2025年外研版三年級起點高二物理上冊月考試卷含答案VIP

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、物理學的發(fā)展豐富了人類對物質(zhì)世界的認識，推動了科學技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進了物質(zhì)生產(chǎn)的繁榮與人類文明的進步．下列說法中正確的是A.安培提出場的概念B.庫侖測量出了靜電力常量C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)D.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律2、質(zhì)量為m

的物體從高h

處以2g3

的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法正確的是()A.物體的機械能守恒B.物體的重力勢能減少mgh3

C.物體的動能增加2mgh3

D.重力做功為鈭?mgh

3、關(guān)于磁通量下列說法正確的是(

)

A.磁通量不僅有大小而且有方向，所以是矢量B.磁通量越大，磁感應(yīng)強度越大C.過某一平面的磁通量為零，該處磁感應(yīng)強度不一定為零D.磁通量就是磁感應(yīng)強度4、處于第3激發(fā)態(tài)的大量氫原子向低能級躍遷輻射多種頻率的光子，已知普朗克常量為h，氫原子能級公式為E=不同軌道半徑為rn=n2r1，E1為基態(tài)能量，r1為第Ⅰ軌道半徑，n=1，2，3．則下列說法中錯誤的是（）A.共產(chǎn)生3種頻率的光子B.電子由第2激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時，電勢能減小，動能增加，總能量減小C.處于第2激發(fā)態(tài)和處于基態(tài)電子做圓周運動線速度大小之比為1：3D.產(chǎn)生光子最大波長為λm=5、提出了“場”和“力線”的概念的科學家是（）

A.庫侖。

B.奧斯特。

C.法拉第。

D.安培。

6、某固體物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，阿伏伽德羅常數(shù)為NA；則每個分子的質(zhì)量和單位體積所含的分子數(shù)分別為（）

A.

B.

C.

D.

7、如圖所示，理想變壓器原線圈接交流電源和理想交流電流表，副線圈接熱水器和抽油煙機，原、副線圈的匝數(shù)比為4：l，副線圈上電壓的瞬時值u=220sin100πt（V）．開關(guān)S斷開時，電流表示數(shù)是lA；開關(guān)S閉合時，電流表示數(shù)是1.25A．下列說法正確的是（）A.交流電源輸出電壓的最大值是55VB.交流電源輸出電壓的最大值是880VC.S閉合時，抽油煙機消耗的功率是1100WD.S閉合時，抽油煙機消耗的功率是220W8、某激光器能發(fā)射波長為λ的激光，發(fā)射功率為P，真空中光速為c，普朗克常量為h，則該激光器每秒發(fā)射的光子數(shù)為（）A.B.C.D.評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)11、如圖是街頭變壓器通過降壓給用戶供電的示意圖。變壓器的輸入電壓是市區(qū)電網(wǎng)的電壓，負載變化時輸入電壓不會有大的波動。輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，兩條輸電線的總電阻用表示，變阻器R代表用戶用電器的總電阻，當用電器增加時，相當于R的值減小。如果變壓器上的能量損失可以忽略，那么當用戶的用電器增加時，圖中的電壓表讀數(shù)__________（選填“增大”、“減小”或“不變”），電流表讀數(shù)__________（選填“增大”、“減小”或“不變”）。12、已知高山上某處的氣壓為0.40大氣壓，氣溫為零下30℃，則該處每立方米氣體中的分子數(shù)中____.(阿伏加德羅常數(shù)6.0×1023mol-1，在標準狀態(tài)下1mol氣體的體積為22.4L).13、在“力的合成的平行四邊形定則”實驗中，橡皮條的一端固定于P點．如圖所示，用A、B兩只彈簧測力計將橡皮條的另一端拉至O點，分別記錄兩分力的大小和方向，此時，彈簧測力計A的示數(shù)為______N，2.4N．接下來，為了測出這兩分力的合力，用一只彈簧測力計沿PO方向拉伸橡皮條，使橡皮條的長度______PO（選填“大于”“等于”或“小于”）記錄下該力的大小和方向．14、(1)

如圖所示的電路中，當開關(guān)S

閉合時，小燈泡A11(

選填“逐漸”或“立刻”)

亮；然后當開關(guān)斷開時，小燈泡中的電流方向是(

選填“向左”或“向右”)

(2)如圖所示，aabb是勻強電場中的兩點，兩點間的距離為00．4m，兩點的連線與電場線成60鈭?60^{circ}角，兩點間的電勢差為4.0隆脕104.0隆脕1022VV則勻強電場的場強大小為____V/mV/m把電子從aa點移到bb點，電子的電勢能將增加________J.(J.(已知電子電量為1.6隆脕101.6隆脕10鈭?19-19C))15、一物體的電荷量為鈭?8隆脕10鈭?9C

則該物體是______(

選填“失去”或“得到”)

了______個電子．16、要把一個量程是lmA．內(nèi)阻是5Ω的電流表改裝成量程是3V的電壓表，應(yīng)該給電流表____聯(lián)一個阻值R=____Ω的電阻．17、某汽車后備箱內(nèi)安裝有撐起箱蓋的裝置，它主要由氣缸和活塞組成．開箱時，密閉于氣缸內(nèi)的壓縮氣體膨脹，將箱蓋頂起，如圖所示．在此過程中，若缸內(nèi)氣體與外界無熱交換，忽略氣體分子間相互作用，則缸內(nèi)氣體對外做____功（選填“正”或“負”），氣體分子的平均動能____（選填“增大”；“減小”或“不變”）．

18、一臺交流發(fā)電機，產(chǎn)生交變電動勢的最大值為500V

周期為0.02s

保持其它條件不變，把轉(zhuǎn)速提高到原來的2

倍，則交變電動勢的有效值為______，周期為______．評卷人得分四、判斷題(共3題，共12分)19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）評卷人得分五、實驗探究題(共2題，共20分)22、現(xiàn)有一合金制成的圓柱體，為測量該合金的電阻率，現(xiàn)用伏安法測圓柱體兩端之間的電阻，用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度．螺旋測微器和游標卡尺的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示．

（1）由上圖讀得圓柱體的直徑為______mm，長度為______cm．

（2）若流經(jīng)圓柱體的電流為I，圓柱體兩端之間的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別用D、L表示，則用測得的D、L、I、U表示的電阻率的關(guān)系式為ρ=______．23、為了探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，甲、乙、丙三位同學分別設(shè)計了如圖所示的實驗裝置，小車總質(zhì)量用M

表示(b

圖中M

包括小車與傳感器，c

圖中M

包括小車和與小車固連的滑輪)

鉤碼總質(zhì)量用m

表示．(1)

為便于測量合外力的大小，并得到“小車總質(zhì)量一定時，小車的加速度與所受合外力成正比”的結(jié)論，下列說法正確的是____(

填選項前的字母).

A.三組實驗中只有甲同學的實驗需要平衡摩擦力B.三組實驗都需要平衡摩擦力C.三組實驗中只有甲同學的實驗需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m

遠小于小車的總質(zhì)量M

的條件D.三組實驗都需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m

遠小于小車的總質(zhì)量M

的條件(2)

若乙、丙兩位同學發(fā)現(xiàn)某次測量中力傳感器和彈簧測力計讀數(shù)相同，通過計算得到小車加速度均為aa=13gg

為當?shù)刂亓铀俣龋瑒t乙、丙兩人實驗時所用的小車總質(zhì)量之比為____，乙、丙兩人實驗時所用的鉤碼總質(zhì)量之比為____.

評卷人得分六、計算題(共3題，共6分)24、質(zhì)量為0.5kg

的小球從h=2.45m

的高空自由下落至水平地面，與地面作用0.2s

后，再以5m/s

的速度反向彈回，求小球與地面的碰撞過程中對地面的平均作用力.(

不計空氣阻力，g=10m/s2)

25、如圖所示，用30cm

的細線將質(zhì)量為m=4隆脕10鈭?3漏K

的帶電小球P

懸掛在O

點正下方，當空中有方向為水平向右，大小為E=2隆脕104N/C

的勻強電場時，小球偏轉(zhuǎn)37鈭?

后處在靜止狀態(tài).(g

取10m/s2)

(1)

分析小球的帶何種電荷；

(2)

求小球帶電量q

(3)

求剪斷細線后帶電小球的加速度a

．26、（10分）湯姆生用來測定電子的比荷（電子的電荷量與質(zhì)量之比）的實驗裝置如圖所示。真空管內(nèi)的陰極K發(fā)出的電子（不計初速、重力和電子間的相互作用）經(jīng)加速電壓加速后，穿過中心的小孔沿中心軸O1O的方向進入到兩塊水平正對放置的平行極板P和間的區(qū)域。當極板間不加偏轉(zhuǎn)電壓時，電子束打在熒光屏的中心O點處，形成了一個亮點；加上偏轉(zhuǎn)電壓U后，亮點偏離到點，與O點的豎直間距為，水平間距可忽略不計。此時，在P和間的區(qū)域，再加上一個方向垂直于紙面向里的勻強磁場。調(diào)節(jié)磁場的強弱，使磁感應(yīng)強度的大小為B時，亮點重新回到O點。已知極板水平方向的長度為L1，極板間距為，極板右端到熒光屏間的距離為L2（如圖所示）。（1）求打在熒光屏O點的電子速度的大小；（2）推導出電子的比荷的表達式。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】試題分析：法拉第提出場的概念，A錯誤；庫倫測量了靜電力常量，B正確；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，C錯誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，D錯誤；考點：考查了物理學史【解析】【答案】B2、C【分析】【分析】根據(jù)物體的運動情況可知物體的受力情況，由功的公式可求得各力的功；由動能定理可求得物體的動能改變量；由功能關(guān)系可求機械能的變化；由重力勢能與重力做功的關(guān)系可知重力勢能的改變量。本題考查了功能關(guān)系。功是能量轉(zhuǎn)化的量度，重力做功導致重力勢能變化；合力做功導致動能變化；除重力外其他力做功導致機械能變化；彈力做功導致彈性勢能?！窘獯稹恳蛭矬w的加速度為2g3

故說明物體受阻力作用，由牛頓第二定律可知，mg鈭?f=ma

解得f=13mg

重力做功WG=mgh

阻力做功Wf=鈭?13mgh

A.物體下落過程中除重力還有阻力做功；機械能不守恒，故A錯誤；

B.重力做功等于重力勢能的改變量，重力做正功，故重力勢能減小mgh

故B錯誤；C.根據(jù)動能定理得：?Ek=mah=23mgh?{E}_{k}=mah=dfrac{2}{3}mgh，即物體的動能增加23mghdfrac{2}{3}mgh，故C正確；D.由題得知，物體由靜止豎直下落到地面，重力做正功mghmgh故D錯誤。

故選C?！窘馕觥緾

3、C【分析】解：A

磁通量有大小；沒有方向，但有正負，是標量，故A錯誤；

B；磁通量與磁感應(yīng)強度無關(guān)；當磁通量越大，磁感應(yīng)強度可能不變，故B錯誤；

C；當磁感線與線圈平行時；穿過線圈的磁通量為零，而磁感應(yīng)強度不一定為零，故C正確；

D；磁通量是穿過線圈的磁感線的多少；而磁感應(yīng)強度是描述磁場的強弱，兩者不是相同的概念，故D錯誤；

故選：C

磁通量有大?。粵]有方向，但分正負，不是矢量，磁通量的大小與磁感應(yīng)強度無關(guān)，從而即可求解．

考查法拉第電磁感應(yīng)定律，同時讓學生清楚知道感應(yīng)電動勢與磁通量的變化率有關(guān)，與磁通量大小及磁通量變化大小均無關(guān)．【解析】C

4、D【分析】解：A；大量處于第3能級的氫原子向低能級躍遷放出若干頻率的光子；能產(chǎn)生3種不同頻率的光子，故A正確；

B；當氫原子從能級n=3躍遷到n=1時；速率增大，動能增加，電勢能減小，而總能量，因向外輻射光子，而減小，故B正確；

C、依據(jù)庫侖引力提供向心力，即為=m及rn=n2r1，則有第2激發(fā)態(tài)，即n=3和處于基態(tài)，即n=1，電子做圓周運動速度之比為=1：3；故C正確；

D、產(chǎn)生的光子的最小頻率為γ小=依據(jù)λ=對應(yīng)波長最大，即為λm=故D錯誤。

本題選擇錯誤的。

故選：D。

基態(tài)的氫原子吸收的能量必須等于兩能級間的能級差時，才能被吸收，根據(jù)該關(guān)系，確定出吸收光子后躍遷的第幾能級，根據(jù)數(shù)學組合公式求出激發(fā)后發(fā)射光子的種類；依據(jù)庫侖引力提供向心力，再結(jié)合半徑之比，即可判定圓周運動速度之比。

解決本題的關(guān)鍵知道輻射或吸收光子的能量等于兩能級間的能級差，即Em-En=hv，同時掌握牛頓第二定律的內(nèi)容，及庫侖定律，與向心力表達式?！窘馕觥緿5、C【分析】

英國科學家法拉第首先提出了“場”和“力線”的概念；不是庫侖；奧斯特和安培提出的．

故選C

【解析】【答案】提出了“場”和“力線”的概念的科學家是法拉第．

6、D【分析】

每個分子的質(zhì)量m=．單位體積的質(zhì)量等于單位體積乘以密度，質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù)，所以單位體積所含的分子數(shù)n=．故D正確；A；B、C錯誤．

故選D．

【解析】【答案】每摩爾物體含有NA個分子數(shù)；所以分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量除以阿伏伽德羅常數(shù)．要求出單位體積內(nèi)的分子數(shù)，先求出單位體積的摩爾量，再用摩爾量乘以阿伏伽德羅常數(shù)．

7、D【分析】解：A、B、電源輸出電壓的最大值為4u=880V；則AB錯誤。

C、D、開關(guān)S斷開時，電流表示數(shù)是I1=lA，則通過熱水器的電流為4I1=4A；S閉合時，電流表示數(shù)是1.25A，則副線圈的電流為4×1.25A=5A，則。

抽油煙機的電流為5-4=1A；則功率P=UI=220×1=220W，則C錯誤，D正確．

故選：D

根據(jù)表達式可求出交變電流的峰值由電壓與匝數(shù)成正比可求出交流電源的電壓最大值．由W=Pt可以求出抽油煙機消耗的功率。

明確電流與匝數(shù)成反比，電壓與匝數(shù)成正比，及功率的表達式P=UI即可求解．【解析】【答案】D8、A【分析】解：每個光子的能量E=hγ=h

設(shè)每秒（t=1s）激光器發(fā)出的光子數(shù)是n；

則Pt=nE，即：P=nhn=故A正確；BCD錯誤；

故選：A

求出每個光子的能量，每秒內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)與每個光子能量的乘積是激光器每秒做的功，每個光子的能量E=hγ=h．

本題是一道難度不大，但綜合性、代表性很強的題目，要注意掌握．【解析】【答案】A二、雙選題(共2題，共4分)9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB三、填空題(共8題，共16分)11、略

【分析】試題分析：因為變壓器的輸入電壓不變，根據(jù)可知次級電壓不變，即電壓表讀數(shù)不變；當用戶的用電器增加時，R的值減小，次級電阻減小，所以次級電流增大，根據(jù)則初級電流增大，即電流表讀數(shù)增大。考點：變壓器的初次級電壓電流與初次級匝數(shù)的關(guān)系電路的綜合分析。【解析】【答案】不變增大12、1.2×1019個【分析】【解答】本題要計算分子數(shù)，就需要知道大氣有多少mol,需要計算高山狀態(tài)下的大氣在標準狀態(tài)下的體積，

；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：可得V2.則個。

【分析】本題考查了理想氣體狀態(tài)方程13、略

【分析】解：根據(jù)彈簧秤指針的指示可知，其讀數(shù)為1.8N；為了使兩次彈簧秤拉力的作用效果相同，因此在用一只彈簧測力計沿PO方向拉伸橡皮條，使橡皮條的長度等于PO長度．

故答案為：1.8；等于．

該實驗采用了“等效法”；因此要求兩次拉橡皮條要到同一位置，即兩次拉橡皮條拉力的作用效果相同；

本題考查了“等效法”的應(yīng)用和平行四邊形定則等基礎(chǔ)知識，對于這些基礎(chǔ)知識在平時練習中要不斷加強訓練，以提高解題能力；同時注意彈簧秤的讀數(shù)方法．【解析】1.8；等于14、（1）立刻向右

（2）12503.2×10-16【分析】(1)

【分析】開關(guān)閉合后瞬間，A

燈立刻亮，由于線圈自感電動勢的阻礙，電流逐漸增大，B

燈逐漸變亮.

正常工作后，A

燈、B

燈一樣亮.

開關(guān)由閉合到斷開瞬間，由于兩燈原來電流相等，AB

兩燈不會閃亮一下熄滅.

根據(jù)楞次定律分析流過A

燈的電流方向。本題考查對自感現(xiàn)象的理解和分析能力，可以用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律判斷、理解。【解答】開關(guān)閉合后瞬間；線圈自感電動勢對燈A1

沒有阻礙作用，燈A1

立刻亮．

開關(guān)由閉合到斷開瞬間；A1

燈原來的電流立即減為零，線圈產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流減小，使線圈中電流只能逐漸減小.

根據(jù)楞次定律可知，開關(guān)由閉合到斷開瞬間，流過線圈的電流方向是電流自右向左，則通過A

燈的電流自左向右．

故答案為：立刻，向右(2)

【分析】題中已知勻強電場中ab

間的電勢差和距離，根據(jù)電勢差與場強的關(guān)系式U=Edd

是兩點沿場強方向的距離求解場強.

由W=qU

求出電場力做功，即可得到電勢能的變化。解決本題的關(guān)鍵是掌握U=Ed

和W=qU

兩個公式，知道d

是兩點沿場強方向的距離?！窘獯稹坑蒛ab=Edabcos37鈭?

則得。

場強E=Uabdabcos600=4.0隆脕102V0.4隆脕0.5m=2000V/m

把電子從a

點移到b

點，電場力對電子做功為W=鈭?eUab=鈭?1.6隆脕10鈭?19隆脕2000J==鈭?3.2隆脕10鈭?16J

則電子的電勢能將增加3.2隆脕10鈭?16J

故填：12503.2隆脕10鈭?16

【解析】(1)

立刻向右(2)12503.2隆脕10鈭?16

15、略

【分析】解：電子的電量：e=鈭?1.6隆脕10鈭?19C

故電荷量為鈭?8隆脕10鈭?9C

的物體，得到的電子數(shù)為：N=qe=鈭?8隆脕10鈭?9C鈭?1.6隆脕10鈭?19C=5隆脕1010

個；

故答案為：得到；5隆脕1010

．

物體帶電的實質(zhì)是電子的得失；失去電子帶正電荷，得到電子帶負電荷，元電荷e=1.6隆脕10鈭?19

C.

本題關(guān)鍵是明確物體帶電的實質(zhì)，知道元電荷為e=1.6隆脕10鈭?19C

基礎(chǔ)題目．【解析】得到；5隆脕1010

16、略

【分析】

改裝后總電阻R總===3000Ω

則應(yīng)串聯(lián)電阻R=R總-Rg=1000-5=2995Ω

故答案為：串2995Ω

【解析】【答案】改裝后總電阻R總=則串聯(lián)電阻為R=R總-Rg

17、正減小【分析】【解答】密閉于氣缸內(nèi)的壓縮氣體膨脹對外做正功，即外界對氣體做負功，因而W＜0，缸內(nèi)氣體與外界無熱交換說明Q=0，忽略氣體分子間相互作用，說明內(nèi)能是所有分子動能的總和．根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q，可知內(nèi)能增加量△U＜0；故內(nèi)能減小，溫度降低，分子平均動能減小．

故答案為：正；減小。

【分析】根據(jù)熱力學第一定律公式△U=W+Q，公式中△U表示系統(tǒng)內(nèi)能的增加量，W表示外界對系統(tǒng)做的功，Q表示系統(tǒng)吸收的熱量，題中氣體膨脹對外界做功，即氣體對外界做負功，故W＜0，氣體與外界無熱交換，故Q=0，從而判斷出氣體內(nèi)能的變化，也就得到分子的平均動能的變化情況．18、略

【分析】解：線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢Em=nBS婁脴

當轉(zhuǎn)速增大時，角速度增大，故把轉(zhuǎn)速提高到原來的2

倍，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢變?yōu)樵瓉淼?

倍，故E隆盲m=1000V

產(chǎn)生的有效值E=E隆盲m2=5002V

周期T隆盲=T2=0.01s

故答案為：5002V0.01s

根據(jù)發(fā)電機產(chǎn)生的交變電動勢的表達式e=Emsin婁脴t=NBS(2婁脨n)sin(2婁脨n)t

和周期與轉(zhuǎn)速的關(guān)系即可判斷。

本題重點考查交流電的產(chǎn)生過程及瞬時表達式，只有在理解的基礎(chǔ)上才能準確用該表達式，作出定量分析．【解析】5002V0.01s

四、判斷題(共3題，共12分)19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．五、實驗探究題(共2題，共20分)22、略

【分析】解：（1）由圖a所示可知；螺旋測微器固定刻度示數(shù)為1.5mm，游標尺示數(shù)為34.7×0.01mm=0.347mm，螺旋測微器示數(shù)為1.5mm+0.347mm=1.847mm；

由圖所示可知；游標卡尺主尺示數(shù)為4.2cm，游標尺示數(shù)為8×0.05mm=0.40mm，游標卡尺示數(shù)為42mm+0.40mm=42.40mm=4.240cm；

（2）根據(jù)電阻定律，有：R=ρ=ρ

解得：ρ=．

故答案為：（1）1.847，4.240；（2）．

（1）游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；

（2）根據(jù)歐姆定律和電阻定律列式求解．

游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺的示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；游標卡尺不需要估讀，螺旋測微器需要估讀，對游標卡尺讀數(shù)時，要注意游標尺的精度．并掌握電阻定律與歐姆定律的應(yīng)用．【解析】1.847；4.240；23、(1)BC

(2)1212【分析】【分析】(1)

根據(jù)實驗原理；即可判定是否需要平衡摩擦力，及確定所掛鉤碼的總質(zhì)量m

與小車的總質(zhì)量M

的關(guān)系；

(2)

根據(jù)牛頓第二定律；結(jié)合動滑輪的拉力是測力計的示數(shù)2

倍，從而即可求解。

考查不同實驗中，是否平衡摩擦力，是依據(jù)實驗原理，并不是統(tǒng)統(tǒng)平衡，并掌握牛頓第二定律的應(yīng)用，注意力傳感器的作用，及理解測力計的讀數(shù)與小車的合力的關(guān)系，是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹?1)AB

為便于測量合外力的大小；甲圖通過鉤碼的總質(zhì)量對應(yīng)的重力即為合外力，而乙圖是力傳感器的示數(shù)，丙圖則是測力計的2

倍，因此它們都必須平衡摩擦力，故A錯誤，B正確；

CD

由于甲圖通過鉤碼的總質(zhì)量對應(yīng)的重力即為合外力，因此三組實驗中只有甲需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m

遠小于小車的總質(zhì)量M

的條件，故C正確，D錯誤。故選BC。

(2)

乙、丙兩位同學發(fā)現(xiàn)某次測量中力傳感器和測力計讀數(shù)相同，且通過計算得到小車加速度均為a

根據(jù)牛頓第二定律，則有：F=M脪脪a2F=M鹵沒a

因此乙、丙兩人實驗時所用小車總質(zhì)量之比為1攏潞2

由牛頓第二定律，對砝碼研究，則有：m脪脪g鈭?F=m脪脪a

而m鹵沒g鈭?F=m鹵沒2a

因a=13g

解得：m脪脪攏潞m鹵沒=1攏潞2

即乙；丙兩人實驗用的鉤碼總質(zhì)量之比為1攏潞2

故填：(1)BC(2)1攏潞21攏潞2

【解析】(1)BC

(2)121