高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)講練測(cè)(新教材新高考)專題8.5直線、平面垂直的判定及性質(zhì)專題練習(xí)(學(xué)生版+解析)_第1頁
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專題8.5直線、平面垂直的判定及性質(zhì)練基礎(chǔ)練基礎(chǔ)1.(2020·浙江開學(xué)考試)已知兩個(gè)不重合的平面,若直線,則“”是“”的()A.充分不必要條件 B.必要不充分條件C.充要條件 D.既不充分也不必要條件2.(2021·浙江高二期末)已知,是兩個(gè)不同的平面,直線,則“”是“”的()A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件3.【多選題】(2021·河北高一期末)已知直線a,b與平面,,則下列說法不正確的是()A.若,,,則B.若,,,則C.若,,,則D.若,為異面直線,,,,,則4.【多選題】(2021·南京市寧海中學(xué)高一月考)如圖,在正方體中,線段上有兩個(gè)動(dòng)點(diǎn),,若線段長度為一定值,則下列結(jié)論中正確的是()A. B.平面C.平面 D.三棱錐的體積為定值5.(2020·北京101中學(xué)期末)設(shè),是兩個(gè)不同的平面,l是直線且,則“”是“”的______.條件(參考選項(xiàng):充分不必要,必要不充分,充分必要,既不充分也不必要).6.(2021·河北巨鹿中學(xué)高一月考)三棱錐的高為,若三條側(cè)棱、、兩兩垂直,則為的______心.7.(2021·云南彌勒市一中高一月考)如圖,在底面為正三角形且側(cè)棱垂直于底面的三棱柱中,,分別是,的中點(diǎn).求證:(1)平面//平面;(2)平面平面.8.(2021·山西高一期中)如圖,四棱錐的底面ABCD為菱形,,E,F(xiàn)分別為AB和PD的中點(diǎn).(1)求證:平面PBD;(2)求證:平面PBC.9.(2021·湖南高二期末)如圖,在三棱柱中,,,.(1)證明:平面平面;(2)求四棱錐的體積.10.(2020·內(nèi)蒙古寧城·月考(文))在三棱柱中,四邊形是邊長為2的正方形,且平面平面,,,為中點(diǎn).(1)證明:平面;(2)求到平面的距離.練提升TIDHNEG練提升TIDHNEG1.(2019·福建高考模擬(理))已知等邊△的邊長為2,現(xiàn)把△繞著邊旋轉(zhuǎn)到△的位置.給出以下三個(gè)命題:①對(duì)于任意點(diǎn),;②存在點(diǎn),使得平面;③三棱錐的體積的最大值為1.以上命題正確的是()A.①② B.①③ C.②③ D.①②③2.(2020·重慶市廣益中學(xué)校期末)如圖,以等腰直角三角形ABC的斜邊BC上的高AD為折痕,把△ABD和△ACD折成互相垂直的兩個(gè)平面后,某學(xué)生得出下列四個(gè)結(jié)論:①BD⊥AC;②△BAC是等邊三角形;③三棱錐D-ABC是正三棱錐;④平面ADC⊥平面ABC.其中正確的是___________3.(2021·四川高二期末(文))如圖,直三棱柱中,,且,為線段上動(dòng)點(diǎn).(1)證明:;(2)判斷點(diǎn)到面的距離是否為定值,并說明理由,若是定值,請(qǐng)求出該定值.4.(2020·佛山市第四中學(xué)高二月考)在直三棱柱中,,點(diǎn)分別是,的中點(diǎn),是棱上的動(dòng)點(diǎn).(1)求證:平面;(2)若∥平面,試確定點(diǎn)的位置,并給出證明.5.(2019·河北高考模擬(文))如圖,在四棱錐中,,是梯形,且,,.(1)求證:;(2)求三棱錐的體積;(3)在棱上是否存在點(diǎn),使得平面?若存在,求得值;若不存在,說明理由.6.如圖,四棱錐P?ABCD的底面ABCD是平行四邊形,PA⊥底面ABCD,PA=3,AD=2(1)求證:平面PBC⊥平面PAC(2)若點(diǎn)M,N分別為PA,CD上的點(diǎn),且PMPA=CNCD=35,在線段7.(2021·江蘇高一期末)如圖,是圓的直徑,點(diǎn)是圓上異于的點(diǎn),垂直于圓所在的平面,且.(1)若為線段的中點(diǎn),求證:平面平面;(2)若,點(diǎn)是線段上的動(dòng)點(diǎn),求的最小值.8.(2020·江蘇南京師大附中高二開學(xué)考試)在等腰直角三角形中,,點(diǎn)分別為的中點(diǎn),如圖1,將沿折起,使點(diǎn)到達(dá)點(diǎn)的位置,且平面平面,連接,如圖(1)證明:平面和平面必定存在交線,且直線;(2)若為的中點(diǎn),求證:平面;(3)當(dāng)三棱錐的體積為時(shí),求點(diǎn)到平面的距離.9.(2021·天津市西青區(qū)楊柳青第一中學(xué)高一期中)如圖所示,在四棱錐中,底面是菱形,,平面,E是的中點(diǎn),F(xiàn)是的中點(diǎn).(1)求證:平面;(2)求證:平面;(3)求與平面所成的角.10.(2021·浙江溫州市·高二期中)如圖所示,四邊形是矩形,平面平面,平面平面.(1)求證:平面;(2)過點(diǎn)作平面,若,,,為的中點(diǎn),設(shè),在線段上是否存在點(diǎn),使得與平面所成角為.若存在,求的長度;若不存在,請(qǐng)說明理由.練真題TIDHNEG練真題TIDHNEG1.(2021·浙江高考真題)如圖已知正方體,M,N分別是,的中點(diǎn),則()A.直線與直線垂直,直線平面B.直線與直線平行,直線平面C.直線與直線相交,直線平面D.直線與直線異面,直線平面2.(2020·山東海南省高考真題)日晷是中國古代用來測(cè)定時(shí)間的儀器,利用與晷面垂直的晷針投射到晷面的影子來測(cè)定時(shí)間.把地球看成一個(gè)球(球心記為O),地球上一點(diǎn)A的緯度是指OA與地球赤道所在平面所成角,點(diǎn)A處的水平面是指過點(diǎn)A且與OA垂直的平面.在點(diǎn)A處放置一個(gè)日晷,若晷面與赤道所在平面平行,點(diǎn)A處的緯度為北緯40°,則晷針與點(diǎn)A處的水平面所成角為()A.20° B.40°C.50° D.90°3.(2019·全國高考真題(文))已知∠ACB=90°,P為平面ABC外一點(diǎn),PC=2,點(diǎn)P到∠ACB兩邊AC,BC的距離均為,那么P到平面ABC的距離為___________.4.(2018·全國高考真題(文))如圖,矩形所在平面與半圓弧所在平面垂直,是上異于,的點(diǎn).(1)證明:平面平面;(2)在線段上是否存在點(diǎn),使得平面?說明理由.5.(2021·全國高考真題)如圖,在三棱錐中,平面平面,,為的中點(diǎn).(1)證明:;(2)若是邊長為1的等邊三角形,點(diǎn)在棱上,,且二面角的大小為,求三棱錐的體積.6.(2021·全國高考真題(文))如圖,四棱錐的底面是矩形,底面,M為的中點(diǎn),且.(1)證明:平面平面;(2)若,求四棱錐的體積.1/31專題8.5直線、平面垂直的判定及性質(zhì)練基礎(chǔ)練基礎(chǔ)1.(2020·浙江開學(xué)考試)已知兩個(gè)不重合的平面,若直線,則“”是“”的()A.充分不必要條件 B.必要不充分條件C.充要條件 D.既不充分也不必要條件【答案】B【解析】根據(jù)面面垂直的判定定理,可知若且,可推出,即必要性成立;反之,若,則與的位置關(guān)系不確定,即充分性不成立;所以“”是“”的必要不充分條件.故選:B.2.(2021·浙江高二期末)已知,是兩個(gè)不同的平面,直線,則“”是“”的()A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件【答案】A【解析】由面面垂直的判定定理及面面垂直的性質(zhì),結(jié)合充分必要條件的定義即可判斷.【詳解】根據(jù)面面垂直的判定定理,可知若,則“”則成立,滿足充分性;反之,若,則與的位置關(guān)系不確定,即不滿足必要性;所以“”是“”的充分不必要條件,故選:A.3.【多選題】(2021·河北高一期末)已知直線a,b與平面,,則下列說法不正確的是()A.若,,,則B.若,,,則C.若,,,則D.若,為異面直線,,,,,則【答案】AB【解析】舉反例可判斷A和B;由線面平行的性質(zhì)定理可判斷C;由反證法可判斷D.【詳解】對(duì)于選項(xiàng)A:反例如圖,故A錯(cuò)誤;對(duì)于選項(xiàng)B:反例如圖,故B錯(cuò)誤;對(duì)于選項(xiàng)C:是“線面平行的性質(zhì)定理”的符號(hào)語言,故C正確;對(duì)于選項(xiàng)D:若平面與平面不平行,設(shè),因?yàn)?,,由線面平行的性質(zhì)定理得,同理,所以,這與,為異面直線矛盾,所以.故D正確.故選:AB.4.【多選題】(2021·南京市寧海中學(xué)高一月考)如圖,在正方體中,線段上有兩個(gè)動(dòng)點(diǎn),,若線段長度為一定值,則下列結(jié)論中正確的是()A. B.平面C.平面 D.三棱錐的體積為定值【答案】ACD【解析】選項(xiàng)A,連接BD,通過證明平面,可判定;選項(xiàng)B,通過可判定;選項(xiàng)C,利用平面ABCD平面可判定平面ABCD;選項(xiàng)D,可利用三棱錐的高和底面積為定值來判定.【詳解】選項(xiàng)A:連接BD,底面ABCD是正方形,,又平面ABCD,平面ABCD,,,平面,又平面,,故選項(xiàng)A正確;選項(xiàng)B:若平面,平面,,但顯然,所以平面不成立,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;選項(xiàng)C:正方體中,平面ABCD平面,平面,平面ABCD,故選項(xiàng)C正確;選項(xiàng)D:點(diǎn)A到平面BEF的距離也是點(diǎn)A到平面的距離,等于AC的一半,即三棱錐高為定值,而的邊為定值,高為為定值,故體積為定值,故選項(xiàng)D正確.故選:ACD.5.(2020·北京101中學(xué)期末)設(shè),是兩個(gè)不同的平面,l是直線且,則“”是“”的______.條件(參考選項(xiàng):充分不必要,必要不充分,充分必要,既不充分也不必要).【答案】充分不必要【解析】面面垂直的判定定理:一個(gè)平面過另一個(gè)平面的垂線,則這兩個(gè)平面垂直.因?yàn)橹本€且所以由判斷定理得.所以直線,且若,直線則直線,或直線,或直線l與平面相交,或直線l在平面內(nèi).所以“”是“”成立的充分不必要條件.故答案為:充分不必要.6.(2021·河北巨鹿中學(xué)高一月考)三棱錐的高為,若三條側(cè)棱、、兩兩垂直,則為的______心.【答案】垂【解析】根據(jù)題意可證明面PBC,結(jié)合PH為三棱錐的高可以證明,同理:,進(jìn)而得到答案.【詳解】如圖,因?yàn)?,所以面PBC,則PA⊥BC,又PH⊥平面ABC,所以PH⊥BC,而,所以面PAH,所以,同理可證:,所以點(diǎn)H為垂心.故答案為:垂.7.(2021·云南彌勒市一中高一月考)如圖,在底面為正三角形且側(cè)棱垂直于底面的三棱柱中,,分別是,的中點(diǎn).求證:(1)平面//平面;(2)平面平面.【答案】(1)證明見解析,(2)證明見解析【解析】(1)連接,由已知條件可得四邊形為平行四邊形,四邊形為平行四邊形,則‖,‖,,再結(jié)棱柱的特點(diǎn)可得四邊形為平行四邊形,‖,所以由線面平行的判定可得‖平面,‖平面,再由面面平行的判定可得結(jié)論,(2)由已知可得,,從而可得平面,再由面面垂直的判定定理可證得結(jié)論【詳解】證明:(1)連接,因?yàn)?,分別是,的中點(diǎn),所以,因?yàn)?,‖,所以,‖,‖,所以四邊形為平行四邊形,四邊形為平行四邊形,所以?‖,,因?yàn)槠矫?,平面,所以‖平面,因?yàn)?,‖,所以‖,,所以四邊形為平行四邊形,所以‖,因?yàn)槠矫?,平面,所?/平面,因?yàn)?,所以平?/平面;(2)因?yàn)闉檎切?,是的中點(diǎn),所以,因?yàn)槠矫?,平面,所以,因?yàn)?,所以平面,因?yàn)槠矫妫云矫嫫矫妫?.(2021·山西高一期中)如圖,四棱錐的底面ABCD為菱形,,E,F(xiàn)分別為AB和PD的中點(diǎn).(1)求證:平面PBD;(2)求證:平面PBC.【答案】(1)證明見解析;(2)證明見解析.【解析】(1)首先證出,,再利用線面垂直的判定定理即可證明.(2)取PC的中點(diǎn)G,連接FG,BG,證出四邊形BEFG是平行四邊形,從而可得,再由線面平行的判定定理即可證明.【詳解】證明:(1)設(shè),則O是AC,BD中點(diǎn),連接PO,∵底面ABCD是菱形,∴,又∵,O是AC中點(diǎn),∴,又,平面PBD,平面PBD,∴平面PBD.(2)取PC的中點(diǎn)G,連接FG,BG,如圖所示:∵F是PD的中點(diǎn),∴,且.又∵底面ABCD是菱形,E是AB中點(diǎn),∴,且,∴,且,∴四邊形BEFG是平行四邊形,∴,又平面PBC,平面PBC,∴平面PBC.9.(2021·湖南高二期末)如圖,在三棱柱中,,,.(1)證明:平面平面;(2)求四棱錐的體積.【答案】(1)證明見解析;(2).【解析】(1)取的中點(diǎn),連,,證明與底面垂直,得面面垂直,再由棱柱上下底面平行得證結(jié)論;(2)由棱柱、棱錐體積得,計(jì)算三棱錐體積可得結(jié)論.【詳解】(1)如圖,取的中點(diǎn),連,,因?yàn)?,,所以,,又因?yàn)?,所以,在中,由,滿足,所以,且,,平面,所以平面,又平面,所以平面平面,又平面平面,所以平面平面.(2)由(1)可知平面,,所以四棱錐的體積.10.(2020·內(nèi)蒙古寧城·月考(文))在三棱柱中,四邊形是邊長為2的正方形,且平面平面,,,為中點(diǎn).(1)證明:平面;(2)求到平面的距離.【答案】(1)證明見解析;(2).【解析】(1)因?yàn)槠矫妫矫?,所以因?yàn)椋?,為中點(diǎn),所以為正三角形,則,在中,因?yàn)?,,,由余弦定理可得:,又因?yàn)椋运?,又,平面,且,所以平面?)在中,設(shè)點(diǎn)到平面的距離為,由得解得:,所以點(diǎn)到平面的距離為.練提升TIDHNEG練提升TIDHNEG1.(2019·福建高考模擬(理))已知等邊△的邊長為2,現(xiàn)把△繞著邊旋轉(zhuǎn)到△的位置.給出以下三個(gè)命題:①對(duì)于任意點(diǎn),;②存在點(diǎn),使得平面;③三棱錐的體積的最大值為1.以上命題正確的是()A.①② B.①③ C.②③ D.①②③【答案】B【解析】由題意,取中點(diǎn),由于,,根據(jù)線面垂直的判定定理,得平面,平面,所以,故①正確;假設(shè)平面,則,又,這不可能,故②錯(cuò)誤;由,當(dāng)平面平面時(shí),達(dá)到最大,此時(shí),故③正確.故選B.2.(2020·重慶市廣益中學(xué)校期末)如圖,以等腰直角三角形ABC的斜邊BC上的高AD為折痕,把△ABD和△ACD折成互相垂直的兩個(gè)平面后,某學(xué)生得出下列四個(gè)結(jié)論:①BD⊥AC;②△BAC是等邊三角形;③三棱錐D-ABC是正三棱錐;④平面ADC⊥平面ABC.其中正確的是___________【答案】①②③【解析】設(shè)等腰直角三角形△ABC的腰為a,則斜邊BC=a,D為BC的中點(diǎn),∴AD⊥BC,

又平面ABD⊥平面ACD,平面ABD∩平面ACD=AD,BD⊥AD,BD?平面ABD,

∴BD⊥平面ADC,又AC?平面ADC,

∴BD⊥AC,故①正確;

②由A知,BD⊥平面ADC,CD?平面ADC,

∴BD⊥CD,又∴由勾股定理得:,又AB=AC=a,

∴△ABC是等邊三角形,故②正確;

③∵△ABC是等邊三角形,DA=DB=DC,

∴三棱錐D-ABC是正三棱錐,故③正確.

④∵△ADC為等腰直角三角形,取斜邊AC的中點(diǎn)F,則DF⊥AC,又△ABC為等邊三角形,連接BF,則BF⊥AC,

∴∠BFD為平面ADC與平面ABC的二面角的平面角,

由BD⊥平面ADC可知,∠BDF為直角,∠BFD不是直角,故平面ADC與平面ABC不垂直,故④錯(cuò)誤;

綜上所述,正確的結(jié)論是①②③.3.(2021·四川高二期末(文))如圖,直三棱柱中,,且,為線段上動(dòng)點(diǎn).(1)證明:;(2)判斷點(diǎn)到面的距離是否為定值,并說明理由,若是定值,請(qǐng)求出該定值.【答案】(1)證明見解析;(2)是定值,理由見解析,.【解析】(1)由,證得面,從而,結(jié)合,證得面,從而證得.(2)點(diǎn)到面的距離即為到面的距離,可轉(zhuǎn)化為點(diǎn)到面的距離,由條件證得面,則為點(diǎn)到面的距離,求得即可.【詳解】解:(1)連,,四邊形為正方形,又,直棱柱中,,,面,面,又,面,面,(2)點(diǎn)到面的距離為定值.,面,面,點(diǎn)到面的距離即為到面的距離,可轉(zhuǎn)化為點(diǎn)到面的距離令,則,又面,面,,,,面,為點(diǎn)到面的距離在等腰中,,到面的距離為定值,且定值為4.(2020·佛山市第四中學(xué)高二月考)在直三棱柱中,,點(diǎn)分別是,的中點(diǎn),是棱上的動(dòng)點(diǎn).(1)求證:平面;(2)若∥平面,試確定點(diǎn)的位置,并給出證明.【答案】(1)證明詳見解析;(2)點(diǎn)是的中點(diǎn),證明詳見解析.【解析】(1)即證平面,只需證,即可;(2)點(diǎn)是的中點(diǎn)時(shí),平面,取的中點(diǎn),只需證四邊形是平行四邊形即可.【詳解】(1)要證明平面,即證平面.依題意知平面,又平面,則,又,且,所以平面,又平面,所以.依題意知,且點(diǎn)是的中點(diǎn),所以,又,所以平面,即平面.(2)點(diǎn)是的中點(diǎn)時(shí),平面.證明如下:取的中點(diǎn),連接,,.則,且;依題意知四邊形為正方形,則且,又是的中點(diǎn),所以,且,所以四邊形是平行四邊形,則,又平面,平面,故平面.5.(2019·河北高考模擬(文))如圖,在四棱錐中,,是梯形,且,,.(1)求證:;(2)求三棱錐的體積;(3)在棱上是否存在點(diǎn),使得平面?若存在,求得值;若不存在,說明理由.【答案】(1)見證明;(2)(3)見解析【解析】(1)由題意,可知,則,所以,,面,所以,又因?yàn)?,所?2)因?yàn)?,,為等腰直角三角形,所以,在中,,,,又?(3)在棱上取點(diǎn),使得,過作交于,則,又且,所以且,所以四邊形為平行四邊形,所以,平面,平面,所以平面,故在棱上存在點(diǎn),當(dāng)時(shí),使得平面.6.如圖,四棱錐P?ABCD的底面ABCD是平行四邊形,PA⊥底面ABCD,PA=3,AD=2(1)求證:平面PBC⊥平面PAC(2)若點(diǎn)M,N分別為PA,CD上的點(diǎn),且PMPA=CNCD=35,在線段【答案】(1)見解析(2)線段PB上存在一點(diǎn)E,使得MN∥平面ACE.VP【解析】(Ⅰ)證明:由已知,得AC=∵BC=AD=2又BC2+又PA⊥底面ABCD,BC?平面ABCD,則∵PA?平面PAC,AC?平面PAC,且∴BC⊥平面PAC∵BC?平面PBC,∴平面PBC⊥平面(Ⅱ)線段PB上存在一點(diǎn)E,使得MN∥平面ACE證明:在線段PB上取一點(diǎn)E,使PEPB=3∵PMPA=PEPB=又∵CN∥AB,且∴CN∥ME,且∴四邊形CEMN是平行四邊形,∴CE∥又CE?平面ACE,MN?平面ACE,∴MN∥∴VP7.(2021·江蘇高一期末)如圖,是圓的直徑,點(diǎn)是圓上異于的點(diǎn),垂直于圓所在的平面,且.(1)若為線段的中點(diǎn),求證:平面平面;(2)若,點(diǎn)是線段上的動(dòng)點(diǎn),求的最小值.【答案】(1)證明見解析;(2).【解析】(1)由線面垂直的判定,推得AC⊥平面PDO,再由面面垂直的判定定理,可得證明;

(2)在三棱錐P-ABC中,將側(cè)面BCP繞PB旋轉(zhuǎn)至平面BC′P,使之與平面ABP共面,由三點(diǎn)共線取得最值的性質(zhì),計(jì)算可得所求最小值.【詳解】解:(1)在中,因?yàn)?,為的中點(diǎn),所以.又垂直于圓所在的平面,因?yàn)閳A所在的平面,所以.因?yàn)椋云矫?,因?yàn)槠矫妫云矫嫫矫妫?)在中,,,所以.同理,所以.在三棱錐中,將側(cè)面繞旋轉(zhuǎn)至平面,使之與平面共面,如圖所示.當(dāng),,共線時(shí),取得最小值.又因?yàn)?,,所以垂直平分,即為中點(diǎn).從而,亦即的最小值為.8.(2020·江蘇南京師大附中高二開學(xué)考試)在等腰直角三角形中,,點(diǎn)分別為的中點(diǎn),如圖1,將沿折起,使點(diǎn)到達(dá)點(diǎn)的位置,且平面平面,連接,如圖(1)證明:平面和平面必定存在交線,且直線;(2)若為的中點(diǎn),求證:平面;(3)當(dāng)三棱錐的體積為時(shí),求點(diǎn)到平面的距離.【答案】(1)證明見解析;(2)證明見解析;(3).【解析】(1)由平面的性質(zhì)和線面平行的性質(zhì)定理可證得結(jié)果;(2)證得,,進(jìn)而由線面垂直的判定定理可證得結(jié)果;(3)由等體積法可得結(jié)果.【詳解】(1)因?yàn)榉謩e為的中點(diǎn),則,又平面,平面,所以//平面.又平面與平面有公共點(diǎn),則由公理3可知平面與平面必然相交,設(shè)交線為,因?yàn)?/平面,平面,所以由線面平行的性質(zhì)定理得到.(2)因?yàn)?,且,所以平面,由?)知,則平面,又平面,所以.因?yàn)?,是中點(diǎn),所以,又,故平面.(3)設(shè),由三棱錐的體積得,則,,,從而,等腰三角形底邊上的高,所以三角形的面積.三棱錐的體積,設(shè)點(diǎn)到平面的距離為,則,由得,解得.故到平面的距離為.9.(2021·天津市西青區(qū)楊柳青第一中學(xué)高一期中)如圖所示,在四棱錐中,底面是菱形,,平面,E是的中點(diǎn),F(xiàn)是的中點(diǎn).(1)求證:平面;(2)求證:平面;(3)求與平面所成的角.【答案】(1)證明見解析;(2)證明見解析;(3).【解析】(1)取的中點(diǎn)M,根據(jù)中位線定理以及公理4可得,且,從而有,再根據(jù)線面平行的判定定理即可證出;(2)根據(jù)正三角形性質(zhì)可得,再根據(jù)線面垂直的定義可得,即可根據(jù)線面垂直的判定定理證出;(3)易證平面,從而可知是與平面所成的角,解三角形即可求出.【詳解】(1)證明:取的中點(diǎn)為M,連接,∵E是的中點(diǎn),∴是的中位線.∴,又∵F是的中點(diǎn),且由于是菱形,∴,∴,且.∴四邊形是平行四邊形,∴.∵平面,平面.∴平面.(2)證明:∵平面,平面,∴.連接,∵底面是菱形,,∴為正三角形∵F是的中點(diǎn),∴.∵,∴平面.(3)連結(jié)交于O,∴底面是菱形,∴,∴平面,∴,∴平面.∴,即是在平面上的射影.∴是與平面所成的角.∵O,E分別是中點(diǎn),∴,∴為等腰直角三角形,∴,即與平面所成的角的大小為.10.(2021·浙江溫州市·高二期中)如圖所示,四邊形是矩形,平面平面,平面平面.(1)求證:平面;(2)過點(diǎn)作平面,若,,,為的中點(diǎn),設(shè),在線段上是否存在點(diǎn),使得與平面所成角為.若存在,求的長度;若不存在,請(qǐng)說明理由.【答案】(1)證明見解析;(2)不存在,理由見解析.【解析】(1)結(jié)合面面垂直的性質(zhì)定理得到,由此證得平面.(2)作出在底面上的射影,結(jié)合線面角的知識(shí)確定正確結(jié)論.【詳解】(1)證明:∵在該組合體中,平面底面,且平面底面,,∴底面,故有,同理可證,又,是底面的兩條相交直線,∴底面.(2)取的中點(diǎn),連,,由于是中點(diǎn),所以,則底面,故在底面的射影是,當(dāng)點(diǎn)與重合時(shí),所成的線面角最大,此時(shí),,在中,,故,故不可能在上存在點(diǎn),滿足條件.練真題TIDHNEG練真題TIDHNEG1.(2021·浙江高考真題)如圖已知正方體,M,N分別是,的中點(diǎn),則()A.直線與直線垂直,直線平面B.直線與直線平行,直線平面C.直線與直線相交,直線平面D.直線與直線異面,直線平面【答案】A【解析】由正方體間的垂直、平行關(guān)系,可證平面,即可得出結(jié)論.【詳解】連,在正方體中,M是的中點(diǎn),所以為中點(diǎn),又N是的中點(diǎn),所以,平面平面,所以平面.因?yàn)椴淮怪?,所以不垂直則不垂直平面,所以選項(xiàng)B,D不正確;在正方體中,,平面,所以,,所以平面,平面,所以,且直線是異面直線,所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤,選項(xiàng)A正確.故選:A.2.(2020·山東海南省高考真題)日晷是中國古代用來測(cè)定時(shí)間的儀器,利用與晷面垂直的晷針投射到晷面的影子來測(cè)定時(shí)間.把地球看成一個(gè)球(球心記為O),地球上一點(diǎn)A的緯度是指OA與地球赤道所在平面所成角,點(diǎn)A處的水平面是指過點(diǎn)A且與OA垂直的平面.在點(diǎn)A處放置一個(gè)日晷,若晷面與赤道所在平面平行,點(diǎn)A處的緯度為北緯40°,則晷針與點(diǎn)A處的水平面所成角為()A.20° B.40°C.50° D.90°【答案】B【解析】畫出截面圖如下圖所示,其中是赤道所在平面的截線;是點(diǎn)處的水平面的截線,依題意可知;是晷針?biāo)谥本€.是晷面的截線,依題意依題意,晷面和赤道平面平行,晷針與晷面垂直,根據(jù)平面平行的性質(zhì)定理可得可知、根據(jù)線面垂直的定義可得..由于,所以,由于,所以,也即晷針與點(diǎn)處的水平面所成角為.故選:B3.(2019·全國高考真題(文))已知∠ACB=90°,P為平面ABC外一點(diǎn),PC=2,點(diǎn)P到∠ACB兩邊AC,BC的距離均為,那么P到平面ABC的距離為___________.【答案】.【解析】作分別垂直

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