浙江省寧波市慈溪市2025屆高三上物理期中調(diào)研試題含解析

浙江省寧波市慈溪市2025屆高三上物理期中調(diào)研試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，水平面內(nèi)有一個勻強電場，在該平面內(nèi)有一個以O(shè)為圓心，R為半徑的圓，其中AB為圓的直徑，C、D為圓上兩點，且∠CAB=∠DAB=60°．一個帶電量為+q的粒子，以初速度v從A點三次沿不同的方向射出，分別運動到B、C、D三點，粒子到達C點的速度為v，到達B點的速度為v．不計粒子重力，若粒子到達D點的速度大小為，勻強電場的場強大小為E，則（）A．；B．；C．；D．；2、如圖所示，彈簧振子在A、B之間做簡諧運動．以平衡位置O為原點，建立Ox軸．向右為x軸的正方向．若振子位于B點時開始計時，則其振動圖像為（）A． B．C． D．3、三個重均為的相同木塊、、和兩個勁度系數(shù)均為的相同輕彈簧、用細線連接如圖，其中放在無摩擦的水平桌面上．開始時，彈簧處于原長，木塊都處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用水平力緩慢地向左拉彈簧的左端，直到木塊剛好離開水平地面為止．該過程彈簧的左端向左移動的距離是（輕彈簧和細線的重量都忽略不計）A． B． C． D．4、下列說法正確的是A．由公式v＝ωr可知，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑越大則其速度越大B．由公式可知，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑越大則其速度越小C．地球同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的速度大于7.9km/sD．地球同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度5、某區(qū)域的電場線分布如圖所示，其中間一根電場線是直線，一帶正電的粒子從直線上的O點由靜止開始在電場力作用下運動到A點．取O點為坐標(biāo)原點，沿直線向右為x軸正方向，粒子的重力忽略不計．在O到A運動過程中，下列關(guān)于粒子運動速度v和加速度a隨時間t的變化、粒子的動能和運動徑跡上電勢隨位移x的變化圖線正確的是A． B．C． D．6、智能掃地機器人是智能家用電器的一種，能憑借一定的人工智能，自動在房間內(nèi)完成地板清理工作，現(xiàn)今已慢慢普及，成為上班族或是現(xiàn)代家庭的常用家電用品．如圖為某款智能掃地機器人，其參數(shù)見下表，工作時將電池內(nèi)部化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的效率為60%.下列說法中正確的是()A．該掃地機器人的電池從完全沒電到充滿電所需時間約為8.3hB．該掃地機器人最多能儲存的能量為4.32×105JC．該掃地機器人充滿電后能工作5hD．該掃地機器人充滿電后能工作3h二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在動摩擦因數(shù)μ＝0.2的水平面上，質(zhì)量m＝2kg的物塊與水平輕彈簧相連，物塊在與水平方向成θ＝45°角的拉力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時水平面對物塊的彈力恰好為零．g取10m/s2，以下說法正確的是()A．此時輕彈簧的彈力大小為20NB．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度為0C．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為8m/s2，方向向右D．當(dāng)撤去拉力F的瞬間，物塊的加速度大小為8m/s2，方向向左8、將兩完全相同的玩具車A、B并排放在一平直的水平上,分別通過掛鉤拉著另一個與車等質(zhì)量的玩具拖車，控制兩車以相同的速度v0做勻速直線運動．某一時刻

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通過控制器使兩車連接拖車的掛鉤同時斷開,玩具車A保持原來的牽引力不變前進,玩具車B保持原來的輸出功率不變前進,當(dāng)玩具車A的速度為2v0時,玩具車B的速度為1.5v0,已知水平面對兩車的阻力均為車重的0.1倍,g=10m/s2,則從掛鉤斷開至A、B兩車的速度分別為2v0和1.5v0的過程中,下列說法正確的是()A．A、B兩車的位移之比為12:11B．玩具車A的速度為2v0時其功率為此時玩具車B功率的4倍C．兩車所受水平面的阻力做功的比值為11:12D．兩車牽引力做功的比值為3:29、一物體在水平面上受恒定的水平拉力和摩擦力作用由靜止開始做直線運動，在第1秒末撤去水平拉力，其Ek－X圖象如圖所示，g=10m/s2，則()A．物體的質(zhì)量為10kgB．物體與水平面的動摩擦因數(shù)為0.2C．第1秒內(nèi)合力對物體做的功為30JD．前4秒內(nèi)拉力對物體做的功為60J10、關(guān)于固體、液體和物態(tài)變化，下列說法正確的是A．當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大B．當(dāng)分子間距離增大時，分子間的引力減少、斥力增大C．一定量的理想氣體，在壓強不變時，氣體分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少D．水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大E.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了探究加速度與力的關(guān)系，某同學(xué)設(shè)計了如圖1所示的實驗裝置，帶滑輪的長木板水平放置，板上有兩個光電門相距為d，滑塊通過細線與重物相連，細線的拉力F大小等于力傳感器的示數(shù).讓滑塊從光電門1由靜止釋放，記下滑到光電門2的時間t，改變重物質(zhì)量來改變細繩拉力大小，重復(fù)以上操作5次，得到下列表格中5組數(shù)據(jù)．次數(shù)a/(m?F/N11.00.7622.00.9933.01.2344.01.5055.01.76(1)若測得兩光電門之間距離為d=0.5m，運動時間t=0.5s，則a=______m/s(2)依據(jù)表中數(shù)據(jù)在如圖2中畫出a-F圖象．(3)由圖象可得滑塊質(zhì)量m=______kg，滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)μ=______.g=10m/s12．（12分）小明用打點計時器研究小車的運動，在實驗過程中：(1)打點計時器應(yīng)使用_____（選填“直流”或“交流”）電源(2)他打出一條紙帶，按打點先后順序每5個點選一個計數(shù)點，，并計算出相應(yīng)時刻的瞬時速度，如下表所示，請根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)系中作出小車的v-t圖像______。計數(shù)點ABCDEF時刻t/s00.10.20.30.40.5瞬時速度v/(m?s-1)0.1500.2050.2700.3300.3950.450(3)由作出的v-t圖像可以判斷，小車做勻加速直線運動的加速度為_________m/s2。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑的水平面AB與半徑，光滑豎直半圓軌道BCD在B點相切，D為軌道最高點。用輕質(zhì)細線連接甲、乙兩小球，中間夾一輕質(zhì)彈簧，彈簧與甲、乙兩球不拴接.甲球的質(zhì)量為，乙球的質(zhì)量為，甲、乙兩球靜止?，F(xiàn)固定甲球，燒斷細線，乙球離開彈簧后進入半圓軌道恰好能通過D點。重力加速度取，甲、乙兩球可看作質(zhì)點。(1)試求細線燒斷前彈簧的彈性勢能；(2)若甲球不固定，燒斷細線，求從燒斷細線開始到乙球脫離彈簧過程中，彈簧對乙球沖量I的大小。14．（16分）從地面斜向上拋出一個質(zhì)量為m的小球，當(dāng)小球到達最高點時，小球具有的動能與勢能之比是9：16，選地面為重力勢能參考面，不計空氣阻力，現(xiàn)在此空間加上一個平行于小球運動平面的水平電場，以相同的初速度拋出帶上正電荷量為q的原小球，小球到達最高點時的動能與拋出時動能相等．已知重力加速度大小為g．試求：(1)無電場時，小球升到最高點的時間；(2)后來所加電場的場強大?。?5．（12分）如圖所示，勁度系數(shù)k=10.0N/m的輕質(zhì)水平彈簧右端固定在足夠長的水平桌面上，左端系一質(zhì)量為M=1.0kg的小物體A，A左邊所系輕細線繞過輕質(zhì)光滑的定滑輪后與輕掛鉤相連．小物塊A與桌面的動摩擦因數(shù)μ=0.15，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．現(xiàn)將一質(zhì)量m=1.0kg的物體B掛在掛鉤上并用手托住，使滑輪右邊的輕繩恰好水平伸直，此時彈簧處在自由伸長狀態(tài)．釋放物體B后系統(tǒng)開始運動，取g=10m/s1．（1）求剛釋放時物體B的加速度a；（1）求小物塊A速度達到最大時,彈簧的伸長量x1；（3）已知彈簧彈性勢能，x為彈簧形變量，求整個過程中小物體A克服摩擦力所做的總功W．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由動能定理得，；，，故，故，得，AD兩點電勢相等，，故A正確，BCD錯誤．故選：A點睛：根據(jù)電場力做功可得O、C電勢相等，再根據(jù)動能定理即可求解．2、A【解析】

由題意：設(shè)向右為x正方向，振子運動到N點時，振子具有正方向最大位移，所以振子運動到N點時開始計時振動圖象應(yīng)是余弦曲線，故A正確．3、C【解析】

對物塊b分析受力可知，q彈簧初始時壓縮量為：對物塊c分析受力可知，q彈簧末狀態(tài)時伸長量為：末狀態(tài)下，對bc整體分析受力可知，細線對B向上的拉力大小為2mg，由于物塊a平衡，所以p彈簧的彈力大小也為2mg，則末狀態(tài)下p彈簧伸長：由以上可知p彈簧左端向左移動的距離為：s=△x1+△x2+△x3=8cmA.與分析不符，A錯誤B.與分析不符，B錯誤C.與分析相符，C正確D.與分析不符，D錯誤4、B【解析】

AB．由公式可知，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑越大則其速度越小，選項B正確，A錯誤；C．根據(jù)可知，因同步衛(wèi)星的軌道半徑大于地球半徑，可知地球同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的速度小于7.9km/s，選項C錯誤；D．地球同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)有相同的周期，則同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的角速度等于地球自轉(zhuǎn)的角速度，選項D錯誤。5、B【解析】

由圖可知，從O到A點，電場線由疏到密，電場強度先減小后增大，方向不變，因此電荷受到的電場力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故A錯誤，B正確；沿著電場線方向電勢降低，而電勢與位移的圖象的斜率表示電場強度，故C錯誤；根據(jù)能量守恒關(guān)系，則，由此可知：，因此粒子的動能Ek和運動徑跡上電勢φ隨位移x的變化圖線斜率先減小后增大，故D正確．所以B正確，ACD錯誤．6、B【解析】由表格內(nèi)的數(shù)據(jù)可知，電池的容量是5000mAh，所帶的電量為：q=5000×10-3A?3600s=1.8×104C，充電器輸出電流為I充=1000mA=1A，所以充電的時間為：，故A錯誤；最多能儲存的能量為：W=qU=1.8×104×24J=4.32×105J，故B正確；額定功率未40W，所以工作的時間：，故CD錯誤。所以B正確，ACD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．將拉力F分解為豎直向上的力和水平向右的力，則有，，因為此時水平面對物塊的彈力為零，即，解得，，因為地面對物塊的支持力為零，即物塊與水平面之間的正壓力為零，所以地面對物塊不存在摩擦力，故水平方向上受到彈簧的彈力T和，所以，A正確；BC．剪斷彈簧的瞬間，彈力變?yōu)榱?，重力mg和平衡，物塊與水平面間仍沒有摩擦力，所以在剪斷彈簧的瞬間物塊合力為，故加速度為，方向水平向右，BC錯誤；D．撤去力F的瞬間，彈力大小不變，仍為20N，由于豎直向上的分力消失，故物塊與水平面間存在摩擦力，物體所受的最大靜摩擦力為，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為，方向水平向左，D正確。故選D。8、AD【解析】

A.設(shè)玩具車A.B的質(zhì)量為m，勻速運動時，兩玩具車的牽引力F=2×0.1mg=0.2mg，輸出功率P=F?v0=0.2mgv0，從掛鉤斷開至A車的速度為2v0的過程中，加速度為用時位移從掛鉤斷開至B車的速度為1.5v0的過程中，由動能定理得：解得B的位移所以.故A正確；B.玩具車A的速度為2v0時其功率為：PA=F?2v0=0.4mgv0，B車的功率為P=F?v0=0.2mgv0，所以玩具車A的速度為2v0時其功率為此時玩具車B功率的2倍，故B錯誤；C.兩車所受水平面的阻力做功的比值為WfA：WfB=?fxA：(?fxB)=12:11，故C錯誤；D.兩車牽引力做功的比值：WFA：WFB=FxA：Pt=(0.2mg?)：(0.2mgv0?)=3:2，故D正確．9、AD【解析】A、由圖知：當(dāng)位移為x1=1.5m時，撤去外力，所以物體在第1s內(nèi)的位移為x1=1則由動能定理可得合外力做功W=F得F合=30N，又有牛頓第二定律知解得：m=10kg，故A正確B、當(dāng)撤掉外力F后，物體做減速運動，由圖可知物體發(fā)生的位移為x2=4.5m，物體在摩擦力作用下減速，此時合外力做功為：解得：μ=0.1，故B錯誤C、從圖像可以知道在第1s內(nèi)合外力做的功就等于動能的變化量，所以合外力做功為45J，故C錯誤D、第1s內(nèi)由動能定理可得合外力做功W=F得F合=F-μmg=30N，即F=40N，物體在第1s內(nèi)受拉力作用，所以前4秒內(nèi)拉力做的功即等于第1s內(nèi)拉力做的功，WF綜上所述本題答案是：AD10、CDE【解析】

A．在一定氣溫條件下，大氣中相對濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故A錯誤；B．分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，故B錯誤；C．溫度升高，分子對器壁的平均撞擊力增大，要保證壓強不變，分子單位時間對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)必減少，故C正確；D．飽和汽壓與液體種類和溫度有關(guān)，水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，故D正確；E．葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故E正確。故選CDE．【點睛】絕對濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對含量，可用空氣中水的蒸氣壓來表示；相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分數(shù)；相對濕度較大，但是絕對濕度不一定大；水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大；分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，根據(jù)壓強的微觀解釋分析分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)變化；葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.00.25

0.2【解析】

(1)根據(jù)運動學(xué)公式x=12at2得a=2xt2=2×0.5(0.5)2=4.0m/s2；

(2)依據(jù)表中數(shù)據(jù)運用描點法作出圖象：

(3)根據(jù)F-μmg=ma得a=Fm-μg，所以滑塊運動的加速度a和所受拉力12、交流【解析】

(1)[1]打點計時器應(yīng)使用交流電源；(2)[2]利用描點法可畫出速度-時間圖象：(3)[3]圖象為一條傾斜的直線，由圖像可以判斷，小車做勻加速直線運動的加速度為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

由題意可知考查用力、能量、動量的觀點分析解決問題，利用牛頓第二定律、動量守恒定律、能量守恒定律、動量定理計算可得?！驹斀狻?1)設(shè)乙球在D點處的速度為v，對乙球，在D處：得：(2)設(shè)甲、乙兩球脫離彈簧時速度大小分別為、，以的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：根據(jù)能量守恒定律得：根據(jù)動量定理得：沖量大?。骸军c睛】(1)物體通過豎直面上軌道的最高點有最小速度，向心力等于重力時對應(yīng)速度最小，根據(jù)牛頓第二定律可求出最高點時的速度，再根據(jù)能量守恒關(guān)系求出彈性勢能大小。(2)甲、乙小球和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，列式聯(lián)立可求得脫離彈簧時乙球的速度，再結(jié)合動量定理可求得彈簧對乙球沖量I的大小。14、(1)(2)或【解析】試題分析：（1）無電場時，當(dāng)小球到達最高點時，小球具有的動能與勢能之比是將小球的運動分解為水平方向和豎直方向，則由，得，所以有（2）解得初始拋出時所以豎直方向的初速度為豎直方向做勻減速運動，解得（2）設(shè)后來加上的電場強度大小為E，小球到達最高抵時的動與剛拋出時的動能相等，若電場力的方向與小球初速度的水平方分量方向相同，則有解得若電場力的方向與小球初速度的水平分量方向相反，則有解得考點：考查了拋體運動規(guī)律，帶電小球在復(fù)合場中的運動【名師點睛】帶電粒子在復(fù)合場中運動問題的分析思路1．正確的受力分析除重力、彈力和摩擦力外，要特別注意電場力和磁場力的分析．2．正確分析物體的運動狀態(tài)找出物體的速度、位置及其變化特點，分析運動過程．如果出現(xiàn)臨界狀態(tài)，要分析臨界條件帶電粒子在復(fù)合場中做什么運動，取決于帶電粒子的受力情況．（1）當(dāng)粒子在復(fù)合場內(nèi)所受合力為零時，做勻速直線