2025屆河北省邯鄲市高三上學期第一次調研檢測物理試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1邯鄲市2025屆高三年級第一次調研監(jiān)測物理本試卷共8頁，滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、班級、考場號、座位號、考生號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.一輛汽車在平直公路上行駛，發(fā)現(xiàn)前方有緊急情況后立即剎車。剎車過程可看作勻減速直線運動，則以下選項中能夠描述剎車過程中動量隨時間變化的圖像是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設剎車的初速度為，加速度為a，則經時間t的速度為動量為，故選A。2.核電站軸核裂變的產物是多樣的。有一種典型的軸核裂變是生成鋇和氪，核反應方程是，已知鈾核的質量為，鋇核的質量為，氪核的質量為，中子的質量為，以下說法正確的是（）A.核反應方程中B.該核反應釋放的核能是C.的比結合能大于（或）的比結合能D.目前部分高科技核電站已經實現(xiàn)可控核聚變發(fā)電〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)反應過程滿足質量數(shù)守恒可得可得故A錯誤；B．根據(jù)愛因斯坦質能方程可知，該核反應釋放的核能為故B正確；C．核反應后產物（或）比反應前的更穩(wěn)定，所以的比結合能小于（或）的比結合能，故C錯誤；D．現(xiàn)在的核電站仍采用核裂變反應發(fā)電，還沒有實現(xiàn)可控核聚變發(fā)電，故D錯誤。故選B。3.我們把電場中電勢相同的各點構成的面叫作等勢面。等勢面也是形象描繪電場的重要工具，某同學研究點電荷產生的靜電場時，畫出了如圖所示的等距等勢面a、b、c，即相鄰兩等勢面間的距離相等。由圖可知（）A.若改變零電勢的位置，等勢面b的電勢大小不變B.等勢面b的電勢等于C.等勢面b的電勢低于D.等勢面b的電勢高于〖答案〗D〖解析〗A．等勢面的電勢大小與零電勢的位置有關，故若改變零電勢的位置，等勢面b的電勢會變，故A錯誤；BCD．因ba間的平均電場強度大于cb間的平均電場強度，且ba間的距離等于cb間的距離，根據(jù)故，即等勢面b的電勢高于，故BC錯誤，D正確。故選D。4.“草長鶯飛二月天，拂堤楊柳醉春煙。兒童散學歸來早，忙趁東風放紙鳶?！边@是詩人高鼎的《村居》。許人勾勒出一幅春光明媚，喜放風箏的美麗春景圖。若兒童將風箏放飛到空中后，拉著風箏線盤靜止于水平地面上，風箏在如圖所示的風的吹拂下恰好也靜止在空中，風對兒童的作用力忽略不計。若風對風箏的作用力可認為垂直于風箏面向上，則（）A.拉直的風箏細線可能垂直于風箏面B.地面對兒童的支持力的大小等于風箏和兒童的總重力C.兒童相對地面具有向右運動的趨勢D.兒童所受合外力大于風箏所受合外力〖答案〗C〖解析〗A．對風箏受力分析可知，風箏受豎直向下的重力、垂直于風箏面斜向右上方的風力、細線的拉力，風箏靜止在空中，受力平衡，根據(jù)平衡條件可知，細線的拉力與重力和風力的合力等大，反向共線，故拉直的風箏細線不可能垂直于風箏面，故A錯誤；B．將兒童和風箏看成一個整體，受力分析，可知整體受豎直向下的總重力、垂直于風箏面斜向右上方的風力和地面豎直向上的支持力，將風力正交分解，其豎直方向的分力與地面提供的支持力方向相同，故地面對兒童的支持力大小小于風箏和兒童的總重力，故B錯誤；C．對人受力分析，可知人受重力、地面的支持力、細線的拉力作用，將細線的拉力正交分解，可知，若地面對人沒有靜摩擦力作用，在細線沿水平方向的拉力作用下，人將向右運動，而現(xiàn)在人沒運動，故人還受到地面對人水平向左的靜摩擦力作用，所以兒童相對地面具有向右運動的趨勢，故C正確；D．兒童所受合外力等于風箏所受合外力，都為零，故D錯誤。故選C。5.如圖所示，一理想變壓器原、副線圈接有三盞完全相同的正常工作時電阻的燈泡。當變壓器原線圈端輸入電壓時，三盞燈均正常發(fā)光。則燈泡的額定功率為（）A.32W B.16W C.8W D.4W〖答案〗B〖解析〗設燈泡正常工作時的電流為I，則原線圈的電流為I1=I，副線圈的電流為I2=2I，變壓器匝數(shù)比為設原線圈兩端的電壓為，副線圈兩端的電壓為，則有解得由題知，端輸入電壓，則AB端輸入電壓的有效值為在原線圈回路中有可得則燈泡額定功率為故選B。6.如圖甲所示，斜面固定在水平地面上，質量為的小物塊靜止在斜面底端，某時刻給物塊一個沿斜面向上的初速度使物塊沿斜面上滑，物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，斜面的傾角，取水平地面為零重力勢能參考面，在物塊上滑過程中，物塊的機械能E和動能隨沿斜面運動的位移x變化的圖像如圖乙所示，g取，下列說法正確的是（）A.圖線a為物塊動能的變化圖線，圖線b為物塊機械能的變化圖線B.物塊的質量為C.物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為D.物塊的初速度〖答案〗C〖解析〗A．物塊沿斜面上滑過程中動能和機械能均減小，取水平地面為零重力勢能參考面，則物塊上升到最高點時動能為零，但物塊此時的機械能等于重力勢能，機械能不等于零，圖線a為機械能的變化圖像，圖線b為動能的變化圖像，故A錯誤；BCD．動能隨位移的變化圖線斜率大小等于合外力，機械能隨位移的變化圖線斜率大小等于摩擦力，由此可得由圖像知初動能為5J，上升到最高點的機械能為2J，則解得故C正確，BD錯誤。故選C。7.如圖甲所示，質量為的物塊靜止在粗糙水平地面上，物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)。某時刻對物塊施加水平向右的拉力F，F(xiàn)隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，g取。以下說法正確的是（）A.2s時拉力F的瞬時功率為40WB.0～5s合力做功的平均功率為7.225WC.0～5s物塊的動量變化量為D.0～2s物塊運動的位移為4m〖答案〗B〖解析〗A．在內根據(jù)動量定理可得其中可得2s時物塊的速度大小為則2s時拉力F的瞬時功率為故A錯誤；B．在內根據(jù)動量定理可得其中可得5s時物塊的速度大小為根據(jù)動能定理可知則0～5s合力做功的平均功率為故B正確；C．0～5s物塊的動量變化量為故C錯誤；D．若0～2s內物塊做勻加速直線運動，則有但物塊在0～2s內實際上做加速度逐漸增大的加速運動，所以0～2s物塊運動的位移不等于4m，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖為北半球二十四個節(jié)氣時地球在公轉軌道上的示意圖，其中冬至時地球離太陽最近。僅考慮太陽對地球的引力，關于地球繞太陽公轉過程，下列說法正確的是（）A.在冬至位置地球所受萬有引力最大B.在立春位置，根據(jù)萬有引力定律可得C.地球自轉周期的平方與軌道半長軸三次方的比值是一個僅與太陽質量有關的常數(shù)D.經過近日點、遠日點兩位置的瞬時速度大小之比約為1.03〖答案〗AD〖解析〗A．根據(jù)萬有引力表達式由圖可知，在冬至位置地球離太陽最近，所受萬有引力最大，故A正確；B．由于地球繞太陽做橢圓運動，不是勻速圓周運動，所以在立春位置故B錯誤；C．根據(jù)開普勒第三定律可知，地球公轉周期的平方與軌道半長軸三次方的比值是一個僅與太陽質量有關的常數(shù)，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第二定律可知，經過近日點、遠日點兩位置的瞬時速度大小之比為故D正確。故選AD。9.如圖所示為半圓柱體玻璃的橫截面，OD為直徑，一束由紫光和紅光組成的復色光沿AO方向從真空射入玻璃，分別從B、C點射出。下列說法中正確的是（）A.從B點射出的是紅光B.在相同條件下，從C點射出的光更容易發(fā)生衍射C.兩束光從O點射入，到從B、C點射出所用的時間相等D.沿OB、OC折射的單色光的能量之和等于沿AO入射復色光的能量〖答案〗BC〖解析〗A．紅光和紫光的入射角相同，但紅光的折射率小于紫光的折射率，根據(jù)折射定律可知，紅光的折射角大于紫光的折射角，所以從B點射出的是紫光，從C點射出的是紅光，故A錯誤；B．由于從C點射出的光是紅光，紅光波長較長，更容易發(fā)生衍射，故B正確；C．作出光路圖，如圖所示光在玻璃中的傳播距離為則光在玻璃中的傳播時間為由此可知，兩束光從O點射入，到從B、C點射出所用的時間相等，故C正確；D．光在空氣與玻璃的分界面既有折射光線也有反射光線，根據(jù)能量守恒定律可知，沿OB、OC折射的單色光的能量之和小于沿AO入射復色光的能量，故D錯誤。故選BC。10.如圖，質量為的U形金屬框置于水平絕緣平臺上，和邊平行，和邊垂直，左端接有阻值為的電阻。一根電阻、質量為的光滑導體棒置于金屬框上，用水平恒力F向右拉動導體棒，運動過程中，裝置始終處于豎直向下、磁感應強度的勻強磁場中，與金屬框始終保持良好接觸，且與邊保持平行。與足夠長，兩平行導軌間距為，整個金屬框與水平絕緣平臺間的動摩擦因數(shù)，滑動摩擦力可視為最大靜摩擦力且金屬框電阻可忽略，g取。則以下說法正確的是（）A.若，則導體棒運動的最大速度為4m/sB.若，則導體棒先做勻加速直線運動，后做勻速直線運動C.若，當導體棒的速度為6m/s時U形金屬框開始運動D.若，導體棒和U形金屬框最終將做加速度為的勻加速直線運動〖答案〗ACD〖解析〗A．導體棒運動速度最大時，導體棒受力平衡，則導體棒產生的感應電動勢為感應電流為若，則導體棒運動的最大速度為故A正確；B．對導體棒，根據(jù)牛頓第二定律可得可知隨著速度的增大，導體棒受到安培力逐漸增大，導體棒做加速度減小的加速運動，最后做勻速直線運動，故B錯誤；C．若，則導體棒運動的最大速度為金屬框開始運動時有導體棒產生的感應電動勢為感應電流為解得故若，當導體棒的速度為6m/s時U形金屬框開始運動，故C正確；D．若，則導體棒運動的速度為金屬框開始運動，此時電路中的電動勢為電路中的電動勢變大，電流變大，當金屬框和導體棒的加速度相同時達到穩(wěn)定狀態(tài)，則，假設導體棒和U形金屬框一起做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律解得導體棒和U形金屬框最終將做加速度為的勻加速直線運動，故D正確。故選ACD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.重力加速度是物理學中一個重要概念，它描述了在地球表面附近自由落體運動的加速度。某探究小組確定了兩種方案測量重力加速度，一是利用單擺測量重力加速度，二是利用平拋運動測量重力加速度。方案一：利用單擺測量當?shù)刂亓铀俣龋?）甲同學欲利用圖1裝置測量重力加速度，乙同學分析該裝置測量周期時，測量全振動次數(shù)較多時擺球容易做圓錐擺，于是提議利用圖2雙線擺和光電計數(shù)器測量當?shù)氐闹亓铀俣?。已知每根輕細線長度為，兩懸點間相距s。當小球通過光電門（平衡位置）時，光電計數(shù)器計數(shù)1次，同時計時器開始計時。請回答下列問題：①如圖3，用螺旋測微器測得小球直徑______mm。若計數(shù)器顯示的計數(shù)次數(shù)為n，所用時間為t，則雙線擺的振動周期______，利用圖2測得當?shù)刂亓铀俣萠_____（用d、n、t、、s表示）。②若利用圖1測量重力加速度，由于擺球做圓錐擺導致測量的重力加速度______（選填“偏大”或“偏小”）。方案二：利用平拋運動測量當?shù)刂亓铀俣龋?）如圖4所示，四分之一圓弧軌道固定在水平臺面上，在圓弧軌道最低點固定有壓力傳感器，將小球由圓弧軌道某一高度靜止釋放，小球經過軌道最低點時壓力傳感器顯示的壓力大小為，小球離開圓弧軌道后做平拋運動，圓弧軌道的半徑為R，小球的質量為m，拋出點距離地面的高度為h，水平射程為x，則當?shù)氐闹亓铀俣葴y量值______（用已經測得的量表示）?！即鸢浮剑?）4.700偏大（2）〖解析〗【小問1詳析】①[1]由圖3可知，螺旋測微器讀數(shù)[2][3]雙線擺的振動周期為雙線擺的等效擺長由單擺周期公式代入數(shù)據(jù)解得[4]②單擺周期公式為解得圓錐擺的周期公式為（為擺線與豎直方向的夾角），可知圓錐擺的周期小于單擺的周期，所以如果測量全振動次數(shù)較多時擺球做了圓錐擺，測得的周期偏小，由計算得到的g偏大?！拘?詳析】根據(jù)，，聯(lián)立解得12.智能化育苗蔬菜基地對環(huán)境要求嚴格，其中包括對光照強度的調控，小明準備利用所學知識設計智能光控電路。智能光控電路的核心元件是光敏電阻R。（1）小明首先利用圖1中多用電表粗略測量了光敏電阻阻值。下列關于實驗過程的描述，正確的是（）A.用不同擋位測量光敏電阻的阻值時，必須重新機械調零B.測量電阻時，如果指針偏轉過大，應將選擇開關撥至倍率較小的擋位，重新調零后測量C.圖1中光敏電阻測量值R=20ΩD.測量光敏電阻阻值時，應該把該電阻與電路斷開（2）為了精確測量多組不同光照強度下光敏電阻的阻值，小明采用圖2中的實驗器材進行實驗，部分實物連接已經完成，描繪的阻值R隨照度I[反映光照的強弱，光越強，照度越大，單位為勒克斯（lx）]變化的圖像如圖3，根據(jù)圖3可知，光敏電阻的阻值隨照度減小而______（選填“增大”或“減小”）。若電壓表的量程為0～3V，內阻約為3kΩ，毫安表的量程為0～3mA，內阻約為5Ω，請將圖2中導線P、Q連接在合適的位置，形成完整測量電路______________。（3）小明設計如圖4所示的智能光控電路。當光敏電阻R兩端的電壓U增加到一定值時照明系統(tǒng)開始工作，自動控制系統(tǒng)開始補光。為了照度更小時，自動控制系統(tǒng)就開始補光，則需要______（選填“增大”或“減小”）電阻箱R2的阻值?！即鸢浮剑?）BD（2）增大（3）增大〖解析〗【小問1詳析】A．用不同擋位測量光敏電阻的阻值時，不必重新機械調零，但需要進行歐姆調零，故A錯誤；B．測量電阻時，如果指針偏轉過大，說明待測電阻阻值較小，應將選擇開關撥至倍率較小的擋位，重新調零后測量，故B正確；C．歐姆表的讀數(shù)為指針所指刻度與倍率的乘積，所以圖1中光敏電阻測量值為故C錯誤；D．測量光敏電阻阻值時，應該把該電阻與電路斷開，故D正確。故選BD。【小問2詳析】[1]由圖可知，阻值R隨照度I的減小而增大；[2]本實驗為了精確測量多組不同光照強度下光敏電阻的阻值，所以滑動變阻器應采用分壓式接法，又所以電流表應采用內接法，故電路圖如圖所示【小問3詳析】若增大電阻箱R2的阻值，則外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，回路中電流減小，則光敏電阻需要變大才能達到兩端的電壓定值，可以達到照度更小，光敏電阻阻值較大時，自動控制系統(tǒng)開始補光的目的。13.一個氣泡從深為10m的湖底部沿豎直方向緩慢上浮8m，氣泡內的氣體對湖水做功0.3J，氣體可視為理想氣體，湖底與湖面溫差不計。取湖水的密度為，重力加速度，大氣壓強為。求：（1）上浮過程中氣泡從外界吸收的熱量；（2）氣泡體積變?yōu)樵瓉淼膸妆??！即鸢浮剑?）0.3J（2）倍〖解析〗【小問1詳析】上浮過程中，由題意可知，溫度不變，則氣泡內氣體內能不變；氣泡內的氣體對湖水做功0.3J，根據(jù)熱力學第一定律可知可知上浮過程中氣泡從外界吸收的熱量為小問2詳析】氣泡從深為10m的湖底部沿豎直方向緩慢上浮8m，根據(jù)玻意耳定律可知其中，則有可知氣泡體積變?yōu)樵瓉淼谋丁?4.如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域（含邊界）內存在勻強電場，電場強度方向向下且與邊平行。一質量為m、電荷量為的帶電粒子從A點沿方向以初速度射入勻強電場，恰好能從D點飛出。不計粒子重力。（1）求粒子在電場中運動時間t及速度偏轉角的正切值；（2）若將正方形區(qū)域內的勻強電場換成垂直紙面向外的勻強磁場，粒子仍以相同速度從A點進入磁場，粒子以相同偏轉角從邊飛出。求磁感應強度與電場強度的比值?！即鸢浮剑?），2（2）〖解析〗【小問1詳析】粒子在勻強電場中做類平拋運動，由運動學公式可知位移偏轉角為，則有速度偏轉角的正切值【小問2詳析】粒子在磁場中做勻速圓周運動，軌跡如圖所示由幾何關系可知且由牛頓第二定律可知聯(lián)立解得粒子在勻強電場中運動過程有且，聯(lián)立解得所以磁感應強度與電場強度的比值為15.如圖所示，桌面、地面和固定的螺旋形圓管均光滑，輕質彈簧左端固定，自然伸長位置為點，彈簧的勁度系數(shù)，圓