2025屆山東省青島市高三下學(xué)期第一次適應(yīng)性檢測物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試題PAGEPAGE12025年高三年級第一次適應(yīng)性檢測物理試題注意事項：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.2025年1月20日，我國自主設(shè)計全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實驗裝置（EAST）創(chuàng)造了新的世界記錄，實現(xiàn)了1億攝氏度穩(wěn)態(tài)長脈沖高約束模等離子體運行1066秒。該裝置中的核反應(yīng)方程為，其中可以用中子轟擊得到，下列說法正確的是（）A.該核反應(yīng)方程中是質(zhì)子B.該核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒和質(zhì)量守恒C.的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能D.用中子轟擊還能得到，該反應(yīng)屬于核聚變【答案】C【解析】A．由質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，所以X為中子，故A錯誤；B．核反應(yīng)滿足電荷數(shù)守恒，但由于核反應(yīng)過程中有質(zhì)量虧損，會以能量的形式釋放出來，所以不滿足質(zhì)量守恒，而是滿足質(zhì)量數(shù)守恒，故B錯誤；C．生成物比反應(yīng)物更加穩(wěn)定，所以的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故C正確；D．用中子轟擊的反應(yīng)屬于人工核轉(zhuǎn)變，核聚變是質(zhì)量較小的核結(jié)合成質(zhì)量較大的核的反應(yīng)，故D錯誤。故選C。2.一小球以初速度從底端滑上光滑固定斜面，當(dāng)向上運動時，速度減為。已知小球恰好能到達(dá)斜面頂端，則斜面的長度為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)斜面與水平方向夾角為，當(dāng)向上運動時，由動能定理可得當(dāng)小球恰好能到達(dá)斜面頂端時，由動能定理可得聯(lián)立上式可得。故選A。3.用平行單色光垂直底面照射一透明薄膜，形成的干涉圖樣如圖所示。則該透明薄膜截面的形狀可能是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】薄膜干涉是光照射到薄膜上時，薄膜前后表面反射的兩列光相疊加，發(fā)生干涉現(xiàn)象，同一條亮條紋或暗條紋對應(yīng)的薄膜厚度相等，干涉條紋寬度越寬說明薄膜厚度變化越小，由圖可知，相鄰亮條紋間的距離變大，干涉條紋越來越寬，故薄膜厚度變化越來越小。故選C。4.一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)歷如圖所示循環(huán)過程，過程溫度不變，過程壓強不變。下列說法正確的是（）A.過程，氣體對外做功，內(nèi)能減少B.過程，壓強不變，分子平均動能不變C.過程，氣體向外界放出的熱量等于外界對氣體做的功D.過程，氣體從外界吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加量【答案】D【解析】A．過程溫度不變，壓強減小，根據(jù)可知，體積增大，所以氣體對外做功，但理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以內(nèi)能不變，故A錯誤；BC．過程，壓強不變，溫度降低，氣體內(nèi)能減小，分子平均動能也減小，又根據(jù)可知，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)可知，氣體向外界放出熱量，且氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功，故BC錯誤；D．過程，溫度升高，內(nèi)能增加，且恒定，根據(jù)可知，體積不變，氣體從外界吸收的熱量等于氣體內(nèi)能的增加量，故D正確。故選D。5.我國對深空的探索從月球開始，通過“嫦娥工程”的深入推進(jìn)，逐步實現(xiàn)我們的航天夢。已知“嫦娥一號”和“嫦娥二號”繞月球圓軌道運行時周期之比為，兩者距月球表面的高度分別是和。則月球的半徑為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)開普勒第三定律可知解得故選A。6.如圖所示，是邊長為的等邊三角形金屬線框，處于磁感應(yīng)強度大小為、方向垂直紙面向里的勻強磁場中，線框與理想變壓器相連。已知變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為和，電表均為理想電表，不計線框的電阻。時刻線框從圖示位置繞軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是（）A.時線框感應(yīng)電動勢最大B.電壓表的示數(shù)為C.若滑動變阻器的阻值減小，則電流表示數(shù)將減小D.若線框轉(zhuǎn)動角速度加倍，則電流表示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】B【解析】A．時線框垂直于磁場，磁通量最大，磁通量變化率為零，感應(yīng)電動勢為零，故A錯誤；B．該線框在磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生正弦式交流電，其峰值為其中有效值為變壓器輸入電壓為又解得電壓表的示數(shù)為故B正確；C．因線框電阻不計，所以滑動變阻器的阻值變化時，變壓器輸入電壓、輸出電壓不變，若滑動變阻器的阻值減小，則副線圈中的電流增大，原線圈中的電流也增大，即電流表示數(shù)將增大，故C錯誤；D．若線框轉(zhuǎn)動角速度加倍，由以上推導(dǎo)可知，變壓器輸出電壓加倍，副線圈中的電流加倍，原線圈中的電流也加倍，即電流表示數(shù)加倍，故D錯誤。故選B。7.隨著低空經(jīng)濟的發(fā)展，小型電動飛機將成為人們的通勤選擇。現(xiàn)有某款新型號電動飛機，工程技術(shù)人員通過研究空氣阻力對飛機運動的影響，驗證飛機氣動布局性能。如圖所示，在平直跑道上，技術(shù)人員調(diào)整飛機動力輸出單元，使飛機在大小為的恒定牽引力作用下由靜止開始加速運動，發(fā)現(xiàn)經(jīng)時間飛機的速度不再增加。已知飛機的質(zhì)量為，飛機所受阻力大小，其中為常數(shù)，不計飛機輪胎與地面間的滾動摩擦，下列說法正確的是（）A.時間內(nèi)飛機滑行的距離B.驅(qū)動飛機的電機輸出功率隨時間線性增大C.若時刻飛機剛好達(dá)到額定功率，則D.時間內(nèi)飛機克服阻力所做的功【答案】D【解析】AD．飛機到達(dá)最大速度時有解得根據(jù)動量定理有將代入有解得根據(jù)動能定理有解得故A錯誤，D正確；B．飛機受力不斷變化，則加速度改變，由可知驅(qū)動飛機的電機輸出功率不隨時間線性增大，故B錯誤；C．若時刻飛機剛好達(dá)到額定功率，則解得故C錯誤；故選D。8.取無限遠(yuǎn)處電勢為0，不等量異種電荷附近，存在一個電勢為0的等勢球面。如圖所示，兩點電荷和分別位于軸上的和處，點為兩點電荷連線中點，以軸上點為圓心的虛線圓上各點的電勢均為0，點的電勢。下列說法正確的是（）A.帶負(fù)電，帶正電，所帶電荷量大于所帶電荷量B.虛線圓上各點的電場強度大小相等，方向均沿半徑指向圓心C.若僅減小所帶電荷量，則虛線圓的半徑將減小D.若僅增大所帶電荷量，則虛線圓圓心的位置將遠(yuǎn)離【答案】C【解析】A．因為等勢球面上電勢為，且點電勢大于，沿電場方向電勢降低，所以電場線方向大致從指向，則帶負(fù)電，帶正電。在電勢為的等勢球面上，根據(jù)點電荷電場的特點，等勢面為的地方，離電荷量小的地方近，離電荷量大的地方遠(yuǎn)，從圖中可知等勢面離近，所以所帶電荷量小于所帶電荷量，故A錯誤；B．等勢面與電場線垂直，虛線圓是等勢面，那么圓上各點電場強度方向均沿半徑方向，但不一定是指向圓心。故B錯誤；C．取無限遠(yuǎn)處電勢為，等勢球面電勢為，將一正試探電荷從圓上移到無限遠(yuǎn)處電場力做功為零，假設(shè)電場做功為，電場做功為，因為，其中為負(fù)值，若僅減小所帶電荷量，由于不變，所以要想也不變，虛線圓的半徑需要減小，故C正確；D．由前面可知，若僅增大所帶電荷量，則虛線圓半徑需要減小，圓心的位置將靠近，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.潛水鐘是一種沉放到水下研究水底情況的裝置。如圖所示，一質(zhì)量的潛水鐘高，橫截面積，從水面上方開口向下沉入水中，最終到達(dá)水平海床，進(jìn)入鐘內(nèi)的水深。已知鐘內(nèi)封閉氣體溫度保持不變，大氣壓強，海水的密度，重力加速度，不考慮鐘壁厚度。下列說法正確的是（）A.海水深度B.海水深度C.潛水鐘對海床的壓力D.潛水鐘對海床的壓力【答案】BC【解析】AB．根據(jù)題意可知，未放入水中時，封閉氣體壓強為，體積為沉到深度為的水底，壓強為體積為根據(jù)玻意耳定律解得故A錯誤，B正確；CD．由上分析，可得沉到深度為的水底時壓強為可得沉到深度為的水底時壓強為對潛水鐘受力分析，根據(jù)平衡條件有可得海床對潛水鐘的支持力根據(jù)牛頓第三定律，可知潛水鐘對海床的壓力故C正確，D錯誤。故選BC。10.如圖所示，均勻介質(zhì)中有一列沿軸正向傳播的簡諧橫波。時刻質(zhì)點B位于波谷位置，時刻B第一次回到平衡位置，時刻質(zhì)點A第一次回到平衡位置。已知A、B的平衡位置間距離為。下列說法正確的是（）A.時A點向上振動 B.該波周期為C.該波波長為 D.該波波速為【答案】BD【解析】A．根據(jù)“上下坡”法可知，時A點向下振動，故A錯誤；B．由圖像可知，質(zhì)點B從波谷第一次回到平衡位置所需時間為四分之一周期，即解得該波周期為故B正確；C．依題意，質(zhì)點A經(jīng)0.4s第一次回到平衡位置，則第一次到達(dá)波谷的時間為由機械波時間與空間的對應(yīng)性可知解得故C錯誤；D．該波波速為故D正確。故選BD。11.如圖所示，兩根相距為的平行光滑金屬導(dǎo)軌傾斜放置，處于垂直導(dǎo)軌平面向下、磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場中，兩導(dǎo)軌頂端與電容器相連，質(zhì)量為、長度為的金屬桿垂直導(dǎo)軌放置，金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好。開始時電容器不帶電，金屬桿被鎖定在距傾斜導(dǎo)軌底端處。已知兩導(dǎo)軌傾角均為，電容器電容為，重力加速度為，不計一切電阻?，F(xiàn)解除鎖定，下列說法正確的是（）A.金屬桿下滑過程中做加速度減小的變加速直線運動B.若增大電容器電容，金屬桿下滑時間變短C.金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時電容器極板間電壓D.金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時電容器儲存的電能【答案】CD【解析】A．t時刻電容器兩端的電壓為：U=E=BLv棒沿導(dǎo)軌下滑時，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinθ-F=ma又棒所受安培力為：F=BIL電路中電流為：聯(lián)立以上三式得：式中各量均不變，說明加速度不變，可知導(dǎo)體棒做勻加速直線運動，故A錯誤；B．若增大電容器電容，加速度減小，則根據(jù)可知金屬桿下滑時間變長，故B錯誤；C．金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時的速度電容器極板間電壓故C正確；D．金屬桿下滑到導(dǎo)軌底端時電容器儲存的電能故D正確。故選CD。12.質(zhì)量為的光滑半圓形凹槽靜止在光滑水平地面上，在凹槽左側(cè)與圓心等高處由靜止釋放一質(zhì)量為、可視為質(zhì)點的小球，小球相對地面運動的軌跡為半個橢圓，如圖甲中虛線所示。運動過程中小球的動能隨時間變化圖像如圖乙所示，已知橢圓半長軸與半短軸之比為。下列說法正確的是（）A.半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)動量不守恒B.小球質(zhì)量與凹槽質(zhì)量之比C.時刻，小球受到凹槽支持力方向與速度垂直D.時刻，小球受到凹槽的支持力大于小球的重力【答案】ABD【解析】A．小球向下運動過程中，在豎直方向的分加速度方向先向下后向上，小球先處于失重后處于超重狀態(tài)，可知，半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)所受外力的合力不為0，即半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)動量不守恒，故A正確；B．令凹槽半徑為R，根據(jù)圖中所示半個橢圓可知，半長軸為R，則半短軸為，短軸為，即小球在水平方向的分位移半圓形凹槽與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，則有其中解得故B正確；C．根據(jù)圖乙的對稱性可知，時刻小球位于凹槽最低點，則時刻小球位于釋放點與凹槽最低點之間的某一位置，小球相對地面運動的軌跡為半個橢圓，軌跡的最低點即為凹槽的最低點，時刻小球受到凹槽的支持力方向指向凹槽圓心，速度方向沿半橢圓軌跡切線方向，可知，時刻，小球受到凹槽的支持力方向與速度方向不垂直，故C錯誤；D．結(jié)合上述可知，時刻小球位于凹槽最低點，小球相對于凹槽做圓周運動，小球在最低點相對于凹槽的速度方向水平向右，由于小球小球相對于凹槽做圓周運動，則小球在最低點沿半徑方向的合力提供向心力，此時加速度方向豎直向上，則時刻，小球受到凹槽的支持力大于小球的重力，故D正確。故選ABD三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.為研究小球斜上拋運動的規(guī)律，某興趣小組用手機拍攝了一段小球斜上拋運動視頻，圖甲為利用Tracker視頻分析軟件按幀獲取的小球位置。取運動過程的某點為原點，水平向右為軸正方向，豎直向上為軸正方向，建立坐標(biāo)系。經(jīng)軟件分析得到實際位置坐標(biāo)、圖像及對應(yīng)擬合曲線方程，如圖乙所示。（1）在選擇小球時，對小球的要求是________；（2）由圖乙可得，小球的加速度大小為________，小球在原點處速度與水平方向夾角的正切值為________；（3）幀率表示視頻在內(nèi)記錄的靜止畫面數(shù)量，單位為赫茲（）。Tracker視頻分析軟件是按視頻的幀率來獲取小球的位置，圖乙中描繪的點為軟件捕獲的每幀小球?qū)嶋H位置坐標(biāo)隨時間的變化關(guān)系，由此可以判斷該視頻的幀率最接近________。A B. C. D.【答案】（1）質(zhì)量大、體積?。ɑ蛎芏却螅唬?）9.82.6（3）B【解析】【小問1詳析】為了減少空氣阻力的影響，在選擇小球時，應(yīng)盡可能選擇質(zhì)量大、體積小（密度大）的小球。【小問2詳析】[1][2]斜拋運動，水平方向做勻速直線運動，由圖乙（1）可得斜拋運動水平方向上的速度設(shè)斜拋運動初速度為，與水平方向夾角為，水平位移豎直方向上位移結(jié)合圖乙（2）可知，小球的加速度小球在原點處速度與水平方向夾角的正切值為。【小問3詳析】由（2）可知，斜拋運動在豎直方向上的初速度豎直方向上升到最高點的時間結(jié)合圖乙（2）可知，上升到最高點該視頻的幀率為故選B。14.某實驗小組要測量某型號電池的電動勢和內(nèi)阻，該電池的電動勢約為，內(nèi)阻約為，實驗室提供了下列器材：電流表G（量程，內(nèi)阻未知）電阻箱（總阻值為，額定電流為）電阻箱（總阻值為，額定電流為）滑動變阻器（最大阻值約為，額定電流為）滑動變阻器（最大阻值約為，額定電流為）開關(guān)2個，導(dǎo)線若干（1）先用圖甲所示電路測量電流表的內(nèi)阻：①滑動變阻器應(yīng)該選取________（選填“”或“”）；②斷開開關(guān)、，連接好電路，將滑動變阻器的滑片滑至________端（選填“左”或“右”）；③閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)，使電流表的指針滿偏；④保持的滑片位置不變，再閉合開關(guān)，將電阻箱的阻值調(diào)為時，電流表的示數(shù)為，則電流表的內(nèi)阻________，電流表內(nèi)阻的測量值較其真實值________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）。（2）按圖乙所示電路圖連接電路，將電阻箱的阻值調(diào)為，再閉合開關(guān)、，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄每次電阻箱的阻值及對應(yīng)的電流表的示數(shù)，作出圖像如圖丙所示，則該型號電池的電動勢________，內(nèi)阻________。（結(jié)果均保留1位小數(shù)）【答案】（1）左30##30.0偏?。?）12.03.2【解析】【小問1詳析】[1]先用圖甲所示電路測量電流表的內(nèi)阻，閉合開關(guān)，斷開，電路最小電阻約為故滑動變阻器應(yīng)該選取。[2]斷開開關(guān)、，連接好電路，為保護電路，將滑動變阻器的滑片滑至左端。[3]根據(jù)并聯(lián)關(guān)系，解得[4]由于并聯(lián)后總電阻變小，總電流變大，大于，流過的真實電流大于，故計算得出的電流表內(nèi)阻的測量值較其真實值偏小。【小問2詳析】[1][2]根據(jù)電路關(guān)系代入數(shù)據(jù)整理得根據(jù)圖丙知，斜率縱軸截距聯(lián)立解得，15.精確空投系統(tǒng)通過輔助制導(dǎo)設(shè)備，在慣性導(dǎo)航的基礎(chǔ)上微調(diào)運動軌跡來提高空投物資的準(zhǔn)確度。如圖所示，某次空投中飛機在高度以水平速度勻速飛行。飛機釋放一個質(zhì)量的包裹，釋放后包裹依靠慣性運動，忽略空氣阻力，重力加速度。（1）要使包裹能準(zhǔn)確投送到飛機正前方水平地面上的目標(biāo)位置，求包裹釋放位置與目標(biāo)位置的水平距離；（2）若飛機飛行過程中突然遇到強風(fēng)，強風(fēng)過后飛機高度抬升了，并獲得豎直向上的速度，水平速度不變，此時飛機處于（1）問中釋放位置的正上方，立即釋放包裹。要使包裹仍能準(zhǔn)確投送到同一目標(biāo)位置，釋放包裹的同時啟動輔助制導(dǎo)系統(tǒng)，使包裹始終受到一豎直向下的恒力作用，求該力的大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】豎直方向位移水平方向位移，解得?！拘?詳析】由題意得，包裹下落過程中水平速度不變，水平位移不變，所以時間不變，可得豎直方向位移由牛頓第二定律得解得。16.如圖所示，用透明介質(zhì)材料制成長方體棱鏡，棱鏡上下表面是邊長為的正方形，棱鏡的高為，、分別為棱鏡上下表面的中心；在棱鏡上表面有一個以為球心、半徑為的半球形凹坑，棱鏡的4個側(cè)面及底面均涂有吸光材料。在處放置一單色點光源，光源發(fā)出的光只能從上表面射出，射到其他面上的光線均被吸收。已知棱鏡上表面有光射出的位置離球心的最大距離為，球冠表面積公式為，其中為球冠所在球面的半徑，為球冠的高，求（1）該介質(zhì)材料的折射率；（2）在半球面上有折射光線射出的區(qū)域（球冠）表面積?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】光源發(fā)出的光在棱鏡中傳播的光路圖如圖所示在最遠(yuǎn)點剛好發(fā)生全反射，有：由全反射定律得：解得：【小問2詳析】從點發(fā)出的光在球面上點恰好發(fā)生全反射，則，由正弦定律得：解得：，由幾何關(guān)系得：所以從半球面上有折射光線射出的區(qū)域面積為：17.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系中，在第二象限內(nèi)存在垂直紙面向外的圓形勻強磁場區(qū)域，為圓心，半徑為，磁場邊界與兩坐標(biāo)軸相切；區(qū)域內(nèi)交替分布寬度均為的勻強電場和勻強磁場，其邊界均與軸平行，勻強電場的電場強度大小為，方向沿軸負(fù)方向，勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為，方向垂直于紙面向里。一質(zhì)量為、電量為的帶電粒子，從圓形邊界上的點以初速度射入磁場，與軸平行，與夾角。粒子射出圓形磁場瞬間，在區(qū)域內(nèi)加上沿軸正向的勻強電場（圖中未畫出）。已知圓形磁場的磁感應(yīng)強度大小為，區(qū)域內(nèi)勻強電場的電場強度大小為，不計粒子重力。（1）求粒子在圓形磁場區(qū)域做圓周運動的半徑；（2）求粒子離開圓形磁