線勻速率地通過靜電分析器，再從P點垂直進入矩形有界勻強電場CDQN，電場左側QN為離子接收屏。已知靜電分析器通道內有均勻輻射方向分布的電場，加速電場的電壓為U，圓弧虛線的半徑為R，PN=d，離子重力不計。求：(1)離子進入靜電分析器時速度v的大小；(2)靜電分析器圓弧虛線所在處電場強度E的大小；(3)若矩形勻強電場的場強E0=4U16.如圖所示，光滑水平面MA上有一根左端固定的輕彈簧(原長小于MA)，A點右側有一個沿順時針方向勻速運動的水平傳送帶AB，傳送帶長度l=2m，速度v0=4m/s。圓心為O、半徑R=0.5m的光滑半圓軌道BCD在B點與傳送帶相切，OC水平。用一個質量m=2kg的小物塊壓緊彈簧，當彈簧的彈性勢能Ep=9J時，將小物塊由靜止釋放。已知小物塊與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.2(1)小物塊經過A點的速度大小v；(2)小物塊在傳送帶上運動時由于摩擦產生的熱量Q；(3)改變彈簧的壓縮量，將小物塊再次釋放，為使其在半圓軌道BCD運動過程中不脫離軌道，釋放物塊時，彈簧的彈性勢能應滿足什么條件？

答案和解析1.【正確答案】C

由題意可知，F1做功為F2做功為F3做功為可知甲圖與丙圖中的F做正功，乙圖中力F做負功，三個力做的功大小相等，故ABD錯誤，C正確。故選：C2.【正確答案】D

A.根據萬有引力提供向心力可得：GMmr

解得：T=

因為火星公轉周期約為687天，則火星的公轉周期大于地球的公轉周期，由此可知，火星軌道半徑比地球的大，故A錯誤；BCD.根據萬有引力提供向心力可得：GMmr

解得：v=GMr，a=因為火星軌道半徑比地球的大，則火星公轉的線速度、角速度、加速度都比地球的小，故BC錯誤，D正確；故選：D3.【正確答案】B

解：A、電場是實際存在于電荷周圍的物質，電場線是為了形象地描述電場人為引入的，故A錯誤；B、電場線的疏密程度表示電場的強弱，電場線越密集場強越大，電場線稀疏的地方場強小，所以A點的電場強度大于C點的電場強度，故B正確；C、電場線的疏密程度表示電場的強弱，B點沒有畫電場線，但B點的電場強度并不為零，故C錯誤；D、電場線是人們?yōu)榱诵蜗蟮孛枋鲭妶龆氲木€，并不是試探電荷運動的軌跡，此處的電場線為曲線，電場不是勻強電場，所以將帶正電的試探電荷從A點由靜止釋放，它不能沿電場線運動到C點，故D錯誤。故選：B。4.【正確答案】A

兩球下落高度相同，由W=mg?可知，重力做功相等，則重力勢能的變化量相等；在真空中，機械能守恒，重力勢能完全轉化為動能，而在液體中，阻力做功，機械能不守恒，重力勢能轉化為動能和內能，則動能變化量不相等；故A正確，BCD錯誤；故選：A5.【正確答案】A

解：A、根據開普勒第三定律a3B、對地球或哈雷彗星，根據牛頓第二定律得G解得a=G由于哈雷彗星在近日點離太陽的距離小于地球離太陽的距離，可知哈雷彗星在近日點的加速度大于地球的加速度，故B錯誤；C、根據開普勒第二定律可知，哈雷彗星在近日點的線速度比在遠日點的線速度大，故C錯誤；D、由于地球和哈雷彗星不在同一軌道上，則地球與太陽的連線和哈雷彗星與太陽的連線在任意相等時間內掃過的面積不相等，故D錯誤。故選：A。6.【正確答案】B

根據軌跡圖可知，三個石子拋出點在同一位置，最高點，落點在兩條不同水平線上，而豎直方向的分運動規(guī)律完全相同，則說明三個石子的運動時間相同，豎直分速度都相同，則重力做功和入水時重力的瞬時功率都相等，水平方向上，根據x=vxt故選：B7.【正確答案】C

根據粒子在靜電力作用下從A點運動到B點的過程中，速度減小，動能減小，故電場力做負功，電勢能增大，故A點電勢能低于B點電勢能，由于不清楚電荷的電性，故無法分析電勢的大小，故ABD錯誤，C正確；8.【正確答案】D

A、小球受到的合力先向上減小，后向下增大，由牛頓第二定律知，小球的加速度先減小后增大，故A錯誤；B、小球受到的合力先向上減小，后向下增大，當彈簧的彈力等于重力沿斜面向下的分力時，小球受到的合外力等于零，加速度等于零，此時的速度最大，故B錯誤；CD、彈簧始終處于壓縮狀態(tài)，對小球的彈力沿斜面向上，與小球運動方向相同，彈力對小球做正功；該過程中小球的動能先增大后減小，而重力勢能一直增大，所以彈簧彈力做的功等于小球機械能的增加量，故C錯誤，D正確。故選：D9.【正確答案】C

AB、開關接1時，給電容器充電，電容器上極板和電源正極連接，電容器上極板帶正電，通過靈敏電流計的電流逐漸減小為零，故AB錯誤；CD、開關接2時，電容器通過電阻R放電，通過電阻R的電流方向從左到右，隨著電容器帶電荷量的減少，電容器兩極板的電勢差逐漸減小為零，故C正確，D錯誤。故選：C10.【正確答案】A

設A的質量為m，則B的質量為3m，因為以地面為參考平面，則A球的重力勢能為：Ep則A球的重力勢能Ep和A球的位移x成正比關系，斜率為：kA、B、輕繩組成的系統(tǒng)機械能守恒，由機械能守恒定律可得：3mgx?mgx=E其中：EkAEkB聯立可得：EkA即A球的動能Ek和A球的位移x成正比關系，斜率為：k聯立可得：k1故A正確，BCD錯誤；故選：A。11.【正確答案】D

解：A.由于金屬圓筒處于靜電平衡狀態(tài)，圓筒內部場強為零，則電子在金屬圓筒中做勻速直線運動，故A錯誤；B.因為電子從金屬圓筒出來后要繼續(xù)做加速運動，所以電子在金屬圓筒中的運動時間應該為交變電源周期的一半，即T2C.由動能定理得neU=所以電子出第n個圓筒瞬間速度為v=故C錯誤；D.因為電子在圓筒中做勻速直線運動，所以第n個圓筒長度為L=v?故D正確。故選：D。12.【正確答案】(1)A；(2)2.10；(3)2gd2；(4)(1)為了減小實驗誤差，應選用密度較大的鐵球，故A正確，BC錯誤；故選：A。(2)刻度尺的分度值為1mm，讀數為2.10cm(3)小球經過光電門的速度為v=根據機械能守恒定律有mg?=解得1圖像斜率應為2g(4)小球動能增加量總是略小于重力勢能減少量，原因可能是空氣阻力的影響；(5)小球通過光電門的平均速度等于該過程中間時刻的瞬時速度，因小球做加速運動，在中間時刻時小球球心還沒到達光電門位置，所以小球通過光電門的平均速度小于小球球心通過光電門的瞬時速度，計算的動能偏小。13.(1)中子星表面的物體所受重力近似等于它們之間的萬有引力，GMm解得

g=GM(2)小衛(wèi)星所受萬有引力提供了其繞中子星圓周運動所需要的向心力，GM解得

v=14.(1)電荷量為+q的點電荷產生的電場在A點的電場強度大小E(2)電荷量為+q的點電荷產生的電場在B點的電場強度大小E方向水平向左，A點的電場強度為零，則帶電薄板在A點的電場強度與電荷量為+q的點電荷產生的電場在A點的電場強度等大反向，則E方向水平向右，A、B點關于帶電薄板對稱，則帶電薄板在B點的電場強度大小E方向水平向左，則B點的電場強度大小EB15.(1)離子在加速電場中加速，根據動能定理可得：qU=解得：v=(2)離子在輻向電場中電場力提供向心力，根據牛頓第二定律可得：qE=m解得：E=2U(3)離子做類平拋運動，有：d=豎直方向，有：y=vt聯立解得：y=d為確保離子打在屏上，屏QN至少為d。

16.(1)根據機械能守恒定律得E解得v=3m/s(2)因v<vx=所以小物塊在傳送帶上先勻加速后勻速，勻加速運動的時間為t=小物塊與傳送帶間的相對位移為Δx=則小物塊在傳送帶上運動時由于摩擦產生的熱量為Q=μmgΔx解得Q=1J(3)情況一：小物塊最高只能到達與圓心等高處C點。設小物