福建省三明市永安第一中學(xué)高三上學(xué)期第五次月考物理試題

福建省三明市永安第一中學(xué)2017-2018學(xué)年上學(xué)期高三物理第五次月考測(cè)試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題共10小題，每小題4分，共４0分。在每小題的4個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)正確）1.在建立物理概念過(guò)程中，學(xué)會(huì)象科學(xué)家那樣運(yùn)用物理思想，使用科學(xué)方法，往往比記住物理概念的詞句或公式更重要。在高中物理學(xué)習(xí)內(nèi)容中，速度、加速度、電場(chǎng)強(qiáng)度這三者所體現(xiàn)的共同的物理思想方法是（）A.比值定義B.微小量放大C.等效替代D.理想模型【答案】A【解析】試題分析：速度，加速度都是應(yīng)用了比值法定義，故選A考點(diǎn)：考查了研究物理方法2.如圖所示，在水平放置的半徑為R的圓柱體的正上方的P點(diǎn)將一個(gè)小球以水平速度v0沿垂直于圓柱體的軸線方向拋出，小球飛行一段時(shí)間后恰好從圓柱體的Q點(diǎn)沿切線飛過(guò)，測(cè)得O、Q連線與豎直方向的夾角為θ，那么小球完成這段飛行的時(shí)間是()A.B.C.D.【答案】A【解析】過(guò)Q點(diǎn)做OP的垂線，根據(jù)幾何關(guān)系可知，小球在水平方向上的位移的大小為，根據(jù)，可得時(shí)間為，A正確D錯(cuò)誤；小球從圓柱體的Q點(diǎn)沿切線飛過(guò)，根據(jù)幾何關(guān)系可知，此時(shí)有，所以，故，BC錯(cuò)誤．3.如圖，光滑水平面上，有一個(gè)的球面，球面的左側(cè)面也光滑。質(zhì)量分別為m1、m2的物體（均可看作質(zhì)點(diǎn)），通過(guò)柔軟光滑的輕繩連接，且與球面一起處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)m2與球心O的連線與水平線成45。m2與球面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，設(shè)m2與球面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則的最小值是()A.B.C.2D.【答案】B【解析】當(dāng)有最大值時(shí)，摩擦力沿球面向下，受力如圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，，，聯(lián)立三式解得，B正確．【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道受到的最大靜摩擦力可能沿球面向上，也可能沿球面向下，當(dāng)沿球面向下時(shí)，有最小值。根據(jù)共點(diǎn)力平衡可得出質(zhì)量比的最小值．4.“嫦娥三號(hào)”包括著陸器和月球車(chē)，于2013年12月2日1時(shí)30分由長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭從西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射，12月6日抵達(dá)月球軌道，開(kāi)展嫦娥三期工程中的第二階段——“A.嫦娥三號(hào)衛(wèi)星繞月球運(yùn)行的速度B.月球?qū)︽隙鹑?hào)衛(wèi)星的吸引力C.月球的平均密度D.月球表面的重力加速度【答案】B【解析】已知嫦娥三號(hào)的運(yùn)行周期T，軌道半徑，根據(jù)公式可得嫦娥三號(hào)的運(yùn)行速度為，A可以求出；因?yàn)樾l(wèi)星的質(zhì)量未知，則無(wú)法求出月球?qū)πl(wèi)星的引力，B不能求出；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得月球的質(zhì)量，則月球的平均密度，C可以求出；在月球表面，故可得月球表面的重力加速度，D可以求出．5.如圖甲所示，AB是電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。質(zhì)子以某一初速度從A點(diǎn)出發(fā)，僅在電場(chǎng)力作用下沿直線從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其v-t圖象如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)線的方向由A指向BB.A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系滿足EA<EBC.A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系滿足φA<φBD.質(zhì)子在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能關(guān)系滿足【答案】C【點(diǎn)睛】本題的突破口是通過(guò)v-t圖像判斷粒子的受力性質(zhì)，然后結(jié)合牛頓第二定律判斷電場(chǎng)性質(zhì)，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低判斷兩點(diǎn)的電勢(shì)高低，根據(jù)功能關(guān)系判斷電勢(shì)能大小，也可根據(jù)判斷，但使用本公式判斷時(shí)不能忽視了電荷的電性．6.圖甲中的理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為n1:n2=22:1，原線圈接如圖乙所示的正弦交流電，此時(shí)電流表A1的讀數(shù)為1.0A，已知電阻R=20Ω，電流表A1、A2和電壓表V都是理想電表，則（）A.電壓表的讀數(shù)為B.電流表A2的讀數(shù)為1.0AC.變壓器的輸入功率為220WD.副線圈產(chǎn)生的交流電頻率為100Hz【答案】A【解析】試題分析：電壓表的示數(shù)為副線圈中的有效電壓，原線圈中的有效值為,根據(jù)公式可得，解得，A正確，電流表的讀數(shù)為，所以,B錯(cuò)誤，變壓器的輸入功率為,C錯(cuò)誤，交流電周期為0.02s，所以頻率為，D錯(cuò)誤，考點(diǎn)：考查了理想變壓器的計(jì)算點(diǎn)評(píng)：根據(jù)電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項(xiàng)分析即可得出結(jié)論．7.一物塊以一定的初速度沿斜面向上滑動(dòng)，在1．5s時(shí)刻回到出發(fā)點(diǎn)，利用速度傳感器可以在計(jì)算機(jī)屏幕上得到其速度大小隨時(shí)間的變化關(guān)系圖像如圖所示。則（）A.物塊下滑過(guò)程的加速度與上滑過(guò)程的加速度方向相反B.物塊下滑過(guò)程的加速度大小為1．33m／s2C.利用圖像可以求出斜面的傾角θ和斜面動(dòng)摩擦因素D.斜面動(dòng)摩擦因素【答案】C【解析】上滑過(guò)程勻減速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑過(guò)程勻加速下降則加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑過(guò)程加速度方向相同，A錯(cuò)誤；圖像的斜率表示加速度，在上滑過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律可得①，在下滑過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律可得②，聯(lián)立①②可求解動(dòng)摩擦因數(shù)和斜面的傾角，B錯(cuò)誤C正確；因?yàn)橄禄^(guò)程中做加速運(yùn)動(dòng)，故，解得，即，D錯(cuò)誤．8.如圖所示，光滑水平面OB與足夠長(zhǎng)粗糙斜面BC交于B點(diǎn)．輕彈簧左端固定于豎直墻面?，F(xiàn)將質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至D點(diǎn)，然后由靜止釋放，滑塊脫離彈簧后經(jīng)B點(diǎn)滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上，不計(jì)滑塊在B點(diǎn)的機(jī)械能損失。換用相同材料質(zhì)量為m2的滑塊(m2>m1)壓縮彈簧到相同位置，然后由靜止釋放，下列對(duì)兩滑塊說(shuō)法正確的是()A.兩滑塊到達(dá)B點(diǎn)的速度相同B.兩滑塊上升到最高點(diǎn)過(guò)程的加速度相同C.兩滑塊沿斜面上升的最大高度相同D.兩滑塊上升到最高點(diǎn)過(guò)程機(jī)械能損失不相同【答案】B...............9.如圖所示，正方形導(dǎo)線框abcd的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)＝10cm，線框平面位于豎直平面內(nèi)，上下兩邊處于水平狀態(tài)．當(dāng)它從某高處落下時(shí)通過(guò)一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于線框平面，線框的ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由于安培力的作用使得線框恰能勻速運(yùn)動(dòng)．已知磁場(chǎng)的寬度h＝4L，線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度v0＝2.5m/s.那么若以向下為力的正方向，則線框通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中所受安培力的圖象可能是以下四圖中的()A.B.C.D.【答案】B【解析】當(dāng)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由于安培力的作用使得線框恰能勻速運(yùn)動(dòng)，依據(jù)安培力表達(dá)式，由此可知，安培力大小不變，當(dāng)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，因穿過(guò)線框的磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，也沒(méi)有感應(yīng)電流，則不會(huì)出現(xiàn)安培力，則線框在加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)剛出磁場(chǎng)時(shí)，因切割速度增大，導(dǎo)致安培力大小變大，導(dǎo)致線框減速出磁場(chǎng)，那么安培力大小在減小，依據(jù)左手定則可知，當(dāng)線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，安培力方向向上，為負(fù)值，當(dāng)出磁場(chǎng)時(shí)，安培力方向向上，為負(fù)值，由上分析可知，故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B．10.足夠長(zhǎng)的光滑絕緣槽，與水平方向的夾角分別為α和β(α<β)，如圖所示，加垂直于紙面向里的磁場(chǎng)，分別將質(zhì)量相等，帶等量正、負(fù)電荷的小球a和b，依次從兩斜面的頂端由靜止釋放，關(guān)于兩球在槽上的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A.在槽上a．b兩球都做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，aa>abB.在槽上a、b兩球都做變加速直線運(yùn)動(dòng)，但總有aa>abC.a、b兩球沿槽運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為ta、tb則ta＜tbD.a、b兩球沿斜面運(yùn)動(dòng)的最大位移分別為Sa、Sb，則Sa<Sb【答案】B【解析】試題分析：a和b沿斜面下滑過(guò)程，隨速度增大，洛倫茲力逐漸增大，但洛倫茲力方向都是垂直斜面向上，當(dāng)，小球?qū)⒉粫?huì)離開(kāi)斜面，沿斜面方向，只有重力沿斜面向下的分力，對(duì)a球，加速度，對(duì)b球，則有，離開(kāi)斜面之前，他們都將保持逐漸的加速度不變做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且，即，選項(xiàng)A對(duì)B錯(cuò)。當(dāng)時(shí)，小球?qū)?huì)離開(kāi)斜面，對(duì)a球，，速度，運(yùn)動(dòng)時(shí)間，同理，小球b在斜面運(yùn)動(dòng)時(shí)間，，根據(jù)，，選項(xiàng)C對(duì)。小球a沿斜面下滑的位移，下滑的豎直高度，同理對(duì)b球，下滑的豎直高度，根據(jù)，可得，選項(xiàng)D對(duì)。考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)洛倫茲力二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，其中11題6分，12題10分，共16分）11.（1）某課外活動(dòng)小組利用力傳感器和位移傳感器進(jìn)一步探究變力作用下的“動(dòng)能定理”。圖（甲）所示，他們用力傳感器通過(guò)定滑輪直接拉固定在小車(chē)上的細(xì)繩，測(cè)出拉力F；用位移傳感器測(cè)出小車(chē)的位移s和瞬時(shí)速度v。已知小車(chē)質(zhì)量為0.2kg。①某次實(shí)驗(yàn)得出拉力F隨位移s變化規(guī)律如圖（乙）所示，速度v隨位移s變化規(guī)律如圖（丙）所示，數(shù)據(jù)如表格。利用所得的F—s圖象，求出s=0.30m到0.52m過(guò)程中變力F做功W=_______J，此過(guò)程動(dòng)能的變化ΔEK=________J（保留2位有效數(shù)字）。②指出下列情況可減小實(shí)驗(yàn)誤差的操作是________________（填選項(xiàng)前的字母，可能不止一個(gè)選項(xiàng)）A.使拉力F要遠(yuǎn)大于小車(chē)的重力B.實(shí)驗(yàn)時(shí)要先平衡摩擦力C.要使細(xì)繩與滑板表面平行【答案】(1).0.18(2).0.17(3).BC【解析】此題涉及力學(xué)實(shí)驗(yàn)動(dòng)能定理。①根據(jù)F-s圖象圖象可知，當(dāng)s1=0.30m時(shí)，F(xiàn)1=1.00N，s2=0.52m時(shí)，F(xiàn)2=0.56N，因此：速度v隨位移s變化圖象可知：s1=0.30m，v1=0，s2=0.52m時(shí)，v2=1.24m/s②該實(shí)驗(yàn)中不是利用懸掛的重物的重力表示繩子的拉力，而是直接測(cè)量出繩子的拉力，因此不需要使拉力F要遠(yuǎn)小于小車(chē)的重力，故A錯(cuò)誤；當(dāng)平衡了摩擦力和細(xì)繩與滑板表面平行時(shí)，繩子上的拉力才等于小車(chē)所受合外力，故BC正確；故選BC．本題有一定的綜合性，運(yùn)算量較大。三、計(jì)算題(本題共4小題，共44分)12.物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時(shí)間的變化情況如圖2所示，物體相應(yīng)的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖3所示。求：（1）物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）0－10s時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功?！敬鸢浮浚?）0.15（2）30J【解析】（1）在8-10s內(nèi)在摩擦力作用下做減速運(yùn)動(dòng)加速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律可知，解得；（2）在0-2s物體不動(dòng)，受到的靜摩擦力不做功；在2-10s受到的滑動(dòng)摩擦力做負(fù)功，f=2N；0-10s內(nèi)通過(guò)的位移為，故克服摩擦力做功．13.如圖所示，豎直光滑圓軌道BCD固定在水平面AB上，軌道圓心為O，半徑R=lm，軌道最低點(diǎn)與水平面相切于B點(diǎn)，C為軌道最高點(diǎn)，D點(diǎn)與圓心O等高。一質(zhì)量m=1Kg的小物塊，從水平面上以速度V0豎直向上拋出，物塊恰好從D點(diǎn)進(jìn)入，沿圓軌道運(yùn)動(dòng)，最終停在A點(diǎn)。已知物塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力大小為14N，物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0．4，取g=l0m／s2。求：(1)、物塊豎直向上拋出的初速度v0；(2)、A、B間的距離；(3)、物塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)所用的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）（2）8m（3）2s【解析】（1）從拋出到C點(diǎn)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得；在C點(diǎn)，由物體的重力和軌道對(duì)物體的壓力提供向心力，得，代入數(shù)據(jù)解得；（2）物體上拋并沿圓軌道運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能的守恒定律，所以物塊到B點(diǎn)速度：；物體從B到A的過(guò)程由動(dòng)能定理有，解得：；（3）物體從B到A的過(guò)程中摩擦力提供加速度，由牛頓第二定律得，

則得：；物塊從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)所用的時(shí)間．14.如圖（a）所示，傾斜放置的光滑平行導(dǎo)軌，長(zhǎng)度足夠長(zhǎng)，寬度L=0.4m，自身電阻不計(jì)，上端接有R=0.3Ω的定值電阻。在導(dǎo)軌間MN虛線以下的區(qū)域存在方向垂直導(dǎo)軌平面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在MN虛線上方垂直導(dǎo)軌放有一根電阻r=0.1Ω的金屬棒。現(xiàn)將金屬棒無(wú)初速釋放，其運(yùn)動(dòng)時(shí)的v-t圖象如圖（b）所示。重力加速度取g=10m/s2。試求：（1）、斜面的傾角θ和金屬棒的質(zhì)量m；（2）、在2s～5s時(shí)間內(nèi)金屬棒動(dòng)能減少了多少？（3）、已知在2s～5s時(shí)間內(nèi)金屬棒的位移為23m，此過(guò)程中整個(gè)回路產(chǎn)生的熱量Q是多少？【答案】（1）0.1kg（2）【解析】（1）在0~2s時(shí)間內(nèi)，金屬棒受力如圖所示，合力根據(jù)牛頓第二定律得；由圖象知，解得或；在t=5s之后金屬棒做勻速運(yùn)動(dòng)，且；金屬棒受力平衡，沿軌道平面有；而感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；感應(yīng)電流，；解得kg；（2）2s~5s內(nèi)金屬棒初速度，末速度，故金屬棒的動(dòng)能減小量為；對(duì)該過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理，有；2s~5s內(nèi)金屬棒位移為v-t圖象相對(duì)應(yīng)的“面積”；功是能量轉(zhuǎn)化的量度，在2s~5s過(guò)程安培力對(duì)金屬棒做功；代入數(shù)據(jù)解得．【點(diǎn)睛】電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題，電磁與力聯(lián)系橋梁是安培力，這種類(lèi)問(wèn)題關(guān)鍵在于安培力的分析和計(jì)算．由v-t圖象可知，金屬棒先勻加速運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后做變加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)．讀出加速度，根據(jù)牛頓定律求解．金屬棒的機(jī)械能減小，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．運(yùn)用能量守恒定律求解．15.如圖所示，在xoy平面內(nèi)，第Ⅲ象限內(nèi)的直線OM是電場(chǎng)與磁場(chǎng)的邊界，OM與負(fù)x軸成45°角。在x＜0且OM的左側(cè)空間存在著負(fù)x方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，場(chǎng)強(qiáng)大小為0.32N/C；在y＜0且OM的右側(cè)空間存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1T。一不計(jì)重力的帶負(fù)電的微粒，從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿y軸負(fù)方向以v0=2×103m/s的初速度進(jìn)入磁場(chǎng)，最終離開(kāi)電磁場(chǎng)區(qū)域．已知微粒的電荷量q=5×10-18C，質(zhì)量m=1×10-24kg，求：（1）帶電微粒第一次經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)邊界的位置坐標(biāo)；（2）帶電微粒在磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間；（3）帶電微粒最終離開(kāi)電、磁場(chǎng)區(qū)域的y軸坐標(biāo)?！敬鸢浮浚?）（-4×10-3m,-4×10-3m）（2）1.256